安徽合肥市2026届高三下学期第二次教学质量检测物理试卷（Word版附解析）

这是一份安徽合肥市2026届高三下学期第二次教学质量检测物理试卷（Word版附解析），文件包含第五单元“留心观察”主题阅读教师版docx、第五单元“留心观察”主题阅读学生版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共32页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1．答卷前，务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡和试卷上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，务必擦净后再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 图为青少年足球比赛的精彩瞬间。有关足球运动中的一些物理知识，下列说法正确的是（ ）
A. 球静止在水平地面上时，受到的重力与支持力是一对作用力与反作用力
B. 球被踢中时，脚对球的作用力与球对脚的作用力大小相等
C. 球撞击地面时，球对地面的压力是因为地面发生形变而产生的
D. 球在地面上减速运动时，惯性不断减小
【答案】B
【解析】
【详解】A．球静止在水平地面时，重力和支持力都作用在球上，是一对平衡力，A错误；
B．脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律，二者大小一定相等，B正确；
C．弹力是施力物体发生弹性形变对受力物体产生的力，球对地面的压力，施力物体是足球，因此压力是足球发生形变产生的，C错误；
D．惯性大小只和物体质量有关，球减速运动时质量不变，惯性大小不变，D错误。
故选 B。
2. 我国近期在真空紫外激光（属于紫外线）、6G光通信、ABF晶体等领域连续取得世界级突破。下列说法正确的是（ ）
A. 真空紫外激光频率比可见光频率低
B. 光的偏振现象说明光是纵波，激光的高方向性是偏振造成的
C. 光纤通信利用光的折射进行信号传输，光纤内芯折射率小于外套折射率
D. 若ABF晶体对某光的折射率为1.6，则该光由该晶体射向真空时发生全反射的临界角小于45°
【答案】D
【解析】
【详解】A．电磁波谱中紫外线频率高于可见光，真空紫外激光属于紫外线，因此其频率高于可见光，A错误；
B．偏振是横波特有的性质，光的偏振现象说明光是横波，B错误；
C．光纤通信利用光的全反射传输信号，全反射的必要条件是光从光密介质射入光疏介质，因此光纤内芯折射率大于外套折射率，C错误；
D．光从介质射向真空时，全反射临界角满足公式
代入得，而，因此，D正确。
故选D。
3. 空间内有一正方体区域，两根彼此绝缘的通电长直导线沿、固定，电流大小相等，方向如图所示。已知通电长直导线在空间某点产生磁场的磁感应强度大小与电流强度成正比、与该点到直导线的距离成反比。若沿的通电导线在点产生磁场的磁感应强度大小为，下列说法正确的是（ ）
A. 点的磁感应强度大小为B. 点的磁感应强度方向沿
C. 点的磁感应强度大小为D. 点的磁感应强度方向沿
【答案】A
【解析】
【详解】AB．由题意可知， 由于点和点到的距离相等，则中的电流在点产生磁场的磁感应强度大小为，由安培定则可判断其方向沿。由于点到的距离等于点到的距离，则中的电流在点产生磁场的磁感应强度大小为，方向沿，故点的磁感应强度大小为，方向沿，故A正确，B错误；
CD．中的电流在点产生磁场的磁感应强度大小为，方向沿。由于点到的距离等于点到的距离，则中的电流在点产生磁场的磁感应强度大小为，方向沿，故点的磁感应强度大小为，方向沿，故CD错误。
故选A。
4. 江门中微子实验室使用我国自主研发的光电倍增管成功捕捉中微子信号。光电倍增管基于光电效应工作，用不同频率的入射光照射阴极金属材料进行光电效应实验，测得遏止电压与入射光频率的关系如图所示。已知普朗克常量为，真空中光速为，电子的电荷量大小为，下列说法正确的是（ ）
A. 与成正比
B. 图线斜率表示普朗克常量
C. 图像中
D. 用频率为的入射光实验，入射光越强，逸出光电子的最大初动能越大
【答案】C
【解析】
【详解】A． ​与是线性关系（一次函数），不是正比关系（正比要求过原点，本图截距不为零），A错误；
B．根据光电方程，结合
可得​​，—图线斜率为，不是普朗克常量h，B错误；
C．将​、​、​代入公式中
解得，C正确；
D．光电子的最大初动能只由入射光的频率决定，与入射光强度无关，D错误。
故选C。
5. 一列沿轴负方向传播的机械波，波速为，在时的波形如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 这列机械波的周期为
B. 时，平衡位置在处质点的运动方向沿轴负方向
C. 时，平衡位置在处质点的加速度达到最大值
D. 内，平衡位置在处质点的路程为60 cm
【答案】D
【解析】
【详解】A．已知，由图可知，根据
解得，A错误；
B．波沿轴负方向传播，由上下坡法可知，时处质点运动方向沿轴负方向
经过，半个周期后质点运动方向反向，即沿轴正方向，B错误；
C．t=0时处质点在平衡位置（），经过半个周期，该质点仍回到平衡位置，加速度为， C错误；
D．，质点一个周期路程为，半个周期路程一定为
因此总路程 ，D正确。
故选D 。
6. 地球有周期性的潮汐现象，研究表明潮汐力会耗散地球自转能量，缓慢降低地球自转速度，若仅考虑这一影响因素，则多年以后与现在相比，下列说法正确的是（ ）
A. 地球的第一宇宙速度大小不变B. 地球同步卫星的轨道高度减小
C. 地球表面赤道处的重力加速度减小D. 地球表面两极处的重力加速度增大
【答案】A
【解析】
【详解】A．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，根据万有引力提供向心力
可得，其中为引力常量，为地球质量，为地球半径，三者均与地球自转速度无关，因此第一宇宙速度大小不变，A正确；
B．同步卫星的周期等于地球自转周期，地球自转速度减慢则周期增大，根据万有引力提供向心力
整理得，增大则轨道半径增大，轨道高度增大，B错误；
C．赤道处物体的万有引力一部分提供自转向心力，一部分为重力，即
推导得 ，地球自转角速度减小，则增大，C错误；
D．两极处物体无自转向心力，万有引力全部等于重力，即
可得，与自转速度无关，因此两极处重力加速度不变，D错误。
故选A。
7. 如图所示为桥式整流电路简图，变压器、二极管均为理想器材，变压器原线圈输入电压为的交流电，原副线圈匝数比为10∶1，副线圈两端电压为，负载为，下列说法正确的是（ ）
A. 的有效值为
B. 上电流的方向由到
C. 上电流的变化周期为
D. 若增加的阻值，则原线圈的输入功率增大
【答案】B
【解析】
【详解】A．原线圈输入电压 ，因此原线圈电压有效值
根据变压器电压比​​
可得副线圈电压有效值，A错误；
B．根据二极管单向导电性，无论副线圈交流电处于正半周还是负半周，桥式整流后，负载上点电位始终高于点电位，电流方向始终保持，B正确；
C．原交流电的角频率，周期；桥式整流将负半周翻转到正半周，电流变化频率加倍，周期变为原来的​，即上电流周期为，C错误；
D．变压器输入功率等于输出功率，输出功率​​，增大时输出功率减小，因此原线圈输入功率也减小，D错误。
故选 B。
8. 如图所示，平面直角坐标系中，一个半径为、弧长略小于半圆的圆弧形挡板关于轴对称放置，其圆心位于原点。以为上边界、为下边界、圆弧形挡板为右边界，左边界无穷远的区域内有垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ，磁感应强度大小为。其他区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场Ⅱ，磁感应强度大小为。一质量为、电荷量为的带电粒子，从处以某一初速度沿轴正向射出，恰好从处进入磁场Ⅱ，之后与挡板仅发生一次碰撞，碰后速度大小变为原来的、方向与碰前相反，最后经过处回到磁场Ⅰ。不计粒子重力及碰撞时间，整个过程粒子电量保持不变，下列说法正确的是（ ）
A. 粒子初速度的大小为
B. 两个磁场磁感应强度大小关系为
C. 粒子第二次离开磁场I的位置坐标为
D. 粒子从处至处的时间为
【答案】C
【解析】
【详解】A．粒子在磁场Ⅰ中做匀速圆周运动，恰好从处进入磁场Ⅱ，由几何关系可知半径为，根据
可得
解得粒子初速度的大小为，故A错误；
B．如图所示
根据
可得
碰后速度大小变为原来的，可设碰前的半径为，碰后的半径为，根据几何关系可得
可得，
即
可得两个磁场磁感应强度大小关系为，故B错误；
C．如图所示，根据
可得
可得粒子第二次离开磁场I的位置坐标为，故C正确；
D．在磁场中，周期
在磁场中，周期
粒子从处至处的时间为，故D错误。
故选C。
二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对得满分，选对但不全得3分，有错选的得0分。
9. 如图所示，匀强电场中有一直角三角形，、分别为、的中点，匀强电场的电场线平行于平面。从点以速率向所在平面内各方向持续发射电子，电子通过点时的速率为，电子通过点时的速率为。已知电场强度大小为，电子质量为、电荷量大小为，忽略电子的重力及电子之间的相互作用，下列说法正确的是（ ）
A. 匀强电场的方向由指向
B. 电子通过、两点时的速率相等
C. 电子通过点时的速度方向可能沿着方向
D. 电子从到的时间可能为
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．从点到点，有
电子通过点时的速率为，有
可得
根据匀强电场的特点有
可得
可得、两点的电势相等，可得、两点连线为等势线，又
可知，可知匀强电场的方向由点到点。
根据可知电子通过、两点时电场力做功相同，可知末动能相同，可知末速率相同，故A错误，B正确；
C．如图所示
电子水平方向做减速运动，竖直方向做匀速直线运动，则电子水平速度减到零，水平位移不为零，粒子不在点；若初速度方向沿，电子做类平抛运动，也不可能沿着方向；若初速度方向斜向左下，则水平方向做加速运动，也不可能沿着方向，同理斜向上的方向更不可能，故电子通过点时的速度方向不可能沿着方向，故C错误；
D．当电子初速度方向水平向右，电子从到的速度变化量大小为
由速度公式可知
可得运动时间为，故D正确。
故选BD。
10. 如图甲所示，光滑的水平地面上静置一长木板，木板的左端有一个可视为质点的滑块。现给滑块一水平向右的初速度，此后滑块和木板的动能随各自位移变化的图像如图乙所示，最终滑块恰停在木板的右端。下列说法正确的是（ ）
A. 滑块与木板的质量之比为2∶3
B. 木板的长度为
C. 滑块与木板间的滑动摩擦力大小为
D. 滑块的速度减为时，木板的速度为
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．最终两者共速，速度相同，由图得共速时滑块动能
木板动能
因此质量比​，故A正确；
BC．对滑块由动能定理​
代入解得
对木板由动能定理
得，木板长度，故B错误，C正确；
D．系统任意时刻动量守恒，有
代入，解得，故D正确。
故选ACD。
三、非选择题：本题共5小题，共58分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
11. 某同学采用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律。图乙为实验得到的一条点迹清晰的纸带，将第一个点标记为0，之后的点依次标记为1、2、3……，测得部分数据如图乙所示。已知当地重力加速度为，交流电频率为，图中数据、、、、、均为已知量。
（1）该实验________（选填“需要”或“不需要”）测量重物的质量。
（2）打下点“8”至点“18”过程中，若重物机械能守恒，则应满足的关系式为_______（用题中字母表示）。
（3）某次实验，重物重力势能的减少量为，动能的增加量为，由于存在阻力（设阻力大小恒定），会略大于，若相对误差小于，则可认为验证成功。该同学实验操作正确，利用纸带求得重物下落的加速度为，若_____，则可认为验证成功。
【答案】（1）不需要 （2） （3）0.95
【解析】
【小问1详解】
验证机械能守恒时，我们验证的是，等式两边的质量可以约去，因此不需要测量重物的质量。
【小问2详解】
交流电频率为，则打点周期​。根据匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于平均速度
可得：点8的速度 ，点18的速度
点8到点18，重物下落高度为​，机械能守恒满足重力势能减少量等于动能增加量
​整理得 ​
【小问3详解】
设重物下落高度为h，重力势能减少量，根据牛顿第二定律
根据动能定理。代入相对误差公式 ​
整理得
12. 实验室中有一捆铜导线，某同学想要测量其总长度，该同学查得铜的电阻率为，用电阻表测量该捆导线的总电阻约为，现需更加精确测量其阻值进而算出导线长度，现有的实验器材如下：
A.电源E（电动势约为3V，内阻约为）
B.电流表A（量程，内阻约为）
C.电压表V（量程，内阻很大）
D.定值电阻（，允许最大电流1.0A）
E.滑动变阻器（）
F.滑动变阻器（）
G.待测铜导线
H.开关一个，导线若干
（1）该同学剥去一小段待测铜导线的绝缘层，用螺旋测微器测量铜芯直径，测量结果如图甲所示，则读数为______。
（2）该同学根据以上器材设计电路，要求测量时电表的示数超过量程的三分之一，且调节滑动变阻器能使电表读数有明显变化。
（ⅰ）滑动变阻器应选择______（选填“”或“”）；
（ⅱ）请在图乙虚线框内画出设计的实验电路图，并在电路图中标注所用元件对应的符号______。
（3）多次调节滑动变阻器，测出多组电流、电压，作出图像如图丙所示，根据该图像可计算出该捆导线的总电阻为______，进而算出该捆导线的长度为______m。（π取3.14，计算结果均保留三位有效数字）
【答案】（1）1.400
（2） ①. ②. 见解析
（3） ①. 10.0（9.8～10.2） ②. 905（880～920）
【解析】
【小问1详解】
根据螺旋测微器的读数规律，该读数为
【小问2详解】
[1]由于要求能够更加精确测量待测铜导线的阻值，则实验中应使电压与电流数值的测量范围广泛一些，控制电路应采用分压式接法，为了使测量数据的连续性强一些，滑动变阻器选用总阻值小一些的，即滑动变阻器选择；
[2]实验要求测量时电表的示数超过量程的三分之一，即电压表与电流表基本上能够同时达到满偏，若电流表达到满偏，此时待测铜导线两端电压约为
可知，若电压表直接测量待测铜导线两端，则电压表量程太小，需要在待测铜导线上串联定值电阻R，此时铜导线与串联定值电阻两端总电压约为
恰好能够达到实验要求，又由于电压表内阻很大，其分流影响很小，控制电路采用电流表外接法，电压表测量铜导线与串联定值电阻两端总电压，结合上述可知，控制电路采用滑动变阻器分压式，作出电路图，如图所示
【小问3详解】
[1]根据欧姆定律有
结合图丙有
解得
[2]根据电阻定律有
其中
解得
13. 如图所示，容器甲及内部活塞导热性能好；容器乙及内部活塞绝热性能好（视为绝热装置）。甲、乙内部各封闭了一定质量的理想气体。已知大气压强恒为，两活塞质量均为、截面积均为，重力加速度为，不计活塞与容器间的摩擦，环境温度不变。
（1）在甲内活塞上缓慢倒入一定质量的沙粒，活塞最终稳定时，封闭气体体积减为初始的一半，求所倒沙粒的质量；
（2）用乙内电热丝将封闭气体缓慢加热。若活塞锁定，由初始状态，气体温度升高，吸收的热量为。若活塞不锁定，气体由相同的初始状态，温度升高，吸收的热量为，求此过程中活塞移动的距离。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
甲容器导热，环境温度不变，内部气体做等温变化。初始状态对活塞受力平衡
可得封闭气体初始压强
加入沙粒稳定后，对活塞 + 沙粒受力分析
可得​
根据玻意耳定律
由题意得
联立可得
【小问2详解】
理想气体内能仅与温度有关，两种情况温度均升高，因此内能变化相等
活塞锁定时，气体体积不变，气体不做功（）
根据热力学第一定律得
活塞不锁定时，活塞平衡，气体压强保持不变
气体膨胀推动活塞，气体对外做功，外界对气体做功为
根据热力学第一定律
​联立可得
解得
14. 如图所示，间距的平行光滑金属导轨固定在水平面上，其左端接有电动势、内阻的电源。一轻绳跨过轻质定滑轮，将质量、长度、电阻的金属棒与质量的物块相连，滑轮左侧轻绳水平。导轨间有一宽度的矩形区域，分布有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小。初始时通过外力使金属棒静止在磁场外距磁场左边界处，某时刻闭合开关，同时撤去外力，金属棒开始向右运动。整个过程中金属棒始终保持与导轨垂直且接触良好，不计导轨电阻和一切摩擦，重力加速度，求：
（1）撤去外力后，金属棒进入磁场之前，轻绳拉力的大小；
（2）金属棒刚进入磁场时电流的大小；
（3）金属棒离开磁场瞬间速度的大小。
【答案】（1）0.75N
（2）1A （3）0.25m/s
【解析】
【小问1详解】
进入磁场前，金属棒不受安培力，对和整体，由牛顿第二定律
解得加速度
对分析，由牛顿第二定律
解得
【小问2详解】
金属棒进入磁场前做匀加速直线运动，由运动学公式
解得
刚进入磁场时，切割磁感线产生的感应电动势
由右手定则可知，感应电动势方向与电源电动势同向，总电动势
因此电流
【小问3详解】
设金属棒离开磁场时速度为v，从金属棒进入磁场到离开磁场的过程中，对金属棒和物块组成的系统由动量定理有
由已知条件可知
另有
可以将上式简化为
代入数据解得
15. 如图所示，绝缘水平面上有共线的、、、四点，、间距离为，点右侧有水平向左的匀强电场。小物块、分别静止在、两点。的质量为，带电量为，与水平面间的动摩擦因数为；的质量为，带电量为，与水平面间的动摩擦因数为，的左侧连接有处于原长的绝缘轻弹簧。某时刻，一质量为的光滑绝缘小球以一定速度向右运动，与发生弹性正碰，碰后瞬间的速度大小为。此后P向右运动，到点时速度大小为、加速度为0，未与弹簧接触；到点时速度大小为、加速度再次为0，弹簧的弹力大小为，然后将P、Q锁定
（P由点运动至点的过程中，速度方向、加速度方向均未改变）。整个过程中P、Q的电量均保持不变，它们之间的库仑力等效为真空中点电荷间的静电力，静电力常量为，匀强电场的电场强度大小，重力加速度为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：
（1）碰前小球的速度大小；
（2）P由点运动至点的过程中，库仑力对其所做的功；
（3）P由点运动至点的过程中，P、Q总动能的增量以及整个系统因摩擦产生的内能。
【答案】（1）
（2）
（3）① 总动能增量
② 整个系统因摩擦产生的内能
【解析】
【小问1详解】
小球与 P 发生弹性正碰，设碰前小球速度为v，碰后小球速度为，P 的速度为
根据动量守恒
机械能守恒
解得
【小问2详解】
设库仑力做功为， P向右运动，电场力向左，滑动摩擦力向左
对P从A到B用动能定理
解得
【小问3详解】
① 总动能增量
由题可知P运动到B点时所受合力为0，再对Q受力分析可知，Q此时受到的摩擦力
刚好达到最大值，Q开始向左运动
在接下来的P、Q相向运动的过程中，二者组成的系统受到的合外力为0，设P运动到C点时Q的速度为
根据动量守恒定律
解得
故该过程中，P、Q系统的动能变化量为
化简得
② 整个系统因摩擦产生的内能
P在B点时，根据平衡条件
解得
P在C点时，根据平衡条件
解得
该过程中P、Q的位移大小分别为、，，则