2022-2023学年山东省威海市乳山市银滩高级中学高二下学期4月月考数学试题含解析
展开山东省威海市乳山市银滩高级中学2022-2023学年高二下学期4月月考数学试题
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
一、单选题
1.假设是两个事件,且,,则下列结论一定成立的是( ).
A. B.
C. D.
【答案】A
【分析】利用条件概率的概率公式以及相互独立事件的概率公式,对选项逐一分析判断即可
【详解】解:对于A选项,由,,
可知,故A正确;
对于B选项,成立的条件为是两个独立事件,故B错误;
对于C选项,由,,
故当时才有,故C错误;
对于D选项,若,
故,即是两个独立事件时成立,故D错误.
故选:A.
2.将英文单词“”中的6个字母重新排列,其中字母b不相邻的排列方法共有( )
A.120种 B.240种 C.480种 D.960种
【答案】B
【分析】先排除b之外的其余四个字母,再从这四个字母排完后的5个空中选2个放入b即可.
【详解】由题意可先排除b之外的其余四个字母,有种排法,
再从这四个字母排完后的5个空中选2个放入b,有种放法,
故字母b不相邻的排列方法共有(种),
故选:B
3.小陈和小李是某公司的两名员工,在每个工作日小陈和小李加班的概率分别为和,且两人同时加班的概率为,则某个工作日,在小李加班的条件下,小陈也加班的概率为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】根据题意结合条件概率公式运算求解.
【详解】记“小李加班”为事件A,“小陈加班”为事件B,则,
故在小李加班的条件下,小陈也加班的概率为.
故选:C.
4.已知函数为的导函数,则的大致图象是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【分析】求出,判断奇偶性,并结合特殊值验证,即可判断出答案.
【详解】由可知,
则,即为奇函数,故A,D错误;
又,故C错误,B正确,
故选:B
5.目前,国际上常用身体质量指数BMI来衡量人体胖瘦程度以及是否健康.某公司对员工的BMI值调查结果显示,男员工中,肥胖者的占比为;女员工中,肥胖者的占比为,已知公司男、女员工的人数比例为2:1,若从该公司中任选一名肥胖的员工,则该员工为男性的概率为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】先求出任选一名员工为肥胖者的概率和肥胖者员工为男性的概率,再根据条件概率计算即可.
【详解】设公司男、女员工的人数分别为和,
则男员工中,肥胖者有人,
女员工中,肥胖者有人,
设任选一名员工为肥胖者为事件,肥胖者为男性为事件,
则,,
则.
故选:D.
6.已知函数有两个零点,且存在唯一的整数,则实数的取值范围为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】将函数有两个零点,转化为的图象有两个交点问题,利用导数判断的单调性,作出其大致图象,数形结合,列出能保证存在唯一的整数的不等关系,即可求得答案.
【详解】由题意函数有两个零点,
即,得有两个正实根,
设,则,
令,解得,当时,,在上单调递增;
当时,在上单调递减;
故当时,函数取得极大值,且,
又时,;当时,;
当时,,
作出函数的大致图象,如图所示:
直线与的图象的两个交点的横坐标即分别为,
由题意知,又,
因为存在唯一的整数,所以,
又直线与的图象有两个交点,
由图可知:,即,
故选:D.
【点睛】关键点睛:本题是根据函数零点的个数求参数的取值范围问题,关键在于要保证存在唯一的整数,因此解答时利用导数判断函数的单调性,作出函数图象,数形结合,列出保证条件成立的不等式,求解答案.
7.已知函数对于任意时,不等式恒成立,则实数a的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】将不等式化为,构造进而化为,利用导数研究单调性,再得在上恒成立,构造研究其最值,即可得参数范围.
【详解】由题设,即,
令且,上述不等式等价于,
而,故在上递增,则有在上恒成立,
所以在上恒成立,记,令,则,
当时,,则单调递减,当时,,则单调递增,
所以在上递减,在上递增,则,故.
故选:B.
【点睛】关键点点睛:由并构造函数并研究单调性,将问题转化为在上恒成立,再次构造研究最值求范围.
8.已知,设,则( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】将化为,和b比较,确定变量,构造函数,利用其导数判断其单调性,即可比较大小,再比较,即可得答案.
【详解】由于,
故设函数 ,
当时,,即在上单调递增,
由于,
故,即,
又,故,
故选:D
【点睛】关键点睛:比较的大小时,要注意根据两数的结构特征,确定变量,从而构造函数,这是比较大小关键的一步,然后利用导数判断函数的单调性,即可求解.
二、多选题
9.已知事件满足,则( )
A.若,则
B.若与互斥,则
C.若,则与相互独立
D.若与相互独立,则
【答案】BC
【分析】根据事件的关系以及运算,互斥事件的概率加法公式,独立事件的概率公式,条件概率的概率公式等即可求出.
【详解】对A,因为,所以,错误;
对B,因为与互斥,所以,正确;
对C,因为,所以,而,
所以,正确;
对D,因为与相互独立,所以与相互独立,所以,
,错误.
故选:BC.
10.已知在的展开式中,前3项的系数成等差数列,则下列结论正确的是( )
A.展开式中所有项的系数之和为 B.展开式中系数最大项为第项
C.展开式中有项有理项 D.展开式中不含的一次项
【答案】CD
【分析】根据题意列关于的方程,求出值,然后根据二项展开式的通项公式以及赋值法,结合组合数的性质可解答此题.
【详解】在的展开式中,前3项的系数成等差数列,,解得:或1(舍去).
当时,所有项的系数和为:,错;
通项为:
展开式中第3项与第4项系数最大,错,
当,6时为有理项,共2项,对;
由上面通项可令,解得不为整数,
展开式不含一次项,对.
故选:.
11.对于三次函数,给出定义:设是函数的导数,是函数的导数,若方程有实数解,则称为函数的“拐点”.某同学经过探究发现:任何一个三次函数都有“拐点”;任何一个三次函数都有对称中心,且“拐点”就是对称中心.若函数,则( )
A.一定有两个极值点
B.函数在R上单调递增
C.过点可以作曲线的2条切线
D.当时,
【答案】BCD
【分析】对求导,得出,没有极值点,可判断A,B;由导数的几何意义求过点的切线方程条数可判断C;求出三次函数的对称中心,由于函数的对称中心为,可得,由倒序相加法求出所给的式子的值,可判断D.
【详解】由题意知,,恒成立,
所以在R上单调递增,没有极值点,A错误,B正确;
设切点为,则,
切线方程为,
代入点得,
即,解得或,
所以切线方程为或,C正确;
易知,令,则.
当时,,,所以点是的对称中心,
所以有,即.
令,
又,
所以,
所以,D正确.
故选:BCD.
12.关于函数,下列判断正确的是( )
A.是的极小值点
B.函数图像上的点到直线的最短距离为
C.函数有且只有1个零点
D.不存在正实数k,使成立
【答案】AB
【分析】对A:求导,利用导数求极值点;对B:结合导数的几何意义分析运算;对C:求导,利用导数分析零点问题;对D:结合选项C中的结论分析判断.
【详解】对A:函数的定义域为,,
当时,;当时,;
故函数在上单调递减,在上单调递增,
所以是的极小值点,故A正确;
对B:设直线与函数的图像相切,切点坐标为,
由,可得,解得,
所以,即切点为,
则切点到直线的距离为,
即函数图像上的点到直线的最短距离为,故B正确;
对C:因为,所以,
当时,;当时,;
故函数在上单调递减,在上单调递增,则,
所以函数不存在零点,故C不正确,
对D:由选项C可知:,即恒成立,
所以存在正实数k,使恒成立,故D错误.
故选:AB.
【点睛】方法点睛:本题主要考查利用导数研究函数的极值、导数的几何意义、零点问题和不等式问题等,基础性与综合性并举,对考生的逻辑推理能力、运算求解能力、分析问题和解决问题的能力等思维能力要求比较高.注意极值点和零点都是数,不是点,不要混淆.对于选项B,注意数形结合,将直线平移,使之与曲线相切,求出切点,再利用点到直线的距离公式求解.
三、填空题
13.函数有一条斜率为2的切线,则切点的坐标为_____________
【答案】
【分析】设切点坐标为,利用导数的几何意义即可求解.
【详解】设切点坐标为,由函数可得,
因为函数有一条斜率为2的切线,所以,
解得,所以切点坐标为,
故答案为:.
14.50张彩票中只有2张中奖票,今从中任取n张,为了使这n张彩票里至少有一张中奖的概率大于0.5,n至少为________.
【答案】15
【分析】根据超几何分布概率公式列出不等式,进而解出n.
【详解】用X表示中奖票数,
P(X≥1)=,
所以,解得n≥15.
故答案为:15.
15. 的展开式中不含的各项系数之和______.
【答案】128
【分析】对每一个括号利用二项展开式的通项公式进行展开,展开后对每一项进行合并,合并后使得项幂次为0,确定项数后即可得到答案.
【详解】利用二项展开式的通项公式进行展开,设项为,项为,项为.
展开后得对每一项进行合并得 ,因为展开式中不含,所以,又得取值为,得取值为,故得.
代入展开式得,又得取值为,分别带入后各项系数之和为.
故答案为:128
16.已知对,不等式恒成立,则实数的最小值是__________.
【答案】/
【分析】,令,求导后判断在上单调递增,从而问题转化为,恒成立.而,令,求导得到,进而可求解.
【详解】
令,
则,恒成立.
对求导得,所以在上单调递增.
所以,恒成立.
而
令,则
令,
所以当时,单调递增;
当时,单调递减.
所以.
故,即实数的最小值是.
故答案为:
【点睛】思路点睛:构造函数是基本的解题思路,因此观察题目所给的数的结构特点,以及数与数之间的内在联系,合理构造函数,利用导数判断单调性是解题的关键.
四、解答题
17.(1)求值:.
(2)若,且.求的值.
【答案】(1) 时, ; 时, ;(2)
【分析】(1)根据组合数的性质推出n的取值范围,再分类求解;
(2)先求出n的值,再运用赋值法求解.
【详解】(1)由组合数的性质,可得解得.又因为,
所以或,当时,原式,当时,原式;
(2)由,得
,
即,解得或(舍去),所以,
当时,由已知,得,
令,得,令,得,
所以
18.已知m,n是正整数,f(x)=(1+x)m+(1+x)n的展开式中x的系数为7.
(1)对于使f(x)的x2的系数为最小的m,n,求出此时x3的系数;
(2)利用上述结果,求f(0.003)的近似值;(精确到0.01)
(3)已知(1+2x)8的展开式的二项式系数的最大值为a,系数的最大值为b,求.
【答案】(1)5;(2)2.02;(3).
【分析】(1)由题可得,即得;
(2)利用二项式展开式可得;
(3)由题可得a,再列出不等式组,即解.
【详解】(1)根据题意得,即m+n=7,①
f(x)中的x2的系数为,
将①变形为n=7-m代入上式得x2的系数为
m2-7m+21=+,
故当m=3或m=4时,x2的系数有最小值为9.
当m=3,n=4时,x3的系数为;
当m=4,n=3时,x3的系数为.
即此时x3的系数为5.
(2)f(0.003)=(1+0.003)4+(1+0.003)3≈+×0.003++×0.003≈2.02.
(3)由题意可得,a==70,
∵展开式的通项为,
由即
∴k=5或6时系数最大,此时,b=7×28,
∴.
19.已知函数.
(1)当时,求曲线的极值;
(2)求函数的单调区间;
(3)若对任意及时,恒有成立, 求实数的取值范围.
【答案】(1)极小值为
(2)答案见解析
(3)
【分析】(1)先求函数导数,再求导函数在定义区间上零点.列表分析导函数符号变化规律得函数极值;
(2)由导函数为零点得,共分四种情况,,,进行讨论单调区间即可;
(3)先分离得,即;再分离得的最小值
【详解】(1)函数的定义域为,当时,, 解得(舍去),,
当时,;当时,,
所以在上递减, 在上递增,
所以的极小值为.
(2),令可得,
①当时, 当,,在上单调递减,
当,,在上单调递增;
②当时, 当,,在上单调递减,
当时,,在和上单调递增;
③当时, 由可得在上单调递增;
④当时, 当,,在上单调递减,
当,,在和上单调递增.
(3)由题意可知, 对时, 恒有成立, 等价于,
由(2)知, 当时,在上单调递增,,
所以原题等价于时, 恒有成立, 即.
在时, 由,故当时,恒成立,.
【点睛】方法点睛:导数与函数的单调性
(1)函数单调性的判定方法:设函数在某个区间内可导,如果,则
在该区间为增函数;如果,则在该区间为减函数.
(2)函数单调性问题包括:①求函数的单调区间,常常通过求导,转化为解方程或不等式,常用到分类讨论思想;②利用单调性证明不等式或比较大小,常用构造函数法.
20.已知函数(为自然对数的底数).
(1)求函数的单调区间;
(2)设函数,存在实数,,使得成立,求实数的取值范围.
【答案】(1)0;(2)或.
【详解】试题分析:(1)求导得,根据导数的符号即可求出 的单调区间(2)如果存在,使得 成立,那么 由题设得,求导得 由于含有参数,故分情况讨论,分别求出 的最大值和最小值如何分类呢?由得 ,又由于 故以0、1为界分类 当时, 在上单调递减;当 时,在上单调递增以上两种情况都很容易求得 的范围当时,在上单调递减, 在上单调递增,所以最大值为 中的较大者,最小值为,,一般情况下再分类是比较这两者的大小,但 ,由(1)可知,而 ,显然,所以 无解
试题解析:(1)∵函数的定义域为R,
∴当时,,当 时,
∴在上单调递增,在 上单调递减
(2)假设存在,使得 成立,则.
∵
∴
当时,, 在上单调递减,∴ ,即
②当时,, 在上单调递增,∴ ,即
③当时,
在,, 在上单调递减,
在,, 在上单调递增,
所以,即 ――――――――
由(1)知,在上单调递减,
故,而 ,所以不等式无解
综上所述,存在,使得命题成立
考点:1、导数的应用;2、不等关系
21.某学校组织校园安全知识竞赛.在初赛中有两轮答题,第一轮从A类的5个问题中任选两题作答,若两题都答对,则得40分,否则得0分;第二轮从B类的5个问题中任选两题作答,每答对1题得30分,答错得0分若两轮总积分不低于60分则晋级复赛.
小芳和小明同时参赛,已知小芳每个问题答对的概率都为0.5.在A类的5个问题中,小明只能答对4个问题;在B类的5个问题中,小明每个问题答对的概率都为0.4.他们回答任一问题正确与否互不影响.
(1)求小明在第一轮得40分的概率;
(2)以晋级复赛的概率大小为依据,小芳和小明谁更容易晋级复赛?
【答案】(1);
(2)小明更容易晋级复赛.
【分析】(1)对A类的5个问题进行编号:,设小明只能答对4个问题的编号为:,列出所有的样本空间,即可求出小明在第一类得40分的概率;
(2)依题意能够晋级复赛,则第一轮答对两题得分,第二轮答对一题得分;或第一轮答对两题得分,第二轮答对两题得分;或第一轮答错两题得分,第二轮答对两题得分;或第一轮答对一题得分,第二轮答对两题得分;分别求出小芳和小明晋级复赛的概率,进行比较得出结论.
【详解】(1)对A类的5个问题进行编号:,第一轮从A类的5个问题中任选两题作答,
则有共种,
设小明只能答对4个问题的编号为:,
则小明在第一轮得40分,有共种,
则小明在第一轮得40分的概率为:;
(2)由(1)知,小明在第一轮得40分的概率为,
则小明在第一轮得0分的概率为:,
依题意,两人能够晋级复赛,即两轮总积分不低于60分
当第一轮答对两题得分,第二轮答对一题得分时,
小芳和小明晋级复赛的概率分别为:
;
;
当第一轮答对两题得分,第二轮答对两题得分时,
小芳和小明晋级复赛的概率分别为:
;;
当第一轮答错一题得分,第二轮答对两题得分时,
小芳和小明晋级复赛的概率分别为:
;;
当第一轮答错两题得分,第二轮答对两题得分时,
小芳晋级复赛的概率分别为:
;
小芳晋级复赛的概率为:;
小明晋级复赛的概率为:;
,
小明更容易晋级复赛.
22.已知函数,.
(Ⅰ)当时,求曲线在点处的切线方程;
(Ⅱ)当时,试讨论函数的单调性;
(Ⅲ)设斜率为的直线与函数的图象交于两点(),证明:.
【答案】(I);(II)当时,在,上单调递增,在上单调递减,当时,在,上单调递增,在上单调递减,当时,在上单调递增;(III)证明见解析.
【详解】试题分析:(I)当时,,根据,,求得切线方程为;(II)定义域为,求导得,由得,,,对分成类,结合函数图像进行分类讨论的单调区间;(III)先用分析法分析,要证,即证,因,即证,令(),即证(),令利用导数可证明上述不等式成立.
试题解析:
(Ⅰ)依题意得,则,,
则曲线在点处的切线方程为.
(Ⅱ)∵函数的定义域为,且
,
当时,由得,,,
①当时,,由得,,或;由得,,所以在,上单调递增,在上单调递减
③ 当时,,由得,,或;由得,,
所以在,上单调递增,在上单调递减
③当时,,在上,,
所以在上单调递增.
综上,当时,在,上单调递增,在上单调递减;
当时,在,上单调递增,在上单调递减;
当时,在上单调递增.
(Ⅲ)依题意得,
要证,即证,
因,即证,
令(),即证(),
令()则,
∴在(1,+)上单调递增,
∴=0,即()①
同理可证:②
综①②得(),即
【方法点晴】求函数的单调区间、极值、最值是统一的,极值是函数的拐点,也是单调区间的划分点, 而求函数的最值是在求极值的基础上,通过判断函数的大致图像,从而得到最值,大前提是要考虑函数的定义域.函数的零点就是的根,所以可通过解方程得零点,或者通过变形转 化为两个熟悉函数图象的交点横坐标.
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山东省威海市乳山市银滩高级中学2023-2024学年高二上学期9月月考数学试题: 这是一份山东省威海市乳山市银滩高级中学2023-2024学年高二上学期9月月考数学试题,共15页。试卷主要包含了下面是关于复数,下列命题中正确的是等内容,欢迎下载使用。
山东省威海市乳山市银滩高级中学2023-2024学年高二上学期9月月考数学试题: 这是一份山东省威海市乳山市银滩高级中学2023-2024学年高二上学期9月月考数学试题,共10页。试卷主要包含了 答题前,考生务必用0, 第Ⅱ卷必须用0,下列命题中正确的是,因为O是BE的中点,所以O等内容,欢迎下载使用。