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    统考版高中数学(文)复习3-2-2导数在研究函数中的应用学案

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    统考版高中数学(文)复习3-2-2导数在研究函数中的应用学案

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    这是一份统考版高中数学(文)复习3-2-2导数在研究函数中的应用学案,共12页。


    2课时 导数与函数的极值、最值

     提 升   关键能力——考点突破 掌握类题通法

    考点一 利用导数求函数的极值问题 [综合性]

    角度1 根据函数图象判断极值

    [1] 

    设函数f(x)R上可导,其导函数为f′(x),且函数g(x)xf′(x)的图象如图所示,则下列结论中一定成立的是(  )

    Af(x)有两个极值点

    Bf(2)为函数的极大值

    Cf(x)有两个极小值

    Df(1)f(x)的极小值

    听课笔记:

     

     

    反思感悟 由图象判断函数yf(x)的极值,要抓住两点:(1)yf′(x)的图象与x轴的交点,可得函数yf(x)的可能极值点;(2)由导函数yf′(x)的图象可以看出yf′(x)的值的正负,从而可得函数yf(x)的单调性.两者结合可得极值点.

    角度2 求已知函数的极值

    [2] 已知函数f(x)x212a ln x(a0),求函数f(x)的极值.

    听课笔记:

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    反思感悟 求可导函数f(x)的极值的步骤

    (1)确定函数的定义域,求导数f′(x)

    (2)求方程f′(x)0的根;

    (3)检验f′(x)在方程f′(x)0的根的左右两侧的符号,具体如下表:

    x

    x<x0

    x0

    x>x0

    f′(x)

    f′(x)>0

    f′(x)0

    f′(x)<0

    f(x)

    极大值f(x0)

     

    x

    x<x0

    x0

    x>x0

    f′(x)

    f′(x)<0

    f′(x)0

    f′(x)>0

    f(x)

    极小值f(x0)

    [提醒] 对于求解析式中含有参数的函数的极值问题,一般要对方程f′(x)0的根的情况进行讨论.分两个层次讨论:第一层,讨论方程在定义域内是否有根;第二层,在有根的条件下,再讨论根的大小.

    角度3 已知极值()求参数

    [3] (1)已知f(x)x33ax2bxa2x=-1处有极值0,则ab________

    (2)已知函数f(x)x(ln xax)有两个极值点,则实数a的取值范围是________

    听课笔记:

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    反思感悟  已知函数极值点或极值求参数的2个要领

    (1)列式:根据极值点处导数为0和极值这两个条件列方程组,利用待定系数法求解.

    (2)验证:因为导数值等于0不是此点为极值点的充要条件,所以利用待定系数法求解后必须验证该点两侧导数的符号.

     

     

    【对点训练】

    1[2023·洛阳模拟]x1是函数f(x)axln x的极值点,则(  )

    A.f(x)有极大值-1    Bf(x)有极小值-1

    C.f(x)有极大值0      Df(x)有极小值0

    2[2022·桂林联考]若函数f(x)e2xmexx2有两个极值点,则实数m的取值范围是(  )

    A.    B(1,+)

    C.     D(e,+)

    考点二 利用导数求函数的最值 [综合性、应用性]

    [4] 已知函数g(x)a ln xx2(a2)x(aR)

    (1)a1,求g(x)在区间[1e]上的最大值;

    (2)g(x)在区间[1e]上的最小值h(a)

    听课笔记:

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    反思感悟 求函数f(x)[ab]上的最值的方法

    (1)若函数在区间[ab]上单调递增或单调递减,则f(a)f(b)一个为最大值,一个为最小值.

    (2)若函数在区间[ab]上有极值,则要先求出函数在[ab]上的极值,再与f(a)f(b)比较,最大的是最大值,最小的是最小值,可列表完成.

    (3)若函数f(x)在区间(ab)上有唯一一个极值点,则这个极值点就是最大(或最小)值点,此结论在导数的实际应用中经常用到.

    【对点训练】

    [2023·四川省江油中学高三测试]已知函数f(x)x3ax2bx(abR)x=-3处取得极大值为9.

    (1)ab的值;

    (2)求函数f(x)在区间[44]上的最大值与最小值.

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    考点三 生活中的优化问题 [应用性]

    [5] [2023·山东烟台调研]中国高铁的快速发展给群众出行带来巨大便利,极大促进了区域经济社会发展.已知某条高铁线路通车后,发车时间间隔t(单位:分钟)满足5t25tN*,经测算,高铁的载客量与发车时间间隔t相关:当20t25时,高铁为满载状态,载客量为1 000人;当5t<20时,载客量会在满载基础上减少,减少的人数与(20t)2成正比,且发车时间间隔为5分钟时的载客量为100人.记发车间隔为t分钟时,高铁载客量为P(t)

    (1)P(t)的解析式;

    (2)若该线路发车时间间隔为t分钟时的净收益Q(t)P(t)40t2650t2 000(),当发车时间间隔为多少时,单位时间的净收益最大?

    听课笔记:

     

     

     

     

    反思感悟 利用导数解决生活中的实际应用问题的一般步骤

     

     [注意] 在利用导数解决实际问题时,若在定义域内只有一个极值,则这个值即为最优解.

    【对点训练】

    如图,将一张16 cm×10 cm的长方形纸片剪下四个全等的小正方形,

    使得剩余部分经过折叠能糊成一个无盖的长方体纸盒,则这个纸盒的最大容积是________cm3.

     

     

    2课时 导数与函数的极值、最值

    提升关键能力

    考点一

    1 解析:由题图知,当x(,-2)时,g(x)>0f′(x)<0

    x(20)时,g(x)<0f′(x)>0

    x(01)时,g(x)<0f′(x)<0

    x(1,+)时,g(x)>0f′(x)>0.

    f(x)(,-2)(01)上单调递减,

    (20)(1,+)上单调递增.

    ABD错误,C正确.

    答案:C

    2 解析:因为f(x)x212a ln x(x>0)

    所以f′(x)2x.

    a<0时,因为x>0,且x2a>0,所以f′(x)>0(0,+)上恒成立.所以f(x)(0,+)上单调递增,f(x)无极值.

    a>0时,令f′(x)0,解得x1x2=-(舍去)

    所以当x变化时,f′(x)f(x)的变化情况如下表:

    x

    (0)

    (,+)

    f′(x)

    0

    f(x)

    极小值

    所以当x时,f(x)取得极小值,且f()()212a ln a1a ln a.无极大值.

    综上,当a<0时,函数f(x)(0,+)上无极值.

    a>0时,函数f(x)x处取得极小值a1a ln a,无极大值.

    3 解析:(1)f′(x)3x26axb

    由题意得

    解得

    a1b3时,f′(x)3x26x33(x1)20

    f(x)R上单调递增,

    f(x)无极值,

    a1b3不符合题意,

    a2b9时,经检验满足题意.

    ab11.

    解析:(2)f(x)x(ln xax),定义域为(0,+)

    f′(x)1ln x2ax.

    由题意知,当x>0时,1ln x2ax0有两个不相等的实数根,

    2a有两个不相等的实数根,

    φ(x)(x>0)φ′(x).

    0<x<1时,φ′(x)>0;当x>1时,φ′(x)<0

    φ(x)(01)上单调递增,在(1,+)上单调递减,且φ(1)1

    x0时,φ(x)

    x时,φ(x)0

    0<2a<1,即0<a<.

    答案:(1)11 (2)

    对点训练

    1解析:f(x)axln xx>0

    f′(x)a

    f′(1)0a=-1

    f′(x)=-1.

    f′(x)>00<x<1,由f′(x)<0x>1

    f′(x)(01)上单调递增,在(1,+)上单调递减,

    f(x)极大值f(1)=-1,无极小值.

    答案:A

    2解析:依题意,f′(x)e2xmexmx有两个变号零点,

    f′(x)0,即e2xmexmx0,则e2xm(exx)

    显然m0,则

    g(x),则g′(x)

    h(x)1ex2x,则h′(x)=-ex2<0

    h(x)R上单调递减,

    h(0)0

    x(0)时,h(x)>0g′(x)>0g(x)单调递增,

    x(0,+)时,h(x)<0g′(x)<0g(x)单调递减,

    g(x)maxg(0)1,且x时,g(x)x时,g(x)0

    0<<1,解得m>1.

    答案:B

    考点二

    4 解析:(1)a1g(x)ln xx23x

    g′(x)2x3

    x[1e]g′(x)0

    g(x)[1e]上单调递增,

    g(x)maxg(e)e23e1.

     (2)g(x)的定义域为(0,+)

    g′(x)2x(a2).

    1,即a2时,g(x)[1e]上单调递增,h(a)g(1)=-a1

    1<<e,即2<a<2e时,g(x)上单调递减,在上单调递增,h(a)ga ln a2a

    e,即a2e时,g(x)[1e]上单调递减,h(a)g(e)(1e)ae22e.

    综上,h(a)

    对点训练

    解析:(1)由题意得:f′(x)x22axb

    ,解得:.

    时,f(x)x3x23xf′(x)x22x3(x3)(x1)

    x(,-3)(1,+)时,f′(x)>0;当x(31)时,f′(x)<0

    f(x)(,-3)(1,+)上单调递增,在(31)上单调递减,

    f(x)的极大值为f(3)9,满足题意.

    (2)(1)得:f(x)的极大值为f(3)9极小值为f(1)13=-

    f(4)f(4)

    f(x)在区间[44]上的最大值为,最小值为-.

    考点三

    5 解析:(1)5t<20时,不妨设P(t)1 000k(20t)2,因为P(5)100,所以解得k4.

    因此P(t)

    (2)5t<20时,Q(t)P(t)40t2650t2 000=-t3500t2 000

    因此F(t)=-t25005t<20.

    因为F′(t)=-2t,当5t<10时,

    F′(t)>0F(t)单调递增;当10<t<20时,F′(t)<0F(t)单调递减.所以F(t)maxF(10)200.

    20t25时,Q(t)=-40t2900t2 000.

    因此F(t)9004020t25.

    因为F′(t)<0,此时F(t)单调递减,所以F(t)maxF(20)0.

    综上,发车时间间隔为10分钟时,单位时间的净收益最大.

    对点训练

    解析:设剪下的四个小正方形的边长为x cm,则经过折叠以后,糊成的长方体纸盒是一个底面是长为(162x)cm,宽为(102x)cm的长方形,其面积为(162x)(102x)cm2,长方体纸盒的高为x cm,则体积V(162x)(102x)×x4x352x2160x(0x5),所以V12(x2),由V0,得0x2,则函数V4x352x2160x(0x5)(02)上单调递增,由V0,得2x5,则函数V4x352x2160x(0x5)(25)上单调递减,所以当x2时,Vmax144(cm3)

    答案:144

     

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