高中物理3 欧姆定律导学案

这是一份高中物理3 欧姆定律导学案，共10页。

一、欧姆定律
1．实验探究
(1)实验目的：研究导体的电流与导体两端的电压、导体的电阻的关系。
(2)实验电路如图所示：
(3)数据处理：用表格记录多组不同的电压、电流值，作出U­I图象。
(4)实验结论：
①同一导体的U­I图象是一条过原点的直线。
②不同导体的U­I图象的倾斜程度不同。
(5)实验分析——电阻：
①定义：导体两端的电压与通过导体电流的比值叫作电阻，即R＝eq \f(U,I)。
②意义：反映导体对电流的阻碍作用。
③单位：欧姆(Ω)、千欧(kΩ)、兆欧(MΩ)
1 kΩ＝103 Ω；1 MΩ＝106 Ω。
2．欧姆定律
(1)内容：导体中的电流跟导体两端的电压U成正比，跟导体的电阻R成反比。
(2)公式：I＝eq \f(U,R)。
(3)适用条件：适用于金属导电和电解质溶液导电。对气态导体和半导体元件不适用。
二、导体的伏安特性曲线
1．定义：建立平面直角坐标系，用纵轴表示电流I，用横轴表示电压U，画出导体的I­U图线。
2．线性元件：导体的伏安特性曲线为过原点的直线，即电流与电压成正比的线性关系的元件，如金属导体、电解液等。
3．非线性元件：伏安特性曲线不是直线的，即电流与电压不成正比的电学元件，如气体导体、二极管等。
4．二极管的伏安特性曲线(如图所示)
由图象可以看出随电压的增大，图线的斜率在增大，表示其电阻随电压的升高而减小。
1．思考判断(正确的打“√”，错误的打“×”)
(1)导体两端的电压越大，导体电阻越大。(×)
(2)欧姆定律适用于白炽灯，不适用于日光灯管。(√)
(3)对于线性元件，伏安特性曲线的斜率越大，电阻越大。(×)
(4)若伏安特性曲线为曲线，说明该导体的电阻随导体两端电压的变化而变化。(√)
2．(多选)由欧姆定律I＝eq \f(U,R)导出U＝IR和R＝eq \f(U,I)，下列叙述中正确的是( )
A．导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比
B．导体的电阻由导体本身的性质决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关
C．对确定的导体，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值
D．一定的电流流过导体，电阻越大，其电压降越大
BCD [导体的电阻是由导体自身的性质决定的，与所加的电压和通过的电流无关。当R一定时，才有I∝U，故A错误，B、C、D正确。]
3．(多选)某同学在探究通过导体的电流与其两端电压的关系时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法正确的是( )
A．导体甲的电阻大于导体乙的电阻
B．在导体乙的两端加1 V的电压时，通过导体乙的电流为0.1 A
C．当通过导体甲的电流为0.9 A时，导体甲两端的电压为4 V
D．将导体乙连接到电压为5 V的电源上时，通过导体的电流为0.5 A
BD [I­U图象的斜率表示电阻的倒数，则R甲＝eq \f(U,I)＝eq \f(2,0.4) Ω＝5 Ω，R乙＝eq \f(2,0.2) Ω＝10 Ω，A错误；由I＝eq \f(U,R)，得当导体乙两端的电压为1 V时，I1＝eq \f(U1,R乙)＝eq \f(1,10) A＝0.1 A，选项B正确；乙连接到电压为5 V的电源上时，I2＝eq \f(U2,R乙)＝eq \f(5,10) A＝0.5 A，选项D正确；由U＝IR，得当通过导体甲的电流为0.9 A时，导体甲两端的电压U＝I′R甲＝0.9×5 V＝4.5 V，选项C错误。]
1.欧姆定律的适用情况
欧姆定律仅适用于纯电阻(将电能全部转化为内能)电路。非纯电阻(电能的一部分转化为内能)电路不适用。
2．欧姆定律的两性
(1)同体性：表达式I＝eq \f(U,R)中的三个物理量U、I、R对应于同一段电路或导体。
(2)同时性：三个物理量U、I、R对应于同一时刻。
3．公式I＝eq \f(U,R)和R＝eq \f(U,I)的比较
【例1】 若加在某导体两端的电压为原来的eq \f(3,5)时，导体中的电流减小了0.4 A．如果所加电压变为原来的2倍，则导体中的电流多大？
思路点拨：(1)不特别说明认为导体的电阻不变。
(2)每次改变电压后对应的U、I比值不变。
(3)对应同一导体，有eq \f(U,I)＝eq \f(ΔU,ΔI)。
[解析] 解法一：设原来的电压为U0，电流为I0，导体的电阻为R，
由欧姆定律得R＝eq \f(U0,I0)＝eq \f(\f(3,5)U0,I0－0.4 A)
解得I0＝1.0 A
电压变为原来的2倍后，R＝eq \f(U0,I0)＝eq \f(2U0,I)
所以I＝2I0＝2.0 A。
解法二：根据同一电阻电压的变化量与电流的变化量之比相等，有
eq \f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1－\f(3,5)))U0,0.4 A)＝eq \f(U0,I0)
解得I0＝1 A
又R＝eq \f(U0,I0)＝eq \f(2U0,I)
联立得I＝2I0＝2.0 A。
[答案] 2.0 A
对公式I＝eq \f(U,R)和R＝eq \f(U,I)的两点提醒
(1)欧姆定律的表达式是I＝eq \f(U,R)，而公式R＝eq \f(U,I)应该理解成电阻的比值定义式，比值定义的魅力就在于被定义的物理量与比值中的那两个物理量无关。
(2)R＝eq \f(U,I)告诉了我们一种测量导体电阻的方法，即伏安法。
(3)对于定值电阻，由于U­I图象为过原点的直线，故R＝eq \f(ΔU,ΔI)。
1．(多选)根据欧姆定律，下列说法中正确的是( )
A．由关系式U＝IR可知，导体两端的电压U由通过它的电流I和它的电阻R共同决定
B．由关系式R＝eq \f(U,I)可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比
C．由关系式I＝eq \f(U,R)可知，导体中电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比
D．由关系式R＝eq \f(U,I)可知，对一个确定的导体来说，所加的电压跟通过导体的电流的比值是一定值
CD [U＝IR和I＝eq \f(U,R)的意义不同，可以说I由U和R共同决定，但不能说U由I和R共同决定，因为电流产生的条件是导体两端存在电势差，A错误，C正确；可以利用R＝eq \f(U,I)计算导体的电阻，但R与U和I无关，B错误，D正确。]
1.I­U图线不同于U­I图线，I­U图线为导体的伏安特性曲线，加在导体两端的电压U是自变量，I是因变量。
2．对I­U图象或U­I图象进行分析比较时，要先仔细辨认纵轴与横轴各代表什么，以及由此对应的图象上任意一点与坐标原点连线的斜率的具体意义，如图甲中R2R1。
甲 乙
3．I­U图线是曲线时：导体电阻RP＝eq \f(UP,IP)，即电阻等于图线上点(UP，IP)与坐标原点连线的斜率的倒数，而不等于该点切线斜率的倒数，如图所示。
【例2】 (多选)某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )
A．该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻
B．加5 V电压时，导体的电阻约是5 Ω
C．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小
D．由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小
思路点拨：(1)由伏安特性曲线可知，导体是非线性元件。
(2)R＝eq \f(U,I)可以计算任何情况下的电阻。
(3)根据各点与坐标原点连线的斜率变化判断导体电阻变化。
BD [虽然该元件是非线性元件，但可以用R＝eq \f(U,I)计算各状态的电阻值，A错误；当U＝5 V时，I＝1.0 A，R＝eq \f(U,I)＝5 Ω，B正确；由图可知，随电压的增大，各点到坐标原点连线的斜率越来越小，电阻越来越大，反之，随电压的减小，电阻减小，C错误，D正确。]
上例中，若导体两端的电压从5 V增加到12 V，则导体的电阻变化了多少？
提示：由于5 V时，导体的电阻约为5 Ω，12 V时导体的电阻为8 Ω，所以电阻值增加了3 Ω。
利用I­U图象或U­I图象求电阻应注意的问题
(1)明确图线斜率的物理意义，即斜率等于电阻R还是等于电阻的倒数eq \f(1,R)。
(2)某些电阻在电流增大时，由于温度升高而使电阻变化，伏安特性曲线不是直线，但对某一状态，欧姆定律仍然适用。
(3)利用I­U图象或U­I图象求电阻时，应利用ΔU和ΔI的比值进行计算，而不能用图象的斜率k＝tan α，因为坐标轴标度的选取是根据需要人为规定的，同一电阻在坐标轴标度不同时直线的倾角α是不同的。
2．(多选)如图所示是电阻R的I­U 图象，图中α＝45°，由此得出( )
A．通过电阻的电流与两端电压成正比
B．电阻R＝0.5 Ω
C．因I­U图象的斜率表示电阻的倒数，故R＝eq \f(1,tan α)＝1.0 Ω
D．在R两端加上6.0 V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0 C
AD [由I­U图象可知，图线是一条过原点的倾斜直线，即I和U成正比，A正确；电阻R＝eq \f(U,I)＝eq \f(10,5) Ω＝2 Ω，B错误；由于纵、横坐标的标度不一样，故不能用k＝tan α计算斜率表示电阻的倒数，C错误；在R两端加上6.0 V电压时，I＝eq \f(U,R)＝eq \f(6.0,2) A＝3.0 A，每秒通过电阻横截面的电荷量q＝It＝3.0×1 C＝3.0 C，D正确。]
1.两种接法及对比
2.方法选择
通常滑动变阻器以限流式为主，但遇到下述三种情况时必须采用分压式。
(1)当待测电阻远大于滑动变阻器的最大电阻，且实验要求的电压变化范围较大(或要求测量多组数据)时，必须选用分压接法。
(2)若采用限流接法，电路中实际电压(或电流)的最小值仍超过负载电阻或电表的额定值时，只能采用分压接法。
(3)要求回路中某部分电路的电流或电压实现从零开始连续调节时(如测定导体的伏安特性，校对改装后的电表等)，即大范围内测量时，必须采用分压接法。
【例3】 在如图所示的电路中，滑动变阻器的最大值为R0＝10 Ω，负载为RL＝10 Ω，电路两端所加的电压为U0＝20 V保持不变。
(1)开关S断开，变阻器触头移动时，电阻RL两端的电压UL变化范围是多少？
(2)开关S闭合，变阻器触头移动时，电阻RL两端的电压UL变化范围是多少？
思路点拨：(1)先确认变阻器的连接方式。
(2)根据串、并联电路规律分析问题。
[解析] (1)开关S断开，变阻器触头在变阻器下端时，电阻RL与整个变阻器串联，根据串联分压规律，电阻RL两端电压为eq \f(RL,RL＋R0)U0＝10 V
变阻器触头在变阻器上端时，滑动变阻器的接入阻值为零，相当于电阻RL直接接在电源上，其两端电压为U0＝20 V
所以电阻RL两端的电压变化范围是10 V≤UL≤20 V。
(2)开关S闭合，变阻器触头在变阻器下端时，电阻RL被短路，其两端电压为零，触头在变阻器上端时，电阻RL与变阻器并联，其两端电压为U0＝20 V
所以电阻RL两端的电压变化范围是0≤U′L≤20 V。
[答案] 见解析
限流、分压接法的优缺点
(1)限流接法：①优点：电路设计简单、耗能低。②缺点：待测电阻两端电压不能从零开始变化，且变化范围不大。
(2)分压接法：①优点：待测电阻两端电压能从零开始变化，且变化大。②缺点：电路设计相对复杂，耗能高。
3．(多选)如图所示的电路中，若ab为输入端，AB为输出端，并把滑动变阻器的滑动触片置于变阻器的中央，则以下说法正确的是( )
A．空载时输出电压UAB＝eq \f(Uab,2)
B．当AB间接上负载R时，输出电压UAB