湖北省直辖县级行政单位2025-2026学年高一上学期期末考试物理试卷（Word版附解析）

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本试卷满分100分，考试用时75分钟。
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将答题卡上交。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1. 科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用，下列说法符合历史事实的是 ( )
A. 伽利略通过“理想实验”得出结论：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去
B. 亚里士多德指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下也不偏离原来的方向
C. 亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变
D. 笛卡尔认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质
【答案】A
【解析】
【详解】A．伽利略“理想实验”得出结论：力不是维持运动的原因，即运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去．故A正确；
B．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动．故B错误；
C．伽利略提出力是改变物体运动状态的原因．故C错误；
D．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，符合事实．故D错误。
故选A。
2. 下列有关物理量和物理量的单位的说法中正确的是（ ）
A. 加速度合成时遵循平行四边形定则
B. 时间有方向，所以是矢量
C. 若甲的位移为，乙的位移为6m，则乙的位移大于甲的位移
D. 牛顿是国际单位制中的基本单位
【答案】A
【解析】
【详解】A．加速度是矢量，合成时遵循平行四边形定则，故A正确；
B．时间只有大小，没有方向，是标量，故B错误；
C．位移是矢量，位移的正负只表示方向，比较其大小依据绝对值。甲的位移大小为8m，乙的位移大小为6m，因此乙的位移小于甲的位移，故C错误；
D．牛顿是国际单位制中的导出单位，不是基本单位，故D错误。
故选A。
3. 如图所示，一质点从O点由静止开始做匀加速直线运动，点A、B、C是运动路径上的三个点，已知，，质点通过AB与通过BC所用的时间相等。则OA之间的距离为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】设AB和BC的时间为T，则B点的速度
加速度为
则OA的距离
故选D。
4. 如图所示，某大型快递物流公司使用电动传输机进行货物运送，现将一箱子放置在倾斜传送带上，与传送带一起斜向下匀速运动。若突然停电，传送带减速直至停止的整个过程中箱子与传送带始终保持相对静止，下列说法正确的是（ ）
A. 斜向下匀速运动时，箱子只受重力与支持力作用
B. 斜向下匀速运动时，箱子受到的静摩擦力沿传送带向下
C. 斜向下减速运动时，箱子受到的静摩擦力沿传送带向下
D. 斜向下减速运动时，箱子受到的静摩擦力沿传送带向上
【答案】D
【解析】
【详解】AB．斜向下匀速运动时，根据受力平衡可知，箱子受重力、支持力和沿传送带向上的静摩擦力作用，故AB错误；
CD．斜向下减速运动时，传送带静止，箱子沿斜面向下运动，则所受的静摩擦力沿斜面向上，故C错误，D正确。
故选D。
5. 如图所示为某质点的位置一时间图像，图像为抛物线，图像的顶点位于，且图像经过点。图中的倾斜虚线为时刻图像的切线，该切线过点。下列说法正确的是（ ）
A. 质点的加速度大小为B. 时刻质点的速度大小为
C. 图中D. 图中
【答案】C
【解析】
【详解】A．位置一时间图像中，图线的斜率反映质点的速度，而图像的顶点位于，则0时刻质点的速度为0，设质点的加速度大小为，由图可知前时间内质点的位移为，则
解得，故A错误；
B．由速度公式得，时质点的速度大小为，故B错误；
C．又由图可知，时间内质点的位移为，则
解得，故C正确；
D．图像切线的斜率反映质点的速度，有
又由以上解析可知，解得，故D错误。
故选C。
6. 如图，质量均为m的四个小球A、B、C、D，通过细线或轻弹簧互相连接，悬挂于O点，处于静止状态，重力加速度为g。若将B、C间的细线剪断，则剪断瞬间B和C的加速度大小分别为（ ）
A. g，1.5gB. 2g，2gC. 2g，1.5gD. g，0.5g
【答案】B
【解析】
【详解】剪断前，对BCD分析
对D分析有
剪断后，对B有
解得
方向竖直向上；
对C有
解得
方向竖直向下。
故选B。
7. 如图所示，四分之一圆柱体P固定在水平地面上，圆心O的正上方用轻杆固定一个光滑定滑轮A，一根轻绳跨过定滑轮A，一端与质量为m的小球连接置于圆柱体P上，另一端系在固定竖直杆上的B点。一质量为m0的钩码挂在AB间的轻绳上，整个装置处于静止状态。不计一切摩擦，绳的总长不变，则（ ）
A. 若将B点缓慢移动到C点，且小球未动，在这个过程中，轻绳对小球的拉力变小
B. 若将B点缓慢移动到C点，且小球未动，在这个过程中，地面对圆柱体P的支持力变小
C. 若减小钩码的质量，装置再次处于静止状态时，小球依然处于圆柱体P上，则轻绳对小球的拉力增大
D. 若增大钩码的质量，装置再次处于静止状态时，小球依然处于圆柱体P上，则圆柱体对小球的支持力增大
【答案】C
【解析】
【详解】AB．通过A点作一条竖直线，该线与CB之间距离为d，AB之间的绳长为L，轻绳与竖直杆之间的夹角为，对m0和m进行受力分析如图所示
根据几何关系可得
将B点缓慢移动到C点过程，d和L不变，则不变，对m0分析，根据平衡条件可得
解得
所以绳拉力不变，由于绳拉力大小和方向均不变，则m受力情况不变，所以地面对圆柱体P的支持力不变， AB错误；
CD．对m分析，设m在圆柱体P上的P′处，根据三角形相似可得
若减小钩码的质量，小球向下运动，AP′增大，F增大，FN不变；若增大钩码的质量，小球向上运动，AP′减小，F减小，FN不变，C正确，D错误。
故选C。
8. 两长方体物块a、b叠放在一起在竖直平面内绕O点做逆时针方向的匀速圆周运动，接触面始终保持水平，依次经过A、B、C、D四点，如图所示，B、D为圆心等高点，A、C为最高点和最低点，以a为研究对象，下列说法正确的是（ ）
A. 过A点时，处于超重状态，不受摩擦力作用B. 过B点时，摩擦力水平向右
C. 过C点时，处于超重状态，不受摩擦力作用D. 过D点时，底板支持力可能为零
【答案】BC
【解析】
【详解】A．物体a在最高点受重力与支持力，加速度向下，处于失重状态，故A错误；
B．过B点时，向心力由摩擦力提供，指向运动轨迹圆心，即水平向右，故B正确；
C．物体a过C点时，受重力与支持力，合力指向圆心，加速度向上，处于超重状态，故C正确；
D．过D点时，物体a竖直方向受重力和支持力平衡，故D错误；
故选BC。
9. 如图所示，用一根长为的细线，一端系一质量为的小球（可视为质点），另一端固定在一光滑锥体顶端，锥面与竖直方向的夹角，当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为时，细线的张力为T，重力加速度。则下列说法正确的是（ ）
A. 当时，小球和圆锥体间有弹力
B. 当时，小球和圆锥体间无弹力
C. 当时，小球和圆锥体间有弹力
D. 当时，小球和圆锥体间无弹力
【答案】AD
【解析】
【详解】当小球对圆锥面恰好没有压力时，设角速度为，则有，
解得
AB．当，小球紧贴圆锥面，小球和圆锥体间有弹力，故A正确，B错误；
CD．当，小球离开锥面，小球和圆锥体间无弹力，故C错误，D正确。
故选AD。
10. 如图，广场水平地面上同种盆栽紧密排列在以为圆心、和为半径的同心圆上，圆心处装有竖直细水管，其上端水平喷水嘴的高度、出水速度及转动的角速度均可调节，以保障喷出的水全部落入相应的花盆中。依次给内圈和外圈上的盆栽浇水时，喷水嘴的高度、出水速度及转动的角速度分别用、、和、、表示。花盆大小相同，半径远小于同心圆半径，出水口截面积保持不变，忽略喷水嘴水平长度和空气阻力。下列说法正确的是（ ）
A 若，则
B. 若，则
C. 若，，喷水嘴各转动一周，则落入每个花盆的水量相同
D. 若，喷水嘴各转动一周且落入每个花盆的水量相同，则
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．根据平抛运动的规律

解得
可知若h1=h2，则
v1:v2 =R1:R2
若v1=v2，则
选项A错误，B正确；
C．若，则喷水嘴各转动一周时间相同，因v1=v2，出水口的截面积相同，可知单位时间喷出水的质量相同，喷水嘴转动一周喷出的水量相同，但因内圈上的花盆总数量较小，可知得到的水量较多，选项C错误；
D．设出水口横截面积为S0，喷水速度为v，流量为Q，
在圆周上单位长度的水量为
若，喷水嘴各转动一周且落入每个花盆的水量相同，则，选项D正确。
故选BD。
二、非选择题：本题共5小题，共60分。
11. （1）在“探究力的合成规律”的实验中，弹簧秤示数如图甲所示，则_______N；
（2）如图乙，某小组用力传感器和矿泉水，在教室的黑板上做此实验。
①根据实验数据，在黑板上作出力的图示（如图丙），则图中的、一定沿竖直方向的是________________（填“”或“”）。
②由图乙可知实验的结果有一定的偏差，造成这一结果的原因可能是实验中______。
A．绳套长度偏短 B．两个绳套长度不相同
C．两绳套的方向与黑板不平行 D．力传感器外壳与黑板有接触
【答案】 ①. ②. ③. ACD##ADC##CAD##CDA##DCA##DAC
【解析】
【详解】（1）[1]弹簧测力计读数时需要估读，故本题读数为。
（2）①[2]由于瓶子处于平衡状态，则受力必然平衡，则用一个测力计通过细绳的拉力一定与瓶子的重力平衡，重力竖直向下，则拉力竖直向上。
②[3]A．绳套长度偏短，可能导致两个力在标注方向时出现误差，造成这一结果出现偏差，故A正确；
B．两绳套的长度不一定相同，故长度不同并不影B响实验结果，故B错误；
C．两绳套的方向与黑板不平行，可能导致分力方向标注的错误，造成这一结果出现偏差，故C正确；
D．力传感器与黑板有接触，导致分力大小的误差，造成这一结果出现偏差，故D正确。
故选ACD。
12. 某同学采用图甲所示的实验装置，验证“物体质量一定时，加速度与它所受合力成正比”这一规律，试回答下列问题：
（1）下列操作正确的是______
A. 重物的质量应远小于小车的质量
B. 连接小车和重物的细线要与长木板保持平行
C. 补偿小车受到的阻力时，应连接好纸带
D. 应当先释放小车，再接通电源
（2）该同学做实验时，没有补偿小车受到的阻力，作出的小车加速度a与力传感器示数F的图像如图乙所示，图中a1、F0、F1已知，则实验中小车受到的阻力大小为_______。
（3）该同学在实验中撤去了力传感器，将细绳一端直接连在墙上，并正确补偿了阻力，其他操作正确，多次改变重物的质量m，测出小车加速度a，并作的图像，图像的斜率为k，纵截距为b，则当地的重力加速度为_________，此时使用的小车质量为__________，若动滑轮的质量不可以忽略，则重力加速度的测量值_________（填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）BC （2）
（3） ①. ②. ③. 不变
【解析】
【小问1详解】
A．实验中使用了力传感器，可直接测量细线拉力，因此无需满足 “重物质量远小于小车质量”，故A错误；
B．为保证小车所受合力为绳子拉力，细线与长木板需保持平行，故B正确；
C．补偿小车受到的阻力（即 “平衡摩擦力”）时，需要考虑纸带与打点计时器之间的摩擦。连接好纸带后补偿阻力，才能使小车所受的合力准确等于细线的拉力（消除纸带摩擦的影响），故C正确；
D．实验操作应 “先接通电源，再释放小车”，以保证纸带得到充分利用和得到完整的实验数据，故D错误。
故选BC。
【小问2详解】
设小车质量为M，对小车有
图乙可知a=0时，可得实验中小车受到的阻力大小。
【小问3详解】
[1][2]对小车有
对重物有
整理得
可知
联立解得
[3]若考虑滑轮质量，由以上分析有
可知滑轮质量不影响图像纵截距，故重力加速度的测量值不变。
13. 如图所示，小球以的瞬时速度从水平地面斜向右上方抛出，速度方向与水平方向的夹角是，不计空气阻力（重力加速度g=10m/s2），求：
（1）小球水平方向运动的速度大小vx；
（2）小球空中运动的时间t；
（3）小球抛出点和落点之间的距离x。
【答案】（1）10m/s
（2）s
（3）
【解析】
【小问1详解】
小球水平方向速度
解得
【小问2详解】
小球做斜抛运动，竖直方向做竖直上抛运动，则
代入数据解得
【小问3详解】
小球落点与抛出点之间的距离为
解得
14. 自动驾驶技术是现代汽车行业的一个重要发展方向，某汽车厂家进行自动驾驶测试，A、B两辆测试车沿同一平直公路向右匀速行驶，A车在前、B车在后，速度大小分别为，当两车相距时，A车紧急制动做匀减速运动，经过位移速度减为零，然后立即开始做匀加速运动；B车在A车开始制动瞬间探测到并立即以的加速度刹车，两车刚好不相碰．求：
（1）A车制动过程的加速度大小；
（2）A车速度减到零时，A、B两车的间距s；
（3）A车重新加速过程的加速度大小。
【答案】（1）2m/s2
（2）1m （3）4m/s2
【解析】
【小问1详解】
设A车制动过程的加速度大小，由
解得
【小问2详解】
设A车经时间速度减到零，则有
这段时间内A车位移
B车位移为
两车的间距为
联立解得
【小问3详解】
A车重新加速过程的加速度大小，当A车速度减到零时B的速度为
设再经时间两车速度相等，有
又
联立解得
15. 如图所示，小物块M（可视为质点）放在木板N的右端，M、N用细线通过轻质滑轮连接，静置在水平面上。已知M、N的质量分别为，M、N间动摩擦因数，N与地面间的动摩擦因数，N的长度，重力加速度，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力。现用水平拉力F作用在滑轮上。
（1）若，求物块M受到的摩擦力大小f；
（2）若M、N间发生相对滑动，求拉力的最小值；
（3）若，作用一段时间后撤去拉力F，最终M刚好不脱离N。求拉力的作用时间t。
【答案】（1）4.0N
（2）24N （3）
【解析】
【小问1详解】
M、N之间的最大静摩擦力为
N与地面之间的最大静摩擦力为
若时，可知M、N均处于静止状态，以轻质滑轮为对象，根据平衡条件可得
以M为对象，根据平衡条件可得
联立可得物块M受到的摩擦力大小为
小问2详解】
若M、N间发生相对滑动，当M、N间的静摩擦力刚好达到最大时，拉力有最小值，此时M、N仍有相同的加速度；以轻质滑轮为对象，根据平衡条件可得
以M、N和轻质滑轮为整体，根据牛顿第二定律可得
以M为对象，根据牛顿第二定律可得
联立解得
【小问3详解】
若，以轻质滑轮为对象，根据平衡条件可得
解得细线拉力大小为
以M为对象，根据牛顿第二定律可得
解得
以N为对象，根据牛顿第二定律可得
解得
作用t时间后撤去拉力F，此时M、N的速度分别为，
撤去力F时，M、N发生的相对位移为
撤去拉力F后，M的加速度大小为（方向水平向右）
N的加速度大小为（方向水平向右）
最终M刚好不脱离N，可知M到达N的左端时，刚好共速v共；
设撤去力F后到M、N共速所用时间为，则有
解得
撤去力F后到M、N共速，M、N发生的相对位移为
又