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2023年河北省承德市承德县中考物理模拟试卷（一）（含答案解析）
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这是一份2023年河北省承德市承德县中考物理模拟试卷（一）（含答案解析），共26页。试卷主要包含了 下列一些数据，符合实际的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省承德市承德县中考物理模拟试卷（一）
1. 下列一些数据，符合实际的是( )
A. 物理教科书的长度约为25dm B. 人体感觉舒适的温度约为10℃
C. 做一次眼保健操的时间约为5min D. 一个苹果的质量约为1kg
2. 如图所示的四幅图中，关于声现象的描述正确的是( )
A. 我国航天员王亚平在中国空间站用古筝弹奏《茉莉花》，为全国人民送上太空音乐祝福，说明了真空也能传声
B. 用不同的力敲响音叉，将叉股接触悬挂的小球，能看到小球被弹开的幅度不同，说明敲音叉的力越大，声音的音调越高
C. 倒车雷达利用电磁波进行回声定位
D. 高架路某些路段两侧设有透明板墙，是在传播过程中减弱噪声
3. 关于物态变化，下列说法正确的是( )
A. 冬天，向积雪的道路撒盐是为了降低雪的熔点
B. 冬天口中呼出的“白气”是汽化现象
C. 晒在太阳下的湿衣服变干是凝固现象
D. 冬天，树上经常有美丽的“雾凇”，这是凝固现象
4. 如图所示的光现象中，下列说法不正确的是( )
A. 墙上的手影是由于光沿直线传播在经过手所在位置时，被手遮挡形成的
B. 景物在镜子中成的像是由于光的反射形成的
C. 筷子看起来弯折，是由于光从水中进入到空气中时，发生了折射
D. 若水深3m，当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面8m
5. 对甲、乙、丙、丁四幅图片的解释不正确的是
A. 集气瓶A中应该装空气，这样做的目的是避免重力对实验造成影响
B. 红墨水在热水中比在冷水中扩散的快，说明温度越高分子运动越剧烈
C. 将两个铅柱压在一起，下面能够悬挂一个钩码，说明分子之间存在引力
D. 在注射器里装入一些空气，用手可以推动活塞将空气压缩，说明分子之间不存在斥力
6. 小明同学在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 滑板车对地面的压力和滑板车对人的支持力是一对相互作用力
B. 人用力蹬地时，滑板车加速前进，说明了力是维持物体运动的原因
C. 人站在滑板车上能继续前进，是因为人和车受到了惯性
D. 如果人和车匀速直线行驶，人在水平方向不受滑板车对人的摩擦力
7. 关于下面四幅图的说法不正确的是( )
A. 如甲图，A管中水面上升，是因为A管上方流速大的位置压强小
B. 如乙图，把水气压计从山下移到山顶，细中吹气管内的水柱上升
C. 如丙图，用吸盘吸起光滑的瓷砖，利用了大气压的作用
D. 如丁图，地漏利用存水杯里的水来进行防臭，是利用液体压强的原理
8. 2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是( )
A. “天舟四号”绕地球运动过程中，运动状态始终不变
B. “天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C. “天舟四号”加速升空，动能、重力势能增加，机械能守恒
D. 对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
9. 下列关于内能、热量和热机的说法不正确的是( )
A. 热量也可能从内能小的物体传向内能大的物体
B. 物体内能增加，可能是吸热，也可能是外界对物体做功
C. 晶体在熔化过程中，持续吸收热量，温度不断升高，内能不断增大
D. 汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能
10. 关于安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中的空气开关跳闸一定是发生了短路
B. 洗衣机的三脚插头坏了，可以找一个两脚插头换 上
C. 用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体
D. 当干路中的电流过大时，漏电保护器就会自动切断电路
11. 如图所示是电与磁的四个实验，下列说法中不正确的是( )
A. 甲图：通电后小磁针发生偏转，说明电流有磁效应
B. 乙图：当变阻器的滑片向左移动时，电磁铁能吸引更多的大头针
C. 内图：闭合开关后，磁场中导体ab受力而运动，依据该原理可制成电动机
D. 丁图：闭合开关后，磁场中导体ab竖直向上运动时，灵敏电流计指针偏转
12. 下列关于能源和信息的说法不正确的是( )
A. 煤炭、天然气属于不可再生能源，太阳能、风能、水能属于可再生能源
B. 北斗卫星定位系统传递信息是利用电磁波
C. 光在光导纤维中是通过光的反射传播的
D. 核电站利用核聚变释放的能量发电
13. 如图所示，水平桌面上甲、乙两个质量相同的圆柱形薄壁容器分别装有质量相等的水和盐水，将实心小球先后放入两个容器中，小球静止时液体均未溢出。已知甲容器的底面积小于乙容器的底面积，盐水、水、小球密度的关系为ρ盐水>ρ球>ρ水。则下列说法中正确的是( )
A. 小球排开水的体积等于小球排开盐水的体积
B. 小球在水中受到的浮力小于小球在盐水中受到的浮力
C. 放入小球后，甲、乙容器底受到液体的压力F甲
14. 在探究“凸透镜成像的规律”的实验中，光具座上各元件位置如图甲所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则下列说法正确的是( )
A. 图甲中凸透镜的焦距可能是10cm
B. 图甲中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分
C. 若要光屏上得到更大的清晰像，光屏和蜡烛都要适当向右移
D. 在烛焰和凸透镜之间放置一个眼镜片如图乙所示，观察到原来清晰的像变得模糊了，再使光屏远离透镜，又可以在光屏上看到清晰的像，则该眼镜片能矫正近视眼
15. 如图所示电路，电源电压U为6V，定值电阻R1与R2阻值相等，a可能为电流表、电压表或定值电阻。若只闭合S1时，电流表A示数为0.5A，开关都闭合时，电流表A的示数为2A。以下说法正确的是( )
A. a可能为电压表
B. 电路的最大功率为12W
C. 电路中的最大电流与最小电流之比为10：1
D. 若只将R1换成电压表，则电压表与电流表的比值可能为4Ω
16. 如图所示，水平桌面上的小车上放一木块，木块随小车在重物的牵引下向右做匀速直线运动，绳重、滑轮和轴处的摩擦忽略不计，小盘和砝码的总质量为200g，则以小车为参照物，木块处于______ 状态，小车受到的摩擦力为______ N。(g取10N/kg)
17. 如图，轻杆OA可绕O点自由转动，用细线将重30N的重物挂在A处，小林在B处用竖直向上的拉力提住轻杆，OB和BA长度之比为2：3，下列问题中，轻杆始终在水平位置处于平衡。
(1)小林的拉力为______ N。
(2)若拉力由图中BC方向改为BD方向，则拉力将变______ 。画出BD方向拉力的力臂。
18. 如图所示是小明家的电能表，他家电路中可以接入用电器的最大总功率为______ W。将电视机单独接入电路正常工作15min，电能表转盘转12转，电视机的功率为______ W。电视机正常工作10min，消耗的电能为______ J。
19. 如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后______ (选填“甲”或“乙”)容器连接的U形管液面高度差较大，此实验是研究电流通过导体产生的热量跟______ (选填“电流”或“电阻”)大小的关系；当电流为0.3A时，通电10s甲容器中的电阻产生的热量是______ J。
20. 为了比较水和食用油的比热容，某同学用如图所示的器材进行了实验，已知加热装置相同。实验数据记录如下：
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
200
20
6
45
食用油
200
20
6
70
(1)由实验数据可知______ 的吸热能力强。
(2)已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，实验中水6min吸收的热量是______ J，若这些热量由酒精完全燃烧获得，则至少要消耗______ g酒精。(酒精的热值为3.0×107J/kg)
21. 小明想在家里安装一盏照明灯，安装完毕后，闭合开关，电灯不亮.小明用试电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，试电笔的氖管都发光，则可能是电路的______(填字母)段发生______(填“断路”或“短路”)故障。
22. 如图是某电热水器电路的简化图，S为挡位开关，其部分参数如表所示。该热水器挡位开关S接______ (选填“1”或“2”)时为高温挡；电路中R2的电阻为______ Ω。
型号
额定电压/V
水箱容积/L
频率/Hz
额定功率/kW(低/高)
DJW50N
220
50
50
0.2/1.1
23. 如图为某学习小组“探究动能大小跟哪些因素有关”的实验操作(甲、乙、丙、丁中小球质量分别为m、2m、m、3m)。
(1)让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的______ 。
(2)实验中通过比较木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这种方法在物理学中属于______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。
(3)比较______ 两图进行的实验，可以探究小球动能大小与速度有关。
(4)由此实验联想到某段道路限速牌上标明“100”和“80”字样，______ (选填“大客车”或“小轿车”)的限速应该是80km/h。
24. 同学们进行了“影响滑轮组机械效率因素”的实验探究，用到的装置如图甲、乙、丙所示，实验数据记录如表所示。
实验次数
钩码重力G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
2
0.1
1.2
0.3
55.6%
2
4
0.1
1.9
0.3
70.2%
3
6
0.1
1.6
0.5
4
2
0.2
1.2
0.6
55.6%
(1)实验中应沿竖直方向______ 拉动弹簧测力计。
(2)通过比较1、4两次实验数据可得出：使用同一滑轮组提升相同重物，滑轮组的机械效率与重物上升高度______ 。
(3)通过比较______ 两次实验数据可得出：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高。
(4)分析表中数据可知：第3次实验是用图______ 所示装置来完成的，第3次实验时所做的有用功为______ J，滑轮组的机械效率是______ %。
(5)假如第1次实验时，不计绳重和摩擦，钩码重由2N增加到8N，滑轮组的效率可以达到______ %。
25. 如图甲是小明测量小灯泡电功率的电路，小灯泡额定电压为2.5V。
(1)图甲中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画×，并用笔画线代替导线正确连接好实物电路。
(2)正确连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现灯泡始终不亮。电流表指针几乎不动，电压表示数接近电源电压且保持不变，则故障是小灯泡______ 。
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑片到某一点时，电压表示数如图乙所示，若想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片向______ (选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2.5V。
(4)改变滑片位置，小明根据测量数据画出了通过灯丝电流与其两端电压关系的图像。如图丙。根据图像可得小灯泡的额定功率为______ W。研究发现，通过灯丝的电流与其两端电压不成正比，原因是：______ 。
[拓展]另一个同学在测量小灯泡电功率的实验过程中，电流表坏了，他找来一只阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁电路图，操作步骤如下：
①断开S1，闭合S2，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数等于小灯泡的额定电压U额；
②______ ，断开S2，闭合S1，记下此时电压表示数为U；
③小灯泡额定功率表达式P额=______ (用U额、U和R0表示)。
26. 如图所示，水平桌面上有一个底面积为50cm2、重力为15N的圆柱形容器，内装有深度为0.1m的水，如图甲所示。现将一个高度为8cm、底面积为20cm2、重力为6N、不吸水的圆柱形物体缓慢放入水中，水未溢出，静止时如图乙所示。不计容器壁的厚度和绳重，ρ水=10×103kg/m3，g=10N/kg。求：
(1)物体放入水中静止后，容器对桌面的压强。
(2)物体放入水中静止后，容器底对它的支持力。
(3)将物体从容器底部竖直缓慢提升，直到物体上表面高出水面5cm时停止，求这个过程中，水对容器底部的压强变化量。
27. 如图甲所示，电源电压恒定不变，灯泡L的额定电压为6V，滑动变阻器R2的规格为“100Ω1A”，电压表的量程为0∼15V，电流表的量程为0∼0.6A。当断开开关S1、S3，闭合S2，移动滑片，电压表示数为3V时灯泡正常发光。图乙是灯泡L、电阻R1的I−U图像。求：
(1)电源电压。
(2)R1的电阻。
(3)闭合S1、S2、S3时，滑动变阻器允许接入的最小电阻。
(4)①只闭合S2时电路的最大功率；
②只闭合S1时电路的总功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、物理教科书的长度约为26cm，故A错误；
B、人体感觉舒适的温度约为23℃，故B错误；
C、做一次眼保健操的时间约为5min，故C正确；
D、一个苹果的质量约为200g。故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、温度、时间、质量的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】D
【解析】解：A、真空不能传声，全国人民能够听到王亚平在中国空间站用古筝弹奏《茉莉花》是通过电磁波传播的，故A错误。
B、响度和振幅有关，用不同的力敲响音叉，将叉股接触悬挂的小球，能看到小球被弹开的幅度不同，敲音叉的力越大，小球被弹开的幅度越大，声音的响度越大，音调和振幅无关，故B错误。
C、倒车雷达是利用超声波的反射来传递信息，不是利用电磁波，故C错误。
D、高架路某些路段两侧设有透明板墙，是在传播过程中减弱噪声，故D正确。
故选：D。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
(2)响度和振幅有关，振幅越大，响度越大，音调和振幅无关，音调和频率有关。
(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；
(4)减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
本题考查了声音的传播、减弱噪声的途径、声音特性的辨别，以及超声波的应用等，具有一定的综合性，但难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A、在其它条件相同时，积雪上撒盐是掺有杂质，积雪的熔点降低，即熔点低于当地温度，使雪熔化，交通方便，故A正确；
B、冬天人呼出的气体中含有水蒸气，这些水蒸气遇到外面的冷空气后会液化成小水珠，就形成了人们看到的“白气”，故B错误；
C、晒在太阳下的湿衣服变干，由液态变为气态的过程，属于汽化，故C错误；
D、“雾凇”是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，这是凝华现象，故D错误。
故选：A。
(1)影响晶体熔点高低的因素：物质的种类、压力的大小、是否有杂质。种类不同，熔点一般不同；压力越大，熔点降低；当有杂质掺入时熔点降低；
(2)物质由气态变为液态叫液化；
(3)物体由液态变为气态的现象叫汽化；
(4)物质由气态直接变为固态叫凝华。
此题考查了影响晶体熔点高低的因素、以及生活中的几种物态变化，首先要弄清变化前后的物态特征，然后根据规律来判断。
4.【答案】D
【解析】解：A、影子由于光沿直线传播在经过手所在位置时，被手遮挡形成的，故A的说法正确；
B、景物在镜子中成的像属于凸面镜成像，是由于光的反射形成的，故B的说法正确；
C、筷子看起来弯折，是由于光从水中斜射入到空气中时，发生了折射，故C的说法正确；
D、若水深3m，当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5m，故D的说法错误。
故选：D。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；
(2)凸面镜成像是由光的反射形成的；
(3)光从一种介质斜射入另一种介质中时，传播方向会发生改变，这是光的折射；
(4)平面镜成正立等大的虚像，像到镜面的距离和物体到镜面的距离相等。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。
5.【答案】D
【解析】解：A.甲图探究的是扩散现象的问题，由于二氧化氮的密度比空气密度大，为了避免重力对实验造成影响，上面的A集气瓶中应该装空气，故A正确；
B.分子运动受温度影响，乙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散的快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故B正确；
C.丙图中紧压在一起的两个铅块能够吊起钩码而不分开，是因为分子之间存在引力，故C正确；
D.用手可以推动活塞将空气压缩，是因为分子之间的间隙比较大，并不能说明分子之间不存在斥力，气体也不能无限制的压缩，说明分子间也存在斥力，故D错误。
故选：D。
(1)从二氧化氮的密度与空气密度的关系分析解答；
(2)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高分子运动越剧烈；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的知识，题目的难度不大，将基础知识与实际的应用联系在一起即可。
6.【答案】D
【解析】解：A.滑板车对地面的压力大小等于滑板车和人的总重力，而滑板车对人的支持力大小等于人的重力，所以滑板车对地面的压力和滑板车对人的支持力大小不相等，二力不是一对相互作用力，故A错误；
B.人用力蹬地时，滑板车加速前进，说明了力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C.人站在滑板车上能继续前进是因为人和车具有惯性，惯性不是力，不能说受到了惯性的作用，故C错误；
D.如果人和车匀速直线行驶，此时人与车之间没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，所以人在水平方向不受滑板车对人的摩擦力，故D正确。
故选：D。
(1)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，但作用在两个物体上。
(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(3)任何物体都具有保持原来运动状态不变的性质，即惯性；
(4)如果物体间没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，则物体间没有摩擦力的作用。
本题考查了相互作用力、运动和力的关系、惯性、摩擦力等知识，有一定的综合性，但难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：A、A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故A正确；
B、把水气压计从山下带到山上，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故B正确；
C、吸盘要吸在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，盘内的气压小于大气压，吸盘在外界大气压力作用下被压在墙壁上，属于大气压的应用，故C正确；
D、地漏利用存水杯里的水来进行防臭，是利用连通器原理，故D错误。
故选：D。
(1)流体的压强跟流体的流速有关，流速越大，压强越小；
(2)大气压强随着高度的增加而减小，当内外压强差增大时，管内水柱的高度增大；
(3)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(4)连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当液体不流动时，两侧的液面位于同一水平面。
本题考查流体压强与流速的关系、大气压强的测量、大气压强跟高度的关系及其应用，连通器原理等，属于综合题。
8.【答案】D
【解析】解：A、“天舟四号”绕地球运动过程中，运动方向始终改变，所以其运动状态始终改变，故A错误；
B、“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为电能，故B错误；
C、“天舟四号”加速升空时，质量不变，高度、速度增大，则其动能、重力势能均增加，则其机械能也增大，故C错误；
D、核心舱始终在大气层外运行，在运行过程中不受阻力的作用，其机械能守恒，故D正确。
故选：D。
(1)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变；
(2)太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
(3)影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能大小的因素：质量、速度；
(4)机械能等于动能与势能的总和；核心舱或卫星在大气层外运行时，不受阻力的作用，其机械能守恒。
本题围绕航天事件，考查了对重力的理解，能量转化的判断，运动与静止的相对性，机械能守恒的判断等，综合性强，但难度不大。
9.【答案】C
【解析】解：A、热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传给温度低的物体或从高温部分传给低温部分，内能小的物体温度可能高，所以热量也能从内能小的物体传向内能大的物体，故A正确；
B、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故B正确；
C、晶体有固定的熔点，在熔化时，吸收热量，温度不变，内能增大，故C错误；
D、汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能，故D正确。
故选：C。
(1)热传递的条件是存在温度差；
(2)改变内能的方式：做功和热传递；
(3)晶体有固定的熔点，而非晶体没有；
(4)热机的压缩冲程中将机械能转化为内能。
本题考查了热传递的条件、内能改变的方法、晶体熔化的特点、汽油机压缩冲程的能量转化，属于基础题。
10.【答案】C
【解析】解：A、家庭电路中的空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；
B、洗衣机的三脚插头坏了，应该找一个同样规格的三脚插头换上，故B错误；
C、用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，故C正确；
D、当干路中的电流过大时，空气开关会自动切断，当电路中出现漏电时，漏电保护器会自动切断，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中电流过大的原因：一是用电器的总功率过大，二是发生了短路。
(2)带金属外壳的家用电器一定要使用三脚插头。
(3)用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
(4)当干路中的电流过大时，空气开关会自动切断，当电路中出现漏电时，漏电保护器会自动切断。
知道家庭电路中电流过大的原因；会正确使用试电笔；知道空气开关和漏电保护器的作用。
11.【答案】D
【解析】解：A.甲图是奥斯特实验，导线触及电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，属于电流的磁效应，故A正确；
B.乙图中两个电磁铁串联，通过的电流相同，当变阻器的滑片向左移动时，电路中电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，吸起大头针的数量不同，故B正确；
C.丙图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，依据该实验原理可制成电动机，故C正确；
D.丁图中磁场中导体ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计的指针不会偏转，故D错误。
故选：D。
(1)通电导线周围存在磁场；
(2)电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
(3)通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的；
(4)闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象。
本题考查了奥斯特实验、影响通电螺线管中的磁性强弱的因素、电动机的原理、产生感应电流的条件等知识，知识点较多，但难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：A、煤炭、天然气属于不可再生能源，太阳能、风能、水能属于可再生能源，故A正确；
B、北斗卫星定位系统传递信息是利用电磁波，故B正确；
C、光在光导纤维中是通过光的反射传播的，故C正确；
D、目前的核电站是通过核裂变来发电的，故D错误。
故选：D。
(1)能够在自然界中短期内得到补充的能源是可再生能源，不能短期内在自然界中得到补充的能源是不可再生能源。
(2)电磁波可以传递信息。
(3)光导纤维是通过反射来传递信息的。
(4)目前的核电站是通过核裂变来发电的。
知道能源的分类；知道电磁波可以传递信息；知道光导纤维的结构和传递信息的原理；知道核能发电的基本过程。
13.【答案】BC
【解析】解：
A、已知ρ盐水>ρ球>ρ水，由浮沉条件可知，同一小球在盐水中漂浮(V排
由于容器为柱形容器，则放入小球后，液体对容器底的压力等于液体的重力与排开液体重力之和(即F液=G液+G排)，
根据前面解答可知F浮水
因容器对水平桌面的压力：F=G容+G液+G球，
所以甲、乙两容器对桌面的压力F甲′=F乙′，
受力面积S甲p乙，故D错误。
故选：BC。
(1)盐水、水、小球密度的关系为ρ盐水>ρ球>ρ水，由浮沉条件判断出小球在水中和盐水中的状态，然后可知排开水和盐水的体积关系；
(2)根据浮沉情况判断出小球在水中和盐水中受到浮力的大小关系；
(3)由题知，水和盐水的质量相同，其重力相同，由于容器为柱形容器，则放入小球后，液体对容器底的压力等于液体的重力与排开液体重力之和；根据浮力的大小关系，由阿基米德原理判断出排开液体重力的关系，进而判断出甲、乙容器底受到液体压力的关系；
(4)容器对桌面压力大小等于容器、球和液体的总重力，又知受力面积的大小关系，根据p=FS判断甲、乙容器对桌面的压强关系。
本题考查了压强公式和浮沉条件的应用，关键是判断出小球在水和盐水中的状态，此外还要知道容器对桌面的压力大小等于容器、球和液体的总重力。
14.【答案】ACD
【解析】解：A、根据图示可知，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，此时的f2f，则7.5cm
C、若要光屏上得到更大的清晰像，需要减小物距、增大像距，所以光屏和蜡烛都要适当向右移，故C正确；
D、在蜡烛和凸透镜之间放置镜片时，光屏上原来清晰的像变模糊了，使光屏远离透镜，又能在光屏上看到烛焰清晰的像，这说明该眼镜片对光线有发散作用，是凹透镜，可以矫正近视眼，故D正确。
故选：ACD。
当物距小于像距时，凸透镜成倒立、放大的实像，此时f2f，据此求出凸透镜的焦距的取值范围；
凸透镜成像是由于光通过透镜会聚形成的；
凸透镜成实像时，物近像远像变大；
凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用，由光屏移动情况判断镜片对光线的作用确定镜片类型；近视眼镜的镜片是凹透镜，远视眼的镜片是凸透镜
此题是凸透镜成像规律的常规题目，考查了学生对透镜成像规律的应用、近视眼的矫正，属于基础题。
15.【答案】BCD
【解析】解：A、若只闭合S1时，电路中只有电阻R1工作，电流表的示数为0.5A；
R2=R1=U I1=6V0.5A=12Ω，
开关都闭合时，若a为电流表，电源短路，不符合题意，
若a为电压表时定值电阻R1与R2并联，由于定值电阻R1与R2阻值相等，电流表的示数为原来的2倍，即1A，不符合题意；
若a为定值电阻，且R1=R2时，三个电阻并联，电流表A的示数为2A，故A错误；
通过a定值电阻的电流Ia=I−I1−I2=2A−0.5A−0.5A=1A；
定值电阻Ra=U Ia=6V1A=6Ω，
B、根据P=U2R得，当电路的电阻最小时，电路的电流最大，即三个电阻并联时，电路的总电阻最小，功率最大，此时电路的电流为2A，则电路的最大功率为：Pmax=UI=6V×2A=12W，故B正确；
C、当电路中的电阻最小时，电流最大，最大为2A，仅闭合S2时，三个电阻串联，此时电路的总电阻最大，总电流最小，最小为Imin=UR1+Ra+R2=6V12Ω+6Ω+12Ω=0.2A，所以电路中的最大电流与最小电流之比为：2A：0.2A=10：1，故C正确；
D、若只将R1换成电压表，当闭合都闭合时，电阻Ra和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的电流，根据以上分析可知两个电阻的电流分别为0.5A和1A，
则电压表与电流表的比值，即电路的总电阻为R=UI总=6V1A+0.5A=4Ω；故D正确。
故选：BCD。
(1)若只闭合S1时，电路中只有电阻R1工作，表示出电流表的示数0.5A；开关都闭合时，分析a为电流表、电压表、电阻时电流表的示数，看是否符合题意，从而确定a处元件的类型；根据并联电路的电流规律和欧姆定律计算Ra的阻值；
(2)根据P=U2R知当电路的电阻最小时，电路的电流最大，即三个电阻并联时，电路的总电阻最小，功率最大，判断出此时电路的电流，根据P=UI算出则电路的最大功率；
(3)根据I总=U2R判断出当电路中的电阻最小时，电流最大，最大为2A，仅闭合S2时，三个电阻串联，此时电路的总电阻最大，总电流最小，根据欧姆定律表示出最小电流，进而算出电路中的最大电流与最小电流之比；
(4)若只将R1换成电压表，当闭合都闭合时，电阻Ra和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的电流，根据并联电路的电流规律和欧姆定律计算两表示数的比值。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确的判断a元件的种类和电路的连接方式以及电表所测的电路元件是关键。
16.【答案】静止 2
【解析】解：木块随小车在重物的牵引下一起向右做匀速直线运动，以小车为参照物，木块相对于小车位置没有发生变化，所以，以小车为参照物，木块处于静止状态；
已知小盘和砝码的总质量m=200g=0.2kg，则小车受到的拉力F=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，由于小车做匀速直线运动，所以摩擦力和拉力是一对平衡力，故小车受到的摩擦力为2N。
故答案为：静止；2。
(1)判断物体的运动和静止，总要选取某一物体作为标准。如果一个物体的位置相对于这个标准发生了变化，就说它是运动的；如果没有变化，就说它是静止的；
(2)小车匀速直线运动时，受平衡力，摩擦力等于此时的拉力。
此题主要考查的是学生对运动和静止、平衡力的理解和应用，难度较小，属于基础性题目。
17.【答案】75 大
【解析】解：由图可知，用竖直向上的拉力提住轻杆，O点为支点，OB为动力臂，OA为阻力臂，阻力大小等于所挂物体的重力，在B点的拉力为动力；
(1)已知OB和BA长度之比为2：3，则OB：OA=2：5，
由杠杆的平衡条件可知：F⋅OB=G⋅OA，
所以，F=OAOBG=52×30N=75N；
(3)若拉力方向变为图中虚线所示方向，从支点作出力的作用线的垂线，即力臂，如图，
从图中看出力臂L比原来的OB短，而阻力及阻力臂不变，拉力的力臂变小，由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知拉力将变大。
故答案为：(1)75；(2)大；见解答图。
(1)根据杠杆平衡的条件F1L1=F2L2可直接求出动力F1的大小；
(2)若拉力方向变为图中虚线所示方向，阻力的力臂不变，拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知拉力的变化，根据力臂的定义画图。
此题结合实例考查了对杠杆的平衡条件的理解与应用，会分析杠杆力臂的变化是关键。
18.【答案】44001006×104
【解析】解：(1)由图知，该电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，
所以他家电路中可以接入用电器的最大总功率：P最大=UI最大=220V×20A=4400W；
(2)600r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘装600转，
则电能表转盘转6转，电视机消耗的电能W=12r600r/(kW⋅h)=0.02kW⋅h；
电视机的电功率P=Wt=0.02kW⋅h1260h=0.1kW=100W；
由P=Wt可知，电视机正常工作10min，消耗的电能W′=Pt=100W×10×60s=6×104J。
故答案为：4400；100；6×104。
(1)知道电能表的工作电压和允许通过的最大电流，利用P=UI求出最大功率；
(2)600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘装600转，据此可求电能表转盘转12转，电视机消耗的电能，利用P=Wt计算出电视机的电功率；
知道电视机的电功率和通电时间，利用P=Wt计算出电视机正常工作10min，消耗的电能。
本题考查对电能表参数的理解和掌握、电功率的计算、消耗电能的计算，解题的关键是正确理解电能表相关参数的含义。
19.【答案】甲 电阻 9
【解析】解：(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲容器中电阻丝产生的热量多，U形管液面高度较大，说明电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
(2)通电10s甲容器中的电阻产生的热量：Q甲=I2R甲t=(0.3A)2×10Ω×10s=9J。
故答案为：甲；电阻；9。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(2)根据Q=I2Rt求出通电10s甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验以及焦耳定律计算公式的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
20.【答案】水 2.1×104 0.7
【解析】解：(1)根据表中数据，加热相同时间，吸热相同，水升温慢，故水的吸热能力强；
(2)已知m水=200g=0.2kg，Δt水=45℃−20℃=25℃，
水吸收的热量为：Q水=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×25℃=2.1×104J；
Q水=Q放；
由Q=mq得，酒精的质量为：
m=Q放q=2.1×104J3.0×107J/kg==0.7×10−3kg=0.7g。
故答案为：(1)水；(2)2.1×104；0.7。
(1)使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据吸收热量的公式Q=cmΔt可求这些水吸收的热量；根据Q=qm变形公式代入数值即可求出酒精的质量。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运及Q=mq的运用用。
21.【答案】gf 断路
【解析】解：当测电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，测电笔的氖管都发光，说明火线上有电，而零线处不该亮，但也亮了，说明通过电灯、开关与火线相通了，故零线断路。
故答案为：gf；断路。
当测电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，试电笔的氖管都发光，说明零线断路了。
本题考查了用测电笔检测电路的故障；在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
22.【答案】1 198
【解析】解：(1)由题意和电路图可知，当开关接1时，只有R1接入电路中，开关接2时，R1和R2串联，
根据P=UI=U2R可知，电阻越大时功率越小，
所以，当开关接1时为高温挡，开关接2时为低温挡，
(2)由表格可知：高温挡额定功率P高=1.1kW=1100W，底温挡额定功率P底=0.2kW=200W；
根据P=UI=U2R可得R1的阻值为：
R1=U2P高=(220V)21100W=44Ω；
底温挡时电路中的总电阻为：
R底=U2P底=(220V)2200W=242，
则：R2=R底−R1=242Ω−44Ω=198Ω；
故答案为：1；198。
(1)由题意和电路图可知，当开关接1时，只有R1接入电路中，开关接2时，R1和R2串联，根据P=UI=U2R即可判断；
(2)知道电源电压和高温挡、低温挡的功率，根据P=UI=U2R求出R1、R1和R2串联的总电阻，然后根据电阻的串联特点求出R2的电阻。
本题考查了等效电路分析、串联电路的特点、电功和电功率的计算，有一定综合性，但难度不大。
23.【答案】速度 转换法 甲、丙 大客车
【解析】解：(1)让不同质量的两个小球从同一高度由静止滚下，目的是使小球到达水平面时的速度相同；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s越大，说明小球对木块做的功越多，也反映了小球具有的动能越大；通过木块移动的距离反映了物体动能的大小，这种方法叫作转换法；
(3)由图知实验步骤甲和实验步骤丙的质量相同，小球下落的高度不同，可以探究动能大小与速度的关系；
(4)物体动能的大小与物体质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大，所以从安全的角度考虑，大客车质量大，则需速度小，小轿车质量小，速度可大，则某段道路限速牌上标明“100”和“80”字样，大客车的限速应该是80km/h。
故答案为：(1)速度；(2)转换法；(3)甲、丙；(4)大客车。
(1)根据控制变量法可知当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这是一种转换法的思想；
(3)根据控制变量法可知要探究动能大小与物体受到的关系，需要控制质量相同，改变物体的速度；
(4)物体动能的大小与物体质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。
本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
24.【答案】匀速 无关 1、2 丙 0.67583.3
【解析】解：(1)为了准确测出滑轮组的机械效率，应使弹簧测力计沿竖直方向做匀速直线运动；
(2)通过比较1、4两次实验数据知，滑轮组和提升物体的重力相同，绳子段数相同，重物上升高度不同而机械效率相同，故得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与重物上升高度无关；
(3)1、2两次实验，s=0.3m，h=0.1m，由s=nh可得n=3，使用同样的滑轮组，即使用的甲、乙两图，通过得出的实验数据可知提升的物体重力越大，滑轮组的机械效率越高，得出结论：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高；
(4)在第3次实验中，s=0.5m，h=0.1m，由s=nh可得n=5，即承担物重的绳子股数n=5，所以第3次实验是用丙图所示装置来完成的；
第3次实验时所做的有用功为：
W有用=Gh=6N×0.1m=0.6J；
第3次做的总功：
W总=Fs=1.6N×0.5m=0.8J；
滑轮组的机械效率是：
η=W有用W总=0.6J0.8J×100%=75%；
(5)第1次实验时，不计绳重和摩擦，根据F=1n(G物+G动)得动滑轮的重力为：
G动=3F′−G′=3×1.2N−2N=1.6N，
钩码重8N时滑轮组的效率为：
η=W有用W总=G ′ ′hG″h+G动h=G ′ ′G″+G动=8N8N+1.6N×100%≈83.3%。
故答案为：(1)匀速；(2)无关；(3)1、2；(4)丙；0.6；75；(5)83.3。
(1)实验时应沿竖直方向匀速拉动物体；
(2)通过比较1、2两次实验数据，找出相同量和不同量，分析得出滑轮组的机械效率与变化量的关系；
(3)研究滑轮组机械效率与提升物体重力的关系，要使用同样的滑轮组，改变提升的物体重力，据此选择；
(4)由s=nh确定n的大小，据此第3次实验是用哪个图所示装置来完成的；
根据W=Gh算出第3次实验时所做的有用功；由η=W有用W总算出滑轮组的机械效率；
(5)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G物+G动)代入数据计算出G动，根据η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动算出钩码重8N时滑轮组的效率。
本题考查了实验注意事项、实验数据处理、影响滑轮组效率的因素等问题，认真分析实验数据是正确解题的关键。
25.【答案】断路 A0.625小灯泡的电阻随着温度的变化而变化 保持滑动变阻器的滑片位置不变 U−U额R0⋅U额
【解析】解：(1)图中电压表串联在电路中，滑动变阻器与小灯泡并联，应该将电压表与小灯泡并联，滑动变阻器与小灯泡串联，见下图：
；
(2)电流表示数接近零，说明电路断路，而电压表示数接近电源电压，说明和电压表并联的灯泡发生了断路；
(3)根据图甲可知，电压表为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯泡的额定电压，故需减小滑动变阻器分得的电压，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，故将滑片向A移动；
(4)小灯泡额定电压为2.5V，由丙图可知电流为0.25A，小灯泡的额定功率：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
小灯泡的电阻随着温度的变化而变化，所以不是一定值，通过灯丝的电流与其两端电压不成正比；
(4)利用电压表和一定值电阻测量小灯泡功率，先用电压表测量小灯泡的电压U额，然后测量小灯泡和电阻电阻的电压U，此过程中要保持滑动变阻器的滑片位置不变，则定值电阻两端的电压U0=U−U额，通过电阻的电流为：I0=U0R0；
小灯泡额定功表达式P额=U额I0=U−U额R0⋅U额。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)A；(4)0.625；小灯泡的电阻随着温度的变化而变化；(5)保持滑动变阻器的滑片位置不变；U−U额R0⋅U额。
(1)图中电压表串联在电路中，滑动变阻器与小灯泡并联，根据电压表和滑动变阻器的使用方法分析解答；
(2)电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明和电压表并联的灯泡发生了断路；
(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡的实际功率等于额定功率；先根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数，然后根据串联电路分压的特点确定滑动变阻器移动的方向；
(4)小灯泡额定电压为2.5V，由丙图可知电压大小，根据功率公式可得小灯泡的额定功率；小灯泡的电阻随着温度的变化而变化，不是一定值；
(5)利用电压表和一定值电阻测量小灯泡功率，先用电压表测量小灯泡的电压，然后测量小灯泡和电阻电阻的电压，此过程中要保持滑动变阻器的滑片位置不变，则定值电阻两端的电压等于两次电压之差，根据欧姆定律计算得到电路中的电流；
再根据功率公式表示出小灯泡的功率。
本题测量小灯泡额定功率，考查电路连接、故障分析、电压表读数、功率计算及设计方案测额定功率的能力。
26.【答案】解：(1)物体放入水中前，水对容器底的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa，
水的重力等于水对容器底部的压力：G水=F1=pS=1000pa×50×10−4m2=5N，
物体放入水中后，水未溢出，故容器对桌面的压力F=G水+G容+G=5N+15N+6N=26N；
物体放入水中静止后，容器对桌面的压强p′=FS=26N50×10−4m2=5200Pa；
(2)物体放入水中后，物体排开水的体积和物体体积相等，
物体受到的浮力F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×8×10−6m2=1.6N；
物体静止时受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力、支持力作用，由力的平衡条件可得，物体受到的支持力F支=G−F浮=6N−1.6N=4.4N；
(3)水面下降的高度：Δh=ΔVS=5cm×20cm250cm2=2cm=0.02m，
水对容器底部的压强变化量：Δp=ρgΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa。
答：(1)物体放入水中静止后，容器对桌面的压强是5200Pa；
(2)物体放入水中静止后，容器底对它的支持力是4.4N；
(3)水对容器底部的压强变化量为200Pa。
【解析】(1)根据液体压强公式可以计算物体放入水中前，水对容器底的压强，水的重力等于水对容器底部的压力，根据F=pS计算水对容器底部的压力，物体放入水中静止后，容器对桌面的压力大小等于容器、水和固体的总重力，再根据固体压强公式计算容器对桌面的压强；
(2)物体放入水中后，根据阿基米德原理计算物体受到的浮力，对物体受力进行分析，根据力的平衡条件计算容器底部对物体的支持力；
(3)根据体积公式计算水面下降的高度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强变化量。
本题考查了固体压强、液体压强和浮力的计算，综合性较强。
27.【答案】解：(1)当断开开关S1、S3，闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电压表示数为3V时灯泡正常发光，
所以，电源的电压：U=UL+U2=6V+3V=9V；
(2)由图乙可知，电阻R1两端的电压U1=4V时通过的电流I1=0.2A，
由I=UR可得，R1的电阻：R1=U1I1=4V0.2A=20Ω；
(3)闭合S1、S2、S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过R1支路的电流：I1′=UR1=9V20Ω=0.45A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表的量程为0∼0.6A，
所以，通过R2支路的最大电流：I2′=I′−I1′=0.6A−0.45A=0.15A，
则滑动变阻器允许接入的最小电阻：R2小=UI2′=9V0.15A=60Ω；
(4)①只闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，电路的功率最大，
由图乙可知，此时电路中的电流I=IL=0.5A，
则电路的最大功率：P=UI=9V×0.5A=4.5W；
②只闭合S1时，灯泡L与R1串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL′+I′′R1=UL′+IL′R1，即9V=UL′+IL′×20Ω，
由图乙可知，当UL′=3V、IL′=0.3A时符合，
则电路的总功率：P′=UI′′=UIL′=9V×0.3A=2.7W。
答：(1)电源电压为9V。
(2)R1的电阻为20Ω。
(3)闭合S1、S2、S3时，滑动变阻器允许接入的最小电阻为60Ω。
(4)①只闭合S2时电路的最大功率为4.5W；②只闭合S1时电路的总功率为2.7W。
【解析】(1)当断开开关S1、S3，闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表示数为3V时灯泡正常发光，此时灯泡两端的电压和额定电压相等，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)根据图乙读出一组电阻R1两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出R1的电阻；
(3)闭合S1、S2、S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1支路的电流，利用并联电路的电流特点结合电流表的量程求出通过R2支路的最大电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器允许接入的最小电阻；
(4)①只闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，电路的功率最大，根据图乙读出此时电路中的电流，利用P=UI求出电路的最大功率；
②只闭合S1时，灯泡L与R1串联，电流表测电路中的电流，利用串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，然后根据图乙读出符合要求的电流和电压，利用P=UI求出电路的总功率。
本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用等，分清电路的结构和从图象中获取有用的信息是关键。
2023年河北省承德市承德县中考物理模拟试卷（一）
1. 下列一些数据，符合实际的是( )
A. 物理教科书的长度约为25dm B. 人体感觉舒适的温度约为10℃
C. 做一次眼保健操的时间约为5min D. 一个苹果的质量约为1kg
2. 如图所示的四幅图中，关于声现象的描述正确的是( )
A. 我国航天员王亚平在中国空间站用古筝弹奏《茉莉花》，为全国人民送上太空音乐祝福，说明了真空也能传声
B. 用不同的力敲响音叉，将叉股接触悬挂的小球，能看到小球被弹开的幅度不同，说明敲音叉的力越大，声音的音调越高
C. 倒车雷达利用电磁波进行回声定位
D. 高架路某些路段两侧设有透明板墙，是在传播过程中减弱噪声
3. 关于物态变化，下列说法正确的是( )
A. 冬天，向积雪的道路撒盐是为了降低雪的熔点
B. 冬天口中呼出的“白气”是汽化现象
C. 晒在太阳下的湿衣服变干是凝固现象
D. 冬天，树上经常有美丽的“雾凇”，这是凝固现象
4. 如图所示的光现象中，下列说法不正确的是( )
A. 墙上的手影是由于光沿直线传播在经过手所在位置时，被手遮挡形成的
B. 景物在镜子中成的像是由于光的反射形成的
C. 筷子看起来弯折，是由于光从水中进入到空气中时，发生了折射
D. 若水深3m，当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面8m
5. 对甲、乙、丙、丁四幅图片的解释不正确的是
A. 集气瓶A中应该装空气，这样做的目的是避免重力对实验造成影响
B. 红墨水在热水中比在冷水中扩散的快，说明温度越高分子运动越剧烈
C. 将两个铅柱压在一起，下面能够悬挂一个钩码，说明分子之间存在引力
D. 在注射器里装入一些空气，用手可以推动活塞将空气压缩，说明分子之间不存在斥力
6. 小明同学在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 滑板车对地面的压力和滑板车对人的支持力是一对相互作用力
B. 人用力蹬地时，滑板车加速前进，说明了力是维持物体运动的原因
C. 人站在滑板车上能继续前进，是因为人和车受到了惯性
D. 如果人和车匀速直线行驶，人在水平方向不受滑板车对人的摩擦力
7. 关于下面四幅图的说法不正确的是( )
A. 如甲图，A管中水面上升，是因为A管上方流速大的位置压强小
B. 如乙图，把水气压计从山下移到山顶，细中吹气管内的水柱上升
C. 如丙图，用吸盘吸起光滑的瓷砖，利用了大气压的作用
D. 如丁图，地漏利用存水杯里的水来进行防臭，是利用液体压强的原理
8. 2022年5月10日1时56分，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟四号”货运飞船顺利升空，8时54分成功对接空间站“天和”核心舱后向端口。下列说法正确的是( )
A. “天舟四号”绕地球运动过程中，运动状态始终不变
B. “天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为机械能
C. “天舟四号”加速升空，动能、重力势能增加，机械能守恒
D. 对接后，“天和”核心舱从近地点向远地点运动时机械能守恒
9. 下列关于内能、热量和热机的说法不正确的是( )
A. 热量也可能从内能小的物体传向内能大的物体
B. 物体内能增加，可能是吸热，也可能是外界对物体做功
C. 晶体在熔化过程中，持续吸收热量，温度不断升高，内能不断增大
D. 汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能
10. 关于安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中的空气开关跳闸一定是发生了短路
B. 洗衣机的三脚插头坏了，可以找一个两脚插头换 上
C. 用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体
D. 当干路中的电流过大时，漏电保护器就会自动切断电路
11. 如图所示是电与磁的四个实验，下列说法中不正确的是( )
A. 甲图：通电后小磁针发生偏转，说明电流有磁效应
B. 乙图：当变阻器的滑片向左移动时，电磁铁能吸引更多的大头针
C. 内图：闭合开关后，磁场中导体ab受力而运动，依据该原理可制成电动机
D. 丁图：闭合开关后，磁场中导体ab竖直向上运动时，灵敏电流计指针偏转
12. 下列关于能源和信息的说法不正确的是( )
A. 煤炭、天然气属于不可再生能源，太阳能、风能、水能属于可再生能源
B. 北斗卫星定位系统传递信息是利用电磁波
C. 光在光导纤维中是通过光的反射传播的
D. 核电站利用核聚变释放的能量发电
13. 如图所示，水平桌面上甲、乙两个质量相同的圆柱形薄壁容器分别装有质量相等的水和盐水，将实心小球先后放入两个容器中，小球静止时液体均未溢出。已知甲容器的底面积小于乙容器的底面积，盐水、水、小球密度的关系为ρ盐水>ρ球>ρ水。则下列说法中正确的是( )
A. 小球排开水的体积等于小球排开盐水的体积
B. 小球在水中受到的浮力小于小球在盐水中受到的浮力
C. 放入小球后，甲、乙容器底受到液体的压力F甲
14. 在探究“凸透镜成像的规律”的实验中，光具座上各元件位置如图甲所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则下列说法正确的是( )
A. 图甲中凸透镜的焦距可能是10cm
B. 图甲中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分
C. 若要光屏上得到更大的清晰像，光屏和蜡烛都要适当向右移
D. 在烛焰和凸透镜之间放置一个眼镜片如图乙所示，观察到原来清晰的像变得模糊了，再使光屏远离透镜，又可以在光屏上看到清晰的像，则该眼镜片能矫正近视眼
15. 如图所示电路，电源电压U为6V，定值电阻R1与R2阻值相等，a可能为电流表、电压表或定值电阻。若只闭合S1时，电流表A示数为0.5A，开关都闭合时，电流表A的示数为2A。以下说法正确的是( )
A. a可能为电压表
B. 电路的最大功率为12W
C. 电路中的最大电流与最小电流之比为10：1
D. 若只将R1换成电压表，则电压表与电流表的比值可能为4Ω
16. 如图所示，水平桌面上的小车上放一木块，木块随小车在重物的牵引下向右做匀速直线运动，绳重、滑轮和轴处的摩擦忽略不计，小盘和砝码的总质量为200g，则以小车为参照物，木块处于______ 状态，小车受到的摩擦力为______ N。(g取10N/kg)
17. 如图，轻杆OA可绕O点自由转动，用细线将重30N的重物挂在A处，小林在B处用竖直向上的拉力提住轻杆，OB和BA长度之比为2：3，下列问题中，轻杆始终在水平位置处于平衡。
(1)小林的拉力为______ N。
(2)若拉力由图中BC方向改为BD方向，则拉力将变______ 。画出BD方向拉力的力臂。
18. 如图所示是小明家的电能表，他家电路中可以接入用电器的最大总功率为______ W。将电视机单独接入电路正常工作15min，电能表转盘转12转，电视机的功率为______ W。电视机正常工作10min，消耗的电能为______ J。
19. 如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后______ (选填“甲”或“乙”)容器连接的U形管液面高度差较大，此实验是研究电流通过导体产生的热量跟______ (选填“电流”或“电阻”)大小的关系；当电流为0.3A时，通电10s甲容器中的电阻产生的热量是______ J。
20. 为了比较水和食用油的比热容，某同学用如图所示的器材进行了实验，已知加热装置相同。实验数据记录如下：
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
200
20
6
45
食用油
200
20
6
70
(1)由实验数据可知______ 的吸热能力强。
(2)已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，实验中水6min吸收的热量是______ J，若这些热量由酒精完全燃烧获得，则至少要消耗______ g酒精。(酒精的热值为3.0×107J/kg)
21. 小明想在家里安装一盏照明灯，安装完毕后，闭合开关，电灯不亮.小明用试电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，试电笔的氖管都发光，则可能是电路的______(填字母)段发生______(填“断路”或“短路”)故障。
22. 如图是某电热水器电路的简化图，S为挡位开关，其部分参数如表所示。该热水器挡位开关S接______ (选填“1”或“2”)时为高温挡；电路中R2的电阻为______ Ω。
型号
额定电压/V
水箱容积/L
频率/Hz
额定功率/kW(低/高)
DJW50N
220
50
50
0.2/1.1
23. 如图为某学习小组“探究动能大小跟哪些因素有关”的实验操作(甲、乙、丙、丁中小球质量分别为m、2m、m、3m)。
(1)让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的______ 。
(2)实验中通过比较木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这种方法在物理学中属于______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。
(3)比较______ 两图进行的实验，可以探究小球动能大小与速度有关。
(4)由此实验联想到某段道路限速牌上标明“100”和“80”字样，______ (选填“大客车”或“小轿车”)的限速应该是80km/h。
24. 同学们进行了“影响滑轮组机械效率因素”的实验探究，用到的装置如图甲、乙、丙所示，实验数据记录如表所示。
实验次数
钩码重力G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
2
0.1
1.2
0.3
55.6%
2
4
0.1
1.9
0.3
70.2%
3
6
0.1
1.6
0.5
4
2
0.2
1.2
0.6
55.6%
(1)实验中应沿竖直方向______ 拉动弹簧测力计。
(2)通过比较1、4两次实验数据可得出：使用同一滑轮组提升相同重物，滑轮组的机械效率与重物上升高度______ 。
(3)通过比较______ 两次实验数据可得出：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高。
(4)分析表中数据可知：第3次实验是用图______ 所示装置来完成的，第3次实验时所做的有用功为______ J，滑轮组的机械效率是______ %。
(5)假如第1次实验时，不计绳重和摩擦，钩码重由2N增加到8N，滑轮组的效率可以达到______ %。
25. 如图甲是小明测量小灯泡电功率的电路，小灯泡额定电压为2.5V。
(1)图甲中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画×，并用笔画线代替导线正确连接好实物电路。
(2)正确连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现灯泡始终不亮。电流表指针几乎不动，电压表示数接近电源电压且保持不变，则故障是小灯泡______ 。
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑片到某一点时，电压表示数如图乙所示，若想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片向______ (选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2.5V。
(4)改变滑片位置，小明根据测量数据画出了通过灯丝电流与其两端电压关系的图像。如图丙。根据图像可得小灯泡的额定功率为______ W。研究发现，通过灯丝的电流与其两端电压不成正比，原因是：______ 。
[拓展]另一个同学在测量小灯泡电功率的实验过程中，电流表坏了，他找来一只阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁电路图，操作步骤如下：
①断开S1，闭合S2，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数等于小灯泡的额定电压U额；
②______ ，断开S2，闭合S1，记下此时电压表示数为U；
③小灯泡额定功率表达式P额=______ (用U额、U和R0表示)。
26. 如图所示，水平桌面上有一个底面积为50cm2、重力为15N的圆柱形容器，内装有深度为0.1m的水，如图甲所示。现将一个高度为8cm、底面积为20cm2、重力为6N、不吸水的圆柱形物体缓慢放入水中，水未溢出，静止时如图乙所示。不计容器壁的厚度和绳重，ρ水=10×103kg/m3，g=10N/kg。求：
(1)物体放入水中静止后，容器对桌面的压强。
(2)物体放入水中静止后，容器底对它的支持力。
(3)将物体从容器底部竖直缓慢提升，直到物体上表面高出水面5cm时停止，求这个过程中，水对容器底部的压强变化量。
27. 如图甲所示，电源电压恒定不变，灯泡L的额定电压为6V，滑动变阻器R2的规格为“100Ω1A”，电压表的量程为0∼15V，电流表的量程为0∼0.6A。当断开开关S1、S3，闭合S2，移动滑片，电压表示数为3V时灯泡正常发光。图乙是灯泡L、电阻R1的I−U图像。求：
(1)电源电压。
(2)R1的电阻。
(3)闭合S1、S2、S3时，滑动变阻器允许接入的最小电阻。
(4)①只闭合S2时电路的最大功率；
②只闭合S1时电路的总功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、物理教科书的长度约为26cm，故A错误；
B、人体感觉舒适的温度约为23℃，故B错误；
C、做一次眼保健操的时间约为5min，故C正确；
D、一个苹果的质量约为200g。故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、温度、时间、质量的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】D
【解析】解：A、真空不能传声，全国人民能够听到王亚平在中国空间站用古筝弹奏《茉莉花》是通过电磁波传播的，故A错误。
B、响度和振幅有关，用不同的力敲响音叉，将叉股接触悬挂的小球，能看到小球被弹开的幅度不同，敲音叉的力越大，小球被弹开的幅度越大，声音的响度越大，音调和振幅无关，故B错误。
C、倒车雷达是利用超声波的反射来传递信息，不是利用电磁波，故C错误。
D、高架路某些路段两侧设有透明板墙，是在传播过程中减弱噪声，故D正确。
故选：D。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
(2)响度和振幅有关，振幅越大，响度越大，音调和振幅无关，音调和频率有关。
(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；
(4)减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
本题考查了声音的传播、减弱噪声的途径、声音特性的辨别，以及超声波的应用等，具有一定的综合性，但难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A、在其它条件相同时，积雪上撒盐是掺有杂质，积雪的熔点降低，即熔点低于当地温度，使雪熔化，交通方便，故A正确；
B、冬天人呼出的气体中含有水蒸气，这些水蒸气遇到外面的冷空气后会液化成小水珠，就形成了人们看到的“白气”，故B错误；
C、晒在太阳下的湿衣服变干，由液态变为气态的过程，属于汽化，故C错误；
D、“雾凇”是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，这是凝华现象，故D错误。
故选：A。
(1)影响晶体熔点高低的因素：物质的种类、压力的大小、是否有杂质。种类不同，熔点一般不同；压力越大，熔点降低；当有杂质掺入时熔点降低；
(2)物质由气态变为液态叫液化；
(3)物体由液态变为气态的现象叫汽化；
(4)物质由气态直接变为固态叫凝华。
此题考查了影响晶体熔点高低的因素、以及生活中的几种物态变化，首先要弄清变化前后的物态特征，然后根据规律来判断。
4.【答案】D
【解析】解：A、影子由于光沿直线传播在经过手所在位置时，被手遮挡形成的，故A的说法正确；
B、景物在镜子中成的像属于凸面镜成像，是由于光的反射形成的，故B的说法正确；
C、筷子看起来弯折，是由于光从水中斜射入到空气中时，发生了折射，故C的说法正确；
D、若水深3m，当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5m，故D的说法错误。
故选：D。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；
(2)凸面镜成像是由光的反射形成的；
(3)光从一种介质斜射入另一种介质中时，传播方向会发生改变，这是光的折射；
(4)平面镜成正立等大的虚像，像到镜面的距离和物体到镜面的距离相等。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。
5.【答案】D
【解析】解：A.甲图探究的是扩散现象的问题，由于二氧化氮的密度比空气密度大，为了避免重力对实验造成影响，上面的A集气瓶中应该装空气，故A正确；
B.分子运动受温度影响，乙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散的快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故B正确；
C.丙图中紧压在一起的两个铅块能够吊起钩码而不分开，是因为分子之间存在引力，故C正确；
D.用手可以推动活塞将空气压缩，是因为分子之间的间隙比较大，并不能说明分子之间不存在斥力，气体也不能无限制的压缩，说明分子间也存在斥力，故D错误。
故选：D。
(1)从二氧化氮的密度与空气密度的关系分析解答；
(2)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高分子运动越剧烈；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的知识，题目的难度不大，将基础知识与实际的应用联系在一起即可。
6.【答案】D
【解析】解：A.滑板车对地面的压力大小等于滑板车和人的总重力，而滑板车对人的支持力大小等于人的重力，所以滑板车对地面的压力和滑板车对人的支持力大小不相等，二力不是一对相互作用力，故A错误；
B.人用力蹬地时，滑板车加速前进，说明了力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C.人站在滑板车上能继续前进是因为人和车具有惯性，惯性不是力，不能说受到了惯性的作用，故C错误；
D.如果人和车匀速直线行驶，此时人与车之间没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，所以人在水平方向不受滑板车对人的摩擦力，故D正确。
故选：D。
(1)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，但作用在两个物体上。
(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(3)任何物体都具有保持原来运动状态不变的性质，即惯性；
(4)如果物体间没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，则物体间没有摩擦力的作用。
本题考查了相互作用力、运动和力的关系、惯性、摩擦力等知识，有一定的综合性，但难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：A、A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故A正确；
B、把水气压计从山下带到山上，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故B正确；
C、吸盘要吸在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，盘内的气压小于大气压，吸盘在外界大气压力作用下被压在墙壁上，属于大气压的应用，故C正确；
D、地漏利用存水杯里的水来进行防臭，是利用连通器原理，故D错误。
故选：D。
(1)流体的压强跟流体的流速有关，流速越大，压强越小；
(2)大气压强随着高度的增加而减小，当内外压强差增大时，管内水柱的高度增大；
(3)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(4)连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当液体不流动时，两侧的液面位于同一水平面。
本题考查流体压强与流速的关系、大气压强的测量、大气压强跟高度的关系及其应用，连通器原理等，属于综合题。
8.【答案】D
【解析】解：A、“天舟四号”绕地球运动过程中，运动方向始终改变，所以其运动状态始终改变，故A错误；
B、“天舟四号”的太阳能电池将太阳能转化为电能，故B错误；
C、“天舟四号”加速升空时，质量不变，高度、速度增大，则其动能、重力势能均增加，则其机械能也增大，故C错误；
D、核心舱始终在大气层外运行，在运行过程中不受阻力的作用，其机械能守恒，故D正确。
故选：D。
(1)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变；
(2)太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
(3)影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能大小的因素：质量、速度；
(4)机械能等于动能与势能的总和；核心舱或卫星在大气层外运行时，不受阻力的作用，其机械能守恒。
本题围绕航天事件，考查了对重力的理解，能量转化的判断，运动与静止的相对性，机械能守恒的判断等，综合性强，但难度不大。
9.【答案】C
【解析】解：A、热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传给温度低的物体或从高温部分传给低温部分，内能小的物体温度可能高，所以热量也能从内能小的物体传向内能大的物体，故A正确；
B、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故B正确；
C、晶体有固定的熔点，在熔化时，吸收热量，温度不变，内能增大，故C错误；
D、汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能，故D正确。
故选：C。
(1)热传递的条件是存在温度差；
(2)改变内能的方式：做功和热传递；
(3)晶体有固定的熔点，而非晶体没有；
(4)热机的压缩冲程中将机械能转化为内能。
本题考查了热传递的条件、内能改变的方法、晶体熔化的特点、汽油机压缩冲程的能量转化，属于基础题。
10.【答案】C
【解析】解：A、家庭电路中的空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；
B、洗衣机的三脚插头坏了，应该找一个同样规格的三脚插头换上，故B错误；
C、用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，故C正确；
D、当干路中的电流过大时，空气开关会自动切断，当电路中出现漏电时，漏电保护器会自动切断，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中电流过大的原因：一是用电器的总功率过大，二是发生了短路。
(2)带金属外壳的家用电器一定要使用三脚插头。
(3)用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
(4)当干路中的电流过大时，空气开关会自动切断，当电路中出现漏电时，漏电保护器会自动切断。
知道家庭电路中电流过大的原因；会正确使用试电笔；知道空气开关和漏电保护器的作用。
11.【答案】D
【解析】解：A.甲图是奥斯特实验，导线触及电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，属于电流的磁效应，故A正确；
B.乙图中两个电磁铁串联，通过的电流相同，当变阻器的滑片向左移动时，电路中电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，吸起大头针的数量不同，故B正确；
C.丙图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，依据该实验原理可制成电动机，故C正确；
D.丁图中磁场中导体ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计的指针不会偏转，故D错误。
故选：D。
(1)通电导线周围存在磁场；
(2)电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
(3)通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的；
(4)闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象。
本题考查了奥斯特实验、影响通电螺线管中的磁性强弱的因素、电动机的原理、产生感应电流的条件等知识，知识点较多，但难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：A、煤炭、天然气属于不可再生能源，太阳能、风能、水能属于可再生能源，故A正确；
B、北斗卫星定位系统传递信息是利用电磁波，故B正确；
C、光在光导纤维中是通过光的反射传播的，故C正确；
D、目前的核电站是通过核裂变来发电的，故D错误。
故选：D。
(1)能够在自然界中短期内得到补充的能源是可再生能源，不能短期内在自然界中得到补充的能源是不可再生能源。
(2)电磁波可以传递信息。
(3)光导纤维是通过反射来传递信息的。
(4)目前的核电站是通过核裂变来发电的。
知道能源的分类；知道电磁波可以传递信息；知道光导纤维的结构和传递信息的原理；知道核能发电的基本过程。
13.【答案】BC
【解析】解：
A、已知ρ盐水>ρ球>ρ水，由浮沉条件可知，同一小球在盐水中漂浮(V排
由于容器为柱形容器，则放入小球后，液体对容器底的压力等于液体的重力与排开液体重力之和(即F液=G液+G排)，
根据前面解答可知F浮水
因容器对水平桌面的压力：F=G容+G液+G球，
所以甲、乙两容器对桌面的压力F甲′=F乙′，
受力面积S甲
故选：BC。
(1)盐水、水、小球密度的关系为ρ盐水>ρ球>ρ水，由浮沉条件判断出小球在水中和盐水中的状态，然后可知排开水和盐水的体积关系；
(2)根据浮沉情况判断出小球在水中和盐水中受到浮力的大小关系；
(3)由题知，水和盐水的质量相同，其重力相同，由于容器为柱形容器，则放入小球后，液体对容器底的压力等于液体的重力与排开液体重力之和；根据浮力的大小关系，由阿基米德原理判断出排开液体重力的关系，进而判断出甲、乙容器底受到液体压力的关系；
(4)容器对桌面压力大小等于容器、球和液体的总重力，又知受力面积的大小关系，根据p=FS判断甲、乙容器对桌面的压强关系。
本题考查了压强公式和浮沉条件的应用，关键是判断出小球在水和盐水中的状态，此外还要知道容器对桌面的压力大小等于容器、球和液体的总重力。
14.【答案】ACD
【解析】解：A、根据图示可知，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，此时的f
C、若要光屏上得到更大的清晰像，需要减小物距、增大像距，所以光屏和蜡烛都要适当向右移，故C正确；
D、在蜡烛和凸透镜之间放置镜片时，光屏上原来清晰的像变模糊了，使光屏远离透镜，又能在光屏上看到烛焰清晰的像，这说明该眼镜片对光线有发散作用，是凹透镜，可以矫正近视眼，故D正确。
故选：ACD。
当物距小于像距时，凸透镜成倒立、放大的实像，此时f
凸透镜成像是由于光通过透镜会聚形成的；
凸透镜成实像时，物近像远像变大；
凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用，由光屏移动情况判断镜片对光线的作用确定镜片类型；近视眼镜的镜片是凹透镜，远视眼的镜片是凸透镜
此题是凸透镜成像规律的常规题目，考查了学生对透镜成像规律的应用、近视眼的矫正，属于基础题。
15.【答案】BCD
【解析】解：A、若只闭合S1时，电路中只有电阻R1工作，电流表的示数为0.5A；
R2=R1=U I1=6V0.5A=12Ω，
开关都闭合时，若a为电流表，电源短路，不符合题意，
若a为电压表时定值电阻R1与R2并联，由于定值电阻R1与R2阻值相等，电流表的示数为原来的2倍，即1A，不符合题意；
若a为定值电阻，且R1=R2时，三个电阻并联，电流表A的示数为2A，故A错误；
通过a定值电阻的电流Ia=I−I1−I2=2A−0.5A−0.5A=1A；
定值电阻Ra=U Ia=6V1A=6Ω，
B、根据P=U2R得，当电路的电阻最小时，电路的电流最大，即三个电阻并联时，电路的总电阻最小，功率最大，此时电路的电流为2A，则电路的最大功率为：Pmax=UI=6V×2A=12W，故B正确；
C、当电路中的电阻最小时，电流最大，最大为2A，仅闭合S2时，三个电阻串联，此时电路的总电阻最大，总电流最小，最小为Imin=UR1+Ra+R2=6V12Ω+6Ω+12Ω=0.2A，所以电路中的最大电流与最小电流之比为：2A：0.2A=10：1，故C正确；
D、若只将R1换成电压表，当闭合都闭合时，电阻Ra和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的电流，根据以上分析可知两个电阻的电流分别为0.5A和1A，
则电压表与电流表的比值，即电路的总电阻为R=UI总=6V1A+0.5A=4Ω；故D正确。
故选：BCD。
(1)若只闭合S1时，电路中只有电阻R1工作，表示出电流表的示数0.5A；开关都闭合时，分析a为电流表、电压表、电阻时电流表的示数，看是否符合题意，从而确定a处元件的类型；根据并联电路的电流规律和欧姆定律计算Ra的阻值；
(2)根据P=U2R知当电路的电阻最小时，电路的电流最大，即三个电阻并联时，电路的总电阻最小，功率最大，判断出此时电路的电流，根据P=UI算出则电路的最大功率；
(3)根据I总=U2R判断出当电路中的电阻最小时，电流最大，最大为2A，仅闭合S2时，三个电阻串联，此时电路的总电阻最大，总电流最小，根据欧姆定律表示出最小电流，进而算出电路中的最大电流与最小电流之比；
(4)若只将R1换成电压表，当闭合都闭合时，电阻Ra和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的电流，根据并联电路的电流规律和欧姆定律计算两表示数的比值。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确的判断a元件的种类和电路的连接方式以及电表所测的电路元件是关键。
16.【答案】静止 2
【解析】解：木块随小车在重物的牵引下一起向右做匀速直线运动，以小车为参照物，木块相对于小车位置没有发生变化，所以，以小车为参照物，木块处于静止状态；
已知小盘和砝码的总质量m=200g=0.2kg，则小车受到的拉力F=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，由于小车做匀速直线运动，所以摩擦力和拉力是一对平衡力，故小车受到的摩擦力为2N。
故答案为：静止；2。
(1)判断物体的运动和静止，总要选取某一物体作为标准。如果一个物体的位置相对于这个标准发生了变化，就说它是运动的；如果没有变化，就说它是静止的；
(2)小车匀速直线运动时，受平衡力，摩擦力等于此时的拉力。
此题主要考查的是学生对运动和静止、平衡力的理解和应用，难度较小，属于基础性题目。
17.【答案】75 大
【解析】解：由图可知，用竖直向上的拉力提住轻杆，O点为支点，OB为动力臂，OA为阻力臂，阻力大小等于所挂物体的重力，在B点的拉力为动力；
(1)已知OB和BA长度之比为2：3，则OB：OA=2：5，
由杠杆的平衡条件可知：F⋅OB=G⋅OA，
所以，F=OAOBG=52×30N=75N；
(3)若拉力方向变为图中虚线所示方向，从支点作出力的作用线的垂线，即力臂，如图，
从图中看出力臂L比原来的OB短，而阻力及阻力臂不变，拉力的力臂变小，由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知拉力将变大。
故答案为：(1)75；(2)大；见解答图。
(1)根据杠杆平衡的条件F1L1=F2L2可直接求出动力F1的大小；
(2)若拉力方向变为图中虚线所示方向，阻力的力臂不变，拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知拉力的变化，根据力臂的定义画图。
此题结合实例考查了对杠杆的平衡条件的理解与应用，会分析杠杆力臂的变化是关键。
18.【答案】44001006×104
【解析】解：(1)由图知，该电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，
所以他家电路中可以接入用电器的最大总功率：P最大=UI最大=220V×20A=4400W；
(2)600r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘装600转，
则电能表转盘转6转，电视机消耗的电能W=12r600r/(kW⋅h)=0.02kW⋅h；
电视机的电功率P=Wt=0.02kW⋅h1260h=0.1kW=100W；
由P=Wt可知，电视机正常工作10min，消耗的电能W′=Pt=100W×10×60s=6×104J。
故答案为：4400；100；6×104。
(1)知道电能表的工作电压和允许通过的最大电流，利用P=UI求出最大功率；
(2)600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘装600转，据此可求电能表转盘转12转，电视机消耗的电能，利用P=Wt计算出电视机的电功率；
知道电视机的电功率和通电时间，利用P=Wt计算出电视机正常工作10min，消耗的电能。
本题考查对电能表参数的理解和掌握、电功率的计算、消耗电能的计算，解题的关键是正确理解电能表相关参数的含义。
19.【答案】甲 电阻 9
【解析】解：(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲容器中电阻丝产生的热量多，U形管液面高度较大，说明电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
(2)通电10s甲容器中的电阻产生的热量：Q甲=I2R甲t=(0.3A)2×10Ω×10s=9J。
故答案为：甲；电阻；9。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(2)根据Q=I2Rt求出通电10s甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验以及焦耳定律计算公式的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
20.【答案】水 2.1×104 0.7
【解析】解：(1)根据表中数据，加热相同时间，吸热相同，水升温慢，故水的吸热能力强；
(2)已知m水=200g=0.2kg，Δt水=45℃−20℃=25℃，
水吸收的热量为：Q水=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×25℃=2.1×104J；
Q水=Q放；
由Q=mq得，酒精的质量为：
m=Q放q=2.1×104J3.0×107J/kg==0.7×10−3kg=0.7g。
故答案为：(1)水；(2)2.1×104；0.7。
(1)使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据吸收热量的公式Q=cmΔt可求这些水吸收的热量；根据Q=qm变形公式代入数值即可求出酒精的质量。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运及Q=mq的运用用。
21.【答案】gf 断路
【解析】解：当测电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，测电笔的氖管都发光，说明火线上有电，而零线处不该亮，但也亮了，说明通过电灯、开关与火线相通了，故零线断路。
故答案为：gf；断路。
当测电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，试电笔的氖管都发光，说明零线断路了。
本题考查了用测电笔检测电路的故障；在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
22.【答案】1 198
【解析】解：(1)由题意和电路图可知，当开关接1时，只有R1接入电路中，开关接2时，R1和R2串联，
根据P=UI=U2R可知，电阻越大时功率越小，
所以，当开关接1时为高温挡，开关接2时为低温挡，
(2)由表格可知：高温挡额定功率P高=1.1kW=1100W，底温挡额定功率P底=0.2kW=200W；
根据P=UI=U2R可得R1的阻值为：
R1=U2P高=(220V)21100W=44Ω；
底温挡时电路中的总电阻为：
R底=U2P底=(220V)2200W=242，
则：R2=R底−R1=242Ω−44Ω=198Ω；
故答案为：1；198。
(1)由题意和电路图可知，当开关接1时，只有R1接入电路中，开关接2时，R1和R2串联，根据P=UI=U2R即可判断；
(2)知道电源电压和高温挡、低温挡的功率，根据P=UI=U2R求出R1、R1和R2串联的总电阻，然后根据电阻的串联特点求出R2的电阻。
本题考查了等效电路分析、串联电路的特点、电功和电功率的计算，有一定综合性，但难度不大。
23.【答案】速度 转换法 甲、丙 大客车
【解析】解：(1)让不同质量的两个小球从同一高度由静止滚下，目的是使小球到达水平面时的速度相同；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s越大，说明小球对木块做的功越多，也反映了小球具有的动能越大；通过木块移动的距离反映了物体动能的大小，这种方法叫作转换法；
(3)由图知实验步骤甲和实验步骤丙的质量相同，小球下落的高度不同，可以探究动能大小与速度的关系；
(4)物体动能的大小与物体质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大，所以从安全的角度考虑，大客车质量大，则需速度小，小轿车质量小，速度可大，则某段道路限速牌上标明“100”和“80”字样，大客车的限速应该是80km/h。
故答案为：(1)速度；(2)转换法；(3)甲、丙；(4)大客车。
(1)根据控制变量法可知当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这是一种转换法的思想；
(3)根据控制变量法可知要探究动能大小与物体受到的关系，需要控制质量相同，改变物体的速度；
(4)物体动能的大小与物体质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。
本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
24.【答案】匀速 无关 1、2 丙 0.67583.3
【解析】解：(1)为了准确测出滑轮组的机械效率，应使弹簧测力计沿竖直方向做匀速直线运动；
(2)通过比较1、4两次实验数据知，滑轮组和提升物体的重力相同，绳子段数相同，重物上升高度不同而机械效率相同，故得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与重物上升高度无关；
(3)1、2两次实验，s=0.3m，h=0.1m，由s=nh可得n=3，使用同样的滑轮组，即使用的甲、乙两图，通过得出的实验数据可知提升的物体重力越大，滑轮组的机械效率越高，得出结论：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高；
(4)在第3次实验中，s=0.5m，h=0.1m，由s=nh可得n=5，即承担物重的绳子股数n=5，所以第3次实验是用丙图所示装置来完成的；
第3次实验时所做的有用功为：
W有用=Gh=6N×0.1m=0.6J；
第3次做的总功：
W总=Fs=1.6N×0.5m=0.8J；
滑轮组的机械效率是：
η=W有用W总=0.6J0.8J×100%=75%；
(5)第1次实验时，不计绳重和摩擦，根据F=1n(G物+G动)得动滑轮的重力为：
G动=3F′−G′=3×1.2N−2N=1.6N，
钩码重8N时滑轮组的效率为：
η=W有用W总=G ′ ′hG″h+G动h=G ′ ′G″+G动=8N8N+1.6N×100%≈83.3%。
故答案为：(1)匀速；(2)无关；(3)1、2；(4)丙；0.6；75；(5)83.3。
(1)实验时应沿竖直方向匀速拉动物体；
(2)通过比较1、2两次实验数据，找出相同量和不同量，分析得出滑轮组的机械效率与变化量的关系；
(3)研究滑轮组机械效率与提升物体重力的关系，要使用同样的滑轮组，改变提升的物体重力，据此选择；
(4)由s=nh确定n的大小，据此第3次实验是用哪个图所示装置来完成的；
根据W=Gh算出第3次实验时所做的有用功；由η=W有用W总算出滑轮组的机械效率；
(5)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G物+G动)代入数据计算出G动，根据η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动算出钩码重8N时滑轮组的效率。
本题考查了实验注意事项、实验数据处理、影响滑轮组效率的因素等问题，认真分析实验数据是正确解题的关键。
25.【答案】断路 A0.625小灯泡的电阻随着温度的变化而变化 保持滑动变阻器的滑片位置不变 U−U额R0⋅U额
【解析】解：(1)图中电压表串联在电路中，滑动变阻器与小灯泡并联，应该将电压表与小灯泡并联，滑动变阻器与小灯泡串联，见下图：
；
(2)电流表示数接近零，说明电路断路，而电压表示数接近电源电压，说明和电压表并联的灯泡发生了断路；
(3)根据图甲可知，电压表为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯泡的额定电压，故需减小滑动变阻器分得的电压，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，故将滑片向A移动；
(4)小灯泡额定电压为2.5V，由丙图可知电流为0.25A，小灯泡的额定功率：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
小灯泡的电阻随着温度的变化而变化，所以不是一定值，通过灯丝的电流与其两端电压不成正比；
(4)利用电压表和一定值电阻测量小灯泡功率，先用电压表测量小灯泡的电压U额，然后测量小灯泡和电阻电阻的电压U，此过程中要保持滑动变阻器的滑片位置不变，则定值电阻两端的电压U0=U−U额，通过电阻的电流为：I0=U0R0；
小灯泡额定功表达式P额=U额I0=U−U额R0⋅U额。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)A；(4)0.625；小灯泡的电阻随着温度的变化而变化；(5)保持滑动变阻器的滑片位置不变；U−U额R0⋅U额。
(1)图中电压表串联在电路中，滑动变阻器与小灯泡并联，根据电压表和滑动变阻器的使用方法分析解答；
(2)电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明和电压表并联的灯泡发生了断路；
(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡的实际功率等于额定功率；先根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数，然后根据串联电路分压的特点确定滑动变阻器移动的方向；
(4)小灯泡额定电压为2.5V，由丙图可知电压大小，根据功率公式可得小灯泡的额定功率；小灯泡的电阻随着温度的变化而变化，不是一定值；
(5)利用电压表和一定值电阻测量小灯泡功率，先用电压表测量小灯泡的电压，然后测量小灯泡和电阻电阻的电压，此过程中要保持滑动变阻器的滑片位置不变，则定值电阻两端的电压等于两次电压之差，根据欧姆定律计算得到电路中的电流；
再根据功率公式表示出小灯泡的功率。
本题测量小灯泡额定功率，考查电路连接、故障分析、电压表读数、功率计算及设计方案测额定功率的能力。
26.【答案】解：(1)物体放入水中前，水对容器底的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa，
水的重力等于水对容器底部的压力：G水=F1=pS=1000pa×50×10−4m2=5N，
物体放入水中后，水未溢出，故容器对桌面的压力F=G水+G容+G=5N+15N+6N=26N；
物体放入水中静止后，容器对桌面的压强p′=FS=26N50×10−4m2=5200Pa；
(2)物体放入水中后，物体排开水的体积和物体体积相等，
物体受到的浮力F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×8×10−6m2=1.6N；
物体静止时受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力、支持力作用，由力的平衡条件可得，物体受到的支持力F支=G−F浮=6N−1.6N=4.4N；
(3)水面下降的高度：Δh=ΔVS=5cm×20cm250cm2=2cm=0.02m，
水对容器底部的压强变化量：Δp=ρgΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa。
答：(1)物体放入水中静止后，容器对桌面的压强是5200Pa；
(2)物体放入水中静止后，容器底对它的支持力是4.4N；
(3)水对容器底部的压强变化量为200Pa。
【解析】(1)根据液体压强公式可以计算物体放入水中前，水对容器底的压强，水的重力等于水对容器底部的压力，根据F=pS计算水对容器底部的压力，物体放入水中静止后，容器对桌面的压力大小等于容器、水和固体的总重力，再根据固体压强公式计算容器对桌面的压强；
(2)物体放入水中后，根据阿基米德原理计算物体受到的浮力，对物体受力进行分析，根据力的平衡条件计算容器底部对物体的支持力；
(3)根据体积公式计算水面下降的高度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强变化量。
本题考查了固体压强、液体压强和浮力的计算，综合性较强。
27.【答案】解：(1)当断开开关S1、S3，闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电压表示数为3V时灯泡正常发光，
所以，电源的电压：U=UL+U2=6V+3V=9V；
(2)由图乙可知，电阻R1两端的电压U1=4V时通过的电流I1=0.2A，
由I=UR可得，R1的电阻：R1=U1I1=4V0.2A=20Ω；
(3)闭合S1、S2、S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过R1支路的电流：I1′=UR1=9V20Ω=0.45A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表的量程为0∼0.6A，
所以，通过R2支路的最大电流：I2′=I′−I1′=0.6A−0.45A=0.15A，
则滑动变阻器允许接入的最小电阻：R2小=UI2′=9V0.15A=60Ω；
(4)①只闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，电路的功率最大，
由图乙可知，此时电路中的电流I=IL=0.5A，
则电路的最大功率：P=UI=9V×0.5A=4.5W；
②只闭合S1时，灯泡L与R1串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL′+I′′R1=UL′+IL′R1，即9V=UL′+IL′×20Ω，
由图乙可知，当UL′=3V、IL′=0.3A时符合，
则电路的总功率：P′=UI′′=UIL′=9V×0.3A=2.7W。
答：(1)电源电压为9V。
(2)R1的电阻为20Ω。
(3)闭合S1、S2、S3时，滑动变阻器允许接入的最小电阻为60Ω。
(4)①只闭合S2时电路的最大功率为4.5W；②只闭合S1时电路的总功率为2.7W。
【解析】(1)当断开开关S1、S3，闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表示数为3V时灯泡正常发光，此时灯泡两端的电压和额定电压相等，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)根据图乙读出一组电阻R1两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出R1的电阻；
(3)闭合S1、S2、S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1支路的电流，利用并联电路的电流特点结合电流表的量程求出通过R2支路的最大电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器允许接入的最小电阻；
(4)①只闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，电路的功率最大，根据图乙读出此时电路中的电流，利用P=UI求出电路的最大功率；
②只闭合S1时，灯泡L与R1串联，电流表测电路中的电流，利用串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，然后根据图乙读出符合要求的电流和电压，利用P=UI求出电路的总功率。
本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用等，分清电路的结构和从图象中获取有用的信息是关键。
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