人教版八年级下册12.2 滑轮当堂检测题

这是一份人教版八年级下册12.2 滑轮当堂检测题，共13页。试卷主要包含了人们使用定滑轮是利用它能，所示等内容，欢迎下载使用。

1．（2020秋•兴化市校级月考）如图所示，用一根绳子绕过定滑轮，一端拴在钩码上，手执另一端，分别用力F1、F2、F3匀速拉起钩码。忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A．F1＞F2＞F3
B．F3＞F2＞F1
C．F1、F2、F3的大小不能确定
D．将钩码提升相同的高度，力F1、F2、F3所做的功相等
2．人们使用定滑轮是利用它能（ ）
A．省力B．省距离
C．费距离D．改变用力的方向
3．（2020春•白云区期末）如图所示，旗杆顶端有一个重要的滑轮装置，该滑轮是（ ）
A．动滑轮B．定滑轮C．滑轮组D．可省力
4．（2020春•平川区期末）升旗时，旗杆顶部装有一个滑轮，下列说法正确的是（ ）
A．它是定滑轮，可以省力
B．它是动滑轮，可以改变力的方向
C．它是定滑轮，可以改变力的方向
D．它是动滑轮，可以省力
5．（2020秋•新城区期末）如图所示，旗杆顶部安装着一个 （选填“定”或“动”）滑轮，若五星红旗的总重为2N，不计摩擦，当五星红旗匀速上升时，旗手对绳的拉力的大小为 N。
考点二．动滑轮及其工作特点
6．（2020秋•无锡期中）如图所示，在竖直方向大小为20N的拉力F作用下，重物A沿竖直方向，以0.2m/s的速度匀速上升。不计滑轮重、绳重、摩擦，物体A的重力及滑轮移动的速度是（ ）
A．40N 0.4m/sB．10N 0.1m/s
C．20N 0.1m/sD．10N 0.4m/s
7．（2020秋•滨湖区期中）如图所示，小明在“探究动滑轮工作特点”的实验中，滑轮第一次受到F1的作用，第二次受到竖直向上F2的作用，物体都被匀速向上提起。已知物体重力为G物。若不计摩擦和绳重，则下列说法正确的是（ ）
A．该实验中，需要测量的物理量只有物重G物和测力计示数F
B．F2＝G物
C．F1的力臂为OA
D．F1＜F2
8．（2020春•兰陵县期末）如图所示，在研究动滑轮特点的实验中，如果物体重为1牛顿，不计动滑轮重、绳重及摩擦，则弹簧测力计的读数为（ ）
A．1牛顿B．0.5牛顿C．2牛顿D．1.5牛顿
9．（2020秋•泰兴市期中）用一个动滑轮将重200N的物体匀速提起，动力臂是 （用图中的字母表示）；若不改变力的大小，通过向下施加拉力就能将重物提起，则需再增加一个 滑轮即可实现。
10．（2020春•浦东新区期末）某小组同学研究“用动滑轮匀速提升相同重物时，所需竖直向上的拉力大小与哪些因素有关”，他们先用滑轮甲分别以速度v1、v2匀速提升相同重物，再换用滑轮乙重复实验，实验过程及现象分别如图（a）、（b）、（c）、（d）所示。
（1）分析比较图（a）与（b）[或（c）与（d）]可初步得出： ；
（2）分析比较图（a）与（c）[或（b）与（d）]可初步得出： 。
考点三．滑轮组及其工作特点
11．（2020春•朝阳区期末）下列工具正常使用时，既可省力，又可以改变力的方向的是（ ）
A．定滑轮B．动滑轮C．滑轮组D．钓鱼竿
12．（2020秋•台江区校级月考）如图所示，不计轮与轴的摩擦及滑轮的重力，物体处于平衡状态时（ ）
A．m1＝m2B．m1＝2m2C．m2＝2m1D．m1＝4m2
13．（2019秋•杭州期中）如图是某工地施工时用于提升重物的滑轮组，工人用大小为160N的拉力，在10s内将重为400N的重物在竖直方向上匀速提升2m。若不计绳重和滑轮与绳子间的摩擦，则下列判断错误的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离为6m
B．动滑轮的重力为80N
C．物体上升的速度为0.6m/s
D．工人做的功为960J
14．（2019•福建一模）下图所示的滑轮或滑轮组，匀速提高同一物体，最省力的是（滑轮重和摩擦不计）（ ）
A．B．C．D．
15．（2020春•秀英区校级期末）如图所示，如果货物在500N的拉力下匀速上升3m，则货物重 N（动滑轮自重和摩擦力不计），拉力的自由端绳子要移动 m。
人教版物理八下12.2滑轮同步练习
参考答案
1．（2020秋•兴化市校级月考）如图所示，用一根绳子绕过定滑轮，一端拴在钩码上，手执另一端，分别用力F1、F2、F3匀速拉起钩码。忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A．F1＞F2＞F3
B．F3＞F2＞F1
C．F1、F2、F3的大小不能确定
D．将钩码提升相同的高度，力F1、F2、F3所做的功相等
【解答】解：
ABC、由图可知，图中滑轮是定滑轮，定滑轮不能省力，忽略绳子与滑轮的摩擦，则F1、F2、F3都与物体重力相等，所以三种拉法所用拉力一样大，故ABC错误；
D、如果将钩码提升相同的高度，则拉力端移动的距离也相同，由W＝Fs可知，力F1、F2、F3做的功相等，故D正确。
故选：D。
2．人们使用定滑轮是利用它能（ ）
A．省力B．省距离
C．费距离D．改变用力的方向
【解答】解：使用定滑轮的优点是可以改变力的方向，既不能省力，又不能省距离。故ABC错误，D正确。
故选：D。
3．（2020春•白云区期末）如图所示，旗杆顶端有一个重要的滑轮装置，该滑轮是（ ）
A．动滑轮B．定滑轮C．滑轮组D．可省力
【解答】解：
ABC、国旗杆上的滑轮轴固定不动，所以应该是定滑轮，故B正确，AC错误；
D、使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力，故D错误。
故选：B。
4．（2020春•平川区期末）升旗时，旗杆顶部装有一个滑轮，下列说法正确的是（ ）
A．它是定滑轮，可以省力
B．它是动滑轮，可以改变力的方向
C．它是定滑轮，可以改变力的方向
D．它是动滑轮，可以省力
【解答】解：
根据滑轮的轴固定不动的特点可知：旗杆顶部的滑轮是定滑轮；定滑轮相当于等臂杠杆，旗杆顶部的定滑轮能改变力的方向，而不能省力，故ABD错误，C正确。
故选：C。
5．（2020秋•新城区期末）如图所示，旗杆顶部安装着一个 定 （选填“定”或“动”）滑轮，若五星红旗的总重为2N，不计摩擦，当五星红旗匀速上升时，旗手对绳的拉力的大小为 2 N。
【解答】解：（1）在升旗时，旗杆顶端的滑轮轴固定不动，是定滑轮，使用该滑轮的优点是可以改变力的方向；
（2）当五星红旗匀速上升时，绳对红旗的拉力和红旗受到的重力是一对平衡力，大小相等，定滑轮不能省力，所以旗手对绳的拉力大小等于2N。
故答案为：定；2。
6．（2020秋•无锡期中）如图所示，在竖直方向大小为20N的拉力F作用下，重物A沿竖直方向，以0.2m/s的速度匀速上升。不计滑轮重、绳重、摩擦，物体A的重力及滑轮移动的速度是（ ）
A．40N 0.4m/sB．10N 0.1m/s
C．20N 0.1m/sD．10N 0.4m/s
【解答】解：由图可知，该滑轮是动滑轮，当重物A上升速度为0.2m/s时，滑轮上升速度应该是物体速度的一半，即v＝0.1m/s；此时拉力应该是物重的2倍，即物体A的重力为10N，故B正确，ACD错误。
故选：B。
7．（2020秋•滨湖区期中）如图所示，小明在“探究动滑轮工作特点”的实验中，滑轮第一次受到F1的作用，第二次受到竖直向上F2的作用，物体都被匀速向上提起。已知物体重力为G物。若不计摩擦和绳重，则下列说法正确的是（ ）
A．该实验中，需要测量的物理量只有物重G物和测力计示数F
B．F2＝G物
C．F1的力臂为OA
D．F1＜F2
【解答】解：A、该实验需要测量的物理量是滑轮与物体的总重以及测力计示数F，故A错误；
B、在不计摩擦的情况下，用F2提升物体时，动力臂是阻力的2倍，则F2＝（G+G动）；故B错误；
C、力臂是支点到力的作用线的距离，图中可知，连接OA的直线与F1的力的作用线垂直，故F1的力臂为OA；故C正确；
D、由图可知，在提升动滑轮的过程中，由力臂的定义可知，F1的力臂要小于F2的力臂，根据杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越小，动力越大，即F1＞F2；故D错误；
故选：C。
8．（2020春•兰陵县期末）如图所示，在研究动滑轮特点的实验中，如果物体重为1牛顿，不计动滑轮重、绳重及摩擦，则弹簧测力计的读数为（ ）
A．1牛顿B．0.5牛顿C．2牛顿D．1.5牛顿
【解答】解：
使用动滑轮时，承担物重的绳子有2股，已知不计动滑轮重、绳重及摩擦，
所以提起物体的力，即弹簧测力计的示数为F＝G＝×1N＝0.5N。
故选：B。
9．（2020秋•泰兴市期中）用一个动滑轮将重200N的物体匀速提起，动力臂是 l1 （用图中的字母表示）；若不改变力的大小，通过向下施加拉力就能将重物提起，则需再增加一个 定 滑轮即可实现。
【解答】解：（1）使用动滑轮时，绳端的拉力为动力，支点到动力作用线的距离为动力臂，故l1是动力臂；
（2）定滑轮可以改变力的方向，故若不改变力的大小，通过向下施加拉力就能将重物提起，则需再增加一个定滑轮即可实现。
故答案为：l1；定。
10．（2020春•浦东新区期末）某小组同学研究“用动滑轮匀速提升相同重物时，所需竖直向上的拉力大小与哪些因素有关”，他们先用滑轮甲分别以速度v1、v2匀速提升相同重物，再换用滑轮乙重复实验，实验过程及现象分别如图（a）、（b）、（c）、（d）所示。
（1）分析比较图（a）与（b）[或（c）与（d）]可初步得出： 用同一动滑轮提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关 ；
（2）分析比较图（a）与（c）[或（b）与（d）]可初步得出： 用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大 。
【解答】解：①比较（a）、（b）两图，可以看出，动滑轮相同，提升的物体相同，只是提升速度不同，但拉力大小相同，故可得出结论：用同一动滑轮提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关。
②比较（a）、（c）两图，可以看出，提升的速度相同，提升的物体相同，只是动滑轮的重不同，拉力大小不同，故可得出结论：用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大。
故答案为：①用同一动滑轮提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关。
②用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大。
11．（2020春•朝阳区期末）下列工具正常使用时，既可省力，又可以改变力的方向的是（ ）
A．定滑轮B．动滑轮C．滑轮组D．钓鱼竿
【解答】解：
A、使用定滑轮可以改变力的方向，但不能省力，故A不符合题意；
B、使用动滑轮不可以改变力的方向，但可以省力，故B不符合题意；
C、由定滑轮、动滑轮组成滑轮组，既可以改变力的方向，又能省力，故C符合题意；
D、钓鱼竿属于费力杠杆，费力但省距离，故D不符合题意。
故选：C。
12．（2020秋•台江区校级月考）如图所示，不计轮与轴的摩擦及滑轮的重力，物体处于平衡状态时（ ）
A．m1＝m2B．m1＝2m2C．m2＝2m1D．m1＝4m2
【解答】解：由图知，G1由两根绳子承担，G2的力作用在绳子上，故G2＝G1，即mg1＝2mg2。
所以m1＝2m2。
故选：B。
13．（2019秋•杭州期中）如图是某工地施工时用于提升重物的滑轮组，工人用大小为160N的拉力，在10s内将重为400N的重物在竖直方向上匀速提升2m。若不计绳重和滑轮与绳子间的摩擦，则下列判断错误的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离为6m
B．动滑轮的重力为80N
C．物体上升的速度为0.6m/s
D．工人做的功为960J
【解答】解：
A、由图可知，n＝3，绳子自由端移动的距离s＝3h＝3×2m＝6m，故A正确；
B、不计绳重和滑轮转轴处的摩擦，拉力F＝（G+G动），
则动滑轮的重力G动＝3F﹣G＝3×160N﹣400N＝80N，故B正确；
C、物体上升速度：v＝＝＝0.2m/s，故C错误；
D、拉力做的功：W＝Fs＝160N×6m＝960J，故D正确。
故选：C。
14．（2019•福建一模）下图所示的滑轮或滑轮组，匀速提高同一物体，最省力的是（滑轮重和摩擦不计）（ ）
A．B．C．D．
【解答】解：由题知，滑轮重和摩擦不计，
A、图中使用的是动滑轮，则拉力F1＝G；
B、图中使用的是定滑轮，则拉力F2＝G；
C、图中使用的是滑轮组，n＝3，则拉力F3＝G；
D、图中使用的是滑轮组，n＝2，则拉力F4＝G。
由此可知，拉力F3最小，即C图中最省力。
故选：C。
15．（2020春•秀英区校级期末）如图所示，如果货物在500N的拉力下匀速上升3m，则货物重 1000 N（动滑轮自重和摩擦力不计），拉力的自由端绳子要移动 6 m。
【解答】解：
由图知，滑轮组由2段绳子承担物重，
动滑轮自重和摩擦力不计，由F＝G可知，
货物重为：G＝2F＝2×500N＝1000N；
拉力通过的距离为：s＝2h＝2×3m＝6m。
故答案为：1000；6。