2021届山东高考数学一轮创新教学案:第10章 第1讲 随机事件的概率
展开第十章 概率
第1讲 随机事件的概率
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[考纲解读] 1.了解随机事件发生的不确定性和频率的稳定性,了解概率的意义,了解频率与概率的区别. 2.会用频率估计概率,掌握概率的基本性质.(重点) 3.了解两个互斥事件的概率加法公式.(难点) |
[考向预测] 从近三年高考情况来看,本讲内容一般不作独立考查,预测2021年将会考查:①对立、互斥与古典概型结合考查随机事件概率的计算;②随机事件与统计图表相结合考查用频率估计概率.试题难度不大,属中、低档题型. |
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对应学生用书P181 |
1.事件的分类
2.频率和概率
(1)在相同的条件S下重复n次实验,观察某一事件A是否出现,称n次试验中事件A出现的次数nA为事件A出现的频数,称事件A出现的比例fn(A)=为事件A出现的频率.
(2)对于给定的随机事件A,如果随着试验次数的增加,事件A发生的频率fn(A)稳定在某个常数上,把这个常数记作P(A),称为事件A的概率,简称为A的概率.
3.事件的关系与运算
| 定义 | 符号表示 |
包含 关系 | 如果事件A发生,则事件B一定发生,这时称事件B包含事件A(或称事件A包含于事件B) | B⊇A (或A⊆B) |
相等 关系 | 若B⊇A且A⊇B,那么称事件A与事件B相等 | A=B |
并事件 (和事件) | 若某事件发生当且仅当事件A发生或事件B发生,称此事件为事件A与事件B的并事件(或和事件) | A∪B (或A+B) |
续表
| 定义 | 符号表示 |
交事件 (积事件) | 若某事件发生当且仅当事件A发生且事件B发生,则称此事件为事件A与事件B的交事件(或积事件) | A∩B (或AB) |
互斥 事件 | 若A∩B为不可能事件,那么称事件A与事件B互斥 | A∩B=∅ |
对立 事件 | 若A∩B为不可能事件,A∪B为必然事件,那么称事件A与事件B互为对立事件 | A∩B=∅且 A∪B=U |
4.概率的几个基本性质
(1)概率的取值范围:0≤P(A)≤1.
(2)必然事件的概率P(E)=1.
(3)不可能事件的概率P(F)=0.
(4)概率的加法公式
如果事件A与事件B互斥,则P(A∪B)=P(A)+P(B).
(5)对立事件的概率
若事件A与事件B互为对立事件,则P(A)=1-P(B).
1.概念辨析
(1)“方程x2+x+1=0有两个实根”是不可能事件.( )
(2)频率随着试验次数变化而变化,而概率是一个常数.( )
(3)两个事件的和事件发生是指两个事件同时发生.( )
(4)对于任意事件A,B,总有公式P(A∪B)=P(A)+P(B).( )
(5)对立事件一定是互斥事件,互斥事件不一定是对立事件.( )
答案 (1)√ (2)√ (3)× (4)× (5)√
2.小题热身
(1)某小组有3名男生和2名女生,从中任选2名同学去参加演讲比赛,事件“至少有一名女生”与事件“全是男生”( )
A.是互斥事件,不是对立事件
B.是对立事件,不是互斥事件
C.既是互斥事件,也是对立事件
D.既不是互斥事件也不是对立事件
答案 C
解析 3名男生和2名女生,从中任选2名有以下可能:①全是男生;②恰有1名女生;③全是女生,所以“至少有一名女生”与“全是男生”既是互斥事件,也是对立事件.
(2)给出下列三个命题,其中正确的命题有________个.
①有一大批产品,已知次品率为10%,从中任取100件,必有10件是次品;
②做7次抛硬币的试验,结果3次出现正面,因此正面出现的概率是;
③随机事件发生的频率就是这个随机事件发生的概率.
答案 0
解析 由概率的概念,知从中任取100件,可能有10件次品,并不是必有10件次品,则①是假命题;抛硬币时出现正面的概率是,不是,则②是假命题;频率和概率不是同一个概念,则③是假命题.综上可知,正确的命题有0个.
(3)从一箱产品中随机抽取一件,设事件A={抽到一等品},事件B={抽到二等品},事件C={抽到三等品},且已知P(A)=0.65,P(B)=0.2,P(C)=0.1,则事件“抽到的不是一等品”的概率为________.
答案 0.35
解析 “抽到的不是一等品”与“抽到一等品”是对立事件,所以抽到的不是一等品的概率P=1-P(A)=1-0.65=0.35.
(4)刘老师在某大学连续3年主讲经济学院的高等数学,下表是刘老师这门课3年来学生的考试成绩分布:
成绩 | 人数 |
90分以上 | 42 |
80~89分 | 172 |
70~79分 | 240 |
60~69分 | 86 |
50~59分 | 52 |
50分以下 | 8 |
经济学院一年级的学生王小明下学期将选修刘老师的高等数学课,用已有的信息估计他得以下分数的概率:
①90分以上的概率是________;
②不及格(60分及以上为及格)的概率是________.
答案 ①0.07 ②0.1
解析 用已有的信息估计王小明得90分以上的概率为=0.07,不及格的概率为=0.1.
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对应学生用书P182 |
题型 一 互斥、对立事件的判断
1.有一个游戏,其规则是甲、乙、丙、丁四个人从同一地点随机地向东、南、西、北四个方向前进,每人一个方向.事件“甲向南”与事件“乙向南”是( )
A.互斥但非对立事件 B.对立事件
C.相互独立事件 D.以上都不对
答案 A
解析 “甲向南”与“乙向南”不会同时发生,但有可能都不发生,所以这两个事件互斥但不对立.
2.从1,2,3,4,5中有放回地依次取出两个数,则下列各对事件是互斥而不是对立事件的是( )
A.恰有1个是奇数和全是奇数
B.恰有1个是偶数和至少有1个是偶数
C.至少有1个是奇数和全是奇数
D.至少有1个是偶数和全是偶数
答案 A
解析 从1,2,3,4,5中有放回地依次取出两个数,共有三种情况:A={两个奇数},B={一个奇数,一个偶数},C={两个偶数},且两两互斥,A中两个事件是互斥事件而不是对立事件;B,C,D中两个事件不互斥.
判断互斥、对立事件的两种方法
(1)定义法
判断互斥事件、对立事件一般用定义判断,不可能同时发生的两个事件为互斥事件;两个事件,在任何一次试验中,若有且仅有一个发生,则这两个事件为对立事件,对立事件一定是互斥事件.
(2)集合法
①由各个事件所含的结果组成的集合彼此的交集为空集,则事件互斥.
②事件A的对立事件所含的结果组成的集合,是全集中由事件A所含的结果组成的集合的补集.
某小组有3名男生和2名女生,从中选2名同学去参加演讲比赛,下列有4个事件:①恰有1名男生和恰有2名男生;②至少有1名男生和至少有1名女生;③至少有1名男生和全是男生;④至少有1名男生和全是女生,其中是互斥事件的是________(填序号).
答案 ①④
解析 对于事件①,恰有1名男生是1男1女和恰有2名男生互斥;对于事件②,至少有1名男生和至少有1名女生两者有可能同时发生,所以不是互斥事件;对于③,至少有1名男生和全是男生也有可能同时发生,所以不是互斥事件;对于事件④,至少有1名男生和全是女生不可能同时发生,是互斥事件.
题型 二 随机事件的频率与概率
1.(2019·石家庄模拟)袋中有大小、形状完全相同的四个小球,分别写有“和”“谐”“校”“园”四个字,有放回地从中任意摸出一个小球,直到“和”“谐”两个字都摸到就停止摸球,用随机模拟的方法估计恰好在第三次停止摸球的概率.利用电脑随机产生1到4之间取整数值的随机数,分别用1,2,3,4代表“和”“谐”“校”“园”这四个字,以每三个随机数为一组,表示摸球三次的结果,经随机模拟产生了以下18组随机数:
343 432 341 342 234 142 243 331 112
342 241 244 431 233 214 344 142 134
由此可以估计,恰好第三次就停止摸球的概率为( )
A. B.
C. D.
答案 C
解析 由题意,得随机数的前两位只能出现1或2中的一个,第三位出现另外一个,所以满足条件的随机数为142,112,241,142,故恰好第三次就停止摸球的概率为=.故选C.
2.某教授为了测试贫困地区和发达地区的同龄儿童的智力,出了10道智力题,每道题10分,然后作了统计,结果如表.
贫困地区
参加测试的人数 | 30 | 50 | 100 | 200 | 500 | 800 |
得60分以上的人数 | 16 | 27 | 52 | 104 | 256 | 402 |
得60分以上的频率 |
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发达地区
参加测试的人数 | 30 | 50 | 100 | 200 | 500 | 800 |
得60分以上的人数 | 17 | 29 | 56 | 111 | 276 | 440 |
得60分以上的频率 |
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(1)计算两地区参加测试的儿童得60分以上的频率(保留两位小数);
(2)根据频率估计两地区参加测试的儿童得60分以上的概率.
解 (1)贫困地区表格从左到右分别为0.53,0.54,0.52,0.52,0.51,0.50;发达地区表格从左到右分别为0.57,0.58,0.56,0.56,0.55,0.55.
(2)根据频率估计贫困地区参加测试的儿童得60分以上的概率为0.52,发达地区参加测试的儿童得60分以上的概率为0.56.
1.概率与频率的关系
2.随机事件概率的求法
对一批衬衣进行抽样检查,结果如表:
抽取件数n | 50 | 100 | 200 | 500 | 600 | 700 | 800 |
次品件数m | 0 | 2 | 12 | 27 | 27 | 35 | 40 |
次品率 |
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(1)求次品出现的频率(次品率);
(2)记“任取一件衬衣是次品”为事件A,求P(A);
(3)为了保证买到次品的顾客能够及时更换,销售1000件衬衣,至少需进货多少件?
解 (1)次品率依次为0,0.02,0.06,0.054,0.045,0.05,0.05.
(2)由(1),知出现次品的频率在0.05附近摆动,故P(A)=0.05.
(3)设需进货x件,则x(1-0.05)≥1000,解得x≥1053,故至少需进货1053件.
题型 三 互斥事件与对立事件的概率
角度1 互斥事件概率公式的应用
1.(2018·全国卷Ⅲ)若某群体中的成员只用现金支付的概率为0.45,既用现金支付也用非现金支付的概率为0.15,则不用现金支付的概率为( )
A.0.3 B.0.4
C.0.6 D.0.7
答案 B
解析 设事件A为只用现金支付,事件B为只用非现金支付,事件C为既用现金支付也用非现金支付,则P(A)+P(B)+P(C)=1,因为P(A)=0.45,P(C)=0.15,所以P(B)=0.4.故选B.
角度2 对立事件概率公式的应用
2.某班选派5人参加学校举行的数学竞赛,获奖的人数及其概率如下:
获奖人数/人 | 0 | 1 | 2 | 3 | 4 | 5 |
概率 | 0.1 | 0.16 | x | y | 0.2 | z |
(1)若获奖人数不超过2人的概率为0.56,求x的值;
(2)若获奖人数最多4人的概率为0.96,最少3人的概率为0.44,求y,z的值.
解 记事件“在数学竞赛中,有k人获奖”为Ak(k∈N,k≤5),则事件Ak彼此互斥.
(1)∵获奖人数不超过2人的概率为0.56,
∴P(A0)+P(A1)+P(A2)=0.1+0.16+x=0.56.
解得x=0.3.
(2)由获奖人数最多4人的概率为0.96,得
P(A5)=1-0.96=0.04,即z=0.04.
由获奖人数最少3人的概率为0.44,得
P(A3)+P(A4)+P(A5)=0.44,
即y+0.2+0.04=0.44,解得y=0.2.
求复杂的互斥事件概率的方法
(1)直接法
(2)间接法(正难则反)
1.(2019·天津红桥一模)经统计,在银行一个营业窗口每天上午9点钟排队等候的人数及相应概率如下表:
排队人数 | 0 | 1 | 2 | 3 | 4 | ≥5 |
概率 | 0.1 | 0.16 | 0.3 | 0.3 | 0.1 | 0.04 |
则该营业窗口上午9点钟时,至少有2人排队的概率是________.
答案 0.74
解析 由已知条件可得,至少有2人排队的概率是0.3+0.3+0.1+0.04=0.74.
2.某超市为了了解顾客的购物量及结算时间等信息,安排一名员工随机收集了在该超市购物的100位顾客的相关数据,如下表所示.
一次购物量 | 1至 4件 | 5至 8件 | 9至 12件 | 13至 16件 | 17件 及以上 |
顾客数(人) | x | 30 | 25 | y | 10 |
结算时间 (分钟/人) | 1 | 1.5 | 2 | 2.5 | 3 |
已知这100位顾客中一次购物量超过8件的顾客占55%.
(1)确定x,y的值,并估计顾客一次购物的结算时间的平均值;
(2)求一位顾客一次购物的结算时间不超过2分钟的概率(将频率视为概率).
解 (1)由已知,得25+y+10=55,x+30=45,所以x=15,y=20.
该超市所有顾客一次购物的结算时间组成一个总体,所收集的100位顾客一次购物的结算时间可视为总体的一个容量为100的简单随机样本,顾客一次购物的结算时间的平均值可用样本平均数估计,其估计值为
=1.9(分钟).
(2)记A为事件“一位顾客一次购物的结算时间不超过2分钟”,A1,A2分别表示事件“该顾客一次购物的结算时间为2.5分钟”和事件“该顾客一次购物的结算时间为3分钟”,将频率视为概率,得
P(A1)==,P(A2)==.
P(A)=1-P(A1)-P(A2)=1--=.
故一位顾客一次购物的结算时间不超过2分钟的概率为.
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对应学生用书P282 |
组 基础关
1.(2019·银川四校联考)下列结论正确的是( )
A.事件A的概率P(A)必满足0<P(A)<1
B.事件A的概率P(A)=0.999,则事件A是必然事件
C.用某种药物对患有胃溃疡的500名病人进行治疗,结果有380人有明显疗效,现有一名胃溃疡病人服用此药,则估计有明显疗效的可能性为76%
D.某奖券中奖率为50%,则某人购买此奖券10张,一定有5张中奖
答案 C
解析 A错误,应该有0≤P(A)≤1;由概率的意义可知,B,D错误,C正确.
2.把红、黄、蓝、白4张纸牌随机地分发给甲、乙、丙、丁四人,则事件“甲分得红牌”与“乙分得红牌”( )
A.是对立事件
B.是不可能事件
C.是互斥事件但不是对立事件
D.不是互斥事件
答案 C
解析 “甲分得红牌”与“乙分得红牌”不会同时发生,但可能都不发生,所以这两个事件互斥但不对立.
3.围棋盒子中有多粒黑子和白子,已知从中取出2粒都是黑子的概率是,都是白子的概率是.则从中任意取出2粒恰好是同一色的概率是( )
A. B.
C. D.1
答案 C
解析 因为从中取出2粒都是黑子的概率为,都是白子的概率是,所以从中任意取出2粒恰好是同一色的概率为+=.
4.(2019·石家庄模拟)某产品分甲、乙、丙三级,其中乙、丙两级均属次品,在正常生产情况下,出现乙级品和丙级品的概率分别是5%和3%,则抽检一件是正品(甲级)的概率为( )
A.0.95 B.0.97
C.0.92 D.0.08
答案 C
解析 记抽检的产品是甲级品为事件A,是乙级品为事件B,是丙级品为事件C,这三个事件彼此互斥,因而所求概率为P(A)=1-P(B)-P(C)=1-5%-3%=92%=0.92.
5.从某班学生中任意找出一人,如果该同学的身高小于160 cm的概率为0.3,该同学的身高在[160,175](单位:cm)内的概率为0.5,那么该同学的身高超过175 cm的概率为( )
A.0.2 B.0.3
C.0.7 D.0.8
答案 A
解析 由题意,得身高超过175 cm的概率为P=1-0.3-0.5=0.2.
6.根据某医疗研究所的调查,某地区居民血型的分布为O型50%,A型15%,B型30%,AB型5%.现有一血液为A型的病人需要输血,若在该地区任选一人,那么能为病人输血的概率为( )
A.15% B.20%
C.45% D.65%
答案 D
解析 因为该地区居民血型的分布为:O型50%,A型15%,B型30%,AB型5%.现在能为A型病人输血的有O型和A型,故能为该病人输血的概率为50%+15%=65%.故选D.
7.掷一个骰子的试验,事件A表示“出现小于5的偶数点”,事件B表示“出现小于5的点数”,若表示B的对立事件,则一次试验中,事件A∪发生的概率为( )
A. B.
C. D.
答案 C
解析 掷一个骰子的试验有6种可能结果.依题意P(A)==,P(B)==,∴P()=1-P(B)=1-=.∵表示“出现5点或6点”的事件,因此事件A与互斥,从而P(A∪)=P(A)+P()=+=.
8.某射击选手在同一条件下进行射击,结果如下:
射击次数 | 10 | 20 | 50 | 100 | 200 | 500 |
击中靶心的次数 | 8 | 19 | 44 | 92 | 178 | 455 |
则这名射击选手射击一次,击中靶心的概率约为________(精确到0.1).
答案 0.9
解析 根据已知条件列出下表:
射击次数 | 10 | 20 | 50 | 100 | 200 | 500 |
击中靶心的次数 | 8 | 19 | 44 | 92 | 178 | 455 |
频率 | 0.80 | 0.95 | 0.88 | 0.92 | 0.89 | 0.91 |
由表中数据可估计这名射击选手射击一次,击中靶心的概率约为0.9.
9.如果事件A与B是互斥事件,且事件A∪B发生的概率是0.64,事件B发生的概率是事件A发生的概率的3倍,则事件A发生的概率为________.
答案 0.16
解析 设P(A)=x,则P(B)=3x,又因为P(A∪B)=P(A)+P(B)=x+3x=0.64,所以x=0.16,则P(A)=0.16.
10.一个不透明的袋子中装有7个红球,3个绿球,这些球除颜色外完全相同,从中无放回地任意抽取两次,每次只取一个,取得两个红球的概率为,取得两个绿球的概率为,则取得两个同颜色球的概率为________;至少取得一个红球的概率为________.
答案
解析 由于“取得两个红球”与“取得两个绿球”是互斥事件,因此事件C:“取得两个同颜色球”,只需两互斥事件有一个发生即可,因而取得两个同颜色球的概率为P(C)=+=.
由于事件A:“至少取得一个红球”与事件B:“取得两个绿球”是对立事件,则至少取得一个红球的概率为P(A)=1-P(B)=1-=.
组 能力关
1.在一次随机试验中,彼此互斥的事件A,B,C,D发生的概率分别是0.2,0.2,0.3,0.3,则下列说法正确的是( )
A.A∪B与C是互斥事件,也是对立事件
B.B∪C与D是互斥事件,也是对立事件
C.A∪C与B∪D是互斥事件,但不是对立事件
D.A与B∪C∪D是互斥事件,也是对立事件
答案 D
解析 由于A,B,C,D彼此互斥,且A∪B∪C∪D是一个必然事件,故各事件的关系可由如图所示的Venn图表示,由图可知,任何一个事件与其余3个事件的和事件必然是对立事件,任何两个事件的和事件与其余两个事件的和事件也是对立事件.
2.若随机事件A,B互斥,A,B发生的概率均不等于0,且P(A)=2-a,P(B)=4a-5,则实数a的取值范围是( )
A. B.
C. D.
答案 D
解析 由题意可得即
解得<a≤.
3.已知某运动员每次投篮命中的概率都为40%,现采用随机模拟的方法估计该运动员三次投篮恰有两次命中的概率:先由计算器产生0到9之间取整数值的随机数,指定1,2,3,4表示命中,5,6,7,8,9,0表示不命中;再以每三个随机数为一组,代表三次投篮的结果.经随机模拟产生了如下20组随机数:
907 966 191 925 271 932 812 458 569 683
431 257 393 027 556 488 730 113 537 989
据此估计,该运动员三次投篮恰有两次命中的概率为________.
答案 0.25
解析 20组随机数中表示三次投篮恰有两次命中的是191,271,932,812,393,其频率为=0.25,以此估计该运动员三次投篮恰有两次命中的概率为0.25.
4.某电子商务公司随机抽取1000名网络购物者进行调查.这1000名购物者2019年网上购物金额(单位:万元)均在区间[0.3,0.9]内,样本分组为:[0.3,0.4),[0.4,0.5),[0.5,0.6),[0.6,0.7),[0.7,0.8),[0.8,0.9],购物金额的频率分布直方图如下:
电子商务公司决定给购物者发放优惠券,其金额(单位:元)与购物金额关系如下:
购物金 额分组 | [0.3,0.5) | [0.5,0.6) | [0.6,0.8) | [0.8,0.9] |
发放金额 | 50 | 100 | 150 | 200 |
(1)求这1000名购物者获得优惠券金额的平均数;
(2)以这1000名购物者购物金额落在相应区间的频率作为概率,求一个购物者获得优惠券金额不少于150元的概率.
解 (1)购物者的购物金额x与获得优惠券金额y的频率分布如下表:
x | 0.3≤x<0.5 | 0.5≤x<0.6 | 0.6≤x<0.8 | 0.8≤x≤0.9 |
y | 50 | 100 | 150 | 200 |
频率 | 0.4 | 0.3 | 0.28 | 0.02 |
这1000名购物者获得优惠券金额的平均数为×(50×400+100×300+150×280+200×20)=96.
(2)由获得优惠券金额y与购物金额x的对应关系及(1),知
P(y=150)=P(0.6≤x<0.8)=0.28,
P(y=200)=P(0.8≤x≤0.9)=0.02,
从而,获得优惠券金额不少于150元的概率为P(y≥150)=P(y=150)+P(y=200)=0.28+0.02=0.3.
组 素养关
1.如图,从A地到火车站共有两条路径L1和L2,现随机抽取100位从A地到达火车站的人进行调查,调查结果如下:
所用时间 (分钟) | 10~20 | 20~30 | 30~40 | 40~50 | 50~60 |
选择L1的 人数 | 6 | 12 | 18 | 12 | 12 |
选择L2的 人数 | 0 | 4 | 16 | 16 | 4 |
(1)试估计40分钟内不能赶到火车站的概率;
(2)分别求通过路径L1和L2所用时间落在上表中各时间段内的频率;
(3)现甲、乙两人分别有40分钟和50分钟时间用于赶往火车站,为了尽最大可能在允许的时间内赶到火车站,试通过计算说明,他们应如何选择各自的路径.
解 (1)由已知共调查了100人,其中40分钟内不能赶到火车站的有12+12+16+4=44(人),所以用频率估计相应的概率为44÷100=0.44.
(2)选择L1的有60人,选择L2的有40人,故由调查结果得频率为
所用时间 (分钟) | 10~20 | 20~30 | 30~40 | 40~50 | 50~60 |
L1的频率 | 0.1 | 0.2 | 0.3 | 0.2 | 0.2 |
L2的频率 | 0 | 0.1 | 0.4 | 0.4 | 0.1 |
(3)设A1,A2分别表示甲选择L1和L2时,在40分钟内赶到火车站;B1,B2分别表示乙选择L1和L2时,在50分钟内赶到火车站,由(2),知P(A1)=0.1+0.2+0.3=0.6,P(A2)=0.1+0.4=0.5,
因为P(A1)>P(A2),所以甲应选择L1.
同理,P(B1)=0.1+0.2+0.3+0.2=0.8,
P(B2)=0.1+0.4+0.4=0.9,
因为P(B1)<P(B2),所以乙应选择L2.
2.某险种的基本保费为a(单位:元),继续购买该险种的投保人称为续保人,续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下:
上年度出 险次数 | 0 | 1 | 2 | 3 | 4 | ≥5 |
保费 | 0.85a | a | 1.25a | 1.5a | 1.75a | 2a |
随机调查了该险种的200名续保人在一年内的出险情况,得到如下统计表:
出险次数 | 0 | 1 | 2 | 3 | 4 | ≥5 |
频数 | 60 | 50 | 30 | 30 | 20 | 10 |
(1)记A为事件:“一续保人本年度的保费不高于基本保费”,求P(A)的估计值;
(2)记B为事件:“一续保人本年度的保费高于基本保费但不高于基本保费的160%”,求P(B)的估计值;
(3)求续保人本年度平均保费的估计值.
解 (1)事件A发生当且仅当一年内出险次数小于2.
由所给数据,知一年内出险次数小于2的频率为=0.55,故P(A)的估计值为0.55.
(2)事件B发生当且仅当一年内出险次数大于1且小于4.由所给数据,知一年内出险次数大于1且小于4的频率为=0.3,故P(B)的估计值为0.3.
(3)由所给数据,得
保费 | 0.85a | a | 1.25a | 1.5a | 1.75a | 2a |
频率 | 0.30 | 0.25 | 0.15 | 0.15 | 0.10 | 0.05 |
调查的200名续保人的平均保费为0.85a×0.30+a×0.25+1.25a×0.15+1.5a×0.15+1.75a×0.10+2a×0.05=1.1925a.
因此,续保人本年度平均保费的估计值为1.1925a.