2026届河北省衡水市中考物理考前最后一卷（含答案解析）

这是一份2026届河北省衡水市中考物理考前最后一卷（含答案解析），共9页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁，下列描述中，与物理学史不符的是等内容，欢迎下载使用。
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．
1．在国际单位制中，质量的单位是
A．牛顿B．千克C．帕斯卡D．焦耳
2．如图是安装在潜水器上深度表的电路简图，其中，显示器由电流表改装，压力传感器的电阻随所受压力的增大而减小，电源电压不变，R0是定值电阻。在潜水器下潜过程中，电路中有关物理量的变化情况是
A．显示器的示数变小
B．R0两端的电压变大
C．传感器的电阻变大
D．电路的总功率变小
3．下列关于磁场和磁感线的说法中正确的有
①磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针感知它的存在
②磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线
③磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针N极决定的
④地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近的
A．①④B．②③C．①②D．②④
4． “珍爱生命、注意安全”是我们日常生活中必须具有的意识，下列相关说法正确的是
A．严禁攀爬输电铁塔
B．电路中的保险丝熔断时，可用铜丝代替
C．只要人和大地良好绝缘就一定不会触电
D．户外露营时，如遇雷雨天气，可在大树下避雨
5．如图所示的四种现象，其物态变化相同的是
A．①③B．①④C．②③D．②④
6．关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确是（ ）
A．温度高的物体，内能一定大
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．物体吸收了热量，温度一定升高
D．物体温度升高，内能一定增大
7．某档案馆的保密室进出门有下列要求：甲、乙两资料员必须同时用各自的钥匙（S甲、S乙分别表示甲、乙两资料员的钥匙）使灯亮才能进入保密室；而馆长只要用自己的钥匙（S馆长表示馆长的钥匙）使灯亮就可以进入保密室。下列电路中符合上述要求的是
A． B．
C．D．
8．下列描述中，与物理学史不符的是
A．伽利略通过对“斜面小车实验”的分析，认识到“阻力越小，小车速度减小得越慢”
B．格里克通过马德堡半球实验精确地测出了大气压强的值
C．焦耳最先精确地确定了电热与电流、电阻和通电时间的关系
D．奥斯特最早发现电流周围存在磁场，从而揭示了“电与磁的联系”
9．如图所示，下列有关电与磁的应用装置中，属于应用电磁感应原理工作的是
A．电动机
B．动圈式话筒（麦克风）
C．动圈式扬声器
D．电铃
10．如图所示，小华站在地铁玻璃安全门外候车．地铁到站后，玻璃门向两侧打开，小华在左右两侧玻璃门中成像的情况分析正确的是
A．都成完整的像，两个像的间距等于两玻璃门的间距
B．在两侧玻璃门所成的像越来越小
C．都成完整的像，两个像的位置重合
D．各成半个像，合起来成一个完整的像
二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）
11．如题图是某实验小组“测量小车平均速度”的情形，如图所示，小车从位置A开始沿直线运动到位置B，所用的时间为2s，则小车从A到B通过的总路程为_____cm，这段时间内小车运动的平均速度是____m/s．
12．各种形式的能在一定的条件下可以相互转化，如图已给出了两个实例，请你补充其余两个．
①______；②______．
13．篮球运动员用力将篮球投出，表明力可以改变物体的_____；篮球在空中运动时惯性_____（选填“变大”、“不变”或“变小”）；以地面为参照物，篮球是_____的（选填“运动”或“静止”）。
14．“青岛号”导弹驱逐舰满载时的排水量是4 800 t，表示它浮在海面上，排开的海水质量是4 800 t，此时舰所受的浮力是_______N．当舰从海洋驶入长江时，所受浮力_______(选填“变大”“变小”或“不变”)．(ρ海水>ρ江水，g=10 N/kg)
15．发电机的工作原理______．能说明直流电动机工作原理的是图中的______图．
16．如图所示，小明将篮球向篮框抛出，说明力可以改变物体的 ；球离手后，由于 继续向上运动；球在上升到最高点的过程中，动能转化为 能．
17．物理学中把_____称为压强，它是表示_____的物理量，人站立时对地面的压强约为1.5×_____ pa，表示的物理意义是_____．如图所示的长方体放在水平地面上，若将如图中的阴影部分截去后，则剩余部分对地面的压强将_____；若物体A在水平推力F的作用下如图所示从甲图位置匀速运动到乙图位置，此过程中，物体A对桌面的压力_____，物体A对桌面的压强将_____．（均选填“变大”、“不变”或“变小”）
三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）
18．在如图中的Ο里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。
（______）
19．如图所示，杠杆在力F1作用下处于平衡状态，l1为F1的力臂. 请在图中作出物体受到的重力、阻力臂L2、动力F1
（_____）
20．小明家有一电热毯，铭牌上标有“221V，**W”的字样，其中额定功率值不清，41W～61W之间。现在实验室有下列实验器材：
蓄电池（电压为6V），开关一个，导线若干。另外，还有可供选择的以下器材：
A．电流表A（量程：1～1．6 A，1～3 A） B．电压表V1（量程：1～3 V，1～15 V）
C．电压表V2（量程：1～3 V，1～15 V） D．定值电阻R1（阻值：21 Ω）
E．定值电阻R2（阻值：511 Ω） F．滑动变阻器（阻值：1～11 Ω）
G．滑动变阻器（阻值：1～1 kΩ）。
请你帮助小明测量出电热毯的额定功率值。
（1）小明首先复习用伏安法测电功率的电路，请你帮助小明用笔画线代替导线，连接如图的实物图；
（_______）
（2）为进行较准确的测量，选择的实验器材是 _________ （填写器材前面字母序号）；请画出设计的实验电路图。
（______）
（3）写出主要实验步骤和需测量的物理量________；
（4）写出电热毯的额定功率P额的数学表达式（用已知量和测量量的字母表示）_________
21．小华做“测定小灯泡电功率”实验，所用器材如下：电源(电压保持不变)、电流表、电压表(0~15 伏量程损坏)、滑动变阻器“50Ω 2A”、待测小灯(标有“0.2A”字样)、电键 S 以及导线若干。小华正确连接实验器材，实验操作正确。闭合电键发现电流示数为 1V，电流表示数为 0.1A。闭合电键后，移动变阻器的滑片，发现无法完整地完成这个实验。小华在分析、思考后，将电压表并联在合适的电路两端，且实验步骤正确，将数据记录在一张表格中。
①测定小灯泡电功率的实验原理是： _________。
② 判断小灯泡正常发光的方法是： __________。
③ 求：小灯泡的额定功率。(请写出计算过程)___________
22．小明用如图甲所示装置探究两种液体的吸热能力，两烧瓶中的电阻丝相同。实验中，必须取________（选填“体积”或“质量”）相等的A、B两种液体。根据实验测得的数据描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象如图乙所示，分析图乙可知__________（选填“A”或“B”）的吸热能力更强。若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4×103J/（kg•℃），则B的比热容为__________J/（kg•℃）。
四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．（广西来宾市1015年中考物理试卷）如图所示为一种蓄水箱的人工放水装置，AOB是以O点为转轴的轻质杠杆，AO呈水平状态，A、O两点间的距离为40cm．B、O两点间的水平距离为10cm，竖直距离为7cm，K是一轻质、横截面积为100cm1的盖板（恰好堵住出水口），它通过细绳与杠杆的A端相连，在水箱右侧水平地面上，重为600N的人通过滑轮组拉动系在B点呈竖直状态的绳子，可以控制出水口上盖板，若水箱水深为50cm，当盖板恰好要被拉起时，水平地面对人的支持力为490N，人对绳子的拉力为F1，绳子对B点的拉力为F1，滑轮组的机械效率为η，盖板的厚度、绳重与滑轮间的摩擦均可忽略不计，人对绳的拉力与人所受重力在同一直线上（g取10N/kg）求：
（1）水箱中水深为50cm时．盖板上表面所受水的压强和压力．
（1）人对绳子的拉力F1和绳子对B点的拉力F1．
（3）滑轮组的机械效率η．
（4）若与杠杆A、B两端选接的细绳足够结实，当水位至少达到多高时，人将无法拉起盖板．
24．如图所示，提篮及物体总重为1140N，其中物体重为1020N，提篮与水平地面的接触面积为1. 5m2，工人师傅用600N的力匀速提升物体，物体上升的速度为0. 2m/s．（不计绳重及摩擦）
（1）工人师傅拉绳的功率；
（2）滑轮组提升重物的机械效率；
（3）体重为450N的小明站在提篮内利用此滑轮组提升该重物，但物体没有被提动，求提篮对地面的最小压强．
参考答案
一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．
1、B
【解析】
在物理学中，
A．牛顿是力的单位。故A不符合题意；
B．千克是质量的单位。故B符合题意；
C．帕斯卡是压强的单位。故C不符合题意；
D．焦耳是功和各种能量的单位。故D不符合题意。
2、B
【解析】
由电路图知道，两电阻串联，电流表显示器串联在电路中，根据题意知道，在潜水器下潜过程中，由p=ρgh知道，压力传感器受到的压力增大、其电阻减小，电路中的总电阻减小，由欧姆定律知道，电路中的电流增大，即通过显示器的示数增大，故A错误；
由U=IR知道， R0 两端的电压增大，故B正确；
由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，传感器两端的电压减小，故C错误；
因为电源电压不变，由P=UI知道，电路总功率增大，故D错误
3、A
【解析】
①磁场看不见摸不着，但磁场对放入其中的磁体有力的作用，所以可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的转换法，故①正确；
②磁感线是不存在的，是为了研究方便而假象的一些有方向的曲线，故②错误；
③磁场中某点的磁场方向是一定的，并不是由放在该点的小磁针N极决定的，故③错误；
④地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近，所以地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近，故④正确。
4、A
【解析】
A．输电铁塔输送的是高压电甚至是超高压电，盲目攀爬可能引起触电，故A正确；
B．家庭电路中的保险丝不可以用铜丝代替，因为当电流过大时，铜丝不能及时熔断切断电路，不能起保护作用，故B错误；
C．一般情况下，人和大地良好绝缘，不会触电，但是良好的绝缘体在电压大到一定程度时就会变成导体，此时就会发生触电事故，故C错误；
D．雷容易击中地面上尖端的突起物体，所以雷雨天不可在大树下避雨，故D错误．
5、B
【解析】
①草叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴；
②窗户上的冰花是空气中温度较高的水蒸气在玻璃上遇冷凝华形成的冰晶；
③河水结冰，由液态变为固态，是凝固过程；
④“白气”是口中呼出气流中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴。
故B正确。
6、D
【解析】
A．温度是影响内能大小的一个因素，但不是唯一因素，所以温度高的物体内能不一定大．故A不正确；
B．改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，且二者是等效的，所以物体温度升高不一定是吸收了热量．故B不正确；
C．物体吸收热量内能增加，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变．故C不正确；
D．物体温度升高，分子运动加剧，分子动能增加，分子动能和分子势能总和为物体内能．故D正确．
7、C
【解析】
甲、乙两资料员必须同时用各自的钥匙才能使灯亮就进入保密室,说明S甲和S乙串联后连入电路。而馆长只要用自己的钥匙使灯亮就可以进入保密室，说明S馆长直接连入电路。故C符合题意。
8、B
【解析】
A. 伽利略根据理想斜面实验，认识到“阻力越小，小车速度减小得越慢”，提出力不是维持物体运动的原因，故正确；
B. 托里拆利利用玻璃管和水银第一个测出大气压强的值，故错误，与物理学史不符；
C. 焦耳最先精确确定电热与电流、电阻、通电时间的关系，即焦耳定律，故正确；
D. 奥斯特最早发现电流的周围存在磁场，揭示了电流的磁效应，故正确。
9、B
【解析】
A．电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误；
B．动圈式话筒是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应现象原理，故B正确；
C．扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力原理，故C错误．
D．电铃的主要构造是电磁铁，电磁铁是利用电流的磁效应原理，故D错误；
10、C
【解析】
根据平面镜成像的特点可知，像与物到镜面的距离相等，像与物的连线与镜面垂直，像与物大小相同，在安全门向两侧打开后，人到镜面的距离不变，所以像的位置不变，在两个平面镜中都能成完整的像，且两个像的位置与原来像的位置重合，故C正确，ABD错误．
二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）
11、80.00.4
【解析】
如图刻度尺分度值为1mm，小车从A到B通过的总路程为80.00cm；这段时间内小车运动的平均速度是：
12、发电机；热机．
【解析】
将机械能转化为电能的设备是发电机，将线圈转动起来，要消耗机械能，得到了电能；而电动机是通电后会转动，将电能转化为机械能；热机包括(蒸汽机、汽油机、柴油机等)，在工作过程中是将内能转化为机械能的．
13、运动状态 不变 运动
【解析】
篮球运动员用力将篮球投出，球的运动方向和速度都发生了变化，也就是改变了球的运动状态；篮球在空中运动时，质量不变，惯性不变。以地面为参照物，篮球和地面发生位置的变化，即篮球是运动的。
14、4.8×107 不变
【解析】
试题分析：驱逐舰排开水的质量：m排=4800t=4.8×106kg，
驱逐舰受到的浮力：F浮=m排g=4.8×106kg×10N/kg=4.8×107N，
驱逐舰在海洋中行驶时，处于漂浮状态，浮力等于重力；驱逐舰在长江中行驶时，处于漂浮状态，浮力等于重力，所以驱逐舰从海洋驶入长江时，所受的浮力不变．
故答案为 4.8×107，不变．
15、电磁感应 乙
【解析】
据课本知识可知，发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；甲图中没有电源，即线圈做切割磁感线运动会产生电流，即发电机原理；乙中有电源，即通电后磁场中的线圈会受力运动，所以乙是直流电动机的工作原理图．
16、运动状态 惯性 重力势能
【解析】
小明用力，篮球从静止变为运动说明力改变了它的运动状态．球离开受之后受竖直向下的重力作用，而继续保持原来的运动方向向上运动，这种性质叫做惯性．上升过程中，速度变小动能变小，而高度增加重力势能增加，属于动能转化为重力势能．
17、单位面积上所受的压力 压力的作用效果 104 地面每平方米面积上受到人的压力为1.5×104N 变小 不变 变小
【解析】
物理学中把单位面积上所受的压力称为压强，它是表示压力的作用效果的物理量；
初中生的体重大约是500N，双脚的面积大约是500cm2＝5×10﹣2m2；
则人双脚站立时对地面的压强大约是：p＝＝＝1×104Pa，因此，该空的数量级为104；
1.5×104Pa表示的物理含义是：地面每平方米面积上受到人的压力为1.5×104N．
将图中的阴影部分截去后，则剩余部分对地面的压力减小一半，与地面的接触面积减小不到一半，
也就是说接触面积减小的程度比压力减小的程度小，
由公式p＝可知，剩余部分对地面的压强将减小；
若物体A在水平推力F的作用下如图所示从甲图位置匀速运动到乙图位置，
物体在水平桌面上，对桌面的压力等于其重力，重力不变，故压力不变．
由p＝知，压力不变，受力面积在增大，所以压强变小．
三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）
18、
【解析】
在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联；电压表相当于断路，与用电器并联；由电路图可知，左面的圈与电源并联，一定是电压表；中间的圈与前面的电阻串联，一定是电流表；右面的圈与电阻并联，一定是电压表。答案如图所示：
19、略
【解析】
试题分析：由图示可知，F2 与杠杆垂直，故连接支点O与F2 的作用点即为力臂L2，过L1的上端作L1的垂线，交杠杆于一点，即为F1 的作用点，F1 的方向向上，如上图所示．
考点：力和力臂的画法
20、见解析 BCEG 见解析 P额=
【解析】
根据题中“现在实验室有下列实验器材，……请你帮助小明测量出电热毯的额定功率值。”可知，本题考查特殊方法测电功率。需要通过大体计算电热毯的电阻，排除伏安法，利用串联电路的分压关系求解。根据完成实验测量。
【详解】
（1）根据伏安法测电功率的原理P=UI，要测量定值电阻的电功率，应将电压表并联在被测电阻两端，电流表串联在电路中，滑动变阻器采用“一上一下”方式接入电路，连图如下：
（2）由铭牌上标有“221V，**W”的字样，其中额定功率值不清，在41W～61W之间，根据可计算出电热毯的电阻在1211Ω左右，所以把电热丝接在6V的电源上，电路中的电流很小，测量误差会很大，不能用伏安法测电阻。为进行较准确的测量，可以将滑动变阻器和电热毯串联，用两个电压表分别测量其电压，根据串联电路的分压关系求解，这样选择器材有：B、C、E、G；
实验电路图如下：
（3）实验步骤和需测量的物理量：
①按照电路图连好电路，将滑动变阻器滑片调到阻值最大处。
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表V1的示数接近满偏，记下电压表V1的示数Ux和电压表V2的示数U1。
（4）测出定值电阻的分压U1和电热毯的分压Ux，
因为，
故，
则电热毯的额定功率P额的数学表达式。
21、P=UI 通过灯的电流为0.2A时，灯正常发光 见解析
【解析】
①测定小灯泡电功率的实验原理是：P=UI；
②由于待测灯泡标有0.2A字样，表示灯的额定电流为0.2A，所以，当通过灯的电流为0.2A时，灯正常发光；
③正确串联实验器材，当电路中的电流变大时，说明灯的电压变大，由串联电路电压的规律知道，变阻器的电压变小，分析表中数据知道，电压表应并联在变阻器的两端；闭合电键S前，变阻器连入电路中的电阻最大，观察到此时电流表、电压表的示数为0.1安、1.0伏，由欧姆定律，变阻器的电压是：U滑 =IR滑大 =0.1A×50Ω=5V，由串联电路电压的规律知道，电源电压是：U=5V+1V=6V，根据第2次操作数据，由串联电路电压的规律知道，灯的额定电压是：UL =U-U1 =6V-2.5V=3.5V，根据串联电路电流的规律，灯的额定功率：PL =UL IL =3.5V×0.20A=0.70W。
22、质量 A 1.2×103
【解析】
根据c=可知实验中应该控制不同物质的质量相同，所以必须取质量相等的A. B两种液体；根据如图乙,A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象可知,加热相同的时间即吸收相同的热量,A升温：30℃−10℃=20℃,B升温：50℃−10℃=40℃,可知 A的吸热能力更强;若加热过程中无热量损失,已知A的比热容为2.4×103J/(kg⋅℃),B升温是A升温的2倍,根据c=，在吸热热量Q与质量m相同的条件下，比热容与升高的温度成反比，则B的比热容为：×2.4×103J/(kg⋅℃)=1.2×103J/(kg⋅℃)。
四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23、（1）5×103Pa， 50N；（1）110N， 100N；（3）90.9%；（4）1.95m
【解析】
试题分析：（1）水深h=50cm时，盖板上表面所受水的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=
5×103Pa，由p=F/S得盖板上表面所受水的压力：F=pS=5×103Pa×100×10﹣4m1=50N；
（1）B、O两点间的水平距离为10cm，根据杠杆的平衡条件：FALA=F1LB，即：50N×40cm=F1×10cm，
所以F1=100N；当盖板恰好要被拉起时，水平地面对人的支持力为490N，所以
F1=G人﹣F支=600N﹣490N=110N；
（3）B点下降，A点上升，如图所示：根据三角形相似可知hA：hB=4：1，所以hA=18cm，由图滑轮组通过起滑轮绳子的段数n=1，绳重与滑轮间的摩擦均不计，滑轮组的机械效率：η=W有/W总×100%= FAhA/1 F1hB×100%=50N×18cm/（1×110N×7cm）×100%≈90.9%；
（4）根据F1=（F1+G动），G动=1F1﹣F1=1×110N﹣100N=10N，人对绳子拉力最大等于人的重力，即绳子自由端拉力最大：F1′=G人=600N，此时对B点的拉力：F1′=1F1′﹣G动=1×600N﹣10N=1180N，
根据杠杆的平衡条件：FA′×LA=F1′LB，即：FA′×40cm=1180N×10cm，解得FA′=195N，水对盖板压力F′=p′S=ρ水gh′S，且FA′=F′，所以h′= FA′/ρ水g="195N" /1.0×103kg/m3×10N/kg =1.95m．
【考点定位】力学综合计算；滑轮组绳子拉力的计算；液体的压强的计算；滑轮（组）的机械效率
24、（1）240W（2）85%（3）200Pa
【解析】
（1）由图知道，有2段绳子拉物体，所以s=2h，拉力端移动的速度是：v拉=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，
所以，工人师傅拉绳的功率是： = 600N×0.4m/s=240W；
（2）滑轮组的机械效率是： =85%；
（3）根据题意，不计摩擦及绳重时，F=（G+G动 ），
所以，动滑轮重是：G动=2F-G=2×600N-1140N=60N，
体重为450N的小明站在提篮内利用此滑轮组提升该重物时，小明拉绳子时的最大拉力等于其重力，F最大=G人=450N，则对提篮的拉力是：F拉=3 F最大=3×450N=1350N，
故体对地面的最小压力是：F压=G小明+G+G动-F拉 =450N+1140N+60N-1350N=300N，
由于提篮与水平地面的接触面积是：s=1. 5m2，
物体对地面的最小压强是： =200Pa．
物理量
电压(伏)
电流(安)
1
3.0
0.16
2
2.5
0.20
3
2.0
0.24