云南省玉溪市一中2024-2025学年高二下学期期中考试物理试卷（Word版附答案）

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选择题：
1.【答案】B 【解析】A.根据题意可知，开关一直闭合时通过变压器原线圈的电流不变，穿过铁芯的磁通量不变，无法在副线圈感应出感应电动势，故A错误；在开关断开的瞬间，穿过铁芯的磁通量急剧减小，副线圈将产生高电压，B正确，C错误；D.若开关接到副线圈回路，穿过铁芯的磁通量不变，无法在副线圈感应出感应电动势，故D错误。
2.【答案】C
【解析】AB、电流从电容器正极板经外电路流向电容器负极板，说明电容器正在放电，电容器所带的电荷量正在减少，电路中的电场能减少，磁场能增加，即电场能转化为磁场能，故A错误，B错误；
CD、发射的电磁波的频率等于LC振荡回路的频率，为f=12π LC，则发射的电磁波的波长λ=cf=2πc LC，可见减小电容器的电容，则发射的电磁波频率变大，C正确；增大线圈的自感系数L，则发射的电磁波波长变长，故D错误。
3.【答案】C
【解析】A.装有一定量液体的玻璃管只受到重力和浮力，所以它做简谐运动的回复力等于重力和浮力的合力，故A错误；B.在玻璃管振动过程中，除重力以外，还有浮力对玻璃管做功，所以它的机械能不守恒，故B错误；C.由于玻璃管做简谐运动，与弹簧振子的振动相似，结合简谐运动的特点可知，其振动周期与振幅无关，故C正确；
D.由题图乙可知，在t1∼t2时间内，向下的位移减小，加速度减小，玻璃管向上朝着平衡位置加速运动，所以速度增大，故D错误。
4.【答案】B【解析】A、单摆在平衡位置时，等效重力加速度为g′=gsinα所以单摆在斜面上摆动的周期T=2π Lgsinα，故A错误；B、摆球经过平衡位置时受到的回复力大小为0，切线加速度为零，但向心加速度为v2L，故B正确；C、若小球带正电，并加一沿斜面向下的匀强电场，单摆在平衡位置时，等效重力加速度为g′′=gsinα+qEm，所以单摆在斜面上摆动的周期T=2π Lgsinα+qEm减小，故C错误；D、若小球带正电，并加一垂直斜面向下的匀强磁场，则小球摆动过程中洛伦兹力始终垂直速度，不产生回复力的效果，故周期不变，故D错误。
5.【答案】D
【解析】AB.线圈中感应电动势的最大值为Em=NBS有ω=12NBL2ω，则线圈中感应电动势的有效值为E有=Em 2= 24NBL2ω，故A错误，B错误；
C.在转动一圈的过程中，总是有半个线圈处于磁场，线圈中的感应电流为完整的正弦式交变电流，故C错误；D.则线圈中转动一圈产生的焦耳热为E有2R×2πω=πN2B2L4w4R，D正确。
6.【答案】D
【解析】A.根据左手定则，电子受洛伦兹力偏向前表面，则元件前表面的电势低于后表面的电势，选项A错误；B.根据Ude=evB,则U=dvB,而I=nedℎv,可得U=BIneℎ，仅增大霍尔元件的前后表面距离d,霍尔电压U不会改变，B错误；C.自由电子所受洛仑兹力与电流所受安培力方向一致，选项C错误；D.根据U=BIneℎ，元件单位体积内的自由电子个数为n=IBeℎU，选项D正确。
7.【答案】C
【解析】A、0∼2t0时间内MN右侧磁场向上减小，根据楞次定律，导线框中产生逆时针方向的电流，2t0∼4t0内，MN右侧磁场向下增强，导线框中仍然产生逆时针方向的恒定电流，根据左手定则可知导线框始终受到向右的安培力，故A错误；B、2t0时刻穿过导线框的磁通量的变化率不为零，导线框中产生的感应电流不变，虽然右侧磁场为零，但是左侧磁场恒定，所以2t0时刻导线框仍受安培力，则导线框受到的摩擦力不为0，故B错误；
C、根据法拉第电磁感应定律E=ΔΦΔt=ΔBΔt⋅S=πr2B02t0，电流I=ER=πr2B02Rt0，导线框受到的安培力大小F=BIL=2B0⋅πr2B02Rt0⋅2r=2πB02r3Rt0，故C正确；
D、0∼4t0时间内通过导线框横截面的电荷量q=IΔt=πr2B02Rt0×4t0=2πB0r2R，故D错误。
8.【答案】BCD
【解析】由振动图像可知周期4s，t=0时x1处质点在平衡位置且向下振动，而x2处质点在正的最大位移处。波沿x轴正方向传播，其波形如图所示，x2处质点的平衡位置可能在A1、A2或A3⋯
则有x2−x1=(n+14)λ(n=0,1,2⋯)
解得波长为λ=324n+1m(n=0,1,2⋯)
则波速为v=λT=84n+1m/s(n=0,1,2⋯)
A.若波速为2m/s，则n=34，由于n只能取整数，故A错误；
B.若波速为8m/s，则n=0，故B正确；
C.若波速为85m/s，则n=1，由于n只能取整数，故C正确；
D.若波速为89m/s，则n=2，由于n只能取整数，故D正确。故选BCD。
9.【答案】BCD
【解析】ABC.，两个波源在A点引起的振动偏离平衡位置的位移也可以为零，故A错误；再过半个周期，A点变成谷谷叠加，B点变成峰峰叠加，B正确；A、B、C连线的区域都是振动加强区域，C正确，D.原来D点是振动减弱点，让其中一个振源比另一个振源振动晚半个周期起振，经过足够长时间后，D点是振动加强点，故D正确。
10.【答案】AC
【解析】A.线圈全部进入磁场时达到了最小速度，即满足mg=BBLvmRL，即v1的大小为vm=mgRB2L2，故A正确；
B.0−t1时间内做自由落体运动，可知从t1时刻进入磁场，开始做加速度减小的减速运动，t2时刻又做匀加速运动，且与自由落体运动的加速度相同，可知线框全部进入磁场，即t2是线框全部进入磁场瞬间，t3时刻开始做变减速运动，t4时刻，又做加速度为g的匀加速运动，可知t4是线框全部离开磁场瞬间，故B错误；C.从bc边进入磁场时线框的速度为v2，ad边离开磁场时线框的速度为v1，此过程中线圈的机械能的减小量为：ΔE=12mv22−12mv12+mg(L+ℎ)，则产生的电能为：ΔE电=12mv22−12mv12+mg(L+ℎ)，则感应电流所做的功为W电=12mv22−12mv12+mg(L+ℎ)，所以线框中产生的焦耳热为12mv22−12mv12+mg(L+ℎ)，故C正确；
D.根据q=ΔΦR可知，线圈进入磁场和离开磁场时磁通量的变化量相等，故线框穿出磁场过程中，流经线框横截面的电荷量等于线框进入磁场过程中流经框横截面的电荷量，故D错误。
非选择题：本题共5小题，共54分。
11.（每空2分，共6分）【答案】3.80×10−3m或3.75×10−3m AB m1d∆t1=m2dΔt2−m1dΔt 1′
【解析】(1)游标卡尺的读数为 d=3mm+16×0.05mm=3.80mm=0.380cm=3.80×10−3m。
(2)A.为使滑块做匀速直线运动，气垫导轨需要调到水平，A正确；
B.为使滑块A经过光电门1并与滑块B发生碰撞且被弹回，需要满足 m1