2026年江苏省镇江市经开区中考二模考试物理试题（含解析）

这是一份2026年江苏省镇江市经开区中考二模考试物理试题（含解析），共12页。
1．答卷前，考生务必用0.5毫米黑色墨水笔将自己的姓名和准考证号填写在试卷、答题卷上相应位置。
2．答选择题必须用2B铅笔将答题卷上对应的答案标号涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再涂其他答案。答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后写上新的答案。不按以上要求作答的答案无效。
3．作图题请先用2B铅笔作答，确认无误后请用0.5毫米黑色墨水笔描黑。
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）
1. 2026年春晚节目交响街舞《新春之声》中，鼓点低沉、小提琴尖细。这里描述的是两者表现出了明显不同的（ ）
A. 音色B. 音调C. 响度D. 声速
【答案】B
【解析】
【详解】A．音色是声音的品质与特色，用于区分不同发声体（如鼓和小提琴），题干描述的“低沉、尖细”描述的是声音的高低，属于音调的范畴，故A不符合题意；
B．音调指声音的高低，由频率决定，频率越高音调越高，“低沉”对应音调低，“尖细”对应音调高，与题干描述一致，故B符合题意；
C．响度是声音的强弱，与振幅有关，题干未提及声音的强弱大小，故C不符合题意；
D．声速是声音传播的速度，在相同介质和环境中，不同声音的传播速度相同，故D不符合题意。
故选B。
2. 近年来，镇江在移动通信、半导体领域出现了一批专精特新与高科技企业。移动通信是利用了（ ）
A. 次声波B. 超声波C. 红外线D. 电磁波
【答案】D
【解析】
【详解】A．次声波是频率低于20Hz的声波，传播需要介质，且不适合用于远距离无线移动通信，故A不符合题意；
B．超声波是频率高于20000Hz的声波，传播依赖介质，多用于超声检测、声呐等场景，不能用于移动通信，故B不符合题意；
C．红外线主要应用于红外遥控、红外测温等领域，并非移动通信的信息传递载体，故C不符合题意；
D．电磁波可以在真空中传播，无需介质，移动通信正是利用电磁波来传递语音、数据等信息的，故D符合题意。
故选D。
3. 下列属于可再生能源的是（ ）
A. 水能B. 核能C. 天然气D. 石油
【答案】A
【解析】
【详解】可再生能源是可以源源不断从自然界获得、能持续得到补充的能源；不可再生能源是消耗后短时间内无法在自然界再生补充的能源。水能可以通过自然界的水循环持续获得，属于可再生能源；核能的核燃料、天然气、石油都属于消耗后短时间无法再生的资源，是不可再生能源。
故选A。
4. 秋天的早晨，草木会包裹上一层露珠，下列说法中与“露珠”出现过程相吻合的是（ ）
A. 汽化 吸热B. 汽化 放热
C. 凝华 放热D. 液化 放热
【答案】D
【解析】
【详解】秋天早晨空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴形成露珠，液化过程放热，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
5. 下列现象中，可用“光的直线传播”解释的是（ ）
A. 日偏食B. 空中的彩虹
C. 放大的邮票D. 水中的倒影
【答案】A
【解析】
【详解】A．日偏食是月球遮挡了部分太阳射向地球的太阳光，是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故A符合题意；
B．空中的彩虹是太阳光经过空气中的小水珠发生折射，分解为多种色光，属于光的色散现象，原理是光的折射，故B不符合题意；
C．放大邮票利用了凸透镜成像（放大镜）的原理，本质是光的折射，故C不符合题意；
D．水中的倒影属于平面镜成像，原理是光的反射，故D不符合题意。
故选A。
6. 下列关于厨房中的热现象及其解释合理的是（ ）
A. 炒菜时闻到香味是由于分子的无规则运动
B. 饭煮熟后，米粒间有缝隙，说明分子间有空隙
C. 从冰箱冷冻室取出的冻肉，由于其温度低于0℃，所以没有内能
D. 高压锅限压阀被顶起过程中的能量转化与汽油机的压缩冲程相同
【答案】A
【解析】
【详解】A．炒菜时闻到香味属于扩散现象，这正是因为分子在不停地做无规则运动，故A符合题意；
B．米粒是宏观物体，米粒之间的缝隙属于宏观现象，不能用来证明微观层面的分子间有空隙，故B不符合题意；
C．一切物体在任何温度下都具有内能，因此温度低于0℃的冻肉依然具有内能，故C不符合题意；
D．限压阀被顶起是水蒸气对外做功，将内能转化为机械能，而汽油机的压缩冲程是机械能转化为内能，两者能量转化方向相反，故D不符合题意。
故选A。
7. 如图所示，是在进行“探究影响液体压强因素”实验。仅进行以下操作，能让U形管两侧液面高度差变大的是（ ）
A. 转动压强计的金属盒B. 缓慢向上提起金属盒
C. 向烧杯中加水D. 换用更细的U形管
【答案】C
【解析】
【详解】根据液体压强公式，U形管两侧液面高度差反映金属盒受到的液体压强，压强越大，液面高度差越大。
A．转动压强计的金属盒，金属盒的深度不变，液体密度不变，由可知，金属盒受到的压强不变，因此U形管两侧液面高度差不变，故A不符合题意；
B．缓慢向上提起金属盒，金属盒深度变小，液体密度不变，由可知，金属盒受到的压强变小，因此U形管两侧液面高度差减小，故B不符合题意；
C．向烧杯中加水，金属盒位置不变，深度h变大，液体密度ρ不变，由可知，金属盒受到的压强变大，因此U形管两侧液面高度差变大，故C符合题意；
D．U形管两侧液面高度差只由探头受到的压强决定，与U形管的粗细无关，因此换用更细的U形管，液面高度差不变，故D不符合题意。
故选C。
8. 如图所示是赛龙舟时的激烈情景，摇桨队员们动作完全相同、整齐划一。下列说法正确的是（ ）
A. 以龙舟为参照物，龙舟上的鼓是运动的
B. 以岸边的树木为参照物，龙舟是静止的
C. 划桨的队友之间保持相对静止
D. 以鼓为参照物，击鼓的鼓槌是静止的
【答案】C
【解析】
【详解】判断物体运动或静止的依据：物体相对于参照物的位置若发生改变，则物体是运动的；位置不变，则物体是静止的。
A．鼓固定在龙舟上，以龙舟为参照物，鼓的位置不发生变化，因此鼓是静止的，故A错误；
B．龙舟在水面行进，以岸边的树木为参照物，龙舟的位置不断变化，因此龙舟是运动的，故B错误；
C．题干说明摇桨队员动作完全相同、整齐划一，划桨队友之间的位置不发生变化，因此划桨的队友之间保持相对静止，故C正确；
D．击鼓时鼓槌不断运动击打鼓面，以鼓为参照物，鼓槌的位置不断变化，因此鼓槌是运动的，故D错误。
故选C。
9. 以下探究实验所得出的结论与电动机工作原理相一致的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】电动机的工作原理是通电导体/通电线圈在磁场中受到力的作用而运动，该原理的实验装置需要包含电源，工作过程消耗电能转化为机械能。
A．该装置是探究电磁铁性质的实验，实验结论是电流具有磁效应，故A不符合题意；
B．该装置中有电源，通电线圈放在磁场中，通电后线圈会在磁场中受力转动，符合电动机的工作原理，故B符合题意；
C．该装置是电磁感应实验，电路中没有电源，探究的是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C不符合题意；
D．这是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故D不符合题意。
故选B。
10. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所选凸透镜的，焦距为，器材组装情况如图所示。在下列操作中，能使光屏上成清晰像的是（ ）
A. 光屏和蜡烛互换位置B. 光屏适当向右移
C. 蜡烛适当向左移D. 透镜适当向右移
【答案】D
【解析】
【详解】已知凸透镜焦距为，从图中可以看出，此时物距为
光屏与透镜的距离为
因为物距，根据凸透镜的成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像，成清晰像的位置应在透镜右侧的一倍焦距到两倍焦距之间，而此时光屏位置，故此时光屏位置成的不是清晰的像。
A．光屏和蜡烛互换位置后，像距为，此时应该成的是倒立、等大的实像，像距应该等于物距，但此时光屏与透镜距离，所以光屏上得不到清晰的像；且根据光路可逆，原图光屏上本身就不是清晰的像，所以互换位置后也得不到清晰的像，故A错误；
BCD．根据凸透镜的成像规律，图示所示装置，需要将光屏位置向左移动适当距离或将蜡烛向右移动到两倍焦距位置或将凸透镜向右移动适当距离，均可得到清晰的像，故BC错误，D正确。
故选D。
11. 在“探究影响压力作用效果的因素”和“探究影响重力势能大小的因素”两个实验中，均可利用如图所示器材完成实验，下列说法正确的是（ ）
①两个实验中小桌的用法不相同
②两个实验都需要观察小桌陷入沙中的深度
③前者实验选用大小不同的木块不是为了改变“质量”这个物理量
④后者实验中，木块均需要从小桌正上方相同高度自由释放
A. ①②B. ①②③C. ②③④D. ①②③④
【答案】B
【解析】
【详解】① 探究影响压力作用效果的实验中，小桌直接放在沙面上，通过改变放置方式（正放/倒放）改变受力面积，作为压力的施加载体；探究重力势能的实验中，小桌放在沙面上，作为被下落木块撞击的对象，通过下陷深度反映重力势能大小，两个实验小桌用法不同，故①正确；
② 两个实验都使用转换法：压力作用效果的大小、木块重力势能的大小，都通过小桌陷入沙中的深度来反映，因此都需要观察该深度，故②正确；
③ 探究压力作用效果的实验中，选用大小不同的木块，目的是改变对接触面的压力大小，不是为了改变质量这个物理量，故③正确；
④ 探究重力势能影响因素时，若探究重力势能与高度的关系，需要改变木块的释放高度，因此不是所有木块都需要从相同高度自由释放，故④错误。
故ACD错误，B正确。
故选B。
12. 如图甲所示的电路，电源电压不变，为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度变化情况如图乙所示。闭合开关S，当监控区的温度升高时，电流表的示数I随热敏电阻阻值的倒数的变化关系图线中，可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由图甲可知，热敏电阻R与定值电阻并联，电源电压U保持不变，电流表测量干路总电流I。根据并联电路电流规律，干路电流等于各支路电流之和： 定值电阻的电流为，U和都是定值，因此为定值；热敏电阻R的电流为
因此干路总电流为
由上式可知：I与是一次函数关系，图像为倾斜直线，且当时，，即直线与纵轴正半轴相交。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共26分）
13.
（1）图甲中，木块的长度为_______cm。
（2）图乙中，液体体积是_______ml。
（3）图丙中，电流表的示数为________A。
【答案】（1）2.90##2.89##2.91
（2）13 （3）0.36
【解析】
【小问1详解】
甲图刻度尺1cm间有10个小格，分度值为，初中要求读数估读到分度值下一位；木块左端对齐，右端对齐约，因此木块长度为（2.89cm、2.91cm均可）。
【小问2详解】
乙图量筒分度值为，读数时视线与液体凹液面最低处相平，对应刻度为。
【小问3详解】
丙图电流表选择量程，该量程分度值为，指针对应示数为。
14. 如图所示，三支点燃的蜡烛排列在音响的前方。当音箱播放音乐时，声音通过________向四周传播，观察到烛焰在晃动，说明声音能够传递________。分析三处“烛焰”的晃动情况，能够得出结论：响度与声源的________有关。
【答案】 ①. 空气 ②. 能量 ③. 距离
【解析】
【详解】声音的传播需要介质，音箱周围的介质是空气，所以声音通过空气传播的；烛焰发生晃动，说明声音的能量传递到烛焰处，即声音能够传递能量；由图可知，三支蜡烛到声源的距离不同，距离声源越近烛焰晃动越剧烈，说明该处声音响度越大，因此可以得出结论，响度与到声源的距离有关。
15. 如图所示，船闸是利用了________原理。闸室中从下游驶来的轮船要到达上游，应关闭阀门________（选填“A”、“B”或“A和B”）。从下游驶到上游后，轮船所受浮力的大小________。
【答案】 ①. 连通器 ②. B ③. 不变
【解析】
【详解】船闸是利用连通器的原理建造的，闸室中从下游驶来的轮船要到达上游，应关闭阀门B，打开阀门A，当闸室和上游水位相同时，开启上游闸门，船从闸室驶入上游；轮船漂浮在水面上，受到的浮力等于重力；从下游驶到上游后，轮船的重力不变，轮船所受浮力的大小不变。
16. 如图所示，是处在工作状态的扫地机器人．机器人机身内的风机使空气快速进入吸尘口，流动空气的压强________，周围的灰尘、杂物在________作用下进入机身内的垃圾收纳盒。随着地面垃圾被不断清理，在水平地面上匀速前进的扫地机器人的动能________。
【答案】 ①. 小 ②. 大气压 ③. 增大
【解析】
【详解】流体流速越大的位置，压强越小。机器人风机使吸尘口空气流速变快，压强减小，从而吸入灰尘和杂物；吸尘口内部压强小于外界大气压，周围的灰尘、杂物在外界大气压的作用下，被压入机身的收纳盒；扫地机器人匀速前进，速度不变，不断吸入垃圾后总质量增大，因此动能增大。
17. 如图所示，汽油机处于________冲程；若飞轮转速为1800 r/min，则该汽油机每秒钟对外做功_______次；该汽油机在一段时间内完全燃烧了100 g汽油，放出的热量________J。（）
【答案】 ①. 排气 ②. 15 ③.
【解析】
【详解】由图可知，汽油机进气门关闭、排气门打开，活塞向上运动，因此是排气冲程；
飞轮转速，即每秒飞轮转30圈；汽油机每2圈完成一个工作循环，对外做功1次，因此每秒对外做功次；
汽油质量，放出的热量
18. 小明同学利用电能表和秒表测家中电热水壶的电功率，他让电热水壶单独工作，电能表的指示灯闪烁了480次，此时图示电能表的示数变为________kW·h。电热水壶的实际功率为________。若水壶中盛有水2kg，产生电热的84%被水吸收，则上述过程中水温升高________℃。（）
【答案】 ①. 3023.75 ②. 1500 ③. 54
【解析】
【详解】电能表上的参数表示家庭电路的用电器每消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁3200次，所以闪烁480次消耗的电能为
此时图示电能表的示数变为
电热水壶单独工作的时间为6min，所以电热水壶的实际功率为
水吸收的热量
水吸收热量升高的温度
19. 如图是工业生产中“静电喷涂”的原理图。工作中，涂料通过喷枪后带上负电，涂料颗粒相互分散发生“雾化”，并最终吸附在带正电的工件表面，形成均匀涂层．涂料在经过喷枪口时________（选填“得到”或“失去”）电子；涂料发生“雾化”是________相互作用的结果；涂料颗粒在空中运动的过程中受________（选填“平衡力”或“非平衡力”）作用。
【答案】 ①. 得到 ②. 同种电荷相互排斥 ③. 非平衡力
【解析】
【详解】[1]物体得到电子带负电，失去电子带正电，涂料带上负电，说明涂料在喷枪口时得到电子。
[2]所有涂料颗粒都带同种负电，根据电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，颗粒因为排斥相互分散形成雾化，因此雾化是因为同种电荷的相互排斥作用的结果。
[3]涂料颗粒在空中运动时，运动状态不断改变，因此受非平衡力作用。
20. 图甲是一款玩具汽车的电路原理图。通过控制单刀双掷开关、和滑动变阻器，该车可以实现“原地灯光秀”、“调速前进”和“定速后退”等三种工作模式。已知电源电压不变，图乙是灯L的关系图像，定值电阻。“原地灯光秀”模式下，调到最小时，电流表示数为0.6 A。电源电压为________V；玩具车处于“调速前进”模式时，开关、分别连接触点________；玩具车“定速后退”时，电流表示数为0.4 A，则电动机此时功率为________。
【答案】 ①. 9 ②. ①、③ ③. 1.84
【解析】
【详解】闭合开关S，S1接①、S2接④时，灯泡、R1、R2串联，该车可以实现“原地灯光秀”， 调到最小时，电流表示数为0.6 A，此时灯泡两端的电压为6V，电源电压为
开关接接触点①、连接触点③，此时灯泡L、R1、电动机串联，滑动变阻器R1可以调节玩具车的速度，使玩具车处于“调速前进”模式。
要使玩具车“定速后退”，必须使电动机的电流方向和前进时相反，开关接接触点②、连接触点④，此时灯泡L、电动机、R2串联，电流表示数为0.4 A时，由图乙可知，灯泡两端的电压为2.4V，R2两端的电压为
电动机两端的电压
则电动机此时功率为
21. 如图所示，水平推力将质量为的物块压在不光滑的竖直墙面上，物块由静止开始沿足够高的墙面下落。已知与物块下落速度之间的关系如图乙所示，、、是物块下落过程中经过的三个位置，且。不计空气阻力。在物块下落高度为的过程中，推力做功的大小为________J，物块动能和势能的总和________；物块在竖直方向上所受合力大小的变化情况是________，重力在两段做功的功率________（选填“一定”、“可能”或“不可能”）等于。
【答案】 ①. 0 ②. 减小 ③. 先减小后不变 ④. 可能
【解析】
【详解】推力是水平方向，物块下落位移是竖直方向，推力方向上没有位移，根据做功的条件，推力做功为；
动能与势能的总和就是机械能，墙面不光滑，物块下落过程中克服摩擦力做功，机械能转化为内能，因此动能和势能的总和减小；
由图乙得和速度成正比，由滑动摩擦力的影响因素可知，随增大而增大，因此随增大而增大， 初始时，，竖直方向合力大小等于重力； 下落过程滑动摩擦力向上，增大，增大，合力不断减小；当时，合力减小到0，竖直方向受力平衡，速度不再变化， 压力不变，不变，合力保持为0，因此竖直方向合力大小变化为先减小后不变；
重力做功的功率，物块运动过程是，先做加速运动，速度达到最大值后，做匀速运动，如果恰好是做匀速运动，那么段和段的速度相等，重力不变，因此​就等于，因此二者可能相等。
三、解答题（本题共9小题，共50分，其中21题8分，22题6分，23题6分，24题6分，25题4分，26题6分，27题4分，28题4分，29题6分。）
22.
（1）请在图中画出两入射光线通过凹透镜后的折射光线。
（2）请将图中的灯泡、开关和插座正确接入家庭电路中。
（3）请在图中标出通电螺线管磁感线方向，并在括号内标出电源的极性。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
凹透镜对光有发散作用，平行于凹透镜主光轴的光线经凹透镜折射后其反向延长线过焦点，所以用虚线连接左侧焦点和入射点，然后延长作出折射光线；穿过凹透镜光心的光线传播方向不变，据此作图；
【小问2详解】
灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线。这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又更安全；三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，即左零、右火、上接地。据此作图；
【小问3详解】
结合小磁针N极所指方向和磁极间的相互作用可知，通电螺线管的右端为N极，则左端为S极，磁体外部的磁感线方向是从N极指向S极；根据右手螺旋定则可知，螺线管的电流从左侧流入，则电源的左端为正极。
23. 为了测量小石块的密度，小李进行了如下实验。
(1)将石块放在已经调节平衡的天平_______侧的托盘，向另一个盘里添加砝码，在添加最小砝码后，指针位置如图1所示，接下来的操作是_______，移动游码直至天平再次平衡。测得石块质量是30.0 g。
(2)取下砝码和石块，重新_______，按规范步骤测出图2中水和烧杯的质量为50.5 g。
(3)用细线系着石块缓缓浸没烧杯中，在水面位置做上记号，如图3所示。
(4)取出石块，向烧杯中加水至记号处，如图4所示．再次测量烧杯和水的总质量，砝码示数和游码位置如图5所示，结果是_______g。
(5)小石块的密度是_______g/cm³。
(6)实验中，利用天平、烧杯和水来测量小石块的体积。以下实验中所用方法与之相同的是__________。
A．探究动能大小与哪些因素有关实验中，通过“木块被撞的距离”比较小车动能大小
B．测量大头针的质量时，先测出100枚大头针的质量，再求1枚大头针的质量
C．探究声音传播条件实验中，响度随着钟罩内空气减少而减小，推理得出“真空不能传声”
D．探究平面镜成像特征实验中，用大小相同的两支蜡烛来比较像与物的大小关系
【答案】 ①. 左 ②. 取下最小砝码 ③. 调节天平平衡 ④. 62.5 ⑤. 2.5 ⑥. D
【解析】
【详解】(1)天平使用遵循左物右码规则，因此石块放在左托盘；添加最小砝码后指针偏右，说明砝码总质量偏大，因此接下来要取下最小砝码，再移动游码使天平平衡。
(2)取下原有物体后，测量新的质量前需要重新调节天平平衡。
(4)天平读数为砝码质量加游码示数，由图5得总质量
(5)本实验用等效替代法测体积：石块体积等于加入水的体积。加入水的质量
因此石块体积
石块密度
(6)本实验测量体积采用等效替代法：
A. 探究动能大小用的是转换法，故A不符合题意；
B. 测量大头针质量用的是累积法，故B不符合题意；
C. 推理真空不能传声用的是科学推理法，故C不符合题意；
D. 探究平面镜成像特点时，用相同蜡烛替代像比较大小，也是等效替代法，故D符合题意。
故选D。
24. 学习小组做“探究杠杆的平衡条件”实验。
（1）如图甲，杠杆下侧指针与杠杆垂直，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向_______（选填“左”或“右”）调节。
（2）杠杆调平衡后，在点悬挂两个钩码，则在、、三点分别悬挂6个、3个、2个钩码时，杠杆均能在水平位置平衡。分析可得：杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越_______。
（3）保持点悬挂钩码不变，在点施加力使杠杆在水平位置平衡，为了使力最小，力的方向应_______，这是因为此时_______。
（4）两个相同的“机翼状”物体和，一正一反地套在光滑竖直杆上，分别通过细线悬挂在杠杆两侧，如图乙所示，杠杆处于静止状态。用两只相同的电吹风分别沿水平方向给和吹风，和的尖端均正对风口正中间位置，接下来杠杆将_______（选填“顺时针转动”“逆时针转动”或“仍然静止”）。
（5）利用图丙中所给字母，表示出秤砣拉力对应的力臂_______，分析表达式可得，杆秤刻度线的分布是_______（选填“均匀”或“不均匀”）的。
【答案】（1）右 （2）小
（3） ①. 竖直向上 ②. 动力臂最大，动力最小
（4）逆时针转动 （5） ①. ②. 均匀
【解析】
【小问1详解】
图甲中杠杆左端下沉、右端上翘，说明左端偏重，因此应将平衡螺母向右调，使杠杆在水平位置平衡。
【小问2详解】
钩码在A、B、C三点对杠杆拉力的力臂越来越大，所需钩码数目变少，说明杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越小。
【小问3详解】
根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小。E点在支点左侧，要平衡杠杆，力方向竖直向上，与水平杠杆垂直，此时动力臂等于支点到E点的距离，为最大动力臂，因此动力最小。
【小问4详解】
吹风时，P为下凸上平，下方空气流速更大、压强更小，受到向下的压力差，左侧绳子拉力增大；Q为上凸下平，上方空气流速更大、压强更小，受到向上的压力差，右侧绳子拉力减小。左侧力和力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，则左端下沉，因此杠杆逆时针转动。
【小问5详解】
根据杠杆平衡条件​，整理得​​；​和​是定值，与成正比，因此杆秤刻度线是均匀的。
25. 小组同学测量定值电阻的阻值．实验器材为：学生电源、开关S、定值电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、导线。
（1）连线时，开关应_______，闭合开关前，滑动变阻器滑片应打到_______（选填“A”或“B”）端。
（2）在小虎同学准备闭合开关时，小敏发现有一处连线错误，他通过“试触”验证了自己的判断。试触过程中出现的异常现象是_______。请你在错误导线上打×，用笔画线画出正确连线_______。
（3）改正连线错误后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，测得多组数据，完成第1组测量时，电压表的示数如图乙所示，则表格中①、②两处对应的数值分别是_______和_______；
（4）测量结果是_______。
【答案】（1） ①. 断开 ②. A
（2） ①. 电压表指针反偏 ②.
（3） ①. 1.6 ②. 16
（4）
15
【解析】
【小问1详解】
连接电路时，为保护电路，开关必须断开；闭合开关前，滑动变阻器滑片要调到最大阻值处，所以滑片应打到A端。
【小问2详解】
如图甲，电压表正负接线柱接反了，且测量的是滑动变阻器两端电压，所以试触时，电压表指针会反偏，应将电压表与开关的连线改接成电压表“3”接线柱与Rx左接线柱相连。
【小问3详解】
电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，指针读数为1.6V，故①为1.6；根据欧姆定律，对应的电阻值为，故②为16。
【小问4详解】
测量定值电阻阻值需要多次测量取平均值减小误差，所以测量结果为
26. 如图所示，工人利用滑轮组提升建材。已知一箱建材重700 N，动滑轮重均为100 N，不计绳重和摩擦。求：工人将绳自由端拉下20 m的过程中。
（1）人对绳自由端拉力的大小；
（2）有用功的大小：
（3）滑轮组的机械效率。
【答案】（1）

（2）

（3）
【解析】
【小问1详解】
由图可知，承担动滑轮的绳子段数，拉力
【小问2详解】
由得，物体上升高度
有用功是提升建材做的功
【小问3详解】
拉力做的总功
机械效率
27. 如图所示，是一辆电动汽车。下表为汽车的部分参数，其中电池容量指电池存储的最大电能，电池能量密度指电池存储的最大电能与电池的质量之比。已知该车电池质量占整车质量的25%，当车辆以30 m/s的速度匀速行驶时，受到的阻力为车重的0.08倍。求：
（1）该车以30 m/s速度匀速行驶5 min时，①汽车行驶的路程；②汽车牵引力做的功；
（2）现使用快充功能给电池充电，已知充电电流为140 A，充电0.5 h电池存储的电能从电池容量的10%上升至70%。求本次充电过程的效率。
【答案】（1）① ② （2）85.7%
【解析】
【27题详解】
①由速度公式得，汽车行驶的路程
②由题意可得，电池的质量
整车质量
则汽车受到的阻力
由于汽车是匀速行驶，故受到的牵引力和阻力是一对平衡力，即
由得，牵引力做的功
【28题详解】
充电过程中，电池储存增加的电能
根据电功公式得，充电消耗的总电能
则本次充电过程的效率
28. 图甲所示，是自制水位控制模拟装置。轻质弹簧下方系着一个边长为的立方体重物A，容器内无水时重物底部到容器底的距离为。弹簧原长为，其所受拉力每增大，长度增加。图乙描述的是力敏电阻的阻值与其所受拉力的关系．当线圈中的电流时，电动机启动开始进水，当线圈中的电流时，指示灯L发光表示已经达到规定水位。电源电压，是电阻箱，不计其它电阻，，取）
（1）A的质量是________g，A随水位上升的过程中，阻值_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（2）若此电路能控制池内的最低水位。求
①的阻值；
②该电路所能控制的最高水位h。
（3）为了增大最高水位，下列措施可行的是_______。（选对得2分，漏选得1分，错选不得分）
A. 适当增大重物的密度
B. 保持A的体积不变减小底面积
C. 适当减小电源电压U
D. 适度增大电源电压U
【答案】（1） ①. 2000 ②. 变小
（2）① 80Ω；② 20cm （3）AC
【解析】
【分析】最高水位等于最低水位与弹簧缩短长度、A浸没的深度之和。分析提高最高水位时，抓住电流不变。
【小问1详解】
立方体A的体积，质量为
水位上升过程中，A浸入水中体积变大，浮力变大，弹簧对A的拉力，所以拉力​减小；由图乙可知，阻值随拉力减小而变小，因此阻值变小。
【小问2详解】
① 最低水位，此时水位刚好到达A底部，A未浸入水中，浮力为0，弹簧拉力等于A的重力，即
由图乙可知，时，。此时电流刚好为启动电流，总电阻
的阻值为
② 最高水位时电流刚好达到触发电流，总电阻
因此R2的阻值为
由图乙知，此时拉力，浮力
A浸入的深度为
弹簧拉力减小了
由题意弹簧每受拉力伸长，因此弹簧缩短，A向上移动，A底部距离容器底的高度变为，因此水位
【小问3详解】
A．增大重物密度，体积不变则G增大，相同水位下拉力更大，更大，电流更小，需要更高水位才能使电流达到，故A符合题意；
B．保持A体积不变减小底面积，则A的高度增加，触发时F浮不变，V排不变，露出的体积不变，所以A露出的高度变大，最高水位减小，故B不符合题意；
CD．适当减小电源电压U，不变，触发电流对应总电阻变小，因此​更小，对应拉力更小，浮力更大，V排更大，水位更高，故C符合题意，D不符合题意。
故选AC。实验序号
1
2
3
U/V
①
2.8
4.5
I/A
0.1
0.2
0.3
Rx
②
14
15
电池类型
电池容量/（kW·h）
电池能量密度/（W·h·kg-1）
快充电压/V
磷酸铁锂电池
80
160
800