物理（河北卷）2026年中考模拟考前最后一卷含答案

这是一份物理（河北卷）2026年中考模拟考前最后一卷含答案，文件包含专题11相交线与平行线的角度计算计算题专项训练数学沪科版新教材七年级下册解析版pdf、专题11相交线与平行线的角度计算计算题专项训练数学沪科版新教材七年级下册试题版pdf等2份试卷配套教学资源，其中试卷共54页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题（本大题共10个小题， 每小题2分，共20分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题意）
1．如图所示，将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起。这一现象证明（ ）
A．分子间有空隙
B．分子间存在吸引力
C．分子间存在排斥力
D．分子处在永不停息的无规则运动中
【答案】B
【详解】将两个表面光滑的铅块相互紧压后粘在一起，说明分子间存在相互作用的吸引力，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
2．下列自然现象形成的过程中需要吸热的是（ ）
A．冰封湖面B．冰雪消融
C．寒冬凝霜D．秋起晨雾
【答案】B
【详解】A．冰封湖面：水由液态变为固态，是凝固现象，凝固过程放热，故A不符合题意；
B．冰雪消融：冰由固态变为液态，是熔化现象，熔化过程需要吸热，故B符合题意；
C．寒冬凝霜：空气中的水蒸气直接变为固态的霜，是凝华现象，凝华过程放热，故C不符合题意；
D．秋起晨雾：空气中的水蒸气遇冷变为液态的小水滴，是液化现象，液化过程放热，故D不符合题意。
故选B。
3．关于家庭电路和安全用电，下列说法或做法正确的是（ ）
A．一个插座上同时使用多个大功率用电器
B．进户线应先接电能表再接总开关
C．正确使用试电笔时没有电流通过人体
D．空气开关和漏电保护器作用相同
【答案】B
【详解】A．在一个插座上同时使用多个大功率用电器，会导致电流过大，易引发火灾，不符合安全常识，故A不符合题意；
B．输电线进户后应先接电能表，测量消耗的电能，再接总开关，故B正确；
C．在正确使用试电笔辨别火线时，试电笔的氖管发光，电流需要经过人体形成回路，所以电流应该很小，故C错误；
D．空气开关和漏电保护器二者作用不同，空气开关是在电路电流过大时断开以保护电路；漏电保护器是在电路中存在漏电，零线与火线的电流不一样时断开以起到保护作用，因此不能相互替代，故D错误。
故选B。
4．2026年央视春晚的戏曲节目《春晖满梨园》中，多个剧种精彩纷呈，使观众们感受到中华优秀传统文化的魅力。下列有关该节目中声现象的说法正确的是（ ）
A．乐曲声是通过空气传播到现场观众耳内的
B．乐曲声在空气中的传播速度是
C．演员通过改变击鼓的力度改变鼓声的音调
D．观众能区分鼓声与锣声是根据声音的响度
【答案】A
【详解】A．声音的传播需要介质，现场的乐曲声是通过空气传播到观众耳中的，故A正确；
B．是真空中的光速，声音在15℃空气中的传播速度约为340m/s，故B错误；
C．改变击鼓力度，改变的是鼓面的振动幅度，振幅影响声音的响度，故C错误；
D．不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同，观众区分鼓声和锣声是根据音色，故D错误。
故选A。
5．古诗“峰多巧障日，江远欲浮天。”前半句描绘了山峰遮挡太阳的景象，如图所示。下列与该景象形成原理相同的是（ ）
A．彩虹横空B．水中倒影C．潭清疑水浅D．立竿见影
【答案】D
【详解】“峰多巧障日”描绘的是山峰遮挡太阳的景象，其原理是光的直线传播。
A．彩虹横空是光的色散现象，属于光的折射，故A不符合题意；
B．水中倒影是平面镜成像，属于光的反射，故B不符合题意；
C．潭清疑水浅是光的折射现象，故C不符合题意；
D．立竿见影是因为光沿直线传播，光被竿子阻挡后在地面形成暗区，故D符合题意。
故选D。
6．有一种便携式按压手电筒，使用时按压手柄，内部的齿轮就会带动磁体转动，使小灯泡发光。下列实验能说明这种手电筒工作原理的是（ ）
A．悬挂的通电螺线管静止时指向南北
B．通电导体棒ab在磁场中运动
C．用小磁针探究通电导线周围的磁场
D．探究产生感应电流的条件
【答案】D
【分析】按压手电筒工作时，按压手柄带动磁体转动，使线圈相对磁体做切割磁感线运动，从而产生感应电流让小灯泡发光，工作原理是电磁感应现象。
【详解】A．该实验说明通电螺线管通电后具有磁性，受地磁场作用指向南北，原理是电流的磁效应，不是电磁感应，故A不符合题意；
B．该实验是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，消耗电能转化为机械能，不是电磁感应，故B不符合题意；
C．该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，属于电流的磁效应，不是电磁感应，故C不符合题意；
D．该实验是探究感应电流产生条件的实验，实验原理为电磁感应，和该手电筒的工作原理一致，故D符合题意。
故选D。
7．如图是一张妙趣横生的照片，让两个离照相机远近不同的物体的像呈现在同一张照片中，不用后期处理，达到一种艺术效果。下列说法正确的是（ ）
A．拍摄该照片时，只有人所成的是实像
B．鞋和人通过镜头分别成放大和缩小的像
C．拍摄该照片时，鞋比人离照相机镜头更远一些
D．若使鞋的像变大一些，可将鞋离镜头更近一些
【答案】D
【详解】照相机镜头是凸透镜，工作时满足物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，成像规律为：物近像远像变大，物远像近像变小；
A．鞋和人都被照相机拍摄，二者都通过凸透镜成实像，故A错误；
B．照相机拍摄物体时，物距始终大于2倍焦距，鞋和人都成缩小的实像，只是鞋离镜头更近，像的大小更大，并非成放大的像，故B错误；
C．像越大说明物体离镜头越近（物距越小），图中鞋的像比人大，说明鞋比人离照相机镜头更近，故C错误；
D．根据“物近像远像变大”的规律，要使鞋的像变大，可以减小物距，让鞋离镜头更近一些，故D正确。
故选D。
8．在足球赛场涉及很多物理知识，下列说法中正确的是（ ）
A．守门员将足球踢出，守门员没有对足球做功
B．足球在空中下落过程中，动能转化为重力势能
C．静止在场地上的足球受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力
D．踢出的足球在场地上慢慢停下来是因为受到了摩擦力的作用
【答案】D
【详解】A．守门员将足球踢出时，对足球有力的作用，且足球在踢力方向移动了距离，守门员对足球做了功，故A错误；
B．足球空中下落时，质量不变，高度降低、速度增大，重力势能减小，动能增大，将重力势能转化为动能，故B错误；
C．足球受到的重力和它对地面的压力方向均向下，方向相同，不是平衡力，故C错误；
D．力是物体运动状态发生改变的原因，踢出的足球在场地上慢慢停下来，运动状态发生改变，是因为受到地面摩擦力的作用，故D正确。
故选D。
9．如图甲、乙所示，两个相同的柱形容器内装有同种的液体，将两个形状和大小相同的不同物体A、B放入容器中，静止时液面刚好相平。下列说法正确的是（ ）
A．A受到的浮力大于B受到的浮力
B．A物体的密度大于B物体的密度
C．两个柱形容器对水平桌面的压强不相等
D．两个容器底部受到的液体的压强相等
【答案】D
【详解】A．根据阿基米德原理，由图可知，相同，所以，故A错误；
B．A、B都漂浮，浮力等于自身重力，即，可得
即，A、B体积相同，由得，故B错误；
C．容器对桌面的压力等于容器、液体、物体的总重力。总液体体积+排开体积=容器中液面以下总体积，因为液面相平，相同。总重力
而，所以
因此两个容器总重力相等，对桌面压力相等；容器底面积S相同，由得，对桌面压强相等，故C错误；
D．液体压强公式为，和深度都相同，因此容器底部受到的液体压强相等，故D正确。
故选D。
10．如图甲为某兴趣小组设计的“超载报警器”原理图，OAB为轻质水平杠杆，O为支点，，控制电路中R为压敏电阻（所受压力与电阻的关系如图乙所示）；变阻器规格为“50Ω 2A”，电磁继电器线圈电阻为5Ω，控制电路的电源电压为6V时，当通过线圈的电流大于0.1A时，电磁继电器的衔铁被吸下，若某路段禁止质量超过40t的车辆通过，则下列说法正确的是（ ）
A．当压敏电阻R受到的压力F增大时，控制电路中电磁铁的磁性减弱
B．控制电路中的阻值应设为35Ω
C．一辆空车重为2.5t的汽车通过时，电磁铁线圈的电流为75mA，则汽车的载重为10t
D．某些主干道抗压能力较好，需调高限载，应适当减小阻值
【答案】B
【分析】先明确杠杆平衡条件，因为已知杠杆的力臂比例和限载质量，所以可通过杠杆平衡条件计算压敏电阻受到的压力；再结合欧姆定律，因为已知控制电路的电源电压、线圈电阻和触发电流，所以可计算控制电路的总电阻，进而确定变阻器的阻值；对于每个选项，若涉及压力与电阻的关系，需结合图乙，因为压敏电阻的电阻随压力变化，所以可通过压力找到对应电阻，再结合欧姆定律分析电流；若涉及调高限载，需分析压力变化对电阻的影响，再结合欧姆定律判断变阻器阻值的调整方向。
【详解】A．由图乙可知，增大时，压敏电阻减小，则控制电路总电阻减小，电流增大，电磁铁磁性增强，故A错误；
B．限载
则限制总重力
杠杆，为支点，，因此，根据杠杆平衡条件，可得压敏电阻受到的压力
由图乙可知，此时；刚好报警时，则总电阻
因此控制电路中的阻值为，故B正确；
C．当电磁铁线圈的电流为时，总电阻为
则压敏电阻
由图乙可知，时，对应，则总重力为
则总质量
空车，因此载重为，故C错误；
D．调高限载，即允许更大，对应更大、更小；要使电流达到时才报警，总电阻不变，减小，则需要增大的阻值，故D错误。
故选B。
二、非选择题（本大题共10小题，共40分）
11．（2分）太阳能属于___________（填“可再生”或“不可再生”）能源；2026年全国两会实况通过电视、网络传遍千家万户，这主要利用了___________来传递信号。
【答案】 可再生 电磁波
【详解】[1]太阳能能持续从自然界获取，属于可再生能源。
[2]电磁波可以在真空中传播，且能够携带信息实现远距离传递，是电视、网络传递信号的主要载体。
12．（2分）中华文化博大精深，很多诗词、谚语中蕴含着科学道理：“船到江心抛锚迟，悬崖未到早勒马”，“早勒马”的根本原因是由于马具有________；“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”，“风卷屋茅”的原因是流体流速大的地方________。
【答案】 惯性 压强小
【详解】[1]马在运动过程中，若突然勒马，马由于惯性会保持原来的运动状态继续向前运动，因此需要提前“早勒马”以避免因惯性导致的危险。
[2]流体压强与流速的关系为，流速越大的地方压强越小，当风吹过屋顶时，屋顶上方空气流速大、压强小，而屋内空气流速小、压强大，形成向上的压力差，将茅草卷走。
13．（2分）如图所示，手摇爆米花机是劳动人民创造的黑科技。将少量玉米放入锅内，封好锅盖，在火炉上不断转动，当锅内达到一定气压后，打开锅盖，玉米花瞬间爆出，锅内气体膨胀对外做功，内能_______（选填“增大”、“减小”或“不变”），此能量转化的过程和四冲程汽油机的_______冲程相似。
【答案】 减小 做功
【详解】当物体对外做功时，内能转化为机械能，自身内能减小，因此锅内气体膨胀对外做功，内能减小。
四冲程汽油机的做功冲程中，缸内燃气膨胀对外做功，能量转化同样是内能转化为机械能，与该过程的能量转化一致。
14．（2分）如图1是一款自带吸管的创意玻璃杯，该玻璃杯_________（选填“属于”或“不属于”）连通器；图2所示是一个创意“预报瓶”，A管与B球的下部连通，内装有红墨水，其中A为上端开口的玻璃管，B为密闭的球。在同一地点，当天气由晴天转为阴天，外界大气压变小时，A管内的液面将_________（选填“上升”、“下降”或“保持不变”）。
【答案】 属于 上升
【详解】上端开口，下端连通的容器叫做连通器，故玻璃杯可以看作是一个连通器；图2中B球密闭，内部气体压强基本不变，外界大气压变小时，玻璃球B内部气体压强大于外界大气压，此时A管液面上升。
15．（2分）小京在劳动实践课上，主动承担了推车运土的工作，如图所示。当他抬起独轮车时，该车相当于________杠杆。小京发现车装载的土越多，推车越费力，说明相同条件下________越大，车轮与地面间的摩擦力越大。
【答案】 省力 压力
【详解】独轮车的支点在车轮的转轴处，当他抬起独轮车时，人施加的动力的动力臂大于阻力臂，因此属于省力杠杆；接触面粗糙程度不变时，装载的土越多，独轮车对地面的压力越大，车轮与地面间的摩擦力越大，因此推车更费力。
16．（5分）根据图1和图2所示实验回答下列问题。
(1)在“探究平面镜成像特点”的实验中：
①实验时，应选图1中______作为平面镜；为了比较像与物的大小关系，应选图1中的B和______两支蜡烛；（两空均填字母）
②实验时蜡烛B所成的像______在光屏上呈现（能或不能）；
(2)在“测量小车运动的平均速度”实验中，当小车自斜面顶端由静止滑下时开始计时，滑至斜面底端时停止计时，如图2所示，此过程中小车的平均速度是______。实验中使用的斜面坡度较小，其目的是______（选填“减小”或“增大”）测量时间。
【答案】(1) E C 不能
(2) 增大
【详解】（1）[1]在“探究平面镜成像特点”的实验中：实验时，应选图1中E作为平面镜，既能成像，又便于确定像的位置。
[2]为了比较像与物的大小关系，要选择完全相同的两个蜡烛，应选图1中的B和C两支蜡烛。
[3]平面镜所成的像为虚像，所以实验时蜡烛B所成的像不能在光屏上呈现。
（2）[1]由图可知，小车运动的路程为
小车运动的时间为
小车运动的平均速度
[2]实验中为了便于测量时间，斜面的坡度要较小，来增大小车在斜面上运动的时间。
17．（6分）小明用如图所示的装置“探究杠杆平衡条件”：
(1)杠杆在如图甲所示的位置静止，此时应把杠杆的平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调，直至杠杆在水平位置平衡；
(2)在水平平衡的杠杆两边挂上钩码后如图乙，能使杠杆重新在水平位置平衡的是________；
A．向左调节平衡螺母B．将右侧钩码向左移动一格
C．增加右侧钩码个数D．将左侧钩码向左移动一格
(3)如图丙是一个加宽的杠杆装置，此时杠杆处于平衡状态，若只将左侧的物体改挂到A点正上方的B点，此时杠杆________（选填“仍能”或“不能”）保持平衡；
(4)如图丁，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡，测力计示数变化情况是________；
(5)人们从地面上搬起重物时，常见的做法是直接弯腰（如图戊）或下蹲弯曲膝盖（如图己）将重物搬起，哪种做法更好呢？将人的脊柱简化为杠杆，如图庚，脊柱可绕骶骨（轴）O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F3作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为12°且保持不变。搬箱子时箱子的拉力F4作用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子，用测力计沿F3方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小。接着，改变脊柱与水平面的夹角即改变杠杆与水平面的夹角α，经多次实验可得出结论：
①当α角减小时，F3________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
②由以上分析可得，________（选填“戊”或“己”）图中的姿势更好。
【答案】(1)左
(2)D
(3)仍能
(4)先变小后变大
(5) 变大 己
【详解】（1）由图甲可知，杠杆不在水平位置，右端向下倾斜，左端上翘，所以应向左调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）由图乙可知，杠杆右端向下倾斜，左端上翘，说明左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积。
A．实验过程中不能调节平衡螺母，故A不符合题意；
B．将右侧钩码向左移动一格，右侧力臂减小，右侧力与力臂的乘积减小，根据杠杆平衡条件，此时左侧力与力臂的乘积仍小于右侧力与力臂的乘积，因此杠杆不会平衡，故B不符合题意；
C．增加右侧钩码个数，右侧力臂不变，力变大，此时左侧力与力臂的乘积比右侧力与力臂的乘积更小，因此杠杆不会平衡，故C不符合题意；
D．将左侧钩码向左移动一格，左侧力不变，力臂变大，则左侧力与力臂的乘积变大，根据杠杆平衡条件，此时左侧力与力臂的乘积等于右侧力与力臂的乘积，因此杠杆会平衡，故D符合题意。
故选D。
（3）将左侧的物体改挂到A点正上方的B点，此时左侧力臂仍为OA，力和力臂的乘积不变，右侧力和力臂的乘积也不变，所以杠杆仍平衡。
（4）当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，拉力的力臂先变大后变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，拉力先变小后变大。
（5）[1]由图可知，当α角减小时，阻力臂L4变大，阻力为箱子的拉力F4等于箱子的重力不变，由于拉力F3的方向与脊柱夹角始终为12°，且OA距离不变，则O点到作用线F3的距离不变，即动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，F3变大。
[2]比较戊、己两种姿势可知：戊的支点太高，在搬起物体时，阻力臂减小得慢，则腰背部复杂肌肉的等效拉力要长时间使用较大的力，所以戊姿势不正确，己姿势比较正确。
18．（7分）小敏在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡和额定电流为的小灯泡进行实验。
(1)图甲是小敏同学在测量小灯泡的额定功率时连接的实物电路。
①图甲中有一根导线连接错误，请在这根线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法___________。
②改正电路连接后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至___________端以保护电路（选填“A”或“B”）；
③闭合开关后发现灯泡不亮，电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，故障原因可能是___________；
A．灯泡短路 B．灯泡断路 C．滑动变阻器短路 D．滑动变阻器断路
④实验中，观察到小灯泡的电压为2.0V时，为了测量其额定功率，滑动变阻器的滑片应向___________（选填“A”或“B”）端移动。若通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图乙所示，可知小灯泡的额定功率为___________W。
⑤实验中滑动变阻器有三种规格，分别为“ 1A”、“ 0.2A”、“ 0.5A”应选用___________（选填“”、“”或“”）。
(2)小宇同学还设计了如图丙所示的电路，测出了灯泡的额定功率。已知：滑动变阻器的最大阻值均为。
①只闭合开关S、，移动的滑片，使电流表示数为。
②断开开关，并保持滑片的位置不变，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为。
③保持滑片的位置不变，再将的滑片调至最左端，记下电流表的示数；最后将的滑片调至最右端，记下电流表的示数。
④写出灯泡额定功率的表达式：___________。（用、、、表示）
【答案】(1) B 小灯泡断路 A 0.625 RC
(2)
【详解】（1）根据实验，电路是串联的，电压表测灯泡两端电压，原电路电压表未并联在灯泡两端，由实物图可知，应将灯泡左接线柱与电流表正极相连的线改接到与开关右接线柱相连。
闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处，即B端。
电流表示数为0说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表能连通电源两极，因此故障是小灯泡断路，故选B。
灯泡实际电压2V小于额定电压2.5V，要增大灯泡电压，由串联电压规律，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压原理，需要减小滑动变阻器接入电路中的阻值，因此滑片向A端移动。
由图乙可知，额定电压2.5V对应的电流是0.25A，因此额定功率
灯泡正常发光时，滑动变阻器分压为
电路电流为0.25A，滑动变阻器需要的电阻
电阻不足14Ω，额定电流0.2A小于工作电流0.25A，因此选。
（2）利用等效替代法：两次电流都为时，滑动变阻器接入的电阻等于L2正常发光的电阻。滑片调至最左端，接入电阻为0，得电源电压①
滑片调至最右端，接入最大电阻，得电源电压②
联立①②解得，因此L2额定功率
19．（6分）在精密机械厂的水平检测台上，放置着质量均匀的甲、乙两个实心配重块。甲为长方体，边长分别为 0.5m、0.5m、0.2m，密度为。乙为边长未知的正方体。（g取10N/kg，水的密度为 ），请你解决以下问题：
(1)求甲配重块的质量；
(2)在加工过程中，配重块需经过冷却液槽冷却。若将甲配重块完全浸没在水中冷却，求它受到的浮力；
(3)工程师为了检测底座的承重灵敏度，现沿水平或竖直方向将甲、乙各切去的体积，并将切去的部分叠放在对方剩余部分的上方。监测数据显示：甲对检测台的压强恰好不变，而乙对检测台的压强增加了8000Pa， 请计算乙配重块的密度。
【答案】(1)200kg
(2)500N
(3)
【分析】（1）利用m=求甲配重块的质量。
（2）利用阿基米德原理求出配重块所受的浮力。
（3）根据题意“甲对检测台的压强恰好不变，而乙对检测台的压强增加了8000Pa”明确甲、乙的切割方式，并由压强公式计算乙的边长是解题的关键。
【详解】（1）由题意可知，长方体的体积
甲配重块的质量为
（2）甲完全浸没时，排开水的体积
根据阿基米德原理可知，甲配重块完全浸没时受到的浮力为
（3）交换叠放后甲压强不变，说明甲是水平切（切后接触面积S甲不变）；甲总压力
原压力，由，压强、面积都不变，则压力不变，
得
乙压强增加，说明乙是竖直切（切后接触面积变为原来的一半）。设乙边长为��，则切后接触面积
乙原压强
切后总压力（因）
切后压强
压强变化
代入得，
即，乙的体积
由
可得，乙的密度为
20．（6分）如图所示电路，电源电压恒为14V，灯泡L规格为“10V 5W”，且灯丝电阻不随温度变化。滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，电流表的量程为“0~3A”，电压表的量程为“0~15V”。闭合开关，将滑片移至某位置，小灯泡正常发光。求：
(1)灯泡正常工作时通过的电流；
(2)电路消耗的最小功率；
(3)现将定值电阻R0替换灯泡L，不改变电表量程，闭合开关，在确保电路安全的情况下移动滑片P，发现电压表示数的最大值与最小值的差值为4V，求R0的可能阻值。
【答案】(1)0.5A
(2)4.9W
(3)50Ω或8Ω
【详解】（1）由图可知，灯泡和变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流，灯泡正常工作时通过的电流。
（2）灯泡的电阻，当滑动变阻器R的阻值为最大20Ω时，电路的总电阻最大，由可知电路消耗的功率最小，电路消耗的最小功率。
（3）将定值电阻R0替换灯泡L，则定值电阻R0和变阻器R串联。
①在确保电路安全的情况下，变阻器连入电路阻值为0Ω时，电压表的最大示数为14V，电压表示数的最大值与最小值的差值为4V，电压表的最小示数为UV小=14V-4V=10V，由串联电路电压 的规律可知变阻器两端的电压最大，由串联分压可知此时变阻器接入电路的阻值最大为20Ω，此时电路中的电流，R0的阻值为。
②由电流表量程和变阻器规格可知电路中的最大电流I大=1A，由U=IR可知此时电压表的示数也最大，此时电压表示数的最大值为U'V大=1A×R0，当滑动变阻器接入阻值最大20Ω时，由串联分压可知，变阻器两端的电压最大，由串联电路电压的规律可知电压表示数最小，电压表的示数，电压表示数的最大值与最小值的差值为4V，所以，解得R0=8Ω或R0=-10Ω（舍去）。
综上可知，R0的可能阻值为50Ω或8Ω。