新高考化学一轮复习考点讲义+练习第9章第04讲 生物大分子、合成高分子（专项训练）（2份，原卷版+解析版）

这是一份新高考化学一轮复习考点讲义+练习第9章第04讲 生物大分子、合成高分子（专项训练）（2份，原卷版+解析版）
TOC \ "1-2" \h \u \l "_Tc17943" 01 课标达标练
\l "_Tc22251" 题型01糖类的组成和结构
\l "_Tc2717" 题型02糖类的水解
\l "_Tc30632" 题型03氨基酸的结构与性质
\l "_Tc10254" 题型04蛋白质的结构与性质
\l "_Tc16505" 题型05核酸的组成与结构
\l "_Tc2514" 题型06高分子化合物的结构与性质
\l "_Tc1965" 题型07高分子材料及应用
\l "_Tc20184" 02 核心突破练
\l "_Tc5699" 03 真题溯源练
01糖类的组成和结构
1．下列有关葡萄糖与果糖的说法中，不正确的是( )
A．两者互为同分异构体 B．两者都易溶于水 C．两者都能发生银镜反应 D．葡萄糖比果糖要甜
【答案】D
【解析】A项，葡萄糖和果糖的分子式都是C6H12O6，前者是多羟基醛，后者是多羟基酮，两者结构不同，互为同分异构体，正确；B项，葡萄糖和果糖都易溶于水，正确；C项，尽管果糖中不含醛基，但由于多个羟基对酮羰基的影响，使果糖也像葡萄糖一样能发生银镜反应和被新制的Cu(OH)2氧化，正确；D项，两者都具有甜味，但果糖比葡萄糖甜得多，在糖类中，果糖是最甜的糖，错误，故选D。
2．糖类是一类重要的有机化合物，在生命活动中起着重要作用。下列叙述错误的是( )
A．淀粉不能被银氨溶液氧化 B．淀粉和纤维素互为同分异构体
C．麦芽糖既能发生水解反应，又能发生银镜反应 D．蔗糖能发生水解反应生成果糖和葡萄糖
【答案】B
【解析】A项，淀粉结构中不含醛基，不能被银氨溶液等弱氧化剂氧化，故A项正确；B．淀粉和纤维素的分子式通式都是，但n值不同，二者不互为同分异构体，故B项错误；C．麦芽糖是二糖，能发生水解反应生成葡萄糖，麦芽糖含有醛基，能发生银镜反应，故C项正确；D．蔗糖能发生水解反应生成果糖和葡萄糖，故D项正确；故选B。
3．我国科学家在实验室中首次实现用二氧化碳合成淀粉，成为当今世界的一项颠覆性技术。下列相关说法正确的是( )
A．淀粉在人体内代谢后转化成果糖 B．这种合成淀粉和天然形成的淀粉化学性质不同
C．此项技术有助于我国在未来实现“碳中和” D．淀粉是二氧化碳分子的多聚体
【答案】C
【解析】淀粉可在人体内代谢后转化成葡萄糖，故A错误；合成淀粉和天然形成的淀粉化学性质相同，故B错误；用二氧化碳合成淀粉可减少二氧化碳，有助于实现“碳中和”，故C正确。
4．下列有关淀粉和纤维素两种物质的说法正确的是( )
A．二者都能水解，水解的最终产物不相同
B．二者含C、H、O三种元素的质量分数相同，且互为同分异构体
C．它们都属于糖类，且都是高分子化合物
D．都可用(C6H10O5)n表示，但淀粉能发生银镜反应而纤维素不能
【答案】C
【解析】淀粉、纤维素都属于多糖，它们在一定条件下均能水解，最终产物均为葡萄糖；二者的组成都可用(C6H10O5)n表示，所以二者分子中C、H、O的质量分数相同，但由于n值不同，故二者不互为同分异构体；二者都不能发生银镜反应，故选C。
5．下列反应中，能用于检验尿液中是否含有葡萄糖的是( )
A．加金属钠，看是否有氢气放出
B．与醋酸和浓硫酸共热，看能否发生酯化反应
C．加入KMnO4酸性溶液，看是否褪色
D．与新制氢氧化铜混合后煮沸，观察有无红色沉淀生成
【答案】D
【解析】葡萄糖为多羟基醛，检验时通常检验醛基，利用醛基的性质来鉴别，如银镜反应、与新制Cu(OH)2悬浊液反应。
02糖类的水解
6．某同学为了检验纤维素的水解产物是否为葡萄糖，他将纤维素与70%的硫酸共热后加入新制的Cu(OH)2并加热煮沸，无砖红色沉淀生成，下列解释正确的是( )
A．纤维素水解产物中无葡萄糖
B．使用的硫酸过浓只发生了脱水反应
C．由于水解后混合液中含有H2SO4，所以见不到砖红色沉淀
D．加热时间不够长，所以见不到砖红色沉淀
【答案】C
【解析】葡萄糖与新制的Cu(OH)2反应必须在碱性环境下，因而纤维素水解后应先加入NaOH溶液中和硫酸，再和新制的Cu(OH)2反应，故选C。
7．下列关于蔗糖属于非还原性糖，而其水解产物具有还原性的实验方案的说法中正确的是( )

A．验证蔗糖属于非还原性糖的操作顺序：④③
B．验证蔗糖属于非还原性糖的操作顺序：③⑤
C．验证蔗糖水解产物具有还原性的操作顺序：①④⑤
D．验证蔗糖水解产物具有还原性的操作顺序：①②④⑤
【答案】D
【解析】A项，证明蔗糖为非还原性糖，即证明蔗糖不能发生银镜反应，应为④⑤的操作顺序，A不符合题意；B项，根据A选项可知应为④⑤的操作顺序，B不符合题意；C项，证明蔗糖的水解产物应先在酸性条件下水解，再加入NaOH中和H2SO4至溶液呈碱性，再用银氨溶液检验，故操作顺序应为①②④⑤，C不符合题意；D项，根据C选项可知操作顺序应为①②④⑤，D符合题意；故选D。
8．【文化遗产保护与学科知识结合】《齐民要术》是世界上最早记录食品酿造的典籍。某同学依据典籍中记载的步骤进行米酒酿制(图1)，并收集监测的相关数据绘制图2，下列说法错误的是( )

A．粮食酿酒过程中主要物质变化为淀粉→葡萄糖→乙醇
B．酿造米酒过程中发生了复杂的化学变化，需要控制好反应条件
C．图2中pH减小的主要原因是酿酒过程中生成少量酸性物质
D．用分液的方法可将乙醇含量较低的米酒制成高度酒
【答案】D
【解析】A项，粮食酿酒的主要过程为粮食中的淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖在酒曲酶的作用下生成乙醇，粮食酿酒过程中主要物质变化为淀粉→葡萄糖→乙醇，A项正确；B项，糯米的主要成分是淀粉，经过复杂的化学变化最后生成乙醇，由图1和图2分析可知，过程中需要控制好反应时间和条件，B项正确；C项，图2中减小的主要原因是酿酒过程中生成少量乙酸，C项正确；D项，乙醇易溶于水，与水以任意比例混溶，不能用分液的方法得到乙醇，用蒸馏的方法可将乙醇含量较低的米酒制成高度酒，D项错误。故选D。
9．下列物质间有如图所示转化关系，请按要求填空：

(1)工业上制镜和热水瓶胆镀银，常利用上述反应______(填序号)。
(2)①②的反应类型为________(填字母)。
A．氧化反应 B．加成反应 C．水解反应 D．消去反应
(3)反应④可用于检验糖尿病病人尿液中的血糖含量，该反应的化学方程式为______________________________________________。
(4)葡萄糖在细胞内彻底氧化分解的化学方程式为________________________。
【答案】(1)③
(2)C
(3)CH2OH—(CHOH)4—CHO＋2Cu(OH)2CH2OH—(CHOH)4—COOH＋Cu2O↓＋2H2O
(4)C6H12O6＋6O2→6CO2＋6H2O
【解析】工业上制镜和热水瓶胆镀银都是利用了葡萄糖与银氨溶液反应，还原出单质银的性质，所以应为反应③；①②反应是淀粉与水反应生成葡萄糖和麦芽糖，因此为水解反应；第(3)小题和第(4)小题的反应方程式分别为CH2OH—(CHOH)4—CHO＋2Cu(OH)2CH2OH—(CHOH)4—COOH＋Cu2O↓＋2H2O，6O2＋C6H12O6→6CO2＋6H2O。
03氨基酸的结构与性质
10．关于氨基酸的下列叙述中，不正确的是( )
A．氨基酸都是晶体，一般能溶于水
B．氨基酸都不能发生水解反应
C．氨基酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐
D．天然蛋白质水解最终可以得到α氨基酸、β氨基酸等多种氨基酸
【答案】D
【解析】A项，天然氨基酸熔点较高，室温下均为晶体，一般能溶于水而难溶于乙醇、乙醚，A正确；B项，氨基酸分子间能发生成肽反应，但氨基酸都不能发生水解反应，B正确；C项，氨基酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐，C正确；D项，天然蛋白质水解的最终产物是多种α氨基酸，D错误。
11．一种二肽的结构简式为，合成这种二肽的氨基酸是( )

【答案】D
【解析】本题主要是考查成肽反应的断键、成键位置：，所以合成这种二肽的氨基酸应该是和，故选D。
12．科学家发现半胱氨酸能增强艾滋病病毒感染者的免疫力，对控制艾滋病病毒的蔓延有奇效。已知半胱氨酸的结构简式为，则下列说法错误的是( )
A．半胱氨酸属于α-氨基酸
B．半胱氨酸既能跟强酸反应又能跟强碱反应
C．半胱氨酸不能与NaOH溶液反应放出碱性气体
D．两分子半胱氨酸脱水形成的二肽结构简式为
【答案】D
【解析】A项，半胱氨酸可以看作是HSCH2CH2COOH中α-碳原子上的氢原子被氨基取代的产物，是α-氨基酸；B项，半胱氨酸既含有羧基又含有氨基，既能跟强碱反应又能跟强酸反应；C项，半胱氨酸与NaOH溶液反应只能生成半胱氨酸钠，不能生成氨气；D项，两分子半胱氨酸脱水形成的二肽结构简式应为，故选D。
13．原料A是谷氨酸()的衍生物。
①关于谷氨酸性质叙述正确的是 。
A．常温下是无色液体 B．能发生氧化反应和加聚反应
C．遇茚三酮能显色 D．在盐酸中溶解性较在纯水中更大
②用丙氨酸与谷氨酸缩合，最多可形成二肽的数量为 。
A．2种 B．4种 C．6种 D．7种
【答案】CD C
【解析】①谷氨酸中含氨基、羧基，可形成分子间氢键，熔沸点较高，常温下是固体，故A错误；谷氨酸中含氨基，能发生氧化反应，但氨基和羧基均不能发生加聚反应，故B错误；谷氨酸含氨基和羧基，遇茚三酮能显色，故C正确；谷氨酸中氨基可与盐酸反应生成盐，增大其溶解度，故D正确；②丙氨酸与谷氨酸缩合时，可形成以下二肽：丙氨酸与丙氨酸，谷氨酸中氨基与另一谷氨酸的两个羧基分别形成一种二肽、丙氨酸中的氨基与谷氨酸的两个羧基分别形成一种二肽，丙氨酸中的羧基与谷氨酸中的氨基，共6种。
04蛋白质的结构与性质
14．下列说法错误的是( )
A．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单元
B．利用盐析的方法可将蛋白质从溶液中分离
C．根据纤维在火焰上燃烧产生的气味，可以鉴别蚕丝与棉花
D．苯酚、乙醇、硫酸铜、氢氧化钠和硫酸铵均能使蛋白质变性
【答案】D
【解析】组成蛋白质的基本结构单元是氨基酸，A项正确；蛋白质的盐析是一个可逆过程，盐析出的蛋白质在水中仍能溶解，并不能影响其活性，采用多次盐析和溶解，可以分离提纯蛋白质，B项正确；蛋白质在火焰上灼烧时能产生类似烧焦羽毛的特殊气味，棉花等纤维素则无此现象，C项正确；硫酸铵不是重金属盐，不使蛋白质变性，D项错误，故选D。
15．下列关于蛋白质的说法不正确的是( )
A．蛋白质是由多种α-氨基酸加聚而生成的天然高分子化合物
B．通常用酒精消毒，其原理是酒精使细菌中的蛋白质变性而失去生理活性
C．浓的Na2SO4溶液能使溶液中的蛋白质析出，加水后析出的蛋白质又溶解
D．鉴别织物成分是蚕丝还是“人造丝”可采用灼烧闻气味的方法
【答案】A
【解析】氨基酸生成蛋白质发生的是分子间的脱水反应而不是加聚反应，故A项错误；无论何种形式的消毒，其原理都是使细菌中的蛋白质变性而失去原有生理活性，故B项正确；盐析不能使蛋白质变性，故C项正确；“人造丝”的成分是纤维素，灼烧时没有烧焦羽毛的气味，故D项正确，故选A。
16．当新鲜的牛奶被加热后，其表面会凝结成一层奶皮，这层奶皮富含多种营养物质，包括蛋白质、脂肪和糖类等，下列说法不正确的是( )
A．蛋白质、脂肪和糖类等物质是以碳链为骨架的有机高分子化合物
B．蛋白质分子内含有氢键
C．可以通过红外光谱分析来识别葡萄糖分子中的官能团
D．灼烧蛋白质时会散发出类似烧焦羽毛的气味
【答案】A
【解析】A项，脂肪和单糖、双糖等糖类物质不是有机高分子化合物，A错误；B．蛋白质分子内含有N-H····O氢键，B正确；C．红外光谱仪能测定出有机物的官能团和化学键，C正确；D．灼烧时产生烧焦羽毛的特殊气味是蛋白质的特征反应之一，D正确；故选A。
17．(2025·湖南省高三模拟)某病毒由蛋白质和核酸组成，下图为该病毒及组成蛋白质和核酸的片段结构。下列有关蛋白质和核酸的叙述错误的是( )
A．蛋白质、核酸都是生物大分子，属于混合物
B．具有一级结构的蛋白质分子主要通过共价键使肽链形成特定的二级结构
C．使用浓硝酸并加热一般可以区分蛋白质和核酸溶液
D．X射线衍射技术可用于有机物(特别是复杂的生物大分子)晶体结构的测定
【答案】B
【解析】A项，蛋白质是由多种氨基酸通过肽键等相互连接形成的生物大分子，核酸是由核苷酸单体形成的聚合物，两者均属于生物大分子，且为混合物，A正确；B项，由图可知，具有一级结构的蛋白质分子主要通过氢键使肽链形成特定的二级结构，B错误；C项，蛋白质和核酸溶液中加入浓硝酸并加热，蛋白质溶液会生成黄色沉淀，核酸无现象，因此可以使用浓硝酸并加热可以区分蛋白质和核酸，C正确；D项，X射线衍射技术是最有效的测定晶体结构的技术，因此可以用于有机化合物，特别是复杂的生物大分子晶体结构的测定，D正确；故选B。
18．蛋白质是生命的物质基础，氨基酸是蛋白质的基本组成单位，回答下列问题：
(1)其蛋白质的结构片段如图1所示。

图1
①该片段完全水解可得到________种氨基酸。
②其中相对分子质量最小的一种氨基酸缩合为一种六元环状结构，该缩合物的结构简式为________。
(2)苯丙氨酸的结构简式为，W是其芳香族化合物的同分异构体，结构中含硝基且其核磁共振氢谱有3组峰，则W的结构简式为____________。
(3)酪氨酸的结构简式如图2所示。下列有关酪氨酸的说法不正确的是_____(填字母)。
a．属于α氨基酸
b．核磁共振氢谱有7组峰
c．与FeCl3溶液发生显色反应
d．1 ml酪氨酸最多可与1 ml NaOH反应
【答案】(1)①3 ② (2) (3)d
【解析】(1)①氨基、羧基和肽键的结构式分别是—NH2、—COOH、—CO—NH—，观察题图可知，构成该多肽片段的氨基酸的R基分别是—CH3、—H、—CH3、—CH2—SH、—H，其中有2个氨基酸的R基均是—H，有2个氨基酸的R基均是—CH3，其他R基均不相同，即R基有3种，所以将该多肽片段完全水解后会得到3种氨基酸；②其中相对分子质量最小的一种氨基酸为甘氨酸，合为一种六元环状结构，该缩合物的结构简式为。
(2)该硝基取代物W是苯丙氨酸的同分异构体，由此可知苯的同系物的侧链上共有3个C原子，苯的同系物有多种结构，但结构中含硝基且其核磁共振氢谱有3组峰，苯环上含有一种氢原子的化合物应该满足对称结构，所以该苯的同系物是1，3，5三甲苯，所以W的结构简式为。
(3)与—COOH相连的C为α碳，则酪氨酸属于α氨基酸，故a正确；根据酪氨酸的结构简式可知，其核磁共振氢谱有7组峰，故b正确；含酚羟基，能与FeCl3溶液发生显色反应，故c正确；酚羟基、—COOH都可与NaOH反应，1 ml 酪氨酸最多可与2 ml NaOH反应，故d错误。
05核酸的组成与结构
19．下列有关核酸的说法中，不正确的是( )
A．核酸是由C、H、O、N、P等元素组成的生物高分子化合物
B．RNA主要存在于细胞核中，而DNA主要存在于细胞质中
C．通过研究DNA晶体X射线衍射数据，科学家提出了DNA分子的双螺旋结构模型
D．所有分子中，腺嘌呤与胸腺嘧啶分子数相等，鸟嘌呤与胞嘧啶的分子数相等
【答案】B
【解析】A项，核酸是由C、H、O、N、P等元素组成的生物大分子，A正确；B项，DNA大量存在与细胞核中，RNA主要存在于细胞质中，B错误；C项，通过研究DNA晶体X射线衍射数据，提出了DNA分子的双螺旋结构模型，C正确；D项，碱基按腺嘌呤与胸腺嘧啶、鸟嘌呤与胞嘧啶互补配对，即腺嘌呤与胸腺嘧啶数目相等、鸟嘌呤与胞嘧啶分子数相等，D正确。
20．曾新冠病毒肆虐。因为核酸是生命的基础物质，是病毒的“身份证”，所以患者的确诊需要病毒的核酸检验。以下关于核酸的论述正确的是( )
A．核酸是核蛋白的非蛋白部分，也是由氨基酸残基组成的
B．核酸水解产物中含有磷酸、葡萄糖和碱基
C．核酸、核苷酸都是高分子
D．核酸有核糖核酸和脱氧核糖核酸两类，对蛋白质的合成和生物遗传起重要作用
【答案】D
【解析】核酸是由磷酸、戊糖和碱基通过一定的方式结合而成的，故A、B错误；核酸是高分子，但核苷酸不是高分子，故C错误。
21．下列说法不正确的是( )
A．核酸和蛋白质都是生物大分子 B．核酸和蛋白质都不能发生水解反应
C．核酸中核苷酸之间通过磷酯键连接 D．一定浓度的含氯消毒液可使病毒中的蛋白质变性
【答案】B
【解析】核酸是由核苷酸聚合形成的生物大分子，蛋白质是由氨基酸聚合形成的生物大分子，它们都能水解，A项正确、B项错误；核酸中核苷酸之间通过磷酯键连接，C项正确；病毒的主要成分之一是蛋白质，蛋白质遇具有强氧化性的含氯消毒液会发生变性，D项正确，故选B。
22．核酸是生命的基础物质，是病毒的“身份证”，所以患者的确诊需要病毒的核酸检验。以下关于核酸的论述正确的是 ( )
A．核酸是核蛋白的非蛋白部分，也是由氨基酸残基组成的
B．核酸水解产物中含有磷酸、葡萄糖和碱基
C．核酸、核苷酸都是高分子化合物
D．核酸有核糖核酸和脱氧核糖核酸两类，对蛋白质的合成和生物遗传起重要作用
【答案】D
【解析】A项，核酸是由磷酸、五碳糖和碱基通过一定的方式结合而成的，故A错误；B项，核酸水解的最终产物是磷酸、五碳糖和碱基，故B错误；C项，核酸是高分子化合物，但核苷酸不是高分子化合物，故C错误；D项，核酸有核糖核酸和脱氧核糖核酸两类，分别是RNA和DNA，他们共同对蛋白质的合成和生物遗传起到重要作用，故D正确。故选D。
23．下列概念图中所填内容正确的有( )

①脱氧核苷酸 ②8种 ③5种碱基 ④脱氧核糖 ⑤脱氧核苷酸链
A．2个 B．3个 C．4个 D．5个
【答案】B
【解析】根据图中DNA可以确定①为脱氧核苷酸、②4种、③4种碱基、④为脱氧核糖、⑤为脱氧核苷酸链，①④⑤正确，正确的有3个；故选B。
24．核酸是一类生物大分子，关于核酸的说法正确的是( )
A．核酸在酶的催化下水解可以得到核苷和戊糖
B．DNA两条链上的碱基通过形成氢键进行互补配对
C．核苷酸是磷酸与戊糖脱水形成的酯
D．腺嘌呤分子中的碳原子与氮原子杂化方式完全相同
【答案】B
【解析】A项，核酸水解得到磷酸和核苷，核苷水解得到戊糖和碱基，其中戊糖有脱氧核糖和核糖，故A错误；B．DNA分子由两条多聚核苷酸链组成，每条链中的脱氧核糖与磷酸之间通过磷脂键连接，两条链上的碱基之间都是通过氢键而连接，故B正确；C．碱基与戊糖缩合形成核苷，核苷与磷酸缩合形成核苷酸，故C错误；D．腺嘌呤分子中六元环中的N原子为sp2杂化，-NH2中N原子为sp3杂化，C原子为双键的连接方式，因此只有sp2杂化的方式，故D错误；故选B。
25．如图为DNA分子的局部结构示意图，下列说法不正确的是( )

A．DNA由多个脱氧核糖核苷酸分子间脱水形成磷酯键后聚合而成的脱氧核糖核苷酸链构成
B．图中框内的结构可以看成是由脱氧核糖分子与H3PO4分子、碱基分子通过分子间脱水连接而成的
C．胸腺嘧啶()中含有酰胺基官能团
D．DNA分子的四种碱基均含N—H键，一个碱基中的N—H键的H原子只能与另一个碱基中的N原子形成氢键
【答案】D
【解析】A项，DNA由两条脱氧核苷酸链构成，脱氧核糖核苷酸链由多个脱氧核糖核苷酸分子通过分子间脱水形成磷酯键后聚合而成，A正确；B项，图中框内的结构可以看成是由脱氧核糖分子与H3PO4分子、碱基分子通过分子间脱水连接而成的，B正确；C项，如图所示，胸腺嘧啶中含有酰胺基官能团(-CO-NH-)；C正确；D项，如图所示，DNA分子的四种碱基均含N-H键，一个碱基中的N-H键的H原子能与另一个碱基中的N、O原子形成氢键，D错误；故选D。
26．核酸检测为确认病毒感染提供了关键的支持性证据。某核糖核酸()的结构片断示意图如下，它在蛋白酶的催化作用下能完全水解生成戊糖、碱基和某酸。下列说法不正确的是( )

A．蛋白酶能加快该核糖核酸的水解速率 B．该核糖核酸水解生成的戊糖能溶于水
C．该核糖核酸水解生成的碱基中含有氮元素 D．该核糖核酸完全水解生成的酸是H3PO3
【答案】D
【解析】A项，蛋白酶是该核糖核酸水解反应的催化剂，能降低反应的活化能，加快该核糖核酸的水解速率，故A正确；B项，该核糖核酸水解生成的戊糖分子中含有亲水基羟基和醛基，能溶于水，故B正确；C项，由结构片断可知，该核糖核酸水解生成的碱基中含有氮元素，故C正确；D项，由结构片断可知，该核糖核酸是由磷酸、戊糖和碱基发生缩聚反应生成的，则该核糖核酸完全水解生成的酸是磷酸，故D错误；故选D。
06高分子化合物的结构与性质
27．酚醛树脂具有绝缘、阻燃等性能，由苯酚和甲醛合成酚醛树脂的反应如下：
n +nHCHO+H2O
下列说法正确的是( )
A．化学方程式中水的化学计量数是2n-1
B．常温下 比 更难溶于水
C．1 ml HCHO与银氨溶液反应最多可以生成2 ml Ag
D． 的单体是 和HCHO
【答案】D
【解析】A项，由氧原子守恒可知方程式中水的化学计量数是n-1，故A错误；B项，含有的羟基数目越多，越易溶于水，则 易溶于水，故B错误；C项，1ml HCHO含有2ml醛基，则最多可以生成4 ml Ag，故C错误；D项， 为苯酚和甲醛的缩聚产物，即单体为 和HCHO，故D正确。故选D。
28．聚苯胺是一种导电聚合物，可用于制造全固态锂离子电池，其结构可以表示为。
已知①：；②：
下列叙述正确的是( )
A．聚苯胺中的环状结构只有1种
B．聚苯胺与少量氧化剂反应可使聚苯胺结构中的n值变大
C．聚苯胺的单体为
D．的碱性强于
【答案】C
【解析】A项，根据聚苯胺的结构可知，其分子中有和两种环状结构，故A错误；B．根据已知①可知，聚苯胺与少量氧化剂反应，可使聚苯胺中数量增加，即m值增大，故B错误；C．聚苯胺的单体为苯胺，即，故C正确；D．根据已知②可知，在不足的情况下，只有与反应，说明的碱性强于，故D错误；故选C。
29．某聚碳酸酯是一种优良的热塑性树脂，结构如下图所示，其单体为双酚X和一种酯Y。下列说法不正确的是( )

A．X的分子式为C15H16O2
B．Y中只含有一种官能团
C．双酚X苯环上的二氯代物有7种
D．利用红外光谱仪测定PC的平均相对分子质量可得其聚合度
【答案】D
【解析】由该聚碳酸酯结构可知，其单体双酚X、酯Y分别为、。A项，根据A的结构简式，A的分子式为C15H16O2，A正确；B项，Y中含有酯基1种官能团，B正确；C项，双酚X为对称结构，苯环上的二氯代物有、 7种，C正确；D项，红外光谱能测出有机物可能含有的官能团，其不能测定PC的平均相对分子质量，要测定平均相对分子质量可以用质谱仪，D错误；故选D。
30．聚合物P的结构简式是：，下列说法不正确的是( )
A．单体之一是
B．聚合物P 中含有酯基
C．合成聚合物P的反应类型是缩聚反应
D．通过质谱法测定P的平均相对分子质量，可得其聚合度
【答案】D
【解析】A项，由结构简式可以知道单体之一是 ，A正确；B项，由结构可以知道含有的官能团有酯基，B正确；C项，聚合物P由酸、醇发生缩聚反应生成，C正确；D项，聚合物有两种链节，不能确定m、n的具体数值，故D错误。故选D。
31．(2025•“八省联考”内蒙古卷)聚乙烯醇(PVA)广泛应用于建筑、医药、纺织、造纸、包装等诸多领域，可用如下方法制备。
下列说法错误的是( )
A．①为加成反应 B．②③分别为缩聚反应、水解反应
C．PVA能与水形成氢键 D．PVA可用作高吸水性材料
【答案】B
【解析】A项，①为乙酸中羟基氢氧键断裂后加成在乙炔碳碳三键上，A正确；B项，合成PVA时，先碳碳双键上发生加聚反应，再水解反应，B错误；C项，PVA含有羟基，能与水形成氢键，C正确；D项，PVA中含有大量的羟基，可用作高吸水性材料，D正确；故选B。
32．【碳中和与学科知识结合】(2025·北京市第六十六中学高三期中)CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利①用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如下。
已知：反应①中无其他产物生成。下列说法不正确的是( )
A．CO2与X的化学计量比为1：2
B．P利用碳碳双键进一步交联形成网状结构
C．P完全水解得到的产物含三种官能团
D．Y可以与3ml氢气发生加成反应
【答案】D
【解析】A项，结合已知信息，通过对比X、Y的结构可知CO2与X的化学计量比为1：2，A正确；B项，P的支链上有碳碳双键，可进一步交联形成网状结构，B正确；C项，P完全水解得到的产物结构简式为，分子中含有羧基、羟基、碳碳三键3种官能团，C正确；D项，Y分子中含有2个碳碳双键，可以与2ml氢气发生加成反应，D错误；故选D。
33．凯夫拉是一种高强度、耐腐蚀的芳纶纤维，军事上称为“装甲卫士”，但长期浸渍在强酸或强碱中其强度有所下降。下表中是凯夫拉的两种结构：
下列说法不正确的是( )
A．“芳纶1313”和“芳纶1414”互为同分异构体
B．“芳纶1313”“芳纶1414”中数字表示苯环上取代基的位置
C．凯夫拉在强酸或强碱中强度下降，可能与“”的水解有关
D．以和为原料制备芳纶1414的反应为缩聚反应
【答案】A
【解析】“芳纶1313”和“芳纶1414”都是高分子，n值不一定相同，所以它们不互为同分异构体，A项错误；“芳纶1313”是指苯环上1、3位置被取代，“芳纶1414”是指苯环上1、4位置被取代，B项正确；可水解成—COOH、—NH2，在强酸或强碱中水解程度增大，故芳纶纤维的强度在强酸或强碱中下降，C项正确；和反应生成和HX，属于缩聚反应，D项正确，故选A。
34．《自然材料》报道，华人科学家采用“一锅法”合成超高强度的离子液体凝胶材料MBAA，其结构简式如图所示(-R为-COOH或-CONH2)。

一种合成MBAA的路线如下：

请回答下列问题：
(1)MBAA属于_______(填“纯净物”或“混合物”)。
(2)D中官能团的名称为_______。
(3)B→C的反应类型是_______；PAA(尿不湿)具有强吸水性，其原因是_______。
(4)在一定条件下，制备高分子材料PAAm的化学方程式为_______。
(5)G是D的同系物，G的相对分子质量比D大14，G的结构有_______种(不考虑立体异构)，其中核磁共振氢谱上有3组峰且峰的面积比为1∶1∶6的结构简式为_______。
【答案】(1)混合物 (2)碳碳双键、羧基
(3) 取代反应 羧基是亲水基，能与水形成分子间氢键
(4)nCH2=CHCH2CONHR
(5) 8
【解析】由有机物的转化关系可知，CH3CH=CH2在高温下与氯气发生取代反应生成ClCH2CH=CH2，ClCH2CH=CH2与NaCN发生取代反应生成CH2=CHCH2CN，则C为CH2=CHCH2CN；CH2=CHCH2CN酸性条件下发生水解反应生成CH2=CHCH2COOH，CH2=CHCH2COOH在一定条件下发生加聚反应得到尿不湿；CH2=CHCH2COOH与SOCl2发生取代反应生成CH2=CHCH2COCl，CH2=CHCH2COCl与氨气发生取代反应生成CH2=CHCH2CONH2，在离子液体、引发剂、交联剂的作用下与CH2=CHCOOH发生加聚反应生成MBAA；CH2=CHCH2CONH2与RCl发生取代反应生成CH2=CHCH2CONHR，CH2=CHCH2CONHR一定条件下发生加聚反应生成PAAm。
(1)MBAA属于合成高分子化合物，聚合度n为不确定值，属于混合物；
(2)由结构简式可知，CH2=CHCH2COOH的官能团为碳碳双键、羧基；
(3)由分析可知，B→C的反应为ClCH2CH=CH2与NaCN发生取代反应生成CH2=CHCH2CN和氯化钠；PAA(尿不湿)的结构简式为，由结构简式可知，尿不湿中含有的羧基是亲水基，能与水形成氢键，所以尿不湿具有强吸水性；
(4)由分析可知，CH2=CHCH2CONHR一定条件下发生加聚反应生成PAAm()，反应的化学方程式为nCH2=CHCH2CONHR；
(5)G是D的同系物，G的相对分子质量比D大14，则G的同分异构体视作1-丁烯、2-丁烯、2-甲基丙烯分子中的氢原子被羧基取代得到的衍生物，其中1-丁烯分子中的氢原子被羧基取代得到4种结构，2-丁烯、2-甲基丙烯分子中的氢原子被羧基取代各得到2种结构，共有8种，其中核磁共振氢谱上有3组峰且峰的面积比为1∶1∶6的结构简式为。
07高分子材料的应用
35．在制备顺丁橡胶和高吸水性树脂时，都要加入交联剂。下列说法错误的是( )
A．加入交联剂都可使线型结构变为网状结构
B．橡胶工业中将线型结构连接为体型结构是为了增强橡胶的强度
C．制备高吸水性树脂时将线型结构连接为体型结构是为了使它既吸水又不溶于水
D．顺丁橡胶和高吸水性树脂都可溶于水
【答案】D
【解析】顺丁橡胶和高吸水性树脂都是体型结构，都不溶于水，故D错误，故选D。
36．PBT是最坚韧的工程热塑性材料之一，它是半结晶材料，有非常好的化学稳定性、机械强度、电绝缘性和热稳定性，其结构简式为
下列叙述错误的是( )
A．PBT具有热固性，受热不熔化
B．PBT的单体是对苯二甲酸和丁二醇
C．由单体合成PBT的反应属于缩聚反应
D．1 ml PBT与NaOH溶液反应时，最多可消耗 2n ml NaOH
【答案】A
【解析】PBT属于线性高分子，具有热塑性，受热会熔化，A不正确；PBT的单体为和，两者通过缩聚反应生成PBT，B、C正确；1 ml PBT与NaOH溶液发生水解反应生成n ml 和n ml HO(CH2)4OH，n ml 能与2n ml NaOH反应，D正确，故选A。
37．【新材料与学科知识结合】聚碳酸酯具有透光性好的特性，可以用于制作船、飞机的挡风玻璃，也可用于制作光盘、医疗器械、手机外壳等，但聚碳酸酯在酸性环境中的性能会有所下降。如下是一种以光气和双酚A合成聚碳酸酯的方法，下列说法正确的是( )
聚碳酸酯+小分子
A．聚碳酸酯的结构为
B．得到聚碳酸酯的反应类型为加聚反应，小分子的化学式为HCl，数量为
C．双酚A的核磁共振氢谱有8组峰
D．聚碳酸酯在酸性环境中的性能有所减弱，可能与其水解有关
【答案】D
【解析】A项，聚碳酸酯的结构为，故A错；B项，根据题给反应可知，得到聚碳酸酯的反应类型为缩聚反应，小分子的化学式为HCl，数量为，故B错；C项，根据双酚A的结构简式分析可知，该物质有4种不同化学环境的氢原子，所以其核磁共振氢谱有4组峰，故C错误；D项，由于聚碳酸酯含有酯基，所以在酸性环境中能够水解，从而导致其性能有所减弱，故D正确；故选D。
38．(2025•·北京东城模拟)功能高分子P的合书路线如下
已知：((、表示烃基或氢)。下列说法正确的是( )
A．H中含有碳碳双键 B．F的结构简式为CH3CH=CHCHO
C．C→D为消去反应 D．仅用蒸馏水不能区分A和E
【答案】B
【解析】由高分子P的结构简式可知，D和H两物质分别为、，由反推可知C为，则C→D的反应为卤代烃的水解反应，反推可知B为，则A为甲苯；由H的结构简式及F→G的条件可知G为CH3CH=CHCOOH，根据题中的已知条件，则F为CH3CH=CHCHO，由已知的反应可知E为乙醛。A项， H中没有碳碳双键，A错误；B项，由H的结构简式，结合的条件可知G为CH3CH=CHCOH，根据题中的已知条件，则F为CH3CH=CHCHO，B正确；C项，C物质是，的反应为卤代烃的水解反应，也是取代反应，生成的D物质是，C错误；D项，A为甲苯，不溶于水，E为乙醛，能跟水以任意比互溶，可以用蒸馏水区分A和E，D错误；故选B。
39．(2025•“八省联考”河南卷)CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。一种功能性聚碳酸酯高分子材料G可由如下反应制备。
下列说法错误的是( )
A． B．反应的原子利用率为100%
C．G在酸性或碱性条件下均能降解 D．E与F均能使溴的四氯化碳溶液褪色
【答案】D
【解析】A项，根据CO2的个数守恒，有x=m+n，A正确；B项，该反应为环氧基和碳氧双键打开的加成聚合，原子利用率为100%，B正确；C项，G为聚碳酸酯，在酸性或碱性条件下都能水解，C正确；D项，E为饱和结构，不能使溴的四氯化碳溶液褪色，F中由碳碳双键，可以使溴的四氯化碳褪色，D错误；故选D。
40．(2025•“八省联考”四川卷)一种可制造光学镜片的聚合物Z，其合成路线如图所示。
下列说法正确的是( )
A．X的水解产物含有乙酸的同系物 B．Y可以发生取代和加成反应
C．聚合物Z属于可降解高分子材料 D．此反应属于缩聚反应
【答案】B
【解析】A项，由结构简式可知，X一定条件下发生水解反应生成2—甲基丙烯酸和甲醇，2—甲基丙烯酸和乙酸的官能团不完全相同，不是同类物质，不可能互为同系物，故A错误；B项，由结构简式可知，Y含有的碳碳双键可以发生加成反应，含有的苯环能发生取代反应，故B正确；C项，由结构简式可知，聚合物Z中虽然酯基可以水解，但是水解后得到的物质依然是高分子化合物，不能变成小分子，Z属于不可降解高分子材料，故C错误；D项，由方程式可知，催化剂作用下X和Y发生加聚反应生成Z，故D错误；故选B。
41．某光刻胶(ESCAP)由三种单体共聚而成，ESCAP在芯片表面曝光时发生如下反应：下列叙述不正确的是
A．合成ESCAP的一种单体为对羟基苯乙烯 B．Y分子所有碳原子共平面且存在顺反异构
C．X的酸性比ESCAP的酸性强 D．曝光时发生了取代反应和消去反应
【答案】B
【解析】A项，合成ESCAP的单体为、、，故A正确；B项，Y分子为，可看作乙烯分子中两个氢原子被甲基取代，据乙烯分子六原子共平面可知，Y分子所有碳原子共平面，但双键碳原子所连基团相同，所以不存在顺反异构，故B错误；C项，X分子的链节比ESCAP多一个羧基，所以其酸性比ESCAP的酸性强，故C正确；D项，曝光时ESCAPZ支链上的酯基发生取代反应生成羧基和羟基，羟基又发生消去反应生成碳碳双键，得到，即曝光时发生了取代反应和消去反应，故D正确；故选B。
1．(2025·广东湛江模拟预测)粤菜“尊重自然之味，包容天下之美”。下列关于美食的化学知识正确的是( )
A．食物中的淀粉可水解为葡萄糖，葡萄糖能还原新制的 Cu(OH)2产生砖红色沉淀
B．炖鱼时添加食醋和料酒会香气四溢，是因为生成了易溶于水的酯
C．生腌——生蚝腌制时加入高度白酒使蛋白质发生盐析
D．营养师建议适当摄入富含纤维素的食物，纤维素在人体内可水解和利用
【答案】A
【解析】A项，葡萄糖属于还原性糖，可还原新制的 Cu(OH)2产生砖红色沉淀Cu2O ， A项正确；B项，食醋中的乙酸与料酒中的乙醇 发生酯化反应，得到微溶于水的乙酸乙酯，B项不正确；C项， 盐析需高浓度盐溶液，而高度白酒中的酒精使蛋白质变性析出，属于变性而非盐析，C不正确；D项，人体内没有水解纤维素的酶，不能够水解纤维素，D项不正确；故选A。
2．(2025·北京西城二模)下列说法不正确的是( )
A．植物油中含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，可使溴的四氯化碳溶液褪色
B．核苷酸可水解为磷酸和核苷，核苷可水解为戊糖和碱基
C．石油的裂化、煤的气化的产物都属于混合物
D．鸡蛋清溶液中加硝酸银溶液产生的沉淀能重新溶于水
【答案】D
【解析】A项，植物油含不饱和高级脂肪酸甘油酯，其中碳碳双键能与溴发生加成反应，使溴的四氯化碳溶液褪色，A正确；B项，核苷酸由磷酸、戊糖和碱基组成，可水解为磷酸和核苷，核苷能进一步水解为戊糖和碱基，B正确；C项，石油裂化得到多种短链烃，煤的气化产生CO、H2等混合气体，产物都是混合物，C正确；D项，鸡蛋清溶液含蛋白质，硝酸银是重金属盐，会使蛋白质变性产生沉淀，变性不可逆，沉淀不能重新溶于水，D错误；故选D。
3．生物大分子具有比有机小分子更为丰富的性质，能完成多种复杂的生物功能。下列有关说法正确的是( )
A．具有一级结构的蛋白质分子主要通过共价键使肽链形成特定的二级结构
B．利用淀粉酶可以在温和的条件下高效催化大豆蛋白的水解
C．断裂ATP分子中磷酸与磷酸之间形成的磷酸酐键需要吸收较多能量
D．某DNA分子中胸腺嘧啶(T)数量约占碱基总数的32%，则鸟嘌呤(G)数量约占碱基总数的18%
【答案】D
【解析】A项，具有一级结构的蛋白质分子主要通过氢键使肽链形成特定的二级结构，故A错误；B项，酶具有专一性，淀粉酶不能催化大豆蛋白的水解，故B错误；C项，ATP分子中磷酸与磷酸之间形成的磷酸酐键是高能磷酸键，高能磷酸键易断裂，吸收能量较少，故C错误；D项，胸腺嘧啶(T)数量约占碱基总数的32%，胞嘧啶的数量约占碱基总数的18%，则鸟嘌呤(G)数量约占碱基总数的18%，故D正确；故选D。
4．下列物质属于生物大分子且对其聚合原理表述正确的是( )
A．纤维素：通过醛基与羟基的反应聚合
B．油脂：通过羧基与羟基的取代反应聚合
C．脱氧核糖核酸：通过互补碱基之间的氢键聚合
D．蛋白质：通过亲水基团(或疏水基团)之间的相似相溶原理聚合
【答案】A
【解析】A项，纤维素由葡萄糖通过醛基与羟基的反应聚合得到，A正确；B项，油脂由高级脂肪酸与甘油发生酯化即取代反应得到，但油脂属于小分子化合物，B错误；C项，脱氧核糖核苷酸是通过3'，5'-磷酸二酯键彼此连接起来的线形多聚体，C错误；D项，蛋白质是由氨基酸中氨基和羧基以“脱水缩合”的方式组成的多肽链经过盘曲折叠形成的具有一定空间结构的物质，D错误；故选A。
5．糖类、蛋白质和核酸是重要的生物大分子，下列说法中正确的是( )
A．淀粉和纤维素互为同分异构体
B．碱基和戊糖缩合得到核苷酸
C．紫外线可用于环境和物品的杀菌是因为紫外线可使蛋白质变性
D．蛋白质水解的最终产物为氨基酸，氨基酸分子中一定含有手性碳原子
【答案】C
【解析】A项，淀粉和纤维素的组成虽然均可用(C6H10O5)来表示，但是n值不同，即分子式不同，故不互为同分异构体，故A错误；B项，核苷酸由碱基、戊糖和磷酸组成，故B错误；C项，紫外线可使细菌、病毒中的蛋白质变性死亡，可用于环境和物品的杀菌，故C正确；D项，甘氨酸结构简式为H2NCH2COOH，分子中不含手性碳原子，故D错误；故选C。
6．下列说法不正确的是( )
A．蛋白质的一级结构是蛋白质高级结构的基础，其形成与氢键有关
B．植物油在人体内酶的催化作用下水解，生成甘油和高级脂肪酸
C．氨基酸为高分子化合物，种类较多，分子中都含有-COOH和-NH2
D．葡萄糖在水溶液中存在链状和环状结构之间的平衡，从链状到环状发生了加成反应
【答案】C
【解析】A项，蛋白质的一级结构是蛋白质高级结构的基础，其形成与氢键有关，故A正确；B项，植物油属于高级脂肪酸甘油酯，在酶的作用下可以水解，生成甘油和高级脂肪酸，B正确；C项，氨基酸不是高分子化合物，C错误；D项，葡萄糖分子中的醛基可以与分子内的羟基作用，形成两种六元环状结构；在葡萄糖水溶液中，存在着链状和环状结构葡萄糖之间的平衡，其中绝大部分葡萄糖为环状结构；从链状到环状发生了加成反应，D正确；故选C。
7．化学与生产、生活密切相关。下列说法错误的是( )
A．蛋白质、纤维素、核酸均属生物大分子，均能发生水解反应
B．瘦肉在人体内发生水解最终主要生成氨基酸
C．合成纤维、人造纤维及碳纤维不都属于有机高分子材料
D．煮鸡蛋、以粮食为原料酿酒、紫外线杀菌消毒都涉及蛋白质变性
【答案】C
【解析】A项，高分子化合物的相对分子质量一般在 10000以上，蛋白质、纤维素、核酸均属生物大分子，均能发生水解反应，A正确；B项，瘦肉的主要成分是蛋白质，人体内含有蛋白酶，瘦肉在人体内能发生水解，最终主要生成氨基酸，B正确；C项，碳纤维是碳的单质，不属于有机高分子材料；但合成纤维、人造纤维都属于有机高分子材料，C错误；D项，煮鸡蛋过程中温度升高，蛋白质发生变性；酿酒过程中产生的酒精能使蛋白质变性；紫外线照射使蛋白质变性，达到杀菌消毒作用，D正确；故选C。
8．下列说法正确的是( )
A．鸡蛋中富含脂肪、蛋白质等成分，它们均含C、H、O、N等元素
B．叶肉细胞中碱基、核苷酸、五碳糖种类分别是5种、8种和2种
C．大肠杆菌细胞中含有碱基A、T、G、C的核苷酸共4种
D．DNA与RNA的不同点只在于五碳糖和碱基的不同
【答案】B
【解析】脂肪属于高级脂肪酸甘油酯，由C、H、O元素组成，A错误；叶肉细胞中碱基、核苷酸、五碳糖种类分别是5种、8种和2种，B正确；大肠杆菌细胞中既含有DNA，又含有RNA，故含有碱基A、T、G、C的核苷酸共7种，C错误；DNA与RNA的不同点除了五碳糖和碱基的不同外，还有结构的不同，DNA一般是双链，RNA一般是单链，D错误。
9．生物大分子及合成高分子一直是科研的热点。以下说法不正确的是( )
A．蛋白质中普遍具有的官能团是肽键，能发生水解反应
B．核酸中含有的主要元素是C、H、O、N、P
C．N95型口罩的核心材料是聚丙烯，它能使溴水褪色
D．淀粉、纤维素、蛋白质是天然高分子化合物
【答案】C
【解析】A项，蛋白质是由氨基酸发生缩聚反应生成，含有肽键官能团，能发生水解反应，A正确；B项，构成核酸的基本单位是核苷酸，核苷酸由磷酸、五碳糖和含氮碱基构成，所以核酸中含有的主要元素是C、H、O、N、P，B正确；C项，N95型口罩是由无纺布和聚丙烯构成，其核心材料是聚丙烯，聚丙烯分子中不含有碳碳双键，不能使溴水褪色，C不正确；D项，淀粉、纤维素、蛋白质来自动、植物体内合成，所以是天然高分子化合物，D正确；故选C。
10．(2025·河北石家庄二模)有机化学在生活、生产中有重要的意义，下列相关说法正确的是( )
A．尼龙-66()的单体是
B．烫头发时将维持头发弹性和形状的二硫键()结构氧化生成游离的巯基()
C．醋酸纤维是纤维素与乙酸经过酯化反应得到的合成纤维
D．油脂经过氢化得到人造奶油中含有的反式脂肪酸，是引发动脉硬化和冠心病的危险因素之一
【答案】D
【解析】A项，尼龙-66是由(己二酸)和(己二胺)通过缩聚反应制得，A错误；B项，烫头发时是将维持头发弹性和形状的二硫键(-S-S)结构还原生成游离的巯基(-SH)，之后再氧化重新形成二硫键来固定发型，不是氧化生成巯基，B错误；C项，醋酸纤维是纤维素与乙酸酐在催化剂作用下经过酯化反应得到的人造纤维，不是合成纤维(合成纤维是通过单体聚合制得)，C错误；D项，油脂经过氢化得到人造奶油，其中含有的反式脂肪酸，是引发动机动脉硬化和冠心病的危险因素之一，D正确；故选D。
11．(2025·山西二模)以乙炔为原料，可以制备一系列有机产品，如下图所示：
下列说法错误的是( )
A．由丙烯腈制备人造羊毛X时，发生加聚反应
B．聚丙烯酰胺是水溶性高分子，长期存放会缓慢降解
C．网状结构的聚丙烯酸钠是一种高吸水性树脂，可溶于水
D．已知丙烯酰胺中所有原子可以共平面，则该分子中N的杂化方式为sp2
【答案】B
【解析】乙炔与HCN发生加成反应得到丙烯腈，丙烯腈聚合得到聚丙烯腈X，丙烯腈水解酸化得到丙烯酸，丙烯酸经过多步转化得到聚丙烯酸钠，丙烯腈与水在生物催化剂作用下得到丙烯酰胺，丙烯酰胺在催化剂作用下可以得到聚丙烯酰胺。A项，人造羊毛为聚丙烯腈，由丙烯腈制备人造羊毛X时，发生加聚反应，A正确；B项，聚丙烯酰胺是加聚产物，长期存放不会发生降解，B错误；C项，网状结构的聚丙烯酸钠含有亲水基，是一种高吸水性树脂，可溶于水，C正确；D项，已知丙烯酰胺中存在共轭体系，所有原子可以共平面，该分子中N的杂化方式为sp2，D正确；故选B。
12．下列说法正确的是( )
A．酚醛树脂的结构简式为
B．高聚物由3种单体加聚得到
C．n→+(n-1)H2是加聚反应
D．1ml在碱性条件下完全水解，消耗n ml NaOH
【答案】D
【解析】A项，酚醛树脂的结构简式为，A错误；B项，高聚物由苯乙烯和1，3-丁二烯两种单体加聚得到，B错误；C项，n→+(n-1)H2是缩聚反应，C错误；D项，1ml在碱性条件下完全水解，1个链节消耗1个NaOH，则1ml高聚物消耗n ml NaOH，D正确；故选D。
13．(2025·北京西城二模)某碳酸酯Q可形成聚合物P。
下列说法不正确的是( )
A．Q中存在手性碳原子
B．xmlQ反应生成P，同时生成nml CO2
C．x=m+2n
D．若控制条件使m：n减小，则P中的醚键在官能团中的比例升高
【答案】C
【解析】A项，已知同时连有4个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，故Q中连接甲基的碳原子为手性碳原子，A正确；B项，根据图知，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)OOC—，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)-和1个CO2分子，则xmlQ反应生成P，同时生成nml CO2，B正确；C项，根据图知，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)OOC—，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)-和1个CO2分子，所以x=m+n，C错误；D项，m：n越小，则P中—OCH2CH(CH3)OOC—与—OCH2CH(CH3)-的比例越小，所以P中的醚键在官能团中的比例升高，D正确；故选C。
14．(2025•天津南开模拟)一种自修复材料在外力破坏后能够复原，其结构简式如下。
下列说法不正确的是( )
A．该材料属于混合物 B．该材料可以通过加聚反应合成
C．该材料能耐强酸或强碱的腐蚀 D．合成该材料的两种单体互为同系物
【答案】C
【解析】A项，由分析可知，该物质属于高分子化合物，n值不确定，为混合物，A正确；B项，由分析指，两种单体中均含碳碳双键，通过加聚反应产生高分子化合物，B正确；C项，由该高分子的结构简式可知，高分子中含有酯基结构，在强酸或强碱的条件下能发生水解反应，则使用该材料时应避免接触强酸或强碱，C错误；D项，两种单体和CH2=CH-COOCH2CH2CH2CH3结构相似，互为同系物，D正确；故选C。
15．(2025·北京海淀三模)一定条件下，在密闭容器中化合物M、N1、N2一起发生聚合反应得到聚合物P，各物质结构如下图所示。聚合反应的第一步由M引发。
已知：，下列说法正确的是( )
A．P中只含1种含氧官能团
B．P完全水解可得到N1、N2和M
C．每生成1ml化合物P消耗xml N1和yml N2
D．聚合物P经双氧水氧化后可得到具有大环结构的聚合物
【答案】D
【解析】A项，P中的含氧官能团除了含有酯基，还有硫酯基(-COS-)，A项错误；B项，化合物P水解可得到、、HOCH2CH2CH2CH2OH，B项错误；C项，由M、N1、N2和P的结构，结合原子守恒，每生成1ml化合物P消耗2xmlN1和2ymlN2，C项错误；D项，根据题给已知2R—SHR—S—S—R，1mlP中含2ml—SH，故聚合物P经双氧水氧化后可得到大环结构，D项正确；故选D。
16．(2025·河北保定三模)塑料的循环利用有利于环境保护。研究人员利用小分子单体合成聚合物，该聚合物在一定条件下能解聚为原来的小分子单体(如图所示)。下列说法正确的是( )
A．Y→P的转化为缩聚反应
B．1mlY最多能与80gNaOH反应
C．可以用酸性KMnO4溶液检验中是否有Y残留
D．与分子中均含有手性碳原子
【答案】B
【解析】A项，Y→P是加聚反应(双键加成聚合)，不是缩聚反应，A错误；B项，1mlY含有2ml酯基，最多与2mlNaOH反应，2mlNaOH的质量为80gNaOH，B正确；C项，Y和P都含有碳碳双键，都可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，C错误；D项，Y中无连有四个不同原子或原子团的手性碳原子，Y分子中不含手性碳原子，D错误；故选B。
17．(2025·山东济南二模)化合物e是一种药物递送的良好载体，可用甲基水杨酸(a)为原料合成，合成路线如下图。下列说法正确的是( )
A．1个e分子中采用sp3杂化的碳原子共有3n+1个 B．c分子一氯代物有5种
C．d和c反应生成e，反应类型是缩聚反应 D．a和d都能与溴水发生反应
【答案】A
【解析】A项，1个e分子中，链节内有3个C采用sp3杂化，链节外有1个C采用sp3杂化，采用sp3杂化的碳原子共有3n+1个，A正确；B项，化合物c中氢原子有6种，则一氯代物有6种，如图所示，B错误；C项，d和c反应生成e，该反应无小分子生成，是开环后发生的加聚反应，C错误；D．a含酚羟基，在酚羟基邻位上可与溴发生取代反应，d属于芳香醇、不能与溴水发生反应，D错误； 故选A。
18．科学家利用降冰片烯和二氢呋喃共聚合成可降解烯醇醚，如图所示，下列说法错误的是( )

A．二氢呋喃和降冰片烯分子中均含有手性碳
B．二氢呋喃、降冰片烯、可降解烯醇醚均能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．二氢呋喃和可降解烯醇醚中所含的官能团完全相同
D．该反应的原子利用率为100%，符合绿色化学要求
【答案】A
【解析】A项，手性碳指的是碳原子连接的是四个不同的原子或原子团，二氢呋喃中不含有这样子的碳原子，即二氢呋喃不含手性碳，A错误，符合题意；B项，二氢呋喃、降冰片烯、可降解烯醇醚均含有不饱和碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B正确，不符合题意；C项，二氢呋喃和可降解烯醇醚中含有的官能团都为醚键和碳碳双键，所含的官能团完全相同，C正确，不符合题意；D项，该反应只有一种产物，表明该反应的原子利用率为100%，符合绿色化学要求，D正确，不符合题意；故选A。
19．高分子P是一种聚酰胺纤维，广泛用于各种刹车片，合成路线如图所示，下列说法正确的是( )

A．化合物A的核磁共振氢谱有三组峰 B．化合物B与乙二酸互为同系物
C．化合物C的分子式为C6H10N2 D．高分子P含有三种官能团
【答案】D
【解析】A项，由高分子P倒推，B为对苯二甲酸，A氧化生成B，则A为对二甲苯，结构对称，只有2种等效氢，所以核磁共振氢谱有二组峰，故A错误；B项，化合物B为对苯二甲酸，分子中含有苯环，乙二酸分子中不含苯环，二者结构不相似，且二者分子组成不相差整数个CH2原子团，不互为同系物，故B错误；C项，对硝基苯胺被还原为对苯二胺，则C为对苯二胺，分子式为C6H8N2，故C错误；D项，由高分子P结构简式可知，分子中含有肽键、羧基、氨基三种官能团，故D正确；故选D。
1．(2024·福建卷，1，4分)福建某科研团队发现，木材中交联纤维素的木质素可替代酚醛树脂、脲醛树脂等作为木材黏合剂。下列说法正确的是( )
A．木质素是无机物 B．纤维素的分子中有数千个核糖单元
C．脲醛树脂属于天然高分子 D．酚醛树脂可由苯酚与甲醛缩聚得到
【答案】D
【解析】A项，木质素为纤维素，属于多糖类，为有机物，A错误；B项，纤维素的分子中有数千个葡萄糖单元，B错误；C项，脲醛树脂由尿素和甲醛缩聚而成，属于合成高分子，C错误；D项，酚醛树脂可由苯酚与甲醛缩聚得到，D正确；故选D。
2．(2024·海南卷，3，2分)高分子物质与我们生活息息相关。下列说法错误的是( )
A．糖原(成分类似于淀粉)可转化为葡萄糖
B．聚合物是CH2=CH2的加聚物
C．畜禽毛羽(主要成分为角蛋白)完全水解可以得到氨基酸
D．聚合物的单体是HOOC(CH2)4COOH和CH3CH2OH
【答案】D
【解析】A项，成分类似于淀粉的糖原一定条件下能发生水解反应最终生成葡萄糖，故A正确；B项，乙烯分子中含有碳碳双键，一定条件下能发生加聚反应生成高聚物聚乙烯，故B正确；C项，畜禽毛羽的主要成分为角蛋白，一定条件下能完全水解生成氨基酸，故C正确；D项，由结构简式可知，聚合物的单体是HOOC(CH2)4COOH和HOCH2CH2OH，故D错误；故选D。
3．(2024·北京卷，4，3分)下列说法不正确的是( )
A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O的反应是放热反应
B．核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的生物大分子
C．由氨基乙酸形成的二肽中存在两个氨基和两个羧基
D．向饱和的溶液中加入少量鸡蛋清溶液会发生盐析
【答案】C
【解析】A项，葡萄糖氧化生成CO2和H2O是放热反应，在人体内葡萄糖缓慢氧化成CO2和H2O为人体提供能量，A项正确；B项，核酸是一种生物大分子，分析核酸水解的产物可知，核酸是由许多核苷酸单体形成的聚合物，核苷酸进一步水解得到磷酸和核苷，核苷进一步水解得到戊糖和碱基，故核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的生物大分子，B项正确；C项，氨基乙酸的结构简式为H2NCH2COOH，形成的二肽的结构简式为H2NCH2CONHCH2COOH，该二肽中含1个氨基、1个羧基和1个肽键，C项错误；D项，鸡蛋清溶液为蛋白质溶液，NaCl溶液属于轻金属盐溶液，向饱和NaCl溶液中加入少量鸡蛋清溶液，蛋白质发生盐析，D项正确；故选C。
4．(2024·河北卷，3，3分)高分子材料在生产、生活中得到广泛应用。下列说法错误的是( )
A．线型聚乙烯塑料为长链高分子，受热易软化
B．聚四氟乙烯由四氟乙烯加聚合成，受热易分解
C．尼龙66由己二酸和己二胺缩聚合成，强度高、韧性好
D．聚甲基丙烯酸酯(有机玻璃)由甲基丙烯酸酯加聚合成，透明度高
【答案】B
【解析】A项，线型聚乙烯塑料具有热塑性，受热易软化，A正确；B项，聚四氟乙烯由四氟乙烯加聚合成，具有一定的热稳定性，受热不易分解，B错误；C项，尼龙66即聚己二酰己二胺，由己二酸和己二胺缩聚合成，强度高、韧性好，C正确；D项，聚甲基丙烯酸酯由甲基丙烯酸酯加聚合成，又名有机玻璃，说明其透明度高，D正确；故选B。
5．(2024·山东卷，11，4分)中国美食享誉世界，东坡诗句“芽姜紫醋炙银鱼”描述了古人烹饪时对食醋的妙用。食醋风味形成的关键是发酵，包括淀粉水解、发酵制醇和发酵制酸等三个阶段。下列说法错误的是( )
A．淀粉水解阶段有葡萄糖产生 B．发酵制醇阶段有CO2产生
C．发酵制酸阶段有酯类物质产生 D．上述三个阶段均应在无氧条件下进行
【答案】D
【解析】A项，淀粉属于多糖，淀粉水解的最终产物为葡萄糖，反应为，Ａ项正确；B项，发酵制醇阶段的主要反应为，该阶段有CO2产生，B项正确；C项，发酵制酸阶段的主要反应为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O、2CH3CHO+O22CH3COOH，CH3COOH与CH3CH2OH会发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，CH3COOCH2CH3属于酯类物质，C项正确；D项，发酵制酸阶段CH3CH2OH发生氧化反应生成CH3COOH，应在有氧条件下进行，D项错误；故选D。
6．(2024·安徽卷，5，3分)D-乙酰氨基葡萄糖(结构简式如下)是一种天然存在的特殊单糖。下列有关该物质说法正确的是( )
A．分子式为C8H14O6N B．能发生缩聚反应
C．与葡萄糖互为同系物 D．分子中含有σ键，不含π键
【答案】B
【解析】A项，由该物质的结构可知，其分子式为：C8H15O6N，A错误；B项，该物质结构中含有多个醇羟基，能发生缩聚反应，B正确；C项，组成和结构相似，相差若干个CH2原子团的化合物互为同系物，葡萄糖分子式为C6H12O6，该物质分子式为：C8H15O6N，不互为同系物，C错误；D项，单键均为σ键，双键含有1个σ键和1个π键，该物质结构中含有C=O键，即分子中σ键和π键均有，D错误；故选B。
7．(2024·全国新课标卷，2，3分) 一种点击化学方法合成聚硫酸酯(W)的路线如下所示：
下列说法正确的是( )
A．双酚A是苯酚的同系物，可与甲醛发生聚合反应
B．催化聚合也可生成W
C．生成W的反应③为缩聚反应，同时生成
D．在碱性条件下，W比苯乙烯更难降解
【答案】B
【解析】A项，同系物之间的官能团的种类与数目均相同，双酚A有2个羟基，故其不是苯酚的同系物，A不正确；B项，题干中两种有机物之间通过缩聚反应生成W，根据题干中的反应机理可知， 也可以通过缩聚反应生成W，B正确；C项，生成W的反应③为缩聚反应，同时生成(CH3)3SiF，C不正确；D项，W为聚硫酸酯，酯类物质在碱性条件下可以发生水解反应，因此，在碱性条件下，W比苯乙烯易降解，D不正确；故选B。
8．(2024·浙江1月卷，11，3分)制造隐形眼镜的功能高分子材料Q的合成路线如下：
下列说法不正确的是( )
A．试剂a为 NaOH乙醇溶液 B．Y易溶于水
C．Z的结构简式可能为 D．M分子中有3种官能团
【答案】A
【解析】X可与溴的四氯化碳溶液反应生成C2H4Br2，可知X为乙烯；C2H4Br2发生水解反应生成HOCH2CH2OH，在浓硫酸加热条件下与Z发生反应生成单体M，结合Q可反推知单体M为CH2=C(CH3)COOCH2CH2OH；则Z为。项， 根据分析可知，1，2-二溴乙烷发生水解反应，反应所需试剂为 NaOH水溶液，A错误；B项，Y为HOCH2CH2OH，含羟基，可与水分子间形成氢键，增大在水中溶解度，B正确；C项，Z的结构简式可能为，C正确；D项，M结构简式：CH2=C(CH3)COOCH2CH2OH，含碳碳双键、酯基和羟基3种官能团，D正确；故选A。
9．(2024·北京卷，11，3分)CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如下。
已知：反应①中无其他产物生成。下列说法不正确的是( )
A．CO2与X的化学计量比为1：2
B．P完全水解得到的产物的分子式和Y的分子式相同
C．P可以利用碳碳双键进一步交联形成网状结构
D．Y通过碳碳双键的加聚反应生成的高分子难以降解
【答案】B
【解析】A项，结合已知信息，通过对比X、Y的结构可知CO2与X的化学计量比为1：2，A正确；B项，P完全水解得到的产物结构简式为，分子式为C9H14O3，Y的分子式为C9H12O2，二者分子式不相同，B错误；C项，P的支链上有碳碳双键，可进一步交联形成网状结构，C正确；D项，Y形成的聚酯类高分子主链上含有大量酯基，易水解，而Y通过碳碳双键加聚得到的高分子主链主要为长碳链，与聚酯类高分子相比难以降解，D正确；故选B。
10．(2024·全国甲卷，3，3分)我国化学工作者开发了一种回收利用聚乳酸(PLA)高分子材料的方法，其转化路线如下所示。
下列叙述错误的是( )
A．PLA在碱性条件下可发生降解反应 B．MP的化学名称是丙酸甲酯
C．MP的同分异构体中含羧基的有3种 D．MMA可加聚生成高分子
【答案】C
【解析】A项，根据PLA的结构简式，聚乳酸是其分子中的羧基与另一分子中的羟基发生反应聚合得到的，含有酯基结构，可以在碱性条件下发生降解反应，A正确；B项，根据MP的结果，MP可视为丙酸和甲醇发生酯化反应得到的，因此其化学名称为丙酸甲酯，B正确；C项，MP的同分异构体中，含有羧基的有2种，分别为正丁酸和异丁酸，C错误；D项，MMA中含有双键结构，可以发生加聚反应生成高分子，D正确；故选C。
11．(2023•北京卷，3，3分)下列过程与水解反应无关的是( )
A．热的纯碱溶液去除油脂 B．重油在高温、高压和催化剂作用下转化为小分子烃
C．蛋白质在酶的作用下转化为氨基酸 D．向沸水中滴入饱和溶液制备Fe(OH)3胶体
【答案】B
【解析】A项，热的纯碱溶液因碳酸根离子水解显碱性，油脂在碱性条件下能水解生成易溶于水的高级脂肪酸盐和甘油，故可用热的纯碱溶液去除油脂，A不符合题意；B项，重油在高温、高压和催化剂作用下发生裂化或裂解反应生成小分子烃，与水解反应无关，B符合题意；C项，蛋白质在酶的作用下可以发生水解反应生成氨基酸，C不符合题意；D项，Fe3+能发生水解反应生成 Fe(OH)3，加热能增大Fe3+ 的水解程度，D不符合题意；故选B。
12．(2023•浙江省1月选考，8，3分)下列说法不正确的是( )
A．从分子结构上看糖类都是多羟基醛及其缩合产物
B．蛋白质溶液与浓硝酸作用产生白色沉淀，加热后沉淀变黄色
C．水果中因含有低级酯类物质而具有特殊香味
D．聚乙烯、聚氯乙烯是热塑性塑料
【答案】A
【解析】A项，从分子结构上看糖类都是多羟基醛或酮及其缩合产物，故A错误；B项，某些含有苯环的蛋白质溶液与浓硝酸会因胶体发生聚沉产生白色沉淀，加热后沉淀发生显色反应变为黄色，故B正确；C项，酯是易挥发而具有芳香气味的有机化合物，所以含有酯类的水果会因含有低级酯类物质而具有特殊香味，故C正确；D项，聚乙烯、聚氯乙烯的是具有优良性能的热塑性塑料，故D正确；故选A。
13．(2023•北京卷，9，3分)一种聚合物PHA的结构简式如下，下列说法不正确的是( )

A．PHA的重复单元中有两种官能团 B．PHA可通过单体缩聚合成
C．PHA在碱性条件下可发生降解 D．PHA中存在手性碳原子
【答案】A
【解析】A项，PHA的重复单元中只含有酯基一种官能团，A项错误；B项，由PHA的结构可知其为聚酯，由单体 缩聚合成，B项正确；C项，PHA为聚酯，碱性条件下可发生降解，C项正确；D项，PHA的重复单元中只连有1个甲基的碳原子为手性碳原子，D项正确；故选A。
14．(2023•湖北省选择性考试，7，3分)中科院院士研究发现，纤维素可在低温下溶于NaOH溶液，恢复至室温后不稳定，加入尿素可得到室温下稳定的溶液，为纤维素绿色再生利用提供了新的解决方案。下列说法错误的是( )

A．纤维素是自然界分布广泛的一种多糖
B．纤维素难溶于水的主要原因是其链间有多个氢键
C．NaOH提供OH-破坏纤维素链之间的氢键
D．低温降低了纤维素在NaOH溶液中的溶解性
【答案】B
【解析】A项，纤维素属于多糖，大量存在于我们吃的蔬菜水果中，在自然界广泛分布，A正确；B项，纤维素难溶于水，一是因为纤维素不能跟水形成氢键，二是因为碳骨架比较大，B错误；C项，纤维素在低温下可溶于氢氧化钠溶液，是因为碱性体系主要破坏的是纤维素分子内和分子间的氢键促进其溶解，C正确；D项，温度越低，物质的溶解度越低，所以低温下，降低了纤维素在氢氧化钠溶液中的溶解性，D正确；故选B。
15．(2023•湖南卷，8，3分)葡萄糖酸钙是一种重要的补钙剂，工业上以葡萄糖、碳酸钙为原料，在溴化钠溶液中采用间接电氧化反应制备葡萄糖酸钙，其阳极区反应过程如下：

下列说法错误的是( )
A．溴化钠起催化和导电作用
B．每生成1 ml葡萄糖酸钙，理论上电路中转移了2 ml电子
C．葡萄糖酸能通过分子内反应生成含有六元环状结构的产物
D．葡萄糖能发生氧化、还原、取代、加成和消去反应
【答案】B
【解析】A项，由图中信息可知，溴化钠是电解装置中的电解质，其电离产生的离子可以起导电作用，且Br-极上被氧化为Br2，然后Br2与H2O反应生成HBrO和Br-，HBrO再和葡萄糖反应生成葡萄糖酸和Br-，溴离子在该过程中的质量和性质保持不变，因此，溴化钠在反应中起催化和导电作用，A正确；B项，由A中分析可知，2ml Br-在阳极上失去2ml电子后生成1ml Br2，1ml Br2与H2O反应生成1mlHBrO，1mlHBrO与1ml葡萄糖反应生成1ml葡萄糖酸，1ml葡萄糖酸与足量的碳酸钙反应可生成0.5 ml葡萄糖酸钙，因此，每生成1 ml葡萄糖酸钙，理论上电路中转移了4 ml电子，B不正确；C项，葡萄糖酸分子内既有羧基又有羟基，因此，其能通过分子内反应生成含有六元环状结构的酯，C正确；D项，葡萄糖分子中的1号C原子形成了醛基，其余5个C原子上均有羟基和H；醛基上既能发生氧化反应生成羧基，也能在一定的条件下与氢气发生加成反应生成醇，该加成反应也是还原反应；葡萄糖能与酸发生酯化反应，酯化反应也是取代反应；羟基能与其相连的C原子的邻位C上的H(β-H)发生消去反应；综上所述，葡萄糖能发生氧化、还原、取代、加成和消去反应，D正确；故选B。
16．(2022•山东卷，4，3分)下列高分子材料制备方法正确的是( )
A．聚乳酸()由乳酸经加聚反应制备
B．聚四乙烯()由四氟乙烯经加聚反应制备
C．尼龙()由己胺和己酸经缩聚反应制备
D．聚乙烯醇()由聚乙酸乙烯酯()经消去反应制备
【答案】B
【解析】】本题考查加聚反应和缩聚反应的比较。A项，聚乳酸()是由乳酸[HOCH(CH3)COOH]分子间脱水缩聚而得，即发生缩聚反应，A错误；B项，聚四氟乙烯()是由四氟乙烯(CF2=CF2)经加聚反应制备，B正确；C项，尼龙-66()是由己二胺和己二酸经过缩聚反应制得，C错误；D项，聚乙烯醇()由聚乙酸乙烯醇酯()发生水解反应制得，D错误；故选B。
17．(2022•湖北省选择性考试，5，3分)化学物质与生命过程密切相关，下列说法错误的是( )
A．维生素C可以还原活性氧自由基 B．蛋白质只能由蛋白酶催化水解
C．淀粉可用CO2为原料人工合成 D．核酸可视为核苷酸的聚合产物
【答案】B
【解析】A项，维生素C具有还原性，可以还原活性氧自由基，故A正确；B项，蛋白质在酸、碱的作用下也能发生水解，故B错误；C项，将二氧化碳先还原生成甲醇，再转化为淀粉，实现用CO2为原料人工合成淀粉，故C正确；D项，核苷酸通过聚合反应制备核酸，故D正确；故选B。
18．(2022·浙江省1月选考，14，2分)下列说法正确的是( )
A．苯酚、乙醇、硫酸铜、氢氧化钠和硫酸铵均能使蛋白质变性
B．通过石油的常压分馏可获得石蜡等馏分，常压分馏过程为物理变化
C．在分子筛固体酸催化下，苯与乙烯发生取代反应获得苯乙烯
D．含氮量高的硝化纤维可作烈性炸药
【答案】D
【解析】A项，硫酸铵使蛋白质发生盐析，而不是变性，A错误；B项，石油经过减压分馏得到石蜡等馏分，是物理变化，B错误；C项，在分子筛固体酸催化下，苯与乙烯发生加成反应获得苯乙烯，C错误；D项，含氮量高的硝化纤维可作烈性炸药，D正确；故选D。
19．(2022·浙江省6月选考，6，2分)下列说法不正确的是( )
A．油脂属于高分子化合物，可用于制造肥皂和油漆
B．福尔马林能使蛋白质变性，可用于浸制动物标本
C．天然气的主要成分是甲烷，是常用的燃料
D．中国科学家在世界上首次人工合成具有生物活性的蛋白质——结晶牛胰岛素
【答案】A
【解析】A项，油脂的相对分子质量虽然较大，但比高分子化合物的相对分子质量小的多，油脂不是高分子化合物，A错误；B项，福尔马林是甲醛的水溶液，能使蛋白质发生变性，可用于浸制动物标本，B正确；C项，天然气是三大化石燃料之一，其主要成分是甲烷，是生产生活中常用的一种清洁燃料，C正确；D项，我国科学家合成的结晶牛胰岛素，是世界上首次人工合成的具有活性的蛋白质，蛋白质的基本组成单位是氨基酸，D正确；故选A。
20．(2022·浙江省6月选考，14，2分)下列说法不正确的是( )
A．植物油含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，能使溴的四氯化碳溶液褪色
B．向某溶液中加入茚三酮溶液，加热煮沸出现蓝紫色，可判断该溶液含有蛋白质
C．麦芽糖、葡萄糖都能发生银镜反应
D．将天然的甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸混合，在一定条件下生成的链状二肽有9种
【答案】B
【解析】A项，植物油中含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，能与溴发生加成反应，因此能使溴的四氯化碳溶液褪色，A正确；B项，某溶液中加入茚三酮试剂，加热煮沸后溶液出现蓝紫色，氨基酸也会发生类似颜色反应，则不可判断该溶液含有蛋白质，B错误；C项，麦芽糖、葡萄糖均含有醛基，所以都能发生银镜反应，C正确；D项，羧基脱羟基，氨基脱氢原子形成链状二肽，形成1个肽键；甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸相同物质间共形成3种二肽，甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸不同物质间形成6种二肽，所以生成的链状二肽共有9种，D正确；故选B。
21．(2022•广东选择性考试，9，3分)我国科学家进行了如图所示的碳循环研究。下列说法正确的是( )

A．淀粉是多糖，在一定条件下能水解成葡萄糖 B．葡萄糖与果糖互为同分异构体，都属于烃类
C．中含有个电子 D．22.4LCO2被还原生成
【答案】A
【解析】A项，淀粉是由葡萄糖分子聚合而成的多糖，在一定条件下水解可得到葡萄糖，故A正确；B项，葡萄糖与果糖的分子式均为C6H12O6，结构不同，二者互为同分异构体，但含有O元素，不是烃类，属于烃的衍生物，故B错误；C项，一个CO分子含有14个电子，则1mlCO中含有14×6.02×1023=8.428×1024个电子，故C错误；D项，未指明气体处于标况下，不能用标况下的气体摩尔体积计算其物质的量，故D错误；故选A。
名称
结构简式
芳纶1313
芳纶1414