2019版高考数学（理）一轮精选教师用书人教通用：第2章2第2讲　函数的单调性与最值

第2讲　函数的单调性与最值

1．函数的单调性
(1)单调函数的定义

增函数
减函数
定义
一般地，设函数f(x)的定义域为I：如果对于定义域I内某个区间D上的任意两个自变量的值x1，x2
当x1 当x1f(x2)，那么就说函数f(x)在区间D上是减函数
图象
描述

自左向右看图象是上升的

自左向右看图象是下降的
(2)单调区间的定义
如果函数y＝f(x)在区间D上是增函数或减函数，那么就说函数y＝f(x)在这一区间具有(严格的)单调性，区间D叫做函数y＝f(x)的单调区间．
2．函数的最值与值域
(1)最值
前提
设函数y＝f(x)的定义域为I，如果存在实数M满足
条件
(1)对于任意x∈I，都有f(x)≤M；
(2)存在x0∈I，使得f(x0)＝M
(1)对于任意x∈I，都有f(x)≥M；
(2)存在x0∈I，使得f(x0)＝M
结论
M为最大值
M为最小值
(2)值域
①函数的值域是函数在定义域内对应的函数值的取值范围，其求解关键是确定相应的最值．因此，求解函数的值域时要求出定义域内的所有极值和端点处的函数值，并进行比较，得到函数的最值．
②常见函数的值域
一次函数的值域为R；二次函数利用配方法，结合定义域求出值域；反比例函数的值域为{y∈R|y≠0}；指数函数的值域是{y|y>0}；对数函数的值域是R；正、余弦函数的值域是[－1，1]，正切函数的值域是R.

判断正误(正确的打“√”，错误的打“×”)
(1)若定义在R上的函数f(x)，有f(－1) (2)函数y＝f(x)在[1，＋∞)上是增函数，则函数的单调递增区间是[1，＋∞)．(　　)
(3)函数y＝的单调递减区间是(－∞，0)∪(0，＋∞)．(　　)
(4)闭区间上的单调函数，其最值一定在区间端点处取到．(　　)
答案：(1)×　(2)×　(3)×　(4)√
下列函数中，在区间(0，＋∞)上为增函数的是(　　)
A．y＝ln(x＋2)　　　　 B．y＝－
C．y＝ D．y＝x＋
解析：选A.选项A的函数y＝ln(x＋2)的增区间为(－2，＋∞)，所以在(0，＋∞)上一定是增函数．
(教材习题改编)函数y＝(2m－1)x＋b在R上是减函数，则(　　)
A．m>　 B．m< 　C．m>－ 　D．m<－
解析：选B.使y＝(2m－1)x＋b在R上是减函数，则2m－1<0，即m<.
(教材习题改编)函数f(x)＝x2－2x，x∈ [－2，4]的单调递增区间为________，f(x)max＝__________．
解析：函数f(x)的对称轴为x＝1，单调增区间为[1，4]，f(x)max＝f(－2)＝f(4)＝8.
答案：[1，4]　8
设定义在[－1，7]上的函数y＝f(x)的图象如图所示，则函数y＝f(x)的增区间为________．

解析：由图可知函数的单调递增区间为[－1，1]和[5，7]．
答案：[－1，1]，[5，7]


　　　　　　确定函数的单调性(区间)
[典例引领]
(1)试讨论函数f(x)＝(a≠0)在(－1，1)上的单调性；
(2)求函数f(x)＝－x2＋2|x|＋1的单调区间．
【解】　(1)(定义法)设－1＜x1＜x2＜1，
f(x)＝a＝a，
f(x1)－f(x2)＝a－a
＝，由于－1＜x1＜x2＜1，
所以x2－x1＞0，x1－1＜0，x2－1＜0，
故当a＞0时，f(x1)－f(x2)＞0，即f(x1)＞f(x2)，
函数f(x)在(－1，1)上单调递减；
当a＜0时，f(x1)－f(x2)＜0，即f(x1)＜f(x2)，
函数f(x)在(－1，1)上单调递增．
(2)(图象法)f(x)＝
＝
画出函数图象如图所示，可知单调递增区间为(－∞，－1]和[0，1]，单调递减区间为[－1，0]和[1，＋∞)．


若将本例(2)中函数变为f(x)＝|－x2＋2x＋1|，如何求解？
解：函数y＝|－x2＋2x＋1|的图象如图所示．由图象可知，函数y＝|－x2＋2x＋1|的单调递增区间为(1－，1)和(1＋，＋∞)；单调递减区间为(－∞，1－)和(1，1＋)．



[提醒]　对于函数y＝f(φ(x))的单调性可以利用口诀——“同增异减”来判断，即内外函数的单调性相同时为增函数；单调性不同时为减函数．　
[通关练习]
1．判断函数y＝的单调性．
解：因为f(x)＝＝2x－，且函数的定义域为(－∞，0)∪(0，＋∞)，而函数y＝2x和y＝－在区间(－∞，0)上均为增函数，根据单调函数的运算性质，可得f(x)＝2x－在区间(－∞，0)上为增函数．
同理，可得f(x)＝2x－在区间(0，＋∞)上也是增函数．
故函数f(x)＝在区间(－∞，0)和(0，＋∞)上均为增函数．
2．作出函数y＝|x2－1|＋x的图象，并根据函数图象写出函数的单调区间．
解：当x≥1或x≤－1时，y＝x2＋x－1＝－；当－1 －＋.画出函数图象如图所示：

由函数图象可知，函数的减区间为(－∞，－1]，，函数的增区间为，[1，＋∞)．

　　　　　　求函数的最值(值域)
[典例引领]
(1)(2018·福建漳州质检)已知函数f(x)＝有最小值，则实数a的取值范围是(　　)
A．(4，＋∞)　　　　　　 B．[4，＋∞)
C．(－∞，4] D．(－∞，4)
(2)函数y＝x＋的最小值为________．
【解析】 (1)(基本不等式法)由题意知，当x>0时，f(x)＝x＋≥2＝4，当且仅当x＝2时取等号；当x≤0时，f(x)＝2x＋a∈(a，1＋a]，因此要使f(x)有最小值，则必须有a≥4，故选B.
(2)法一(换元法)：令t＝，且t≥0，则x＝t2＋1，
所以原函数变为y＝t2＋1＋t，t≥0.
配方得y＝＋，
又因为t≥0，所以y≥＋＝1，
故函数y＝x＋的最小值为1.
法二：因为函数y＝x和y＝在定义域内均为增函数，故函数y＝x＋在[1，＋∞)内为增函数，所以ymin＝1.
【答案】 (1)B　(2)1

求函数最值的五种常用方法

[通关练习]
1．函数f(x)＝在[－2，0]上的最大值与最小值之差为(　　)
A．　　　　　　　　　　 B．
C． D．1
解析：选B.易知f(x)在[－2，0]上是减函数，
所以f(x)max－f(x)min＝f(－2)－f(0)＝－－(－2)＝，故选B.
2．函数f(x)＝|x－1|＋x2的值域为________．
解析：因为f(x)＝|x－1|＋x2
＝，
所以f(x)＝
作出函数图象如图，

由图象知f(x)＝|x－1|＋x2的值域为.
答案：

　　　　　　函数单调性的应用(高频考点)
函数单调性结合函数的图象以及函数其他性质的应用已成为近几年高考命题的一个新的增长点，常以选择、填空题的形式出现．高考对函数单调性的考查主要有以下三个命题角度：
(1)比较两个函数值或两个自变量的大小；
(2)解函数不等式；
(3)求参数的值或取值范围．
[典例引领]
角度一　比较两个函数值或两个自变量的大小
　已知函数f(x)的图象关于直线x＝1对称，当x2>x1>1时，[f(x2)－f(x1)](x2－x1)<0恒成立，设a＝f，b＝f(2)，c＝f(e)，则a，b，c的大小关系为(　　)
A．c>a>b　　　　　　　 B．c>b>a
C．a>c>b D．b>a>c
【解析】 因为f(x)的图象关于直线x＝1对称．由此可得f＝f.由x2>x1>1时，
[f(x2)－f(x1)](x2－x1)<0恒成立，
知f(x)在(1，＋∞)上单调递减．
因为1<2< 所以f(2)>f>f(e)，
所以b>a>c.
【答案】 D
角度二　解函数不等式
　(2016·高考天津卷)已知f(x)是定义在R上的偶函数，且在区间(－∞，0)上单调递增．若实数a满足f(2|a－1|)＞f(－)，则a的取值范围是(　　)
A．(－∞，) B．(－∞，)∪(，＋∞)
C．(，) D．(，＋∞)
【解析】 由f(x)是偶函数得f(－)＝f()，再由偶函数在对称区间上单调性相反，得f(x)在(0，＋∞)上单调递减，所以由2|a－1|＜，得|a－1|＜，即＜a＜.
【答案】 C
角度三　求参数的值或取值范围
　设函数f(x)＝若函数y＝f(x)在区间(a，a＋1)上单调递增，则实数a的取值范围是(　　)
A．(－∞，1]
B．[1，4]
C．[4，＋∞)
D．(－∞，1]∪[4，＋∞)
【解析】 作出函数f(x)的图象如图所示，由图象可知f(x)在(a，a＋1)上单调递增，需满足a≥4或a＋1≤2，即a≤1或a≥4，故选D.

【答案】 D

利用函数单调性求解四种题型
　
[通关练习]
1．已知f(x)＝满足对任意x1≠x2，都有>0成立，那么a的取值范围是(　　)
A．(1，2) B.
C. D.
解析：选C.由已知条件得f(x)为增函数，
所以解得≤a<2，
所以a的取值范围是.故选C.
2．(2018·甘肃肃南调研)已知函数f(x)＝ln x＋2x，若f(x2－4)<2，则实数x的取值范围是________．
解析：因为函数f(x)＝ln x＋2x在定义域上单调递增，且f(1)＝ln 1＋2＝2，所以由f(x2－4)<2得，f(x2－4) 答案：(－，－2)∪(2，)

函数单调性的常用结论
(1)若f(x)，g(x)均是区间A上的增(减)函数，则f(x)＋g(x)也是区间A上的增(减)函数．
(2)若k>0，则kf(x)与f(x)单调性相同；若k<0，则kf(x)与f(x)单调性相反．
(3)函数y＝f(x)(f(x)>0)在公共定义域内与y＝－f(x)，y＝的单调性相反．
(4)函数y＝f(x)(f(x)≥0)在公共定义域内与y＝的单调性相同．
函数最值的有关结论
(1)闭区间上的连续函数一定存在最大值和最小值，当函数在闭区间上单调时最值一定在端点处取到．
(2)开区间上的“单峰”函数一定存在最大值(最小值)．
(3)函数的值域一定存在，而函数的最值不一定存在．
(4)若函数的最值存在，则一定是值域中的元素；若函数的值域是开区间，则函数无最值，若函数的值域是闭区间，则闭区间上端点值就是函数的最值．
易错防范
(1)区分两个概念：“函数的单调区间”和“函数在某区间上单调”，前者指函数具备单调性的“最大”的区间，后者是前者“最大”区间的子集．
(2)函数在两个不同的区间上单调性相同，一般要分开写，用“，”或“和”连接，不要用“∪”．例如，函数f(x)在区间(－1，0)上是减函数，在(0，1)上是减函数，但在(－1，0)∪(0，1)上却不一定是减函数，如函数f(x)＝.
(3)解决分段函数的单调性问题时，应高度关注：①对变量所在区间的讨论；②保证各段上同增(减)时，要注意端点值间的大小关系；③弄清最终结果是取并集还是取交集．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　

1．下列四个函数中，在(0，＋∞)上为增函数的是(　　)
A．f(x)＝3－x　　　　　　　 B．f(x)＝x2－3x
C．f(x)＝－ D．f(x)＝－|x|
解析：选C.当x>0时，f(x)＝3－x为减函数；
当x∈时，f(x)＝x2－3x为减函数，
当x∈时，f(x)＝x2－3x为增函数；
当x∈(0，＋∞)时，f(x)＝－为增函数；
当x∈(0，＋∞)时，f(x)＝－|x|为减函数．
2．函数f(x)＝|x－2|x的单调减区间是(　　)
A．[1，2] B．[－1，0]
C．[0，2] D．[2，＋∞)
解析：选A.由于f(x)＝|x－2|x＝结合图象可知函数的单调减区间是[1，2]．
3．“a＝2”是“函数f(x)＝x2＋3ax－2在区间(－∞，－2]内单调递减”的(　　)
A．充分不必要条件
B．必要不充分条件
C．充要条件
D．既不充分也不必要条件
解析：选D.若函数f(x)＝x2＋3ax－2在区间(－∞，－2]内单调递减，则有－≥－2，即a≤，所以“a＝2”是“函数f(x)＝x2＋3ax－2在区间(－∞，－2]内单调递减”的既不充分也不必要条件．
4．定义新运算“⊕”：当a≥b时，a⊕b＝a；当a A．－1 B．1
C．6 D．12
解析：选C.由已知得，当－2≤x≤1时，f(x)＝x－2；
当1 因为f(x)＝x－2，f(x)＝x3－2在定义域内都为增函数，
所以f(x)的最大值为f(2)＝23－2＝6.
5．已知函数f(x)在[0，＋∞)上为增函数，g(x)＝－f(|x|)，若g(lg x)>g(1)，则x的取值范围是(　　)
A．(0，10) B．(10，＋∞)
C． D．∪(10，＋∞)
解析：选C.因为g(lg x)>g(1)，g(x)＝－f(|x|)，
所以－f(|lg x|)>－f(1)，所以f(|lg x|) 又因为f(x)在[0，＋∞)上是增函数，
所以|lg x|<1，所以－1 所以 6．函数f(x)＝在区间[a，b]上的最大值是1，最小值是，则a＋b＝________．
解析：易知f(x)在[a，b]上为减函数，
所以即所以
所以a＋b＝6.
答案：6
7．已知函数f(x)为(0，＋∞)上的增函数，若f(a2－a)>f(a＋3)，则实数a的取值范围为________．
解析：由已知可得解得－33，所以实数a的取值范围为(－3，－1)∪(3，＋∞)．
答案：(－3，－1)∪(3，＋∞)
8．若函数f(x)＝(a>0且a≠1)在R上单调递减，则实数a的取值范围是________．
解析：因为函数f(x)＝(a>0且a≠1)在R上单调递减，则⇒≤a<1，即实数a的取值范围是.
答案：
9．已知函数f(x)＝－(a>0，x>0)．
(1)求证：f(x)在(0，＋∞)上是增函数；
(2)若f(x)在上的值域是，求a的值．
解：(1)证明：设x2>x1>0，则x2－x1>0，x1x2>0，
因为f(x2)－f(x1)＝－＝－＝>0，
所以f(x2)>f(x1)，所以f(x)在(0，＋∞)上是增函数．
(2)因为f(x)在上的值域是，又由(1)得f(x)在上是单调增函数，所以f()＝，f(2)＝2，易知a＝.
10．已知f(x)＝(x≠a)．
(1)若a＝－2，试证明f(x)在(－∞，－2)内单调递增；
(2)若a>0且f(x)在(1，＋∞)内单调递减，求a的取值范围．
解：(1)证明：任设x1 则f(x1)－f(x2)＝－＝.
因为(x1＋2)(x2＋2)>0，x1－x2<0，
所以f(x1) 所以f(x)在(－∞，－2)内单调递增．
(2)任设1 f(x1)－f(x2)＝－＝.
因为a>0，x2－x1>0，
所以要使f(x1)－f(x2)>0，
只需(x1－a)(x2－a)>0恒成立，所以a≤1.
综上所述知0
1．(2018·石家庄市教学质量检测(一))已知函数f(x)＝，则f(f(x))<2的解集为＝(　　)
A．(1－ln 2，＋∞)　　　　 B．(－∞，1－ln 2)
C．(1－ln 2，1) D．(1，1＋ln 2)
解析：选B.因为当x≥1时，f(x)＝x3＋x≥2，当x<1时，f(x)＝2ex－1<2，所以f(f(x))<2等价于f(x)<1，即2ex－1<1，解得x<1－ln 2，所以f(f(x))<2的解集为(－∞，1－ln 2)，故选B.
2．已知函数f(x)＝4＋x2ln在区间上的最大值与最小值分别为M和m，则M＋m＝(　　)
A．0 B．2
C．4 D．8
解析：选D.令g(x)＝x2ln，
则g(－x)＝(－x)2ln＝－x2ln＝－g(x)，
所以函数g(x)为奇函数，其图象关于原点对称，
则函数g(x)＝f(x)－4的最大值M－4和最小值m－4之和为0，
即M－4＋m－4＝0，所以M＋m＝8.
3．用min{a，b，c}表示a，b，c三个数中的最小值，则函数f(x)＝min{4x＋1，x＋4，－x＋8}的最大值是__________．
解析：在同一直角坐标系中分别作出函数y＝4x＋1，y＝x＋4，y＝－x＋8的图象后，取位于下方的部分得函数f(x)＝min{4x＋1，x＋4，－x＋8}的图象，如图所示，不难看出函数f(x)在x＝2时取得最大值6.
答案：6
4．已知函数f(x)＝若f(2－x2)>f(x)，则实数x的取值范围是________．
解析：函数y＝x3在(－∞，0]上是增函数，函数y＝ln(x＋1)在(0，＋∞)上是增函数，且x>0时，ln(x＋1)>0，所以f(x)在R上是增函数，由f(2－x2)>f(x)，得2－x2>x，解得－2 答案：(－2，1)
5．已知二次函数f(x)＝ax2＋bx＋1(a>0)，F(x)＝若f(－1)＝0，且对任意实数x均有f(x)≥0成立．
(1)求F(x)的表达式；
(2)当x∈[－2，2]时，g(x)＝f(x)－kx是单调函数，求k的取值范围．
解：(1)因为f(－1)＝0，所以a－b＋1＝0，
所以b＝a＋1，所以f(x)＝ax2＋(a＋1)x＋1.
因为对任意实数x均有f(x)≥0恒成立，
所以　　所以
所以a＝1，从而b＝2，所以f(x)＝x2＋2x＋1，
所以F(x)＝
(2)g(x)＝x2＋2x＋1－kx＝x2＋(2－k)x＋1.
因为g(x)在[－2，2]上是单调函数，
所以≤－2或≥2，解得k≤－2或k≥6.
故k的取值范围是(－∞，－2]∪[6，＋∞) .
6．已知函数f(x)＝lg(x＋－2)，其中a是大于0的常数．
(1)当a∈(1，4)时，求函数f(x)在[2，＋∞)上的最小值；
(2)若对任意x∈[2，＋∞)恒有f(x)>0，试确定a的取值范围．
解：(1)设g(x)＝x＋－2，当a∈(1，4)，x∈[2，＋∞)时，所以g′(x)＝1－＝>0.
因此g(x)在[2，＋∞)上是增函数，
所以f(x)在[2，＋∞)上是增函数．则f(x)min＝f(2)＝ln .
(2)对任意x∈[2，＋∞)，恒有f(x)>0.
即x＋－2>1对x∈[2，＋∞)恒成立．
所以a>3x－x2.
令h(x)＝3x－x2，x∈[2，＋∞)．
由于h(x)＝－＋在[2，＋∞)上是减函数，所以h(x)max＝h(2)＝2.
故a>2时，恒有f(x)>0.
因此实数a的取值范围为(2，＋∞)．