2024届苏教版高中生物一轮复习基因的自由组合定律课件

这是一份2024届苏教版高中生物一轮复习基因的自由组合定律课件，共60页。PPT课件主要包含了重温真题经典再现，限时强化练，基础·精细梳理，疑难·精准突破，典例·精心深研，2结果分析，自由组合，∶3∶3∶1，2遗传图解，孟德尔成功的原因等内容，欢迎下载使用。

课标内容　阐明有性生殖中基因的分离和自由组合使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。
突破自由组合定律的常规题型
两对相对性状的遗传实验分析
考点一　两对相对性状的遗传实验分析
1.两对相对性状的杂交实验——发现问题(1)杂交实验过程
提醒　在两对相对性状的杂交实验中，F2中出现了新的表型，但并未出现新性状，新表型的出现是原有性状重新组合的结果。
(3)问题提出①F2中为什么出现新性状组合？②为什么不同类型性状比为9∶3∶3∶1?
2.对自由组合现象的解释——提出假说
(1)理论解释 现代解释为“两对等位基因”①两对性状分别由两对遗传因子控制。②F1产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以__________。F1产生的雌雄配子各有比例相等的4种。③受精时，雌雄配子的结合是______的，雌雄配子的结合方式有______种。④F2遗传因子组合形式有____种，性状表现有4种，且比例为________________。
(3)结果分析 不同于雌、雄配子的16种结合方式F2共有9种基因型，4种表型。
①YYRR基因型个体在F2中的比例为1/16，在黄色圆粒豌豆中的比例为1/9，注意范围不同，求解比例不同。黄圆中杂合子占8/9，绿圆中杂合子占2/3。②若亲本是黄皱(YYrr)和绿圆(yyRR)，则F2中重组类型为绿皱(yyrr)和黄圆(Y_R_)，所占比例为1/16＋9/16＝5/8；亲本类型为黄皱(Y_rr)和绿圆(yyR_)，所占比例为3/16＋3/16＝3/8。　　　
3.对自由组合现象的验证——演绎推理、验证假说(1)方法　______实验(2)目的　测定F1的遗传因子组成。
(4)结论实验结果与演绎结果相符，假说成立。
提醒　yyRr×Yyrr不属于测交，测交是指F1与隐性纯合子杂交。因此虽然YyRr×yyrr和yyRr×Yyrr这两对杂交组合的后代的基因型相同，但只有YyRr×yyrr称为测交。
4.自由组合定律(1)自由组合定律的内容
(2)基因自由组合定律的细胞学基础(以精原细胞为例)
①个数≠种类数，雌配子数≠雄配子数。4种雌配子比例相同，4种雄配子比例相同，但雄配子数远远多于雌配子数。②只有非同源染色体上的非等位基因能自由组合。　　　
(1)孟德尔的两对相对性状杂交实验中，发生了非等位基因的自由组合，导致F2中出现了16种基因型，4种表型。( )提示　F2出现了9种基因型。(2)基因型为AaBb的个体测交，后代表型比例为3∶1或1∶2∶1，则该遗传可以遵循基因的自由组合定律。( )(3)选取具有两对相对性状的纯合亲本杂交，F2群体中重组类型占3/8。( )提示　F2中重组类型占3/8或5/8。
(4)基因型为AaBb的肝细胞最多可产生4种类型的精子。( )提示　肝细胞不能进行减数分裂。(5)除病毒以外的所有生物体的遗传现象都遵循孟德尔遗传定律。( )提示　病毒及原核生物不遵循孟德尔遗传定律。
1.若基因型为AaBb的个体测交后代出现四种表型，但比例为42%∶8%∶8%∶42%，试解释出现这一结果的可能原因：___________________________________________________________________________________________________________________________________。
A、a和B、b两对等位基因位于同一对同源染色体上，且部分初级性母细胞发生互换，产生四种类型配子，其比例为42%∶8%∶8%∶42%
2.果蝇的灰身(B)对黑身(b)为显性；长翅(V)对残翅(v)为显性，这两对等位基因位于常染色体上。一对灰身残翅与黑身长翅的果蝇杂交，子代出现灰身长翅、灰身残翅、黑身长翅、黑身残翅，比例为1∶1∶1∶1。 (1)该实验结果能不能证明这两对等位基因位于两对同源染色体上，请说明理由。(2)利用上述杂交实验的子代果蝇为材料设计两个不同的实验，要求这两个实验都能独立证明两对基因位于两对同源染色体上。请写出两个实验的杂交组合及子代表型的比例。
提示　(1)不能，因为两对等位基因位于一对同源染色体上和位于两对同源染色体上，都会出现这一结果。(2)实验1∶灰身长翅×灰身长翅，子代表型的比例为9∶3∶3∶1，实验2：灰身长翅×黑身残翅，子代表型的比例为1∶1∶1∶1。
3.从数学角度看，一对等位基因的杂交实验中F2的性状分离比3∶1，与两对等位基因时的9∶3∶3∶1有何关系？请据此预测n对等位基因(独立遗传)时，F2的性状分离比是什么？(假定每对等位基因独立控制1对相对性状)
提示　9∶3∶3∶1＝(3∶1)·(3∶1)＝(3∶1)2；n对等位基因时，F2的性状分离比应为(3∶1)n。
1.判断基因是否位于两对同源染色体上的方法(1)根据题干信息判断：两对基因独立遗传。(2)根据杂交实验判断(常用)
2.基因的自由组合与基因完全连锁的比较(1)基因的自由组合
结合两对相对性状杂交实验分析，考查科学思维
1.(2023·河南天一大联考)孟德尔在两对相对性状的豌豆杂交实验中，用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交得F2，下列有关叙述正确的是(　　)A.黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗传遵循自由组合定律B.F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等，是F2出现9∶3∶3∶1性状分离比的前提C.从F2的绿色圆粒植株中任取两株，这两株基因型不同的概率为4/9D.自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，后代出现绿色皱粒的概率为1/81
解析　连锁的两对等位基因也都遵循分离定律，故不能依据黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，得出这两对性状的遗传遵循自由组合定律的结论，A错误；F1产生的雄配子总数往往多于雌配子总数，B错误；从F2的绿色圆粒植株yyRR或yyRr中任取两株，这两株基因型相同的概率为(1/3)×(1/3)＋(2/3)×(2/3)＝5/9，故不同的概率为4/9，C正确；自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，由于豌豆是自花传粉植物，只有基因型为YyRr的个体才会产生绿色皱粒(yyrr)，故后代出现绿色皱粒的概率为(4/9)×(1/16)＝1/36，D错误。
2.(2022·南通海门中学期初)下列关于孟德尔两对相对性状遗传实验的叙述，错误的是(　　)A.每一对遗传因子的传递都遵循分离定律B.F2中有3/8的个体基因型与亲本相同C.F1自交时雌、雄配子的结合方式有16种D.F2中圆粒和皱粒之比接近于3∶1，符合基因的分离定律
解析　在孟德尔两对相对性状遗传实验中，两对相对性状分别由两对遗传因子控制，且位于两对非同源染色体上，对于每一对遗传因子的传递来说都遵循分离定律，A正确；亲本为双显和双隐纯合子时，F2的基因型与亲本相同的比例为2/16＝1/8，B错误；F1含有两对等位基因，产生四种比值相等的雌配子和四种比值相等的雄配子，受精时，雌、雄配子随机结合，因此F1自交时雌、雄配子的结合方式有16种，F2中有9种基因型，4种表型，C正确；孟德尔遗传实验中，每一对遗传因子的传递都遵循分离定律，所以F2中圆粒和皱粒之比接近于3∶1，符合基因的分离定律，D正确。
3.(2023·南京六校联合体调研)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是(　　)
围绕自由组合定律的实质及验证，考查科学思维及探究
P　　黄色×黑色 ↓F1　　　 灰色 ↓F1雌雄交配 F2　灰色　黄色　黑色　米色 9　∶　3　∶　3　∶　1
A.黄色为显性性状，黑色为隐性性状B.F1与黄色亲本杂交，后代有两种表型C.F1和F2中灰色大鼠均为杂合子D.F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4
解析　由图示可知灰色∶黄色∶黑色∶米色＝9∶3∶3∶1，可确定灰色是显性性状，由两对显性基因控制，米色是隐性性状，由两对隐性基因控制，黄色和黑色都是由一显性基因和一隐性基因控制，A错误；假设亲本黄色基因型为AAbb，黑色基因型为aaBB，则F1灰色基因型为AaBb，与黄色亲本AAbb杂交，后代有AABb、AaBb、1AAbb、1Aabb两种表型，B正确；F2中灰色大鼠基因型包括AABB、AABb、AaBB、AaBb，C错误；子二代中黑色大鼠基因型为1/3aaBB、2/3aaBb，与米色大鼠aabb杂交后代中米色大鼠概率为2/3×1/2＝1/3，D错误。
4.(多选)(2023·连云港灌云高中)如图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆植株及其体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布。下列叙述错误的是(　　)
A.图甲、乙、丙、丁所示个体都可以作为验证基因分离定律的材料B.图丁所示个体自交后代中表型为黄皱与绿皱的比例是3∶1C.图甲、乙所示个体减数分裂时，都能揭示基因的自由组合定律的实质D.乙个体自交后代会出现3种表型，比例为1∶2∶1
解析　甲、乙、丙、丁均含有等位基因，都可以作为研究基因分离定律的材料，A正确；图丁个体自交后代中DDYYrr∶DdYyrr∶ddyyrr＝1∶2∶1，其中黄色皱粒∶绿色皱粒＝3∶1，B正确；图甲、乙都只有一对等位基因，所表示个体减数分裂时，不能用来揭示基因的自由组合定律的实质，C错误；乙个体(YYRr)自交，只会出现两种表型，黄色圆粒(YYR_)∶黄色皱粒(YYrr)＝3∶1，D错误。
考点二　突破自由组合定律的常规题型
题型1　已知亲代求子代的“顺推型”题目(1)解题思路　“先分开，后组合”，适用两对或两对以上的基因独立遗传
(2)常见题型分析①基因型(表型)种类及概率
提醒　在计算不同于双亲的表型的概率时，可以先算与双亲一样的表型的概率，然后用1减去与双亲相同表型的概率即可。
②配子种类及概率的计算
[例1] (2023·郑州一中质检)某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa的表现为小花瓣，aa的表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的花瓣为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是(　　)A.子代共有9种基因型B.子代共有4种表型C.子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3D.子代的所有植株中，纯合子约占1/4
解析　此题运用拆分法求解，Aa×Aa后代有3种基因型，3种表型；Rr×Rr后代有3种基因型，2种表型。故AaRr自交后代有3×3＝9种基因型、5种表型。子代有花瓣植株占12/16，即3/4，其中AaRr所占的比例约为1/3。子代的所有植株中，纯合子约占4/16，即1/4。
[即时训练1] (2023·南通通州湾中学检测)下图表示两对等位基因在染色体上的分布情况。若图1、2、3中的同源染色体均不发生互换，则图中所示个体测交后代的表型种类依次是(　　)
A.4、2、3 B.3、2、2C.4、2、4 D.4、2、2
解析　分析题图，图1中，含有两对同源染色体，基因型为AaBb，符合自由组合定律，测交后代有4种基因型(AaBb、Aabb、aaBb、aabb)，4种表型；图2中，含有一对同源染色体，基因型为AaBb，其中AB连锁，ab连锁，图2个体产生AB和ab两种配子，测交后代有2种基因型(AaBb、aabb)，2种表型；图3中含有一对同源染色体，其中Ab连锁，aB连锁，产生Ab和aB两种配子，测交后代有2种基因型(Aabb、aaBb)，2种表型，D正确，A、B、C错误。
题型2　已知子代求亲代的“逆推型”题目
(1)解题思路：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法定理进行逆向组合。(2)已知子代表型比例逆推亲本基因型：以常见3种分离比为例。
[例2] (2023·湖南师大附中质检)豌豆的花腋生和花顶生(受基因A、a控制)，半无叶形和普通叶形(受基因F、f控制)是两对相对性状。现利用花腋生普通叶形植株甲、花顶生普通叶形植株乙和花腋生半无叶形植株丙进行杂交实验，实验结果如下表所示。则甲、乙、丙的基因型分别是(　　)
A.AaFF、aaFF、AAff B.AaFf、aaFf、AAffC.AaFF、aaFf、AAff D.AaFF、aaFf、Aaff
解析　由乙×丙组可推测出花腋生对花顶生为显性，由甲×丙组可推测出普通叶形对半无叶形为显性，即甲为A_F_，植株乙为花顶生普通叶形，即乙的基因型为aaF_，甲(A_F_)×乙(aaF_)，后代花腋生∶花顶生＝1∶1，即甲中关于花腋生的基因型为Aa。甲(AaF_)×丙(A_ff)杂交，后代全部表现为普通叶形，说明甲中关于叶形的基因型为FF，即甲的基因型为AaFF，乙(aaF_)×丙(A_ff)杂交，后代普通叶形∶半无叶形＝1∶1，说明乙中关于叶形的基因型为Ff，则乙的基因型为aaFf，甲和丙杂交后代全为花腋生，说明丙中关于花腋生的基因型为AA，故丙的基因型为AAff，故C正确。
[即时训练2] (2022·苏州新区一中一模)小鼠的皮毛颜色由常染色体上的两对基因控制，其中A/a控制黑色物质合成，B/b控制灰色物质合成。两对基因控制有色物质合成的关系如下图：
(1)选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲—灰鼠，乙—白鼠，丙—黑鼠)进行杂交，结果如下表：
请根据以上材料及实验结果分析回答：①A/a和B/b这两对基因位于________对同源染色体上；图中有色物质1代表________色物质。②在实验一的F2中，白鼠共有________种基因型；F2中黑鼠与F1中灰鼠进行回交，后代中出现白鼠的概率为________。(2)在纯合灰鼠群体的后代中偶然发现一只黄色雄鼠(丁)，让丁与纯合黑鼠杂交，结果如下表：
①据此推测：小鼠丁的黄色性状是由基因________突变产生的，该突变属于________性突变。②为验证上述推测，可用实验三F1代的黄鼠与灰鼠杂交。若后代的表型及比例为__________________________，则上述推测正确。③用3种不同颜色的荧光，分别标记小鼠丁精原细胞的基因A、B及突变产生的新基因，观察其分裂过程发现：某个次级精母细胞有3种不同的颜色的4个荧光点，其原因是______________________________________________________________________________________________________________________________。
黄鼠∶灰鼠∶黑鼠＝2∶1∶1
对应的精原细胞在减数第一次分裂前期发生了B基因和新基因之间的互换
解析　(1)①分析实验一：甲(灰鼠)×乙(白鼠)→F1全为灰鼠→F2中灰鼠∶黑鼠∶白鼠＝9∶3∶4，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，即这两对等位基因位于两对同源染色体上。且A和B同时存在时表现为灰色，再结合题干，可知只有A时表现为黑色，其余均表现为白色，即F1的基因型为AaBb，甲的基因型为AABB，乙的基因型为aabb。结合上述分析，可知图中有色物质1代表黑色物质，有色物质2代表灰色物质。②实验一中F1的基因型为AaBb，F2代情况为灰鼠(1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb)∶黑鼠(1AAbb、2Aabb)∶白鼠(1aaBB、2aaBb、1aabb)＝9∶3∶4，其中白鼠共有3种基因型。F2中黑鼠(1/3AAbb、2/3Aabb)与F1中灰鼠(AaBb)进行回交，后代中
出现白鼠(aa－－)的概率为2/3×1/4＝1/6。(2)①实验三中丁与纯合黑鼠(AAbb)杂交，后代有两种性状，说明丁为杂合子，且小鼠丁的黄色性状是由基因B突变产生的，结合杂交后代中有灰色个体，说明新基因相对于B为显性(本解析中用B1表示)，即突变属于显性突变。结合F1、F2未出现白鼠可知，丁不含a基因，其基因型为AAB1B。②若推论正确，则F1中黄鼠基因型为AAB1b，灰鼠为AABb，杂交后代基因型及比例为AAB1B∶AAB1b∶AABb∶AAbb＝1∶1∶1∶1，表型及其比例为黄鼠∶灰鼠∶黑鼠＝2∶1∶1。③小鼠丁(AAB1B)的次级精母细胞的基因型为AAB1B1或AABB，荧光标记后应有2种不同颜色、4个荧光点，某次级精母细胞中含有4个荧光点，说明基因数量没有变化，但有3种颜色的荧光说明基因种类发生改变，其原因应该是在减数第一次分裂四分体时，新基因B1和基因B所在的染色单体片段发生了互换。
题型3　多对基因控制生物性状的分析
n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律
[例3] (2021·全国乙卷，6)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　)A.植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体B.n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大C.植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等D.n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
[即时训练3] (2022·南师附中期初)数量性状又称多基因性状。用纯合红色麦粒和白色麦粒亲本杂交，F1表型为中间颜色粉红色，F2中白色与红色的比例为1∶63，其中红色麦粒的颜色深浅不同，呈逐渐加深现象。下列叙述正确的是(　　)A.数量性状的遗传遵循基因的自由组合定律，但是不遵循基因的分离定律B.不能确定麦粒颜色的遗传受几对基因的控制C.F2中共有6种表型，其中红色最深的比例为1/64D.F2中中间颜色粉红色麦粒所占比例为20/64
解析　用纯合红色麦粒和白色麦粒亲本杂交，F1表型为中间颜色粉红色，F2中白色与红色的比例为1∶63，即白色所占比例为1/64＝1/4×1/4×1/4，说明控制颜色的相对性状是由3对等位基因控制的，且它们的遗传遵循基因的分离定律和基因的自由组合定律，A、B错误；F1为杂合子，麦粒颜色存在累加效应，因此F2中共有6＋1＝7种表型，其中红色最深的比例为3对都是显性，概率是1/4×1/4×1/4＝1/64，C错误；F2中中间颜色粉红色麦粒(含有三个显性基因)，若相关基因用A和a、B和b、C和c表示，则中间颜色粉红色麦粒的基因型及比例为1/4×1/2×1/4AABbcc、1/4×1/4×1/2AAbbCc、1/2×1/2×1/2AaBbCc、1/2×1/4×1/4AaBBcc、1/4×1/4×1/2aaBBCc、1/2×1/4×1/4AabbCC、1/4×1/2×1/4aaBbCC，所占比例为5/16，即20/64，D正确。
题型4　自由组合中的自交、测交和自由交配问题
纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中绿色圆粒豌豆个体和黄色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表型及比例分别如下表所示：
[例4] 某植物的花色受一对等位基因控制，抗病和易感病受另一对等位基因控制，两对等位基因独立遗传。现以红花抗病和白花易感病植株为亲本杂交，F1均为红花抗病，F1自交产生F2，拔除F2中的全部白花易感病植株，让剩余的植株自交产生F3，F3中的白花植株所占的比例为(　　)A.1/2 B.1/3 C.3/8 D 1/6解析　红花抗病和白花易感病植株为亲本杂交，F1均为红花抗病，说明红花对白花为显性，抗病对易感病为显性，假设花色基因用A、a表示，抗病感病基因用B、b表示，亲本为AABB和aabb，F1为AaBb，F1自交得到的F2为AABB∶2AABb∶AAbb∶2AaBB∶4AaBb∶2Aabb∶aaBB∶2aaBb∶aabb。去除aabb后，AA占4/15，Aa占8/15，aa占3/15，自交后白花植株所占的比例为8/15×1/4＋3/15＝1/3。
[即时训练4] (多选)(2023·淮安涟水一中月考)矮牵牛花瓣中存在合成红色和蓝色色素的生化途径(如图所示，A、B、E为控制相应生化途径的基因)。矮牵牛在红色和蓝色色素均存在时表现为紫色。若一亲本组合杂交得F1，F1自交产生F2的表型及比例为紫色∶红色∶蓝色∶白色＝9∶3∶3∶1，下列说法正确的是(　　 )
A.亲本基因型可为AABBEE×aaBBee或AABBee×aaBBEEB.本实验无法判断A、B基因遗传是否符合自由组合定律C.F2中紫色个体与白色个体杂交，不会出现白色个体D.F2中蓝色矮牵牛花自交，其后代中纯合子的概率为2/3
1.(2021·湖北卷，19)甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种。甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。
根据结果，下列叙述错误的是(　　)A.若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比为9红色∶7白色B.若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制C.组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色∶1白色D.组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色
解析　甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲与乙、甲与丙杂交产生F1，F1自交产生F2，两个杂交组合所得F2中红色籽粒∶白色籽粒≈9∶7，则两个杂交组合产生的F1均能产生四种类型的配子，玉米籽粒颜色至少受三对等位基因控制，且至少有两个不同的显性基因存在时玉米籽粒表现为红色。设相关基因为A/a、B/b、C/c……。若甲的基因型为AAbbcc，乙的基因型为aaBBcc，丙的基因型为aabbCC。乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对等位基因控制，F1自交所得F2中红色籽粒∶白色籽粒＝9∶7，A、B正确；设甲的基因型为AAbbcc，乙的基因型为aaBBcc，丙的基因型为aabbCC，则组1中F1的基因型为AaBbcc，其与甲(AAbbcc)杂交，后代中红色籽粒∶白色籽粒＝1∶1；组2中F1的基因型为AabbCc，其与丙(aabbCC)杂交，后代中红色籽粒∶白色籽粒＝1∶1，C错误，D正确。
2.(2019·江苏卷，32改编)杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如表。请回答下列问题：
(1)棕毛猪的基因型有________种。(2)已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表为红毛，F1雌雄交配产生F2。①该杂交实验的亲本基因型为______________。②F1测交，后代表型及对应比例为____________________________。
红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1
③F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有________种(不考虑正反交)。④F2的棕毛个体中纯合子的比例为________。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为________。(3)若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为________，白毛个体的比例为________。
解析　(1)结合表格分析，棕毛猪的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，共4种。(2)①亲本都为纯合棕毛猪，F1均表现为红毛，则F1的基因型为AaBb，亲本基因型为AAbb和aaBB。②据题干信息可知，控制猪毛色的两对等位基因独立遗传，则两对基因在遗传时遵循基因的自由组合定律。F1(AaBb与aabb进行测交，后代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型及比例为红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。③F1雌雄交配产生F2，F2的基因型有A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中纯合个体的基因型有AABB、AAbb、aaBB、aabb，其中AAbb×aabb、aaBB×aabb、AAbb×AAbb、aaBB×aaBB，共4种组合能产生棕毛子代。④F2中棕毛个体的基因型为A_bb、aaB_，所占比例为6/16，
纯合棕毛个体所占比例为2/16，则F2的棕毛个体中纯合子的比例为1/3。F2中棕毛个体的基因型及比例为AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb＝1∶2∶1∶2，其中1/3Aabb(♀)×1/3aaBb(♂)、1/3Aabb(♂)×1/3aaBb(♀)、1/3Aabb×1/3Aabb、1/3aaBb×1/3aaBb组合后代可以出现白毛，所占比例为1/3×1/3×1/2×1/2×2＋1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/4＝1/9。(3)据题干信息可知，I、i位于另一对同源染色体上，则I/i与A/a、B/b在遗传时也遵循自由组合律。基因型为IiAaBb的雌雄个体交配，后代红毛个体的基因型应为iiA_B_，其所占比例为1/4×9/16＝9/64，后代白毛个体的基因型为I_ _ _ _ _、iiaabb，所占比例为3/4＋1/4×1/16＝49/64。
3.(2022·全国甲卷，32)玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物(顶端长雄花序，叶腋长雌花序)，但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲(雌雄同株)、乙(雌株)、丙(雌株)、丁(雄株)4种纯合体玉米植株。回答下列问题：
(1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是_____________________________________________________________________________________________________。
对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的雌蕊柱头上，再套上纸袋
(2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为__________，F2中雄株的基因型是_____________；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是__________。(3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体(两种玉米均为雌雄同株)间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是_________________________________________________________________________________________；若非糯是显性，则实验结果是________________________________________________________________________________________________________。
糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒
非糯植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒
解析　(1)若甲为母本、丁为父本进行杂交，因为甲为雌雄同株异花植株，所以在花粉未成熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等甲的雌蕊成熟和丁的花粉成熟后再通过人工授粉把丁的花粉传到甲的雌蕊柱头上，再套袋隔离。(2)根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株”，可知乙的基因型为BBtt，丁的基因型为bbTT，F1基因型为BbTt，F1自交，F2的基因型及比例为9B_T_(雌雄同株)∶3B_tt(雌株)∶3bbT_(雄株)∶1bbtt(雌株)，故F2中雌株所占比例为1/4，雄株的基因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为1/4。(3)假设糯和非糯这对相对性状受等位基因A/a控制，因为两种玉米均为雌雄同株，间行种植时，既有自交又有杂交。若糯性为显性，则其基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株无论自交还是杂交，糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。
(1)现有紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合体植株杂交，子代植株表型及其比例为___________________________；子代中红花植株的基因型是______________；子代白花植株中纯合体所占的比例是______。
紫色∶红色∶白色＝3∶3∶2
(2)已知白花纯合体的基因型有2种。现有1株白花纯合体植株甲，若要通过杂交实验(要求选用1种纯合体亲本与植株甲只进行1次杂交)来确定其基因型，请写出所选用的亲本基因型，并预期实验结果和结论。
选用的亲本基因型为AAbb；预期实验结果及结论：若子代花色全为红花，则待测白花纯合个体的基因型为aabb；若子代花色全为紫花，则待测白花纯合个体基因型为aaBB
考点一　两对相对性状的遗传实验分析1.(2023·西工大附中质检)下列关于孟德尔所做的遗传实验和有关遗传规律的叙述，正确的是(　　)A.形成配子时非等位基因之间都能自由组合B.基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合定律的实质C.孟德尔作出的“演绎”是设计F1与隐性纯合子杂交，预测出后代的表现性状及比例D.进行了多组一对相对性状的杂交实验，F2性状分离比均接近3∶1，验证了其假设的正确性
解析　形成配子时非同源染色体上的非等位基因之间能自由组合，而同源染色体上的非等位基因之间不能自由组合，A错误；基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合，体现了受精作用，而在减数分裂过程中，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，体现了自由组合定律的实质，B错误；孟德尔设计F1与隐性纯合子进行测交实验，进而预测出后代的表现性状及比例，这是“演绎”推理的过程，C正确；做了多组一对相对性状的杂交实验，F2的性状分离比均接近3∶1，说明3∶1的出现不是偶然的，但通过这些实验不能验证其假设，如果要验证其假设是否正确，需要做测交实验，D错误。
2.(2023·连云港赣榆区模拟)豌豆的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性。基因型为YyRr的个体与个体X杂交，子代的表型有黄色圆粒、绿色圆粒、黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1∶1∶1，则个体X的基因型是(　　)A.YyRr B.yyRr C.Yyrr D.yyrr解析　基因型为YyRr的个体与个体X杂交，子代的表型有黄色圆粒、绿色圆粒、黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1∶1∶1，说明为测交，X的基因型为yyrr，D正确。
3.(2023·连云港灌云高中)如图为某植株自交产生后代过程示意图，下列相关叙述错误的是(　　)
A.M、N、P分别代表16、9、3B.a与B或b的组合发生在①过程C.②过程发生雌、雄配子的随机结合D.该植株测交后代性状分离比为1∶1∶1∶1
解析　分析题干信息和图示可知，①表示减数分裂，②表示受精作用。①过程形成4种雌配子和4种雄配子，则雌、雄配子的随机组合的方式是4×4＝16种，基因型＝3×3＝9种，表型为3种，M、N、P分别代表16、9、3，A正确；a与B或b的组合属于非等位基因的自由组合，发生在减数第一次分裂的后期，即①过程，B正确；②过程发生雌、雄配子的随机组合，即受精作用，C正确；该植株测交后代基因型以及比例为1(A_B_)∶1(A_bb)∶1(aaB_)∶1(aabb)，根据题干自交后代性状分离比可知，则测交后代表型的比例为2∶1∶1，D错误。
4.(2023·襄阳五中检测)孟德尔在研究了一对相对性状的遗传规律后，进一步研究了两对和多对相对性状的遗传。下列对n对等位基因控制的性状(完全显性)的遗传分析错误的是(　　)A.F1形成的配子种类数与F2的表型数相等B.F2的表型数与基因型数不相等C.F2的性状分离比为9∶3∶3∶1D.F1雌雄配子可能的组合数是4n
解析　n对等位基因控制的性状(完全显性)，F1形成的配子种类数为2n，F2表型数为2n，两者相等，A正确；F2的表型数为2n，基因型数为3n，两者不相等，B正确；如果杂交中包括的基因对数为1对，F2的性状分离比为(3∶1)1，如果杂交中包括的基因对数为2对，F2的性状分离比为(3∶1)2，以此类推，如果杂交中包括的基因对数为n对，则F2的性状分离比为(3∶1)n，C错误；如果杂交中包括的基因对数为1对，则F1配子的组合数是41，如果杂交中包括的基因对数为2对，F1配子的组合数为42，以此类推，如果杂交中包括的基因对数为n对，则F1配子的组合数为4n，D正确。
考点二　突破自由组合定律的常规题型5.(2023·江西金太阳联考)人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的，二者缺一，个体即聋，已知这两对等位基因独立遗传。下列有关说法错误的是(　　)A.夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子B.一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子C.基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为7/16D.耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子
解析　夫妇中有一个耳聋，如夫妇DdEe(正常)和Ddee(耳聋)的后代，可能生下听觉正常的孩子D_Ee，A正确；一方只有耳蜗管正常，其基因型为D_ee，另一方只有听神经正常，其基因型为ddE_，这对夫妇可能生下正常的孩子DdEe，B错误；基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为1－D_E_＝1－(3/4)×(3/4)＝7/16，C正确；若耳聋夫妇的基因型为Ddee和ddEe，则可以生下基因型为DdEe的孩子，D正确。
6.(多选)(2022·江苏如皋一模)甘蓝型油菜是我国重要的油料作物，它的花色性状由三对独立遗传的等位基因(A和a、B和b、D和d)控制。当有两个A基因时开白花，只有一个A基因时开乳白花，三对基因均为隐性时开金黄花，其余情况开黄花。下列叙述正确的是(　　)A.稳定遗传的白花植株的基因型有3种B.乳白花植株自交后代中可能出现4种花色C.基因型AaBbDd的植株测交，后代中黄花占3/8D.基因型AaBbDd的植株自交，后代中黄花占1/4
解析　分析题干信息可判断，白花对应的基因型为AA_ _ _ _，乳白花的基因型为Aa_ _ _ _，金黄色的基因型为aabbdd，其余为黄花。其中白花植株中能稳定遗传的基因型有AABBDD、AABBdd、AAbbDD、AAbbdd，共4种，A错误；乳白色植株AaBbDd自交，后代可以出现4种花色，B正确；基因型AaBbDd的植株测交，即让基因型AaBbDd的植株与金黄花植株aabbdd杂交，后代中乳白花占1/2，金黄花占1/2×1/2×1/2＝1/8，黄花占1－1/2－1/8＝3/8，C正确；基因型AaBbDd的植株自交，子代中白花为1/4，乳白花为1/2，金黄花为1/64，则黄花的比例为1－1/4－1/2－1/64＝15/64，D错误。
A.3/4 B.9/16 C.3/8 D.1/2
解析　分析题图，三个抗盐基因整合到了两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。该植株可产生含耐盐基因数为3(S1、S2、S3)、2(S1、S3)、1(S2)、0这四种类型的配子，比例为1∶1∶1∶1。自交(不考虑互换等变化)后代中高耐盐性状(三种基因都存在才表现为高耐盐性状)的个体所占比例是：1/4的“3”雌配子与各种雄配子结合的个体、1/4的“3”雄配子与各种雌配子结合的个体(所占比例为2×1/4－1/4×1/4＝7/16)、1/4的“2”雌配子与1/4的“1”雄配子结合的个体(所占比例为1/16)、1/4的“1”雌配子与1/4的“2”雄配子结合的个体(所占比例为1/16)，共计：7/16＋1/16＋1/16＝9/16，B符合题意。
8.(多选)(2023·连云港灌云高中)某植物的花色有色、粉红色和白色三种类型，由三对等位基因控制(分别用A/a、B/b、C/c表示)，设计不同杂交实验并对子代花色进行统计，结果如下。下列分析正确的是(　 　)实验一：红花×白花→红花∶粉红花∶白花＝1∶6∶1实验二：粉红花×红花→红花∶粉红花＝9∶7A.三对等位基因位于三对同源染色体上，遵循基因自由组合规律B.实验一为测交实验，白花基因型是aabbcc，粉红花有六种基因型C.实验一子代红色个体自交后代粉红花比例是27/64D.实验二结果表明，亲代粉红花和红花的基因型均由两对双杂合和一对纯合组成
解析　由题干信息可知，某植物的花色由三对等位基因控制，根据实验一可知，红花×白花→红花∶粉红花∶白花＝1∶6∶1，后代之比是1∶1∶1∶1∶1∶1∶1∶1的变式，说明该实验为测交实验，后代的基因型之比遵循基因自由组合定律，三对等位基因位于三对同源染色体上，A正确；实验一为测交实验，亲本红花的基因型为AaBbCc，白花基因型为aabbcc，粉红花基因型为：AaBbcc、AabbCc、Aabbcc、aaBbCc、aaBbcc、aabbCc，B正确；实验一为测交实验，亲本红花的基因型为AaBbCc，白花基因型为aabbcc，子代红色个体基因型为AaBbCc，自交后代红花A_B_C_的比例是3/4×3/4×3/4＝27/64，白花aabbcc的比例是1/4×1/4×1/4＝1/64，故自交后代粉红花比例是1－1/64－27/64＝36/64，C错误；根据实验二可知，粉红花×红花→红花∶粉红花＝9∶7，后代比例是9∶3∶3∶1的变式，说明亲代粉红花和红花的基因型均由两对双杂合和一对纯合组成，D正确。
9.(多选)(2022·如皋中学三模)某果实的颜色由两对等位基因B、b和R、r控制，其中B控制黑色，R控制红色，且B基因的存在能完全抑制R基因的表达。现向基因型为BbRr的植株导入一个隐性致死基因s，让该植株自交，F1表型比例为黑色∶红色∶白色＝8∶3∶1，下列说法中正确的是(　 　)A.隐性致死基因s只有纯合时才具有致死效应B.自交后代F1的全部植株中一共存在6种基因型C.隐性致死基因s与R、r的遗传不遵循基因的自由组合定律D.F1黑果个体自交，子代黑色∶红色∶白色＝16∶5∶3
解析　根据题意可知，黑色果实的基因型为B_R_和B_rr，红色果实的基因型为bbR_，白色果实的基因型为bbrr。BbRr的植株若没有导入致死基因s，自交后代黑色∶红色∶白色＝12∶3∶1，导入致死基因后比例变为8∶3∶1，说明黑色植株中某些个体死亡，推测可能是基因型为BB的植株死亡，判断s导入的是B基因所在的染色体且ss纯合时才有致死效应，A正确；因为s和B在同一染色体上，基因型为BB的个体死亡，则F1的全部黑色植株有BbRRs、BbRrs、Bbrrs共三种，F1的红色个体有bbRR和bbRr两种基因型，F1的白色个体基因型是bbrr，因此自交后代F1的全部植株中一共存在6种基因型，B正确；因为s
和B在同一染色体上，R和r基因在另外的一对同源染色体上，因此s与R、r的遗传是遵循基因的自由组合定律的，C错误；因为s和B在同一染色体上，基因型为BB的个体死亡，则F1的全部黑色植株有BbRRs∶BbRrs∶Bbrrs＝1∶2∶1，分别自交，1/4BbRRs自交子代是1/6黑色和1/12红色，1/2BbRrs自交子代是1/3黑色、1/8红色、1/24白色，1/4Bbrrs自交子代是1/6黑色、1/12白色，因此F1黑果个体自交，子代黑色∶红色∶白色＝16∶5∶3，D正确。
10.(2022·扬州考前调研B卷)大豆是两性花、一年生植物(2N＝40)。科研人员用放射性60C处理大豆种子后，筛选出一株单基因突变引起的抗花叶病(简称抗病)植株X，其花药离体培养得到的单倍体植株中，抗病植株占50%。已知控制大豆子叶颜色基因在1号染色体上(BB呈深绿色，Bb呈浅绿色，bb呈黄色，幼苗阶段死亡)。科研人员进行了两组杂交实验，结果如下表。请回答下列问题。
(1)大豆抗花叶病与不抗花叶病由一对等位基因R、r控制，科研人员在进行上述两组杂交实验之前就已判断出抗花叶病基因为________(填“显性”或“隐性”)基因，其理由是_______________________________________________________________________________________________________________。(2)基因R、r________(填“位于”或“不位于”)1号染色体上，判断的依据是____________________________________________________________________________________________________________________________________。(3)实验一F1中的子叶浅绿抗病植株自交，F2成熟植株的表型及比例为____________________________________________________________________________________________________________________________________。
抗病植株X经花药离体培养得到的单倍体植株中抗病植株50%，说明抗病植株X为杂合子，杂合子表现出的性状为显性性状
实验二中F1的性状分离比为1∶1∶1∶1(两对等位基因的遗传遵循自由组合定律)
子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅绿不抗病＝3∶1∶6∶2
(4)若上述实验中的各代大豆均有留种，想要快速且简便地选育出纯合的子叶深绿抗病品种，应选用实验一的________(填“亲本”或“F1”)中表型为______________的大豆进行______，所得种子中，子叶深绿的即为所需品种。(5)现有一株白花(dd)突变大豆，用该突变株做父本，与10号三体(其产生含有1条或2条10号染色体的配子活性相当且受精后均能发育)紫花纯合子杂交，再选择F1中的三体与突变株回交得到F2：①若F2中紫花∶白花＝________，则基因d不在10号染色体上；②若F2中紫花∶白花＝________，则基因d在10号染色体上。
解析　(1)根据抗花叶病植株X经花药离体培养得到的单倍体植株中抗花叶病植株占50%，说明抗花叶病植株X为杂合子，杂合子表现出的性状为显性性状，因此可说明抗花叶病基因为显性基因。(2)实验二中子叶深绿不抗病(♀)×子叶浅绿抗病(♂)，子一代中子叶深绿∶子叶浅绿＝1∶1，抗病∶不抗病＝1∶1，两对基因综合考虑，子代中子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅绿不抗病＝(1∶1)×(1∶1)＝1∶1∶1∶1，说明两对基因符合自由组合定律，因此两对基因位于两对同源染色体上。即基因R、r不位于1号染色体上。
(3)根据上述分析可知，抗花叶病基因为显性基因，BB呈深绿色，Bb呈浅绿色，因此根据实验一中子叶深绿抗病∶子叶浅绿抗病＝1∶1，可知实验一的亲本基因型为BBrr×BbRR，F1中的子叶浅绿抗病植株基因型为BbRr，其自交后代中bb在幼苗阶段死亡，因此子代BB∶Bb＝1∶2，R－∶rr＝3∶1，两对基因综合考虑，F2成熟植株中子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅绿不抗病＝3∶1∶6∶2。(4)欲快速且简便选育出纯合的子叶深绿抗病(BBRR)品种，可选择实验一的亲本(父本BbRR子叶浅绿抗病)自交，由于RR自交的后代不会出现杂合子，而Bb自交的后代中只有BB为深绿个体，因此自交后代所得种子中，子叶深绿的即为所需品种。
(5)①若基因d不在三体上，则该白花(dd)突变体与紫花纯合子(DD)的三体杂交，子代基因型为Dd，选择F1中的三体(Dd)与突变株(dd)回交得到F2，后代Dd∶dd＝1∶1，紫花∶白花＝1∶1，说明d基因不在10号染色体上；②若基因d在三体上，则该白花(dd)突变体与紫花纯合子(DDD)的三体杂交，子代基因型为DDd(三体植株)、Dd(正常株)，选择F1中的三体(DDd)与突变株(dd)回交得到F2，由于DDd产生的配子种类和比例为DD∶d∶Dd∶D＝1∶1∶2∶2，后代DDd∶dd∶Ddd∶Dd＝1∶1∶2∶2，紫花∶白花＝5∶1，说明d基因在10号染色体上。
11.(2023·湘豫名校联考)番茄为自花传粉植物，其果实营养丰富，果实有多室型和二室型(受两对等位基因A/a、B/b控制)，果实颜色有红果和黄果两种类型(受一对等位基因D/d控制)；为研究番茄果实室型和颜色这两个遗传性状的遗传特点，某小组利用纯种番茄进行杂交实验得F1，F1自交获得足够多的后代F2，F2的性状统计结果如下(不考虑互换)。回答下列问题：
(1)根据F2的实验结果可知番茄果实室型的遗传遵循____________________________________________定律，将F2中二室型种子种下去能稳定遗传的概率为________。(2)若控制番茄果实室型及颜色两对相对性状的基因分别在不同染色体上，则F2中红果多室型∶红果二室型∶黄果多室型∶黄果二室型＝________________。(3)某小组在做番茄的杂交实验时，若对F1植株人工授粉进行测交，人工授粉的步骤为_______________________________，已知控制番茄果实室型及颜色两对相对性状的亲本基因组成如下图所示，则F1测交所得的表型及比例为_______________________________________________。
基因的自由组合(或基因的分离定律和自由组合)
去雄→套袋→人工传粉→套袋
多室型红果∶二室型红果∶二室型黄果＝1∶1∶2
解析　(1)F2室型比例为：多室型∶二室型＝779∶605接近9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，符合双杂合个体基因的自由组合定律，因为研究对象是两对等位基因，如果观察研究其中的一对等位基因，也遵循基因的分离定律。依据题意，多室型的基因型为A_B_，即双显性类型，所占比例为9/16，其余的二室型个体的基因型为aaB_、A_bb、aabb，该类型个体种子种下去，自交后代不会出现双显性类型，因此都是二室型，故能稳定遗传的概率为1。
(2)控制两对性状的三对等位基因位于不同的染色体上，符合基因的自由组合定律，F2中，(3红果∶1黄果)(9多室型∶7二室型)＝27红果多室型∶21红果二室型∶9黄果多室型∶7黄果二室型，系数之和为64。(3)按照自花传粉植物的杂交流程，对于母本在花蕾期，先去雄处理，然后套袋，防止被提前传粉，人工授粉后，再次套袋。