内蒙古巴彦淖尔市第一中学2025-2026学年高一下学期开学考试物理试题含答案

这是一份内蒙古巴彦淖尔市第一中学2025-2026学年高一下学期开学考试物理试题含答案，共12页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2025-2026 学年第二学期高一年级开学考试物理试卷
考试时间：75 分钟 考试分值：100 分 测试范围：必修一
一、单选题（本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分）
1 ．如图所示，甲、乙两车在水平路面上向右行驶，甲车前轮是驱动轮，乙车后轮是驱动轮，关于两车运动过程中所受摩擦力情况分析正确的是( )
A ．甲车前轮和乙车后轮所受地面摩擦力方向都向右
B ．甲车前轮和乙车前轮所受地面摩擦力方向都向右
C ．甲车前轮和后轮所受地面摩擦力方向都向右
D ．乙车前轮受地面摩擦力方向向右，乙车后轮所受地面摩擦力方向向左
2 ．有一劲度系数为 k 的轻质弹簧，若当它上端固定，下端悬挂重为 G 的物体时，其长度为
L，则当它下端固定在水平地面上，上端放同一物体时，其长度为（弹簧始终在弹性限度内） ( )
A ．L - B ．L - C ． D ．Gk
3 ．图 1 是手搓水火箭发射试验。图 2 是其设计图，图 3 是水火箭竖直向上发射后的速度随时间变化的图像（不考虑空气阻力，t1 时刻水火箭中的水恰好喷完，重力加速度大小为 g）。下列说法正确的是( )
A ．火箭向下喷水的过程中，水对火箭的作用力大于火箭对水的作用力
B ．由图 3 可知，t1 时刻水火箭到达最高点
C ．由图 3 可知，t2 时刻水火箭加速度大小为 g
D ．由图 3 可知，t3 时刻水火箭落回地面
4 ．如图所示，甲、乙两个光滑小球静置在水平地面上，甲球与乙球以及竖直墙面均接触。
甲、乙两球所受力的个数分别为( )
A ．2 ，2 B ．2 ，3 C ．3 ，2 D ．3 ，3
5 ．如图，一只秋沙鸭落在树枝上休息，可视为静止。下列说法正确的是( )
A ．树枝对秋沙鸭的作用力方向竖直向上
B ．树枝对秋沙鸭的支持力是由秋沙鸭的脚发生形变产生的
C ．秋沙鸭对树枝的压力与树枝对秋沙鸭的支持力是一对平衡力
D ．树枝发生了弯曲，是因为秋沙鸭对树枝的压力大于树枝对秋沙鸭的支持力
6 ．周末，小红一家驾车前往郊外露营，以下涉及到的物理量全部为矢量的一组是( )
A ．汽车行驶的路程、平均速度、油箱内剩余汽油质量
B ．露营地的海拔高度、白天最高气温、帐篷受到的重力
C ．从家到露营地的位移、汽车发动机的牵引力、汽车途经某地时的速度
D ．随身背包的体积、喝掉的矿泉水质量、步行登山时的速度
7 ．如图所示，轻质不可伸长的细绳，绕过光滑定滑轮C ，与质量为m 的物体A 连接，A 放在倾角为θ 的光滑固定斜面上，绳的另一端和套在固定竖直杆上的物体B 连接。现B 、C 间细绳恰沿水平方向，从当前位置开始，B 在外力作用下以速度v0 匀速下滑。设绳子的张力为T ，在此后的运动过程中，下列说法正确的是( )
A ．物体 A 做匀加速运动
B ．物体 A 做匀速运动
C ．T 可能小于mg sinθ
D ．T 一定大于mg sinθ
二、多选题（本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分）
8 ．如图所示，将一物块分成相等的A 、B 两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，整个装置静止，则
A ．绳子上拉力可能为零
B ．地面受的压力可能为零
C ．地面与物体间可能存在摩擦力
D ．A 、B 之间可能存在摩擦力
9 ．某一平直的公路上甲、乙两辆小车分别在各自的平行车道上匀速行驶，甲在乙的前方。突然甲车发现前方出现事故，立马踩下刹车，记此刻为t = 0 时刻，2s 后乙车也开始刹车，两车的速度-时间图像如图所示。下列说法正确的是( )
A ．甲车的加速度大小为 1m/s2
B ．在t = 8s 时甲乙一定相遇
C ．如果t = 0 时甲乙相距 15.5m，则甲乙在 t = 3s 时相遇
D ．如果t = 0 时甲乙间的距离小于 28m，则甲乙在此过程中一定会相遇
10．图甲为一种常见的 3D 打印机的实物图，打印喷头做 x 轴、y 轴和 z 轴方向的运动，t = 0时，打印喷头从打印平台的中心开始运动，在 x 轴方向的位移-时间图像和y 轴方向的速度-
时间图像如图乙、丙所示，下列说法正确的是( )
A ．0.5s 末喷头的速度大小为0.25m / s
B ．喷头运动轨迹可能是图丁中的轨迹 P
C ．1.0s 末喷头速度方向与 x 轴正方向的夹角为53
D ．1.0s 末喷头离打印平台中心的距离为 m
三、实验题（共 16 分）
11 ．如图所示是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带，（实验中打点计时器所接低压交流电源的频率为 50Hz）相邻两计数点间有 4 个计时点未画出，依照打点的先 后顺序依次编号为 1 、2 、3 、4 、5 、6 、7 都为记数点．测得：s1=1.40cm ，s 2=1.91cm ， s
3=2.38cm ，s 4=2.92cm ，s 5=3.41cm ，s6=3.89cm ．（计算结果均保留三位有效数字）
（1）实验过程中应___________．
A.先接通电源再释放纸带
B.先释放纸带再接通电源
（2）相邻两计数点间的时间间隔为 T=________s；
（3）利用逐差法求物体的加速度大小 a=_______m/s2；
（4）打点计时器打记数点 6 时，物体的速度大小为 v6=_______m/s．
12 ．如图所示是某同学在进行“探究小车与空中盘和钩码组成的系统的加速度与力、质量的关系”的实验时，
(1)按要求连接好实验装置，正要打开夹子开始实验时的情况，已知该同学的实验存在 4 处
错误；其中两处错误是：电源应用交流电源；小车应靠近计时器，还有两处分别是①______ ；②_____。
(2)正确安装仪器后，正确操作，描绘a - F 图像如图中实线所示，并画出其渐近线为图中虚线所示，则渐近线对应的加速度为_____。（已知重力加速度为 g）
四、解答题（本题共 3 小题 13 题 10 分 14 题 12 分 15 题 16 分 共 38 分）
13．一辆汽车以 v0=20m/s 的速度在平直公路上匀速运动，刹车后经过 4s 速度变为 4m/s，若将刹车过程视为匀减速直线运动，求：
(1)从开始刹车起，汽车在 6s 内发生的位移大小；
(2)汽车静止前 2s 内通过的位移大小；
(3)从开始刹车起，汽车前进 16m 所用时间 t1。
14 ．从离地面 720m 的空中自由落下一个小球，不计空气阻力，取g = 10m/s2 。
（1）小球经过多长时间落到地面。
（2）自小球开始下落开始计时，求小球在最初 2s 内及最后 2 s 内的位移大小。
（3）小球下落全程的平均速度。
15．如图所示，沙滩排球比赛中，球员将球在边界中点正上方水平击出，空气阻力忽略不计。 （1）若球刚好过网落在对方场地中间位置，求击球高度 H 与球网高度 h 之比；
（2）若已知击球高度h1 、球网高度h2 、半个球场的长度为 x，整个球场的宽度为 2d，重力
加速度为 g，球既不出界又不触网，求其初速度v0 大小的范围。
1 ．A
甲车前轮是驱动轮， 则前轮相对地面有向左滑动的趋势，则前轮受地面的摩擦力向右，后轮有相对地面向右运动的趋势，则后轮受地面的摩擦力向左；
乙车后轮是驱动轮，则后轮相对地面有向左滑动的趋势，则后轮受地面的摩擦力向右，前轮有相对地面向右运动的趋势，则前轮受地面的摩擦力向左。
故选 A。
2 ．A
设弹簧的原长为L0 ，下端悬挂重为 G 的物体时，此时弹簧被伸长，则
G = k(L - L0 )
上端放同一物体时，设此时弹簧的长度为Lx ，此时弹簧被压缩，则G = k(L0 - Lx )
解得Lx = L 故选 A。
3 ．C
A．水对火箭的作用力与火箭对水的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，二者大小相等、方向相反，故 A 错误；
B ．由图 3 可知，t1 时刻火箭速度向上达到最大值，此时火箭还在向上运动，并未达到最高点，故 B 错误；
C ．由图 3 可知，t1 时刻水喷完，之后火箭只受重力作用，做竖直上抛运动，加速度大小为g 。t2 时刻处于t1 之后，故加速度大小为 g，故 C 正确；
D ．v - t 图面积表示位移，对称性可知，t3 时刻火箭回到喷完水时的位置（即t1 时刻的位置），并未回到地面，故 D 错误。
故选 C。
4 ．A
把甲、乙两个光滑小球看作一个整体，整体静止，则甲不受竖直墙面的水平弹力，若受弹力，竖直方向的重力、支持力， 三力不能平衡，即整体受竖直方向的重力、支持力二
力平衡；同理对乙球也是受竖直方向的重力、支持力二力平衡故选 A。
5 ．A
A ．秋沙鸭静止不动，受力平衡可知树枝对秋沙鸭的作用力与秋沙鸭的重力平衡，所以方向竖直向上，故 A 正确；
B ．树枝对秋沙鸭的支持力是由树枝发生形变产生的弹力的作用，故 B 错误；
CD ．秋沙鸭对树枝的压力与树枝对秋沙鸭的支持力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，故 CD 错误。
故选 A。
6 ．C
A ．矢量是既有大小又有方向的物理量，标量只有大小没有方向。路程是标量（只有大小，无方向）；平均速度是矢量（有大小和方向）；油箱内剩余汽油质量是标量（只有大小，无方向）。故 A 错误；
B ．海拔高度是标量（只有大小，无方向）； 白天最高气温是标量（只有大小，无方向）；帐篷受到的重力是矢量（力，有大小和方向）。故 B 错误；
C ．位移是矢量（有大小和方向）；汽车发动机的牵引力是矢量（力，有大小和方向）；汽车途经某地时的速度是矢量（有大小和方向）。故 C 正确；
D ．随身背包的体积是标量（只有大小，无方向）；喝掉的矿泉水质量是标量（只有大小，无方向）；步行登山时的速度是矢量（有大小和方向）。故 D 错误。
故选 C。
7 ．D
由题意可知，将 B 的实际运动分解成两个分运动，如图所示
根据平行四边形定则，可知vB sina = v绳 ；因 B 以速度v0 匀速下滑，又a 增大，所以v绳 增大，则物体 A 做变加速运动；对 A 进行受力分析，结合牛顿第二定律，则有T > mg sinθ 。
故选 D。
8 ．AD
A ．如果 B 对 A 的作用力和 A 的重力平衡，则绳子拉力为零，A 正确；
B ．地面受的压力一定不可能为零，B 错误；
C ．以整体为研究对象可知，整体水平方向合力为零，地面与物体间不存在摩擦力，C 错误；
D ．当绳子拉力与 A 的重力相等时，A 和 B 之间没有摩擦力，如果不相等，则A 和 B 之间一定存在摩擦力，所以 D 正确．
9 ．ACD
A ．速度-时间图像的斜率表示加速度，可知甲车的加速度大小为am/s2 = 1m/s2 ，故 A 正确；
B ．由于不知道开始甲乙的距离，故不知道 8 秒时刻是否相遇，在t = 8s 时甲乙速度相等，故 B 错误；
C ．甲车的加速度大小为am/s2 = 1m/s2
乙车2 ~ 9 秒的加速度大小为am/s2 = 2m/s2
乙车 3 秒内的位移为
甲车 3 秒内的位移为x甲 = v0甲t a1tm = 25.5m
若甲乙在t = 3s 相遇，t = 0 时刻，甲乙相距x乙 - x甲 = 15.5m ，故 C 正确；
D ．两车速度相等时有v0甲 - a1t = v0乙 - a2 (t - t2 )
解得t = 8s
此时两车的速度大小为v = v0甲 - a1t = 2m/s
此时乙比甲多运动的距离为Δx = 14 × 2 + 14 + 2 × 6 - 10 + 2 × 8m = 28m
2 2
故甲乙t = 0 时刻的距离小于 28 米，则甲乙此过程中一定会相遇，故 D 正确。
故选 ACD。
10 ．BCD
A ．由图乙可知，在 x 轴方向做匀速直线运动，速度大小为
由图丙可知，在 y 轴方向做匀加速直线运动，加速度大小为ay m / s2 = 0.4m / s2
0.5s 末喷头在y 轴的分速度大小为v0.5y = ay t0.5 = 0.4 × 0.5m / s = 0.2m / s
0.5s 末喷头的速度大小为vm / s m / s故 A 错误；
B ．由以上分析可知，喷头在 x 轴方向做匀速直线运动，在y 轴方向做匀加速直线运动，所以合力沿y 轴方向，所以轨迹可能为 P，故 B 正确；
C ．1.0s 末喷头沿y 轴方向的分速度大小为v1.0y = ay t1.0 = 0.4 × 1.0m / s = 0.4m / s
设1.0s 末喷头速度方向与 x 轴正方向的夹角为θ ,则 tan
解得 θ = 53故 C 正确；
D ．1.0s 末喷头沿 x 轴的位移大小为x = vxt1.0 = 0.3 × 1.0m = 0.3m
在y 轴方向的位移大小为y = v1.0y t1.0 = m = 0.2m
2 2
所以，1.0s 末喷头离打印平台中心的距离为d m故 D 正确。
故选 BCD。
11 ． A 0.1 0.503 0.365
（1）[1]为了提高纸带的利用率，在释放小车前，小车要靠近打点计时器，这样可以尽量在纸带上多打点，为了提高纸带的利用率，同时为了使打点更稳定，减小误差，要先接通电源，再释放纸带，故 A 正确，B 错误；
（2）[2]相邻计数点间的时间间隔为：
T=0.02×5s=0.1s；
（3）[3]根据匀变速直线运动的推论公式：
△ x = aT2
可以求出加速度的大小，则有：
代入数据解得：
a=0.503m/s2；
（4）[4] 根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点 6 的瞬时速度，则有：
代入数据解得：
v6 = 0.365 m/s．
12 ．(1) 没有平衡摩擦力 没有调节滑落高度使细线与木板平行(2)g
（1）[1][2]已知该同学的实验存在 4 处错误；其中两处错误是：电源应用交流电源；小车应靠近计时器，还有两处分别是①没有平衡摩擦力；②小车与滑轮间的轻绳应与轨道平行。
（2）设小车质量为M ，盘和钩码的质量为 m ，其中 a - F 图像中的F 用mg 代替；根据牛顿第二定律可得
T = Ma
mg - T = ma
联立可得
可知a - F 图像，随F 的增大，即m 的增大，渐近线对应的加速度为 g。
13 ．(1)50m
(2)8m
（1）刹车的加速度大小为 a m/s2 = 4m/s2
汽车从刹车到停止所需时间为t s = 5s
则汽车在 6s 内发生的位移大小等于从刹车到停止的位移，为x m = 50m （2）汽车静止前 2s 的速度为v1 = v0 - at¢ = 20m/s - 4 × (5 - 2)m/s = 8m/s
则根据匀变速直线运动位移与速度的关系可得汽车静止前 2s 内通过的位移大小为
（3）根据匀变速直线运动位移与时间的关系可得v0t1 - atEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),1) = 16 = x2解得t1 = (5 - )s
14 ．（1）12s ；（2）20m ，220m ；（3）60m/s （1）由
1 2
h = 2 gt
得落地时间
2h
\ g
t = = 12s
（2）最初 2s 内的位移大小为
1 2
h1 = 2 gt1 = 20m
前 10s 内的位移大小为
1 2
h2 = 2 gt2 = 500m
最后 2s 内的位移大小为
h3 = h - h2 = 720m - 500m = 220m
（3）根据公式可得
v = = m/s = 60m/s
g g(d 2 + 4x2 )
\ 2(h1 - h2 ) 2h1
15 ．（1）9 : 5 ；（2）x ≤ v0 ≤
（1）球击出后做平抛运动，刚好落在对方场地中间，水平方向有x + x = v0t
竖直方向有
1 2
H = 2 gt
刚好过网，其竖直方向有
1 2
H - h = 2 gt1
水平方向有
x = v0t1
解得
H : h = 9 : 5
（2）恰好不触网，竖直方向有
水平方向有
x = v01t2
不出界的临界状态，竖直方向有
水平方向有
2x = v02t3
若要球即不触网又不出界，则