2024届人教版高考生物一轮复习基因的自由组合定律作业（不定项）含答案

这是一份2024届人教版高考生物一轮复习基因的自由组合定律作业（不定项）含答案，共10页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
课时微练(十五)　基因的自由组合定律
　
一、选择题:本题共8小题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.(2023·湘豫名校联考)在孟德尔两对相对性状杂交实验中,F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。下列表述正确的是(　　)
A.F1产生Yr卵细胞和Yr精子的数量之比约为1∶1
B.F2中,纯合子占1/4,基因型不同于F1的类型占3/4
C.F1产生的雌、雄配子随机结合,体现了自由组合定律的实质
D.受精时,F1雌雄配子的结合方式有9种,F2基因型有9种、表型有4种
解析　基因型为YyRr的豌豆将产生雌雄配子各4种,4种雌雄配子的数量比均接近1∶1∶1∶1,但一般雌配子和雄配子的数量不相等,雄配子的数量远远多于雌配子的数量,A项错误;由于F1的基因型为YyRr,F1自交所得子代F2中,纯合子所占比例为1/2×1/2=1/4,基因型(YyRr)在子代F2中所占比例为1/2×1/2=1/4,故F2中基因型不同于F1的类型占3/4,B项正确;基因的自由组合发生在减数分裂Ⅰ过程中,即减数分裂产生配子时才能体现自由组合,C项错误;YyRr能产生4种类型的配子,故雌雄配子结合方式有4×4=16种,子代基因型有3×3=9种,表型有2×2=4种,D项错误。
答案　B
2.大麦品系Ⅰ的麦穗性状表现为二棱、曲芒;品系Ⅱ的麦穗性状表现为六棱、直芒。研究人员将品系Ⅰ和品系Ⅱ杂交,F1麦穗性状全部为二棱、曲芒。F1自交,得到F2,统计F2麦穗性状,结果如下表所示。对此实验分析不正确的是(　　)
麦穗性状
二棱曲芒
六棱曲芒
二棱直芒
六棱直芒
统计结果
541
181
177
63
A.二棱对六棱为显性性状,曲芒对直芒为显性性状
B.控制两对相对性状的等位基因位于非同源染色体上
C.F1产生雌配子和雄配子的种类均为4种,比例均为1∶1∶1∶1
D.F2中二棱曲芒的个体占9/16,其中稳定遗传的占3/4
解析　品系Ⅰ和品系Ⅱ杂交,F1麦穗性状全部为二棱、曲芒,说明六棱对二棱为隐性性状,直芒对曲芒为隐性性状,A项正确;F2麦穗性状分离比约为9∶3∶3∶1,说明这两对等位基因位于非同源染色体上,B项正确;设F1的基因型为AaBb,因此其产生雌配子和雄配子的种类均为4种,且基因型及比例均为AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶1∶1,C项正确;F2中二棱曲芒的个体占9/16(A_B_),其中稳定遗传的占1/9(AABB),D项错误。
答案　D
3.如图为初级精母细胞减数分裂时的一对同源染色体示意图,图中1~8表示基因。在不考虑突变、交叉互换的情况下,下列叙述正确的是(　　)

A.1与2遵循分离定律,1、2与7、8遵循自由组合定律
B.3与4在减数第一次分裂的后期发生分离
C.减数分裂结束后,基因2、7不可能出现在同一个精细胞中
D.在减数第一次分裂前期,5、6所在的染色体片段会互换
解析　1与2是相同基因,在减数第二次分裂后期分离,1、2与7、8是位于一对同源染色体上的非等位基因,不遵循自由组合定律,A项错误;3与4是姐妹染色单体上的相同基因,在减数第二次分裂的后期发生分离,B项错误;由于减数第一次分裂时同源染色体分离,因此位于同源染色体上的基因2、7不可能出现在同一个精细胞中,C项正确;互换发生在减数第一次分裂前期、同源染色体的非姐妹染色单体之间,D项错误。
答案　C
4.现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1,F1测交结果如表所示,下列有关叙述不正确的是(　　)
测交类型
测交后代基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1/7
2/7
2/7
2/7
乙
F1
1/4
1/4
1/4
1/4
A.F1自交得F2,F2的基因型有6种
B.F1产生的基因型为AB的花粉可能有50%不能萌发,不能实现受精
C.将F1花粉离体培养,可得到四种表型不同的植株
D.该两对基因的遗传仍遵循自由组合定律
解析　根据表格中测交后代基因型种类可判断F1产生的雌配子和雄配子均有四种,F1自交得F2,F2的基因型有3×3=9(种),A项错误;甲(AABB)×乙(aabb)→F1(AaBb),F1(父本)×乙→AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶2∶2∶2,乙×F1(母本)→AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1,由此可见,第二个测交组合符合正常测交后代比例,而第一个测交组合中,AaBb个体是其他类型的一半,可能是F1产生的精子AB有一半败育的缘故,即父本F1产生的AB花粉可能有50%不能完成受精作用,B项正确;通过测交结果看出,F1能产生四种类型的花粉,因此F1花粉离体培养,可得到四种表型不同的单倍体植株,C项正确;根据测交结果可知该两对基因的遗传符合自由组合定律,D项正确。
答案　A
5.如图家系中的遗传病是由位于两对常染色体上的等位基因控制的,当两种显性基因同时存在时个体才不会患病。若5号和6号的子代出现患病纯合子的概率为3/16。据此分析,下列判断正确的是(　　)

A.1号个体和2号个体的基因型一定相同
B.3号个体和4号个体只能是纯合子
C.7号个体的基因型最多有两种可能
D.8号男性患者是杂合子的概率为4/7
解析　1号个体和2号个体都正常,基因型是A_B_;又5号的基因型是AaBb,所以1号个体和2号个体的基因型不一定相同,可以都是AaBb,也可以是AABB和AaBb或AaBB和AaBb等,A项错误;由以上分析可知,3号和4号是患者,而其子代6的基因型是AaBb,所以3号和4号可以是AAbb、aaBB,也可以是Aabb、aaBb等,B项错误;7号个体不患病基因型是A_B_,基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb 4种可能性,C项错误;基因型中有AABB、AABb、AaBB、AaBb 4种表现正常,有1/16+2/16+2/16+4/16=9/16份,8号患病,在剩余的1-9/16=7/16份中有5种基因型,分别为AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb,但纯合子只有3份,因此8号个体是纯合子的概率是3/7,是杂合子的概率为4/7,D项正确。
答案　D
6.(2023·陕西摸底)某哺乳动物的毛色由位于常染色体上的独立遗传的3对等位基因控制,如图所示。下列分析错误的是(　　)

A.图示过程说明基因与性状之间不是一一对应的关系
B.让褐色个体相互交配,子一代中出现其他颜色个体的原因是基因重组
C.基因型相同的杂合黄色个体相互交配,子一代的基因型最多有27种
D.褐色个体与黑色个体杂交,子一代可能有黄色∶褐色∶黑色=2∶3∶3
解析　图示过程中该哺乳动物的毛色受三对等位基因控制,说明基因与性状之间不是一一对应的关系,A项正确;褐色个体的基因型为A_bbdd,褐色个体相互交配,子一代的基因型有AAbbdd、Aabbdd、aabbdd,分别表现为褐色、褐色、黄色,子一代出现黄色个体的原因是等位基因A、a彼此分离,分别进入不同的配子中,并没有发生基因重组,B项错误;黄色个体的基因型为_ _ _ _ D_、aa_ _dd,要使基因型相同的杂合黄色个体相互交配,子一代基因型种类最多,则该黄色个体的基因型为AaBbDd,基因型为AaBbDd的个体相互交配,子一代的基因型有3×3×3=27(种),C项正确;褐色个体的基因型为A_bbdd,黑色个体的基因型为A_B_dd,当亲本基因型分别为Aabbdd、AaBbdd时,亲本杂交产生的子一代的表型及比例为黄色(aa_ _dd)∶褐色(A_bbdd)∶黑色(A_B_dd)=(1/4)∶[(3/4)×(1/2)]∶[(3/4)×(1/2)]=2∶3∶3,D项正确。
答案　B
7.某自花授粉植物花的颜色有紫色和白色两种表型,现有紫花品系和各种白花品系(品系皆为纯合子),通过杂交发现:紫花品系植株间杂交以后各世代都是紫花;不同的白花品系间杂交,有的F1都开紫花,有的F1都开白花:紫花品系和不同白花品系杂交F2的紫花和白花性状分离比有3∶1、9∶7、81∶175等,其中所有杂交组合中F2紫花的最小概率为243/1 024。不考虑突变,据此推测,不合理的是(　　)
A.控制该植株的花色基因有5对,符合自由组合定律
B.紫花品系只有1种基因型,而白花品系有31种基因型
C.白花品系间杂交,若F1为白花,则F2及以后世代也皆为白花
D.白花品系间杂交,若F1为紫花,则F1植株至少存在1对等位基因
解析　所有杂交组合中F2紫花的最小概率为243/1 024=(3/4)5,说明控制核植株的花色基因有5对,且符合自由组合定律,A项正确;由于品系均为纯合子,因此紫花品系的基因型只有1种,白花品系的基因型为2×2×2×2×2-1=31种,B项正确;不考虑突变,白花品系间杂交,若F1为白花,说明两白花品系至少有一对相同的隐性纯合基因,则F2及以后世代也皆为白花,C项正确;各种白花品系皆为纯合子,不同的白花品系间杂交,有的F1都开紫花,有的F1都开白花,至少存在2对等位基因,若为一对等位基因,不可能纯合,白花杂交后代也不可能有些为紫花有些为白花,D项错误。
答案　D
8.如图是甲、乙两种单基因遗传病的系谱图,控制这两种病的基因独立遗传。若不考虑基因突变和染色体变异,下列叙述正确的是(　　)

A.控制甲病的基因可能位于常染色体上,也可能位于性染色体上
B.若Ⅱ3携带乙病致病基因,则Ⅲ1不携带致病基因的概率是2/15
C.若Ⅱ3不携带乙病致病基因,则Ⅲ3的X染色体可能来自Ⅰ2
D.若Ⅱ3不携带乙病致病基因,Ⅲ2个体性染色体组成为XXY,则其母亲形成的卵细胞可能正常
解析　由Ⅰ1和Ⅰ2不患病,其儿子Ⅱ1患甲病,可知甲病为隐性遗传病,又由Ⅰ4患甲病,Ⅱ3正常,可知甲病一定为常染色体隐性遗传病,A项错误。假设基因A、a控制甲病,基因B、b控制乙病,若Ⅱ3携带乙病致病基因,则乙病为常染色体隐性遗传病,且由控制甲、乙两病的基因独立遗传可知,甲、乙两病的遗传遵循自由组合定律。由题意分析可知Ⅱ2基因型为AABb、AaBb,概率分别是1/3、2/3;Ⅱ3基因型为AaBb,Ⅲ1为正常女性,基因型为A_B_,产生该基因型的概率为(1/3+2/3×3/4)×3/4=5/8;Ⅱ2和Ⅱ3的后代中不携带致病基因AABB的概率为(1/3×1/2+2/3×1/4)×1/4=1/12,所以Ⅲ1不携带致病基因的概率1/12÷5/8=2/15,B项正确。若Ⅱ3不携带乙病致病基因,则可判断乙病为伴X染色体隐性遗传病,Ⅲ3的X染色体来自Ⅱ2,且不携带乙病致病基因;因Ⅱ2的两条X染色体中有一条携带乙病致病基因,且这条染色体来自Ⅰ2;另一条不携带乙病致病基因的X染色体来自Ⅰ1,所以Ⅲ3的X染色体来自Ⅰ1,C项错误。若Ⅱ3不携带乙病致病基因,则可判断乙病为伴X染色体隐性遗传病,Ⅱ2的基因型为XBXb,Ⅲ2个体患病,则Ⅲ2性染色体组成为XbXbY,则其母亲形成的卵细胞异常,D项错误。
答案　B
二、选择题:本题共4小题,在每小题给出的四个选项中,有一个或多个选项符合题目要求。
9.某动物的毛黑色(N)对白色(n)为显性,有尾(R)对无尾(r)为显性。下图为甲、乙两品系动物体细胞中部分染色体及基因情况。已知含片段缺失染色体的雄配子致死。取自甲品系的某雌性个体与取自乙品系的某雄性个体杂交,后代出现一个基因型为RRr的子代(丙)。下列相关叙述正确的是(　　)
甲　乙
A.甲品系的动物相互交配,后代有2种表型和6种基因型
B.甲品系雄性个体与乙品系雌性个体杂交,F1有四种基因型且F1的雄配子均不致死
C.丙与其父本杂交,产生Rr后代的概率是1/3
D.丙产生的原因可能是甲个体在减数第一次分裂时异常所致
解析　甲品系动物相互交配,雌性可以产生NR、Nr、nR、nr,4种配子,雄性由于n基因所在的染色体缺失导致雄配子致死,只能产生NR、Nr,2种配子,雌雄配子间随机结合,所以子代一共有6种基因型,2种表型,A项正确;由于含片段缺失染色体的雄配子致死,甲品系动物雄性只能产生NR、Nr 2种配子,乙品系只能产生nr的配子,所以子代一共只有2种基因型,NnRr、Nnrr,且F1代个体染色体都没有缺失,所以雄配子都不致死,B项错误;由丙RRr的基因型可已看出,其中的RR来自其母本甲,r来自其父本乙,丙可以产生的配子R∶Rr∶RR∶r=2∶2∶1∶1,父本(乙)只产生的1种配子r,所以后代产生Rr的比例为1/3,C项正确;丙个体基因型为RRr,父本的基因型为rr,母本的基因型为Rr,产生了RRr的子代只能是母本在减数第二次分裂时含R的姐妹染色单体分开成的染色体没有分开而移向一极,D项错误。
答案　AC
10.某植物花色有红色和白色,受两对等位基因控制,基因型为AaBb的红花个体自交,F1中红花∶白花=3∶1。不考虑基因突变和互换,已知亲本产生4种配子。下列分析正确的是(　　)
A.基因A、a和基因B、b位于一对同源染色体上
B.该红花植株进行测交,子代中红花∶白花=3∶1
C.从F1中随机选择一株白花植株自交,子代全为白花
D.F1红花植株中,自交后子代全为红花的占1/3
解析　基因型为AaBb的红花个体产生4种配子,则基因A、a和基因B、b位于两对同源染色体上,A项错误;设含A基因时为红花,该红花植株(AaBb)进行测交实验,则子代的基因型比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1,红花∶白花=1∶1,B项错误;由题意分析可知:白花的基因型为aaB_、aabb,随机选择一株白花植株自交,则子代全为白花,C项正确;基因型为AaBb的红花个体自交,子一代中红花的基因型及比例为AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb∶AAbb∶Aabb=1∶2∶2∶4∶1∶2,其中1AABB、2AABb、1AAbb自交后代全为红花,概率为1/12+2/12+1/12=1/3,D项正确。
答案　CD
11.如图中Ⅰ为年轻夫妇,已知丈夫不携带乙病的致病基因。Ⅱ为他们做遗传咨询时在不考虑同源染色体非姐妹染色单体互换的前提下,可能生出的孩子的患病情况。甲病由A/a基因控制,乙病由B/b基因控制。下列分析正确的是(　　)

A.甲病可能是伴X染色体显性遗传病或常染色体显性遗传病
B.乙病是常染色体隐性遗传病
C.这对年轻夫妇生出正常孩子的概率是3/16
D.这对年轻夫妇生出正常男孩的概率不为0
解析　根据题意分析可知,甲病为显性遗传病,乙病为伴X染色体隐性遗传病,对于乙病,1号基因型为XBXb,若甲病基因位于X染色体上,则根据4号不患甲病可知,1号基因型为XAXa,若A和b连锁,在不考虑同源染色体非姐妹染色单体互换的情况下,儿子都应该为两病患者,但4号只患乙病,与假设不符,所以可说明甲病为常染色体显性遗传病,A、B两项错误;对于乙病1号基因型为XBXb,2号基因型为XBY,生出不患乙病孩子概率为3/4,根据A项分析可知甲病为常染色体显性遗传病,则1号基因型为Aa,2号基因型为Aa,生出不患甲病孩子aa概率为1/4,综合以上分析,这对年轻夫妇生出正常孩子的概率是3/4×1/4=3/16,C项正确;由遗传系谱图分析可知,这对年轻夫妇可以生出不患甲病和不患乙病的男孩,因此生出正常男孩的概率不为0,D项正确。
答案　CD
12.豌豆素是野生型豌豆产生的一种能抵抗真菌侵染的物质,决定产生豌豆素的基因A对a为显性,基因B对豌豆素的产生有抑制作用,而基因b没有。下面是利用两个不能产生豌豆素的纯种品系(甲、乙)及纯种野生型豌豆进行多次杂交实验的结果。
实验一:野生型×品系甲→F1不能产生豌豆素→F1自交→F2中能产生豌豆素∶不能产生豌豆素=1∶3;
实验二:野生型×品系乙→F1不能产生豌豆素→F1自交→F2中能产生豌豆素∶不能产生豌豆素=3∶13。
下列有关说法正确的是(　　)
A.让实验二F2中不能产生豌豆素的植株全部自交,不发生性状分离的植株占3/13
B.据实验二可判定与豌豆素产生有关的两对基因遵循基因的自由组合定律
C.品系甲和品系乙两种豌豆的基因型分别是AABB和aaBB
D.实验一F2中不能产生豌豆素的植株的基因型共有2种,其中杂合体占的比例为2/3
解析　由题意“决定产生豌豆素的基因A对a为显性,基因B对豌豆素的产生有抑制作用,而基因b没有”可知,不能产生豌豆素的植株的基因型为A_B_、aabb、aaB_,能产生豌豆素的植株的基因型为A_bb,自交后代会发生性状分离的植株的基因型为A_Bb,占6/13,不发生性状分离的植株所占的比例为7/13,A项错误。根据实验二,F1自交→F2中能产生豌豆素∶不能产生豌豆素=3∶13(9∶3∶3∶1的变式),可判定两对基因位于非同源染色体上,其遗传遵循基因的自由组合定律,B项正确。在实验一中,野生型(AAbb)与品系甲杂交得F1,F1不能产生豌豆素,F1自交得F2,F2中能产生豌豆素∶不能产生豌豆素=1∶3,说明F1的基因组成中,有一对基因杂合,一对基因纯合,即F1的基因型为AABb或Aabb(自交后代分离比与题干不符,舍去),进而可知,不能产生豌豆素的纯种品系甲的基因型为AABB,同理可知,品系乙的基因型为aaBB,C项正确。实验一F2中不能产生豌豆素的植株的基因型为AAB_,共2种,其中杂合体(AABb)占2/3,D项正确。
答案　BCD
三、非选择题
13.某同学利用一种二倍体自花传粉植物进行了杂交实验,杂交涉及的两对相对性状分别是圆形果(A)与长形果(a),单一花序(B)与复状花序(b),实验结果如表。回答下列问题:
杂交组合
F1表型
F2表型及个体数
①圆单×长复
圆单
圆单660、圆复90、长单90、长复160
②圆复×长单
圆单
圆单510、圆复240、长单240、长复10
(1)从表中数据可以得出,控制每对性状的基因在传递过程中符合分离定律,依据是　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
(2)根据表中数据,判断杂交组合①中,控制花序单一和复状的基因与控制圆形果和长形果的基因间　　　　　(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律,依据是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
(3)分析杂交组合②中F2的表型及数量,圆单小于9/16,长复小于1/16,而圆复和长单均大于　　　　,据此判断,基因B位于下图中　　　　号染色体上。 

(4)上图中的染色体均不可能为性染色体,理由是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
解析　(1)F2中第一组:圆∶长=(660+90)∶(90+160)=3∶1,单∶复=(660+90)∶(90+160)=3∶1;第二组:圆∶长=(510+240)∶(240+10)=3∶1,单∶复=(510+240)∶(240+10)=3∶1,说明控制每一对性状的基因均遵循分离定律。(2)杂交组合①的F2中,四种表型之比不是9∶3∶3∶1,说明控制这两对性状的基因不遵循自由组合定律。(3)杂交组合②的F2中,四种表型之比不是9∶3∶3∶1,说明B/b基因与A/a位于一对同源染色体上,若A和B在一条染色体而a和b在另一条同源染色体上,产生AB、ab配子的机会更多,即AB、ab所占比例均大于1/4,雌雄配子结合后,圆单和长复所占的比例应分别大于9/16和1/16,圆复和长单所占的比例应分别小于3/16;若A和b在一条染色体上,而a和B位于它的同源染色体上,则圆单和长复所占的比例应分别小于9/16和1/16,圆复和长单所占的比例应均大于3/16。据此判断,基因B位于2号染色体上。
答案　(1)每对相对性状F1的自交后代均为3∶1的性状分离比　(2)不遵循　F1自交后代不符合9∶3∶3∶1的自由组合比例　(3)3/16　2　(4)该植物为自花传粉的雌雄同体植物,只有雌雄异体的生物才有性染色体
14.油菜是我国重要的油料作物,油菜株高适当的降低对抗倒伏及机械化收割均有重要意义。某研究小组利用纯种高秆甘蓝型油菜Z,通过诱变培育出一个纯种半矮秆突变体S。为了阐明半矮秆突变体S是由几对基因控制、显隐性等遗传机制,研究人员进行了相关试验,如图所示。

回答下列问题:
(1)根据F2表型及数据分析,油菜半矮秆突变体S的遗传机制是　　　　　　　　　　　　　　　　,杂交组合①的F1产生各种类型的配子比例相等,自交时雌雄配子有　　　　种结合方式,且每种结合方式机率相等。F1产生各种类型配子比例相等的细胞遗传学基础是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
(2)将杂交组合①的F2所有高秆植株自交,分别统计单株自交后代的表型及比例,分为三种类型,全为高秆的记为F3⁃Ⅰ,高秆与半矮秆比例和杂交组合①②的F2基本一致的记为F3⁃Ⅱ,高秆与半矮秆比例和杂交组合③的F2基本一致的记为F3⁃Ⅲ。产生F3⁃Ⅰ、F3⁃Ⅱ、F3⁃Ⅲ的高秆植株数量比为　　　　。产生F3⁃Ⅲ的高秆植株基因型为　　　　(用A、a;B、b;C、c……表示基因)。用产生F3⁃Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验,能否验证自由组合定律?　　　　。 
解析　(1)根据分析可推测,半矮秆突变体S是双隐性纯合子,只要含有显性基因即表现为高秆,杂交组合①的F1为双杂合子,减数分裂产生配子时,位于同源染色体上的等位基因分离,位于非同源染色体上的非等位基因自由组合,所以产生4种比例相等的配子,自交时雌雄配子有16种结合方式,且每种结合方式机率相等,导致F2出现高秆∶半矮秆≈15∶1。(2)杂交组合①的F2所有高秆植株基因型包括1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb,所有高秆植株自交,分别统计单株自交后代的表型及比例,含有一对纯合显性基因的高秆植株1AABB、2AABb、2AaBB、1AAbb、1aaBB,占高杆植株的比例为7/15,其后代全为高秆,记为F3⁃Ⅰ;AaBb占高杆植株的比例为4/15,自交后代高秆与半矮秆比例≈15∶1 ,和杂交组合①②的F2基本一致,记为F3⁃Ⅱ;2Aabb、2aaBb占高杆植株的比例为4/15,自交后代高秆与半矮秆比例和杂交组合③的F2基本一致,记为 F3⁃Ⅲ,产生F3⁃Ⅰ、F3⁃Ⅱ、F3⁃Ⅲ的高秆植株数量比为7∶4∶4。用产生F3⁃Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验,不论两对基因位于一对同源染色体上,还是两对同源染色体上,亲本均产生两种数量相等的雌雄配子,子代均出现高秆∶半矮秆=3∶1,因此不能验证基因的自由组合定律。
答案　(1)由两对位于非同源染色体上的隐性基因控制　16　F1减数分裂产生配子时,位于同源染色体上的等位基因分离,位于非同源染色体上的非等位基因自由组合
(2)7∶4∶4　Aabb、aaBb　不能
15.(科学探究)种皮由母本体细胞发育而来,某玉米种皮有红、紫和白三种颜色,由两对等位基因A/a、B/b分别控制红色素和紫色素的合成。下表为不同种皮颜色的玉米杂交实验结果。
杂交组合
F1植株收获籽粒的颜色
红色
紫色
白色
①红种皮×紫种皮
-
831
-
②紫种皮×白种皮
137
264
134
回答下列问题:
(1)玉米作为遗传学杂交实验材料的优点有: 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　(答出两点即可)。 
(2)杂交组合①中两个亲本为稳定遗传类型,且F1连续自交不会出现白种皮类型,可以推断其中红种皮亲本基因型是　　　　,紫种皮亲本基因型是　　　　。 
(3)杂交组合②的杂交方式一般称为　　　　,F1的基因型和比例为　　　　　　　　　　　　　　　　　　。用该杂交组合的紫种皮亲本自交,获得籽粒后种植,待植株成熟,所结籽粒种皮颜色为紫色的植株所占比例为　　　　。 
(4)用白种皮玉米给AABb基因型玉米授粉,当年所收获的籽粒种皮颜色有　　　　种,表现为　　　色。 
(5)如果想要在最短时间内和最小工作量情况下获得更多的AAbb品系,请以杂交组合②F1植株收获的籽粒为材料设计实验方案:　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
解析　玉米籽粒颜色由两对等位基因A/a、B/b分别控制红色素和紫色素的合成,根据题意分析:红种皮基因型为A_bb,紫种皮基因型为aaB_、A_B_,白种皮的基因型为aabb。(2)在杂交组合①中,由于两亲本均为稳定遗传类型,所以两亲本为纯合子,又因F1全部为紫种皮,且连续自交后不会出现白种皮,因此可以推测出母本中红种皮的基因型为AAbb,紫种皮的基因型为AABB。(3)在杂交组合②中,由于紫种皮与白种皮杂交后出现性状分离的现象,而白种皮的基因型为aabb,符合测交的要求;可以推断出亲本的紫种皮的基因型为AaBb,故F1基因型和比例为:AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1;若将亲本中的紫种皮(AaBb)进行自交后,后代基因型比例为:A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1,其中为紫种皮的基因型有A_B_和aaB_,所占比例为(9+3)/(9+3+3+1)=3/4。(4)从题中可知,“种皮由母本体细胞发育而来”,因此所收获的籽粒种皮由母本(AABb)决定,种皮细胞的基因型为AABb,籽粒种皮颜色有1种,表现为紫色。
答案　(1)后代数目多,具有稳定的易于区分的相对性状,易于人工杂交实验　(2)AAbb　AABB　(3)测交　AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1　3/4　(4)1　紫　(5)选择红色种皮籽粒种植后连续自交两代,得到的不出现性状分离的红色籽粒植株即为AAbb品系