云南省玉溪市一中2025-2026学年高一下学期开学考试物理试卷（Word版附解析）

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2．C【详解】【详解】对小球，受力分析，如图所示，将F由图示位置逆时针缓慢转至竖直方向的过程中，在力的平行四边形中，可以看到F先变小再变大，当F与细线垂直时F最小，则F的最小值为，绳的拉力T一直变小。
故C正确，ABD错误．
3．B【详解】A．时间内的位移小于匀变速直线运动的位移，则内烟花的平均速度，故A错误；B．图像的斜率代表加速度，时间内斜率不断变小，即加速度不断减小，速度逐渐增大，故B正确；CD．时间内烟花的速度一直为正，即烟花一直竖直向上运动，时刻烟花到达最高点，故CD错误。故选B。
4．A【详解】AB．对球a受力分析，由平衡知识可知
对b分析则故A正确，B错误；C．若剪断细绳，则在剪断细绳后的瞬间，a球受重力和两边弹簧的拉力，合力不为零，则加速度不为零，故C错误；
D．若剪断弹簧M，则在剪断的瞬间，弹簧N的弹力不变，则b球加速度仍为0，故D错误。故选A。
5．C【详解】A．把网球的运动看成逆向的平抛运动，竖直方向有
由于高度相同，所以从打出到撞墙，1、2两轨迹的网球在空中运动的时间相等，即，故A错误；B．水平方向由于沿1轨迹网球的水平位移较大，则沿1轨迹网球的水平分速度较大，即1轨迹网球击中墙时的速度较大，即，故B错误；C．速度变化量为
由于网球在空中运动的时间相等，则两次运动的速度变化量相同，故C正确；
D．打出网球时的速度大小为沿1轨迹网球的水平分速度较大，则沿1轨迹网球打出时的初速度比沿2轨迹打出时的初速度大，故D错误。故选A。
6．B【详解】对挂件受力分析，可得，且由图甲可知，车速
解得该弯道的半径为，故B正确。故选B。
7. A 【详解】对小球受力分析，受重力和细线的拉力，如图根据牛顿第二定律，有
再对和整体受力分析，受总重力、支持力、摩擦力，如图根据牛顿第二定律，
有
解得
拉力为 摩擦力为
AB．当加速度变为2倍时，和整体所受摩擦力也变为原来的2倍，支持力不变，A正确，B错误；D．由于，故不是增加原来的2倍，故D错误；
C．的正切值变为原来的2倍，但不是原来的2倍，故C错误．故选A．
8．AC【详解】A．在恒力作用下，如果恒力方向与初速度方向不共线，物体做曲线运动（如平抛运动中重力为恒力），故A正确；B．在变力作用下，如果变力方向与速度方向共线，物体做直线运动（如变力作用下的直线加速运动），故B错误；C．做曲线运动的物体，速度方向时刻变化，运动状态（包括速度大小和方向）一定改变，力改变物体的运动状态。故C正确；
D．物体做曲线运动时，加速度方向与速度方向不共线，其加速度与速度的方向不一致，故D错误。故选AC。
9．BC【详解】A．皮带与两轮之间不发生滑动，因此两轮边缘上各点的线速度大小相等，则电动机皮带轮边缘上质点与机器皮带轮上A点的线速度大小不相等，故A错误；
B．设电动机皮带轮与机器皮带轮边缘上的点的线速度大小分别为、，角速度大小分别为、，边缘上的点运动的半径分别为、，有，，又ω=2πn
可得，故B正确；
C．电动机皮带轮边缘上某点与A点到圆心的半径相同，但是线速度大小不同，据知C正确
D．机器皮带轮边缘上某点与A点的角速度相等，但是半径不等，据a=rw2知D错误；故选BC
10. AD
【详解】A．快件开始放上传送带时，受沿传送带向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有，解得加速度大小，故A正确；
B．当加速到与传送带共速时，所用时间，位移，故B错误；
C．由可知，当快件加速到与传送带共速以后相对传送带静止，快件受摩擦力方向一直沿传送带向上，故C错误；
D．快件向上做匀速运动到达端所用时间，快件从端到端所用时间为，故D正确．故选AD．
11．(1)B (2) (3)
【详解】（1）A．斜槽末端调整为水平才能保证小球做平抛运动，故A正确；
BD．为了保证每次小球做平抛运动的初速度一致，每次小球在同一位置释放，轨道不必光滑，故B错误，D正确；C．木板需要竖直放置才能准确记录小球在抛物线上的位置，故C正确。
故选B。（2）水平方向 竖直方向 解得
（3）竖直方向上，位移差公式 得
水平方向上 解得
12.【答案】1、A 2、0.50 3、 4、 5、
【解析】（1）A．该实验需要补偿阻力，使小车所受的合外力等于细绳的拉力，故A正确；
B．因为有拉力传感器可以直接测量拉力，所以不需要始终保持远大于，故B错误；
C．由于不需要远大于，所以实验得到的图线不会出现弯曲，故C错误．
故选A．
（2）由题意可知相邻计数点时间间隔
逐差法可知加速度大小
（3）对车，根据牛顿第二定律有 整理得
可知图像斜率 纵截距 联立解得，
（4）对车有 对重物有 联立解得
可知当趋近于无穷大时，趋近于．
13．(1) (2)
【详解】（1）设此时物块B的速度大小为，将物块A、B的速度分别沿轻绳方向和垂直轻绳方向分解，由于轻绳不可伸长，沿轻绳方向的分速度大小相等，则有
解得
（2）此时对A研究，设绳的拉力为T，由平衡条件有 解得
对物块B研究，根据牛顿第二定律联立解得
14.【答案】(1)， (2) (3)
【详解】（1）物块刚冲上木板时，对物块，有解得
对木板，有解得
（2）从开始到两者共速，物块一直做匀减速直线运动，则有解得
（3）从开始到两者共速，物块的位移 2s末木板的速度
从开始到两者共速，木板的位移
所以木板的长度
15．【答案】 (1)a=5gR (2) (3)
【详解】（1）小球在最低点时细绳恰好被拉断，根据牛顿第二定律可得Tm−mg=mv2R
解得a=5gR
（2）绳断后，小球做平抛运动的初速度为 竖直方向有
解得 小球落地点与抛出点间的水平距离为
（3）小球离开最低点后做平抛运动，竖直方向满足 水平方向满足=ωRt
联立解得 由数学知识可知，当时,有最大值，最大值为
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
D
C
B
A
C
B
A
AC
BC
AD