2022-2023学年山东省德州市宁津县八年级下学期期中数学试题及答案

这是一份2022-2023学年山东省德州市宁津县八年级下学期期中数学试题及答案，共28页。试卷主要包含了选择题.，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（共12小题，共48分）.
1. 下列二次根式是最简二次根式的是( )
A. B. C. D.
2. 若二次根式有意义，则字母应满足的条件是( )
A. B. C. D.
3. 下列算式正确的是( )
A. B.
C. D.
4. 如图，在平行四边形中，已知，，，则的长为( )
A. B. C. D.
5. 如图，在的网格中，点、、都在格点上若是的中线，则( )
A.
B.
C.
D.
6. 如图，在正方形中，，点，分别在边，上，，若将四边形沿折叠，点恰好落在边上，则的长度为( )
A.
B.
C.
D.
7. 如图，矩形中，对角线的垂直平分线分别交，于点，，若，，则的长为( )
A. B. C. D.
8. 如图，在高为，坡面长为的楼梯表面铺地毯，地毯的长度至少需要( )
A. B. C. D.
9. 已知，，，的对边分别是，，，下列命题的逆命题不成立的是( )
A. 若，则为直角三角形
B. 若：：：：，则
C. 若为直角三角形，则：：：：
D. 若，则是直角三角形
10. “赵爽弦图”巧妙地利用面积关系证明了勾股定理，是我国古代数学的骄傲如图所示的“赵爽弦图”是由四个全等的直角三角形和一个小正方形拼成的一个大正方形．设直角三角形较长直角边长为，较短直角边长为，若，大正方形的面积为，则小正方形的边长为( )
A. B. C. D.
11. 如图，菱形的周长为，，点是对角线上一动点，是的中点，则的最小值是( )
A.
B.
C.
D.
12. 如图，菱形中，，与交于点，为延长线上的一点，且，连接分别交，于点、，连接，则下列结论：( )
；
与全等的三角形共有个；
；
由点、、、构成的四边形是菱形．
A. B. C. D.
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）
13. 若与互为相反数，则 ．
14. 如图，已知中，，，边上的高则的周长为______．
15. 如图，在▱中，，对角线与相交于点，，则的周长为 ．
16. 如图，若菱形的顶点，的坐标分别为，，点在轴上，则点的坐标是______．
17. 如图，已知正方形的边长为，点、分别在、上，，与相交于点，点为的中点，连接，则的长为____．
18. 如图，圆柱的底面直径，高，按如图所示的方式缠绕细线，缠绕一周不记接头至少需要______ 长的细线．
三、解答题（本大题共7小题，共78.0分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）
19. 本小题分
计算：
；
．
20. 本小题分
若实数，，满足
求，，；
若满足上式的，为等腰三角形的两边，求这个等腰三角形的周长．
21. 本小题分
如图，折叠长方形纸片的一边，使点落在边的处，是折痕．已知，，求的长．
22. 本小题分
如图，学校操场边上一块空地阴影部分需要绿化，连接，测出，，，，，求需要绿化部分的面积．
23. 本小题分
如图，在▱中，点是边的中点，连接并延长与的延长线交于．
求证：四边形是平行四边形；
若平分，，，求▱的面积．
24. 本小题分
如图，菱形的对角线、相交于点，，，与交于点．
求证：四边形的为矩形；
若，，求菱形的面积．
25. 本小题分
已知：如图，在菱形中，点，，分别为，，的中点，连接，，，．
求证：；
当与满足什么关系时，四边形是正方形？请说明理由．
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、，不是最简二次根式，故本选项不符合题意；
B、，不是最简二次根式，故本选项不符合题意；
C、，不是最简二次根式，故本选项不符合题意；
D、是最简二次根式，故本选项符合题意；
故选：．
根据最简二次根式的定义逐个判断即可．
本题考查了最简二次根式：满足被开方数中不含分母，被开方数中不含开得尽方的因数或因式的二次根式叫最简二次根式．
2.【答案】
【解析】解：由题意得：，
解得：，
故选：．
根据二次根式有意义的条件可得，即，根据分式有意义的条件可得，进而可得，再解即可．
此题主要考查了二次根式和分式有意义的条件，关键是掌握分式有意义的条件是分母不等于零，二次根式中的被开方数是非负数．
3.【答案】
【解析】
【分析】
各式计算得到结果，即可作出判断．
此题考查了二次根式的加减法，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
【解答】
解：、为最简结果，不符合题意；
B、原式，符合题意；
C、原式，不符合题意；
D、原式，不符合题意．
故选：．
4.【答案】
【解析】解：四边形是平行四边形，，
，，
，
．
故选A．
由平行四边形，根据平行四边形的对角线互相平分，可得，，又由，根据勾股定理，即可求得的长．
此题考查了平行四边形的性质：平行四边形的对角线互相平分，解题时还要注意勾股定理的应用．
5.【答案】
【解析】解：，，，
，
是直角三角形，，
是的中线，
，
，
，
，
故选：．
根据勾股定理算出、、的长，得出是直角三角形，，得出，则，再根据三角形的外角性质即可求解．
本题考查了勾股定理的应用，得出是直角三角形是解题的关键．
6.【答案】
【解析】解：四边形是正方形，
，，
，
将四边形沿折叠，点恰好落在边上，
，，
，
，
，
设，则，，
，
解得．
故选：．
由正方形的性质得出，由折叠的性质得出，，设，则，，由直角三角形的性质可得：，解方程求出即可得出答案．
本题考查了正方形的性质，折叠的性质，含角的直角三角形的性质等知识点，能综合性运用性质进行推理是解此题的关键．
7.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查矩形的性质、线段的垂直平分线的性质、全等三角形的判定与性质、勾股定理等知识，熟练掌握矩形的性质和勾股定理，证明三角形全等是解题的关键．
连接，由线段垂直平分线的性质得出，，证明≌得出，得出，，由勾股定理求出，再由勾股定理求出即可．
【解答】
解：连接，如图：
是的垂直平分线，
，，
四边形是矩形，
，，
，
在和中，
，
≌，
，
，，
，
；
故选：．
8.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了勾股定理的知识，与实际生活相联系，加深了学生学习数学的积极性．
当地毯铺满楼梯时其长度的和应该是楼梯的水平宽度与垂直高度的和，根据勾股定理求得水平宽度，然后求得地毯的长度即可．
【解答】
解：由勾股定理得：楼梯的水平宽度，
地毯铺满楼梯是其长度的和应该是楼梯的水平宽度与垂直高度的和，
地毯的长度至少是米．
故选：．
9.【答案】
【解析】解：、若，则为直角三角形的逆命题是若为直角三角形，则，不符合题意；
B、若：：：：，则的逆命题是若，则：：：：，符合题意；
C、若为直角三角形，则：：：：的逆命题是若：：：：，则为直角三角形；不符合题意；
D、若，则是直角三角形的逆命题是若是直角三角形，则，不符合题意；
故选：．
根据命题得到它的逆命题，再利用勾股定理的逆定理、三角形的内角和定理等知识对每个选项逐一判断后即可确定正确的选项．
考查了命题与定理的知识，解题的关键是了解勾股定理的逆定理、三角形的内角和定理等知识，难度中等．
10.【答案】
【解析】解：由题意可知：中间小正方形的边长为：，
每一个直角三角形的面积为：，
从图形中可得，大正方形的面积是个直角三角形的面积与中间小正方形的面积之和，
，
，
．
故选：．
分析题意，首先根据已知条件易得，中间小正方形的边长为：；接下来根据勾股定理以及题目给出的已知数据即可求出小正方形的边长．
本题考查勾股定理，解题的关键是熟练运用勾股定理以及完全平方公式．
11.【答案】
【解析】
【分析】
点和点是定点，点在直线上一动点，是轴对称最值问题，连接，由菱形的对称性可知，点和点关于对称，连接，即为所求．
本题考查的是轴对称最短路线问题及菱形的性质，熟知两点之间线段最短的知识是解答此题的关键．
【解答】
解：如图，由菱形的对称轴可知，点和点关于对称，连接，即为所求．
连接，
，四边形是菱形，
，，
是等边三角形，
点为的中点，
，
菱形的周长为，
，
在中，，
，
，
．
故选：．
12.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了菱形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、平行四边形的判定与性质、等边三角形的判定与性质、三角形中位线定理等知识；本题综合性强，熟练掌握菱形的判定与性质是解题的关键．
由证明≌，得出，证出是的中位线，得出，正确；
先证四边形是平行四边形，再证、是等边三角形，得，因此，则四边形是菱形，正确；
由菱形的性质得≌≌，再由证明≌，得≌≌≌≌≌≌，则不正确；
由中线的性质和菱形的性质可得，，可得四边形与四边形面积相等，得出正确．
【解答】
解：四边形是菱形，
，，，，，
，≌≌≌，
，
，
在和中，
，
≌，
，
是的中位线，
，故正确；
，，
四边形是平行四边形，
，
、是等边三角形，
，，
，四边形是菱形，故正确；
，
由菱形的性质得：≌≌，
在和中，
，
≌，
≌≌≌≌≌≌，故不正确；
，
，
四边形是菱形，
，
四边形与四边形面积相等，故正确，
故选：．
13.【答案】
【解析】
【分析】
此题主要考查了非负数的性质，关键是掌握绝对值和二次根式都具有非负性．
根据题意可得：，然后利用非负数的性质可得，再解方程组可得、的值，进而可得答案．
【解答】
解：由题意得：，
则，
，
解得：，
，
故答案为：．
14.【答案】
【解析】解：在直角三角形中，，，
根据勾股定理，得；
在直角三角形中，，，
根据勾股定理，得；
，
的周长为，
故答案为：．
分别在两个直角三角形中求得线段和线段的长，然后求得的长，从而求得周长．
此题考查了勾股定理及解直角三角形的知识，在解本题时应分两种情况进行讨论，易错点在于漏解，同学们思考问题一定要全面，有一定难度，本题因给出了图形，故只有一种情况．
15.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查平行四边形的性质以及三角形周长等知识，解题的关键是理解平行四边形的对角线互相平分，属于基础题．
根据平行四边形对角线互相平分，求出的长，即可解决问题．
【解答】
解：四边形是平行四边形，
，，，
，
，
的周长．
故答案为：．
16.【答案】
【解析】
【分析】
此题主要考查了菱形的性质以及坐标与图形的性质，得出的长是解题关键．
利用菱形的性质以及勾股定理得出的长，进而求出点坐标．
【解答】
解：菱形的顶点，的坐标分别为，，点在轴上，
，
，
由勾股定理知：，
点的坐标是：．
故答案为：．
17.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定与性质，直角三角形两锐角互余等知识，掌握三角形全等的判定方法与正方形的性质是解题的关键．
根据正方形的四条边都相等可得，每一个角都是直角可得，然后利用“边角边”证明≌得，进一步得，从而知，利用勾股定理求出的长即可得出答案．
【解答】
解：四边形为正方形，
，，
在和中，
，
，
，
，
，
，
点为的中点，
，
、，
，
，
故答案为：．
18.【答案】
【解析】解：根据题意得，
缠绕一周不记接头至少需要长的细线，
故答案为：．
根据勾股定理即可得到结论．
本题考查了平面展开最短路径问题，勾股定理，熟练掌握勾股定理是解题的关键．
19.【答案】解：
；
．
【解析】先算负整数指数幂，二次根式的乘法，零指数幂，二次根式的化简，再算加减即可；
先化简，再进行二次根式的乘法运算即可．
本题主要考查二次根式的混合运算，解答的关键是对相应的运算法则的掌握．
20.【答案】解：由题意得，，
则，，
则，，
所以，．
当是腰长与是底边，
则等腰三角形的周长为；
当是腰长与是底边，
则等腰三角形的周长为．
【解析】首先由得出，再进一步得出、的数值即可；
分是腰长与是底边和是腰长与是底边两种情况讨论求解．
此题考查二次根式的意义与加减运算，以及等腰三角形的性质．
21.【答案】解：四边形为长方形，
，，
，
又是由折叠得到，
，，，
在中，由勾股定理得，
，
设，则，
在中，
，即，
解得，
即．
【解析】本题考查了折叠的性质，长方形的性质以及勾股定理．此题难度适中，解题的关键是注意数形结合思想与方程思想的应用，注意折叠中的对应关系．
由四边形为长方形，，，即可求得与的长，又由折叠的性质，即可得，然后在中，利用勾股定理求得的长，即可得的长，然后设，在中，由勾股定理即可得方程：，解此方程即可求得的长．
22.【答案】解：，
在中，，，
由勾股定理得，
在中，，，
，
，
需要绿化部分的面积，
答：需要绿化部分的面积为．
【解析】根据勾股定理求出，根据勾股定理的逆定理得到，根据三角形的面积公式计算，即可得到答案．
本题考查的是勾股定理和勾股定理的逆定理的应用，三角形的面积计算，掌握勾股定理、勾股定理的逆定理是解决问题的关键．
23.【答案】证明：四边形是平行四边形，
，，
，
点是边的中点，
，
在和中，
，
≌，
，
又，
四边形是平行四边形；
解：四边形是平行四边形，
，，，
，
平分，
，
，
，
是等边三角形，
，
，
，
，
，，
▱的面积．
【解析】由平行四边形的性质得，，再证≌，得，即可得出结论；
由平行四边形的性质得，，，再证是等边三角形，得，然后证，则，即可解决问题．
本题考查了平行四边形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、等边三角形的判定与性质以及勾股定理等知识，熟练掌握平行四边形的判定与性质是解题的关键．
24.【答案】证明：，，
四边形是平行四边形，
又菱形对角线交于点，
，
，
四边形为矩形；
解：四边形是菱形，，
，，，
四边形是矩形，
，
，
，
菱形的面积．
【解析】本题考查了菱形的性质、矩形的判定与性质和判定、勾股定理、平行四边形的判定与性质等知识，熟练掌握矩形的判定与性质是解题的关键．
先证四边形为平行四边形，再由菱形的性质得，即可得出结论；
由勾股定理和菱形的面积公式解答即可．
25.【答案】证明：四边形是菱形，
，，
点，分别为，的中点，
，，
即，
在和中，
，
；
解：当时，四边形是正方形，理由如下：
点，，分别为，，的中点，
，，，
由得，，，
，
四边形是菱形，
，，
，
菱形是正方形．
【解析】本题考查了正方形的判定、菱形的性质与判定、全等三角形的判定与性质、三角形中位线定理等知识；熟练掌握菱形的性质和全等三角形的判定是解决问题的关键．
由菱形的性质得出，，由已知和三角形中位线定理证出，由证明即可；
由得：，证出四边形是菱形，再证出，四边形是正方形．