湖北省沙市中学2026届高三上学期8月月考数学试卷（Word版附解析）

这是一份湖北省沙市中学2026届高三上学期8月月考数学试卷（Word版附解析），共18页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1. 已知全集，集合，若，则的取值范围是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【详解】由，得，所以，则或，
由，得，所以，
又，所以，解得．
故选：D．
2. 已知或，且是的充分不必要条件，则实数的取值范围（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【详解】根据题意，或，
是的充分不必要条件，
所以且，
则.
故选：D
3. 某地生产红茶已有多年，选用本地两个不同品种的茶青生产红茶.根据其种植经验，在正常环境下，甲､乙两个品种的茶青每500克的红茶产量（单位：克）分别为，且，其密度曲线如图所示，则以下结论错误的是（ ）
A. 的数据较更集中
B.
C. 甲种茶青每500克的红茶产量超过的概率大于
D.
【答案】D
【详解】对于A，Y的密度曲线更尖锐，即数据更集中，正确；
对于B，因为c与 之间的与密度曲线围成的面积 与密度曲线围成的面积 ，
，正确；
对于C， ， 甲种茶青每500克超过 的概率 ，正确；
对于D，由B知： ，错误；
故选：D.
4. 某产品的广告费用与销售利润的统计数据如下表，由表中数据用最小二乘法求得广告费用与销售利润满足经验回归方程，则下列结论不正确的是（ ）
A. 与有正相关关系
B.
C. 当时，残差为-0.5
D. 当广告投入金额为10万元时，该产品的销售利润大约为29万元
【答案】C
【详解】对于A中，由回归方程，可得回归系数，所以与有正相关关系，所以A正确；
对于B中，由表格中的数据，可得，，所以数据的样本中心为，
将代入回归方程，可得，解得，所以B正确；
对于C中，当时，可得，所以残差为，所以C错误；
对于D中，当广告投入金额为10万元时，可得万元，所以D正确.
故选：C.
5. 函数， ，且，则 的最小值为（ ）
A. 8B. 10C. 14D. 16
【答案】D
【详解】设，其定义域为，
且，所以为奇函数，
，
设，则，
设，则
设，则，
设，则，
故在上为递增函数，而，
故当时，，当时，，
故在上为减函数，在上为增函数，故，
依次同理可得在上为递增函数，
，
又，即，
所以，所以，即，
则，
当且仅当时，即时，等号成立.
所以的最小值为.
故选：D
6. “City不City”是一个今年在网络上迅速走红的流行语，这句流行语也成为了外国游客表达对中国城市深刻印象的一种新颖方式.现将一对C，一对i，一对t，一对y重新组合排成一行，若至多有2对相同的字母相邻（如CCiityty，CCitiyty等），则不同的排法有（ ）
A. 2124种B. 2148种C. 2352种D. 2420种
【答案】C
【详解】恰有3对相同的字母相邻的排法有：,
有4对相同的字母相邻的排法有：,
8个字母的全排列为：,
所以至多有2对相同的字母相邻的不同的排法有：，
故选：C
7. 为减少早高峰学生上学迟到现象的发生，某学校对所有学生上学的出行方式进行了调查，结果显示有的学生乘坐公共交通工具，有的学生乘坐私家车，有的学生选择骑行或步行.在乘坐公共交通工具出行的学生中有的人迟到，在乘坐私家车出行的学生中有的人迟到，在骑行或步行出行的学生中有的人迟到.以频率估计概率，从该校随机选择一名学生，若他迟到了，则这名学生是乘坐私家车出行的概率为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【详解】由题知市民乘坐公共交通工具出行迟到的概率为，
市民开私家车出行迟到的概率为，
市民骑行或步行出行迟到的概率为，
则这名市民迟到的概率为，
故所求的概率为.
故选：C.
8. 若关于的方程有三个不等的实数解,且,其中,为自然对数的底数,则的值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【详解】令,所以由可得,
设,,当时, ,所以函数单调递减,
当时, ,所以函数单调递增,而,显然当时, ，当时, ，因此函数的图象如下图所示：
要想关于的方程有三个不等的实数解,且,
结合函数图象可知,只需关于的方程有两个不相等的实数根,且,
,
,
.
故选B.
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分.
9. 给出下列命题，其中正确命题为（ ）
A. 随机变量，若，，则
B. 随机变量X服从正态分布，，则
C. 一组数据（，2，3，4，5，6）的经验回归方程为，若，则
D. 对于独立性检验，随机变量的观测值k越小，判定“两变量有关系”犯错误的概率越大
【答案】AD
【详解】对于A：随机变量，，，解得，故A正确；
对于B：，故B错误；
对于C：，所以，故C错误；
对于D：对于独立性检验，随机变量的观测值值越小，判定“两变量有关系”犯错误的概率越大，故D正确．
故选：AD.
10. 已知，若，则正确的是（ ）
A. B.
C. 除以6所得余数为5D.
【答案】ACD
【详解】令，得∴，所以A正确；
令∴，所以，所以B错误；
由A知，
所以，
所以除以6的余数为5，C正确；
对于D，由，
两边求导可得，
令，得，所以D正确．
故选：ACD
11. 已知奇函数的定义域为，其导函数为，若，且，则（ ）
A. B.
C. D.
【答案】ACD
【详解】由题意，设，可得函数的定义域为，
则，所以函数为奇函数，
又由，可得，即，
又由，则有，即，
可得，所以是周期为4周期函数，
对于A中，由，可得，
又由，即，所以，所以A正确；
对于B中，由，可得，
即，所以B不正确；
对于C中，由，可得，
令，可得，解得，
又由，可得，所以是周期为4的周期函数，
可得，所以C正确；
对于D中，由，则由，，
则有，即，
所以，所以D正确.
故选：ACD.
三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分.
12. 已知的展开式中含的项的系数为______.
【答案】
【详解】因为，
其中展开式的通项为（且），
所以的展开式中含的项的系数为.
故答案为：
13. 哪吒系列手办盲盒包含哪吒、敖丙、两个结界兽、四大龙王共8个人物手办，小明随机购买3个盲盒（3个盲盒内人物一定不同），求在包含哪吒且不包含敖丙条件下，四大龙王有且仅有一位的概率为______；记小明抽到的龙王盲盒个数为X，则E（X）＝______．
【答案】 ①. ②. ##
【详解】空1：事件：随机购买3个盲盒，含哪吒且不包含敖丙，，
事件：随机购买3个盲盒，恰有四个龙王中的一个：
包含哪吒且不包含敖丙的条件下，四大龙王有且仅有一位的概率为：
空2：每个盲盒抽到龙王的概率为：,每个盲盒未抽到龙王的概率为：，
则抽到与未抽到龙王服从二项分布：
故答案为：①；②
14. 实数，满足，，则的最小值是________．
【答案】2
【详解】
.
对于，，则在R上单调递增，
又，则，故，
表示函数图象上一点到直线上一点距离的平方，
则最小值为函数图象与直线平行切线上一点到直线的距离的平方.
，令，
则与直线平行切线对应的切点为：，其到直线距离为.
则最小值为2.
故答案为：2
四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
15. 已知数列的前n项和为，且.正项数列满足且.
（1）求数列和数列的通项公式；
（2）令，求数列的前n项和.
【答案】（1）；；
（2）.
【小问1详解】
当时，，
当时，，
当时也符合上式，
所以；
因为，
所以，
所以，
所以数列是等比数列，
又因为，
即，
又因为，
所以，
解得，
所以；
【小问2详解】
，
所以，
，
两式相减得，
，
所以.
16. 已知函数在处的切线与直线平行．
（1）求的单调区间；
（2）当时，恒有成立，求k的取值范围．
【答案】（1）单调递增区间为，单调递减区间为
（2）
【小问1详解】
由已知可得的定义域为，，
所以，即，
所以，，
令，得，令，得，
所以的单调递增区间为，单调递减区间为；
【小问2详解】
将不等式整理得：，可化为，
问题转化为在上，恒成立，
令，，
则，
令，
则，，
所以在上单调递减，
，即，
所以在上单调递减，
，所以，
所以的取值范围是．
17. 某运动员为了解自己的运动技能水平，记录了自己1000次训练情况并将成绩（满分100分）统计如下表所示.
（1）求上表中成绩的平均值及上四分位数（同一区间中的数据用该区间的中点值为代表）；
（2）该运动员用分层抽样的方式从的训练成绩中随机抽取了6次成绩，再从这6次成绩中随机选2次，设成绩落在区间的次数为X，求X的分布列及数学期望；
（3）对这1000次训练记录分析后，发现某项动作可以优化.优化成功后，原低于80分的成绩可以提高10分，原高于80分的无影响，优化失败则原成绩会降低10分，已知该运动员优化动作成功的概率为．在一次资格赛中，入围的成绩标准是80分.用样本估计总体的方法，求使得入围的可能性变大时p的取值范围.
【答案】（1）平均值为，上四分位数为；
（2）分布列见解析，数学期望为；
（3）.
【小问1详解】
依题意，平均值
，
，
上四分位数落在区间，且等于.
【小问2详解】
由样本数据可知，训练成绩在之内的频数之比为2:1，
由分层抽样的方法得，从训练成绩在中随机抽取了6次成绩，
在之内的4次，在之内的抽取了2次，
所以可取的值有：0，1，2，
，，，
分布列为：
.
【小问3详解】
法一：设事件分别表示动作优化前成绩落在区间，，，
则相互互斥，所以动作优化前，
在一次资格赛中，入围的概率，
设事件B为＂动作优化成功＂，则，
动作优化后，在一次资格赛中，入围事件为：，且事件相互互斥，
所以在一次资格赛中入围的概率
，
故，
由解得，又的取值范围是.
法二：因为入围的成绩标准是80分，所以进行某项动作优化前，该运动员在资格赛中入围的概率为：，
进行某项动作优化后，影响该运动员入围可能性变化的是落在区间或的成绩，
当且仅当动作优化成功，落在这两个区间的成绩才能符合入围标准，
所以进行优化后，该运动员在资格赛中入围的概率，
由，得，又的取值范围是.
18. 已知函数，.
（1）当时，求的极值；
（2）若函数有2个不同的零点，.
（i）求的取值范围；
（ii）证明：.
【答案】（1）极小值为，无极大值
（2）（i）；（ii）证明见解析
【小问1详解】
时，，
，
令，
，；，，
在单调递减，单调递增，
时，，，则，
，，时，，
时，；，，
在单调递减，在单调递增，
的极小值为，无极大值.
【小问2详解】
（i），，
令，，
，在单调递增，
令，即在有2个零点，，且，，
，
时，，在单调递增，不存在2个零点，
，
时，；时，，
在单调递减，在单调递增，
时，；时，，
，.
（ii）设，，，
由（i）知，，即证：，即证：，
，，在单调递增，
即证：，
，，
令，，
即证：，，
令，，
，在单调递减，，
，在单调递增，，
19. 有编号为的个空盒子，另有编号为的个球，现将个球分别放入个盒子中，每个盒子最多放入一个球．放球时，先将1号球随机放入个盒子中的其中一个，剩下的球按照球编号从小到大的顺序依次放置，规则如下：若球的编号对应的盒子为空，则将该球放入对应编号的盒子中；若球的编号对应的盒子为非空，则将该球随机放入剩余空盒子中的其中一个．记号球能放入号盒子的概率为．
（1）求；
（2）当时，求；
（3）求．
【答案】（1）
（2）
（3）
【小问1详解】
1号球放入1号盒中的概率为,此时2,3号球分别放入2,3号盒中；
1号球放入2号盒中的概率为,欲使3号球放入3号盒中，则2号球需放入1号盒中，概率为,
1号球放入3号盒中时，此时3号球不能放入3号盒中;
综上所述： .
【小问2详解】
1号球放入1号,4号，5号，, n 号盒中概率为，此时3号球可放入3号盒中;
1号球放入2号盒中的概率为,欲使3号球放入3号盒中，则2号球需放入1号，4号，5号， n 号盒中，概率为,
1号球放入3号盒中时，此时3号球不能放入3号盒中;
综上所述：
【小问3详解】
1号球放入1号，号，号，号，..., n 号盒中概率为,此时 k 号球可放入 k 号盒中：
1号球放入 号盒中的概率为,此时2号，3号，号球都可以放入对应编号的盒中，
剩下编号为 的球和编号为 的空盒，
此时 j 号盒非空， j 号球在所有空盒中随机选择一个放入，此时要让 k 号球放入 k 号盒中的放法总数等效于将编号为的球，
按照题设规则放入编号为的盒中（1号球仍然随机选择一个盒子放入）,所以概率为
1号球放入 k 号盒中时，此时 k 号球不能放入 k 号盒中：
所以 ,
整理得： ,①
分别用 和 替换 和 ，可得：
,②,
由①②式相减，整理得：
从而 ,
等于1号球不放在2号盒的概率，即.
所以 5
7
8
9
11
16
22
24
27
31
成绩区间

频数
100
200
300
240
160
0
1
2