2024-2025学年福建省莆田二十五中九年级(上)第一次月考数学试卷(含答案)
展开1.将一元二次方程5x2−1=4x化为一般形式,其中一次项系数是( )
A. 5B. −4C. 4D. −1
2.用配方法解方程x2+8x+9=0,变形后的结果正确的是( )
A. (x+4)2=−7B. (x+4)2=−9C. (x+4)2=7D. (x+4)2=25
3.下列函数是二次函数的是( )
A. y=x+13B. y=3(x−1)2C. y=ax2+bx+cD. y=1x2+3x
4.一元二次方程x2+8x−2=0配方后可变形为( )
A. (x−4)2=18B. (x−4)2=14C. (x−8)2=64D. (x+4)2=18
5.已知x=1是一元二次方程(m−2)x2+4x−m2=0的一个根,则m的值为( )
A. 1B. −1或2C. −1D. 0
6.已知一元二次方程x2−3x+2=0的两个根为x1、x2,则1x1+1x2的值为( )
A. −3B. −23C. 1D. 32
7.若关于x的方程kx2−x+3=0有实数根,则k的取值范围是( )
A. k⩽12B. k⩽112C. k⩽12且k≠0D. k⩽112且k≠0
8.抛物线y=13x2经过点A(−2,y1),B(−32,y2),C(1,y3),则y1,y2和y3的大小关系为( )
A. y1
①与抛物线y=a2x2顶点相同,开口方向相反;
②当x>2时,y随x的增大而减小;
③当−1
A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个
10.函数y=ax−2(a>0)与y=ax2(a>0)在同一平面直角坐标系中的图象可能是( )
A. B.
C. D.
二、填空题:本题共6小题,每小题4分,共24分。
11.若二次函数y=ax2的图象过点(1,−2),则a的值是 .
12.一个等边三角形边长的数值是方程x2−3x−10=0的根,那么这个三角形的周长为______.
13.如果m是方程x2−2x−6=0的一个根,那么代数式2m2−4m−7的值为______.
14.将一元二次方程x(x−1)=−1化成ax2+bx+c=0(a>0)的形式,则a+b+c=______.
15.已知y=(k+2)xk2+k−4是二次函数,且当x>0时,y随x增大而增大,则k= ______.
16.若x1,x2是方程x2−4x−2020=0的两个实数根,则代数式x12−2x1+2x2的值等于 .
三、解答题:本题共9小题,共86分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
17.(本小题8分)
用指定方法解下列一元二次方程:
(1)x2−4x=2(配方法);
(2)2x2−5x+1=0(公式法).
18.(本小题8分)
已知x=−1是方程x2+mx−5=0的一个根,求m的值及方程的另一个根.
19.(本小题8分)
已知a,b,c分别是三角形的三边,且关于x的方程(a+b)x2+2cx+(a−b)=0有两个相等的实数根,试判断该三角形的形状,说明理由.
20.(本小题8分)
如图,用长为45m的篱笆,一面利用墙(墙的最大可用长度是21m),围成中间有一道篱笆的长方形花圃,设花圃的宽AB是x(单位:m),面积是S(单位:m2).
(1)求S与x的函数关系式及x的取值范围;
(2)如果要围成面积为162m2的花圃,AB的长为多少米?
21.(本小题8分)
已知关于x的方程x2+(2m+1)x+m(m+1)=0.
(1)求证:方程总有两个不相等的实数根;
(2)若方程的两个实数根为x1,x2,且x12+x22=1,求m的值.
22.(本小题10分)
如图,在△ABC中,∠B=90°,AB=6cm,BC=8cm.若点P从点A出发沿AB边向点B以1cm/s的速度移动,点Q从点B出发沿BC边向点C以2cm/s的速度移动,两点同时出发.(1)问几秒后,△PBQ的面积为8cm2?
(2)△PBQ的面积能否为10cm2?若能,求出点移动的时间;若不能,请说明理由.
23.(本小题10分)
如图,在平面直角坐标系中,点A(2,4)在抛物线y=ax2上,过点A作y轴的垂线,交抛物线于另一点B,点C,D在线段AB上,分别过点C,D作x轴的垂线,交抛物线于E,F两点.
(1)求抛物线对应的函数解析式;
(2)当四边形CDFE为正方形时,求线段CD的长.
24.(本小题12分)
如图,一次函数y=kx+b的图象与二次函数y=ax2图象交于点A(1,m)和B(−2,4),与y轴交于点C,与x轴交于点D.
(1)a= ______,b= ______,k= ______;
(2)求△AOB的面积;
(3)点P是抛物线上一点,且△POD的面积与△AOB的面积相等,求点P的坐标.
25.(本小题14分)
阅读材料:
材料1:若关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的两个根为x1,x2,则x1+x2=−ba,x1x2=ca.
材料2:已知一元二次方程x2−x−1=0的两个实数根分别为m,n,求m2n+m2的值.
解:∵一元二次方程x2−x−1=0的两个实数根分别为m,n,
∴m+n=1,mn=−1,则m2n+mn2=mn(m+n)=−1×1=−1.
根据上述材料,结合你所学的知识,完成下列问题:
(1)材料理解:一元二次方程2x2−3x−1=0的两个根为x1,x2,则x1+x2= ______,x1x2= ______.
(2)类比应用:已知一元二次方程2x2−3x−1=0的两根分别为m、n,求nm+mn的值.
(3)思维拓展:已知实数s、t满足2s2−3s−1=0,2t2−3t−1=0,且s≠t,求1s−1t的值.
参考答案
1.B
2.C
3.B
4.D
5.C
6.D
7.B
8.D
9.C
10.A
11.−2
12.15
13.5
14.1
15.2
16.2028
17.解:(1)x2−4x=2,
x2−4x+4=6,
(x−2)2=6,
x−2=± 6,
解得x1=2+ 6,x2=2− 6;
(2)2x2−5x+1=0,
a=2,b=−5,c=1,
Δ=b2−4ac=(−5)2−4×2×1=17,
∴x=5± 172×2,
解得x1=5+ 174,x2=5− 174.
18.解:设方程的另一根为x2.
∵关于x的一元二次方程x2+mx−5=0的一个根是−1,
∴x=−1满足关于x的一元二次方程x2+mx−5=0,
∴(−1)2−m−5=0,
解得m=−4;
又由韦达定理知−1×x2=−5,
解得x2=5.
即方程的另一根是5.
19.解:∵关于x的方程(a+b)x2+2cx+(a−b)=0有两个相等的实数根,
∴△=(2c)2−4(a2−b2)=0,即4(c2−a2+b2)=0,
∴c2−a2+b2=0,即a2=c2+b2,
∵a、b、c是△ABC的三边,
∴此三角形是直角三角形.
20.解:(1)由AB=x,得BC=(45−3x)m,
则S=(45−3x)x=45x−3x2,
∵0
∴8≤x<15,
∴y与x的函数关系式为S=−3x2+45x(8≤x<15);
(2)若S=162,则−3x2+45x=162,
解得:x1=6,x2=9,
∵8≤x<15,
所以x=9,
即当AB的长为9米时,花圃的面积为162平方米.
21.解:(1)∵x2+(2m+1)x+m(m+1)=0,
∴Δ=(2m+1)2−4m(m+1)=4m2+4m+1−4m2−4m=1>0,
∴不论m取何值,方程总有两个不相等的实数根;
(2)∵方程有两个实数根为x1,x2,
∴x1+x2=−(2m+1),x1x2=m(m+1),
∵x12+x22=13,
∴(x1+x2)2−2x1x2=13,
∴(2m+1)2−2m(m+1)=13,
整理得,m2+m−6=0,
解得:m=2或m=−3.
22.解:(1)设ts后,△PBQ的面积为8cm2,
则PB=(6−t)cm,BQ=2tcm,
∵∠B=90°,
∴S△PBQ=12(6−t)⋅2t=8,
解得t1=2,t2=4,
∴2s或4s时,△PBQ的面积为8cm2;
(2)不能,理由如下:设y秒时,△PBQ的面积为10cm2,
S△PBQ=12(6−y)⋅2y=10,
即 y2−6y+10=0,
∴Δ=b2−4ac=(−6)2−4×10=−4<0,
∴原方程无实数根,即△PBQ的面积不能是10cm2.
23.解:(1)将点A(2,4)代入抛物线y=ax2中,得4=4a,
解得a=1,
∴抛物线解析式为y=x2;
(2)设CD、EF分别与y轴交于点M和点N,
当四边形CDFE为正方形时,设CD=CE=2x,则CM=x=NE,NO=MO−MN=4−2x,
∴E点坐标为(x,4−2x),代入抛物线y=x2中,
得到:4−2x=x2,
解得x1=−1+ 5,x2=−1− 5(负值舍去),
∴CD=2x=2 5−2.
24.(1)1,2,−1;
(2)由(1)可知一次函数关系式y=−x+2,
当x=0时,y=2,
则一次函数y=−x+2与y轴交点坐标为C(0,2),
∵OC=2,点A横坐标为xA=1,点B的横坐标为−2,
∴S△AOC=12⋅OC⋅|xA|=12×2×1=1,S△BOC=12⋅OC⋅|xB|=12×2×2=2
∴S△AOB=S△AOC+S△BOC=1+2=3,
∴△AOB的面积为3;
(3)由题意D(2,0),设P(m,n),
∵△POD的面积与△AOB的面积相等,
∴12×2×n=3,
∴n=3,
∴m2=3,
∴m=± 3,
∴P(− 3,3)或( 3,3).
25.(1)32,−12;
(2)∵一元二次方程2x2−3x−1=0的两根分别为m,n,
∴m+n=32,mn=−12,
∴nm+mn=m2+n2mn=(m+n)2−2mnmn=(32)2−2×(−12)−12=−132;
(3)∵实数s,t满足2s2−3s−1=0,2t2−3t−1=0,且s≠t,
∴s,t是一元二次方程2x2−3x−1=0的两个实数根,
∴s+t=32,st=−12.
∵(t−s)2=(t+s)2−4st=(32)2−4×(−12)=174,
∴t−s=± 172,
∴1s−1t=t−sst=± 172−12=+− 17,
∴1s−1t的值为− 17或 17.
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