北师大版九年级全册二 电功率课堂检测

这是一份北师大版九年级全册二 电功率课堂检测，共6页。试卷主要包含了能力提升，探究创新等内容，欢迎下载使用。


一、能力提升
1.普通白炽灯正常工作时消耗的电能有90%因发热而损失,而新型的LED(发光二极管)灯发光时几乎不发热,从而减少了电能的损失。下面有关普通白炽灯和LED灯工作过程的比较说法不正确的是( )。
A.普通白炽灯正常工作时消耗的电能转化为光能和热能
B.LED灯的发光原理是电能直接转化为光能
C.普通白炽灯正常工作时消耗的电能主要转化为光能
D.LED灯提高了电能转化为光能的效率,有利于节约能源
2.如图13-1-2分别是小英家上月初和上月末电能表的示数。结合表盘上的信息可知,下列说法正确的是( )。
图13-1-2
A.小英家家庭电路中的干路电流不得超过10 A
B.小英家上个月消耗的电能为1 011 kW·h
C.电能表上指示灯闪烁320次,表示家庭电路消耗电能0.2 J
D.电能表上指示灯闪烁的次数越多,说明电路中消耗的电能越多
3.下列家用电器中,正常工作时,电能主要转化为机械能的是( )。
图13-1-3
4.电能表是测量用电器消耗电能的仪表,小华想检验他家电能表表盘上标注的每千瓦时的转数是否准确,于是,他将标有“220 V 3 A”的用电器单独接入电路中,当该用电器正常工作5 min后,电能表的转盘正好转了110 r,则该电能表每千瓦时的实际转数应是( )。
A.2 400 rB.2 000 r
C.1 500 rD.1 200 r
5.如图13-1-4所示的电路,电源电压不变,灯泡L标有“6 V 0.2 A”字样。当开关S1、S2均闭合时,灯泡L恰能正常发光,电流表示数为0.5 A。则:
图13-1-4
(1)电动机两端电压为 V,通过电动机的电流为 A。
(2)通电1 min电路消耗电能 J。
6.某品牌充电宝,上面标有电压为5 V,容量为12 000 mA·h。它充满电后,可以储存的电能是 J。在充电过程中,将电能转化为 能储存。
7.已知R1=4 Ω,R2=6 Ω,将它们串联后接入电压为10 V的电路中,总电阻为 Ω,R1、R2两端电压之比为 。通电1 min,电流通过电阻R2所做的功为 J。
8.在“探究影响电流做功多少的因素”实验中,同学们设计了如图13-1-5甲、乙所示两个电路:
图13-1-5
(1)本实验通过比较 来反映相同时间电流做功的多少。
(2)图13-1-5中所选用的灯泡L1和L2的规格应 。
(3)应该选择图13-1-5 所示的电路研究电流做功多少与电压大小的关系;两个小灯泡是 (选填“串联”或“并联”)的,这样连接是为了控制 相等。
(4)小明发现,按图13-1-5甲电路实验时L1比L2亮,同时观察到A1示数比A2大,这说明相同时间内 (选填“L1”或“L2”)的电功大,由此可得出的结论是 。接着他将这两个灯泡按图13-1-5乙连接好观察到 (选填“L1”或“L2”)更亮。
(5)对于“电流做功的多少可能与通电时间有关”的猜想,小明是否必须通过实验验证?你的看法是 (选填“不必”或“必须”),你的依据是 。
二、探究创新
9.如图13-1-6所示的电路中,定值电阻R1=40 Ω,R2=20 Ω,电压表示数为10 V。求:
图13-1-6
(1)通过R2的电流;
(2)通电300 s,电流通过R1所做的功。
一、电能和电功
知能演练·提升
1.C 普通白炽灯工作时,电能转化为热能和光能,使灯丝先发热后发光,普通白炽灯正常工作时消耗的电能主要转化为热能,而LED灯是直接将电能转化为光能,这样提高了转化效率,选项C不正确。
2.D 由题图知电能表允许通过的最大电流为40 A,因此小英家干路中的电流不得超过40 A,故A错误;小英家上月消耗的电能为5 647.8 kW·h-5 546.7 kW·h=101.1 kW·h,故B错误;指示灯闪烁320次表示消耗的电能W=3201 600 kW·h=0.2 kW·h,故C错误;电能表上指示灯闪烁的次数越多,则电路中消耗的电能越多,故D正确。
3.A 在常见的家用电器中,电风扇主要把电能转化为机械能;而电水壶、电饭煲主要把电能转化为内能;电视机主要将电能转化为光能和声能。
4.B 该电能表5 min消耗的电能为W=UIt=220 V×3 A×5×60 s=0.055 kW·h,每千瓦时的转数为1 kW·h0.055 kW·h×110 r=2 000 r。
5.解析 (1)并联电路两端的电压等于电源电压,小灯泡正常发光,电压即为6 V;并联电路中,干路中的电流等于各支路电流之和,所以通过电动机的电流IM=I总-IL=0.5 A-0.2 A=0.3 A。(2)通电1 min电路消耗电能W=UIt=6 V×0.5 A×60 s=180 J。
答案 (1)6 0.3 (2)180
6.解析 该电池一次充满电后储存的电能W=UIt=5 V×12 000×10-3 A×3 600 s=2.16×105 J;电池的充电和供电是相反的过程,充电时是把电能转化为化学能,放电时是把化学能转化为电能。
答案 2.16×105 化学
7.解析 串联总电阻等于各串联电阻之和,所以总电阻为10 Ω,由欧姆定律可知,电压与电阻成正比,所以R1、R2两端电压之比为2∶3。通电1 min,电流通过电阻R2所做的功为W=I2Rt=10V4Ω+6Ω2×6 Ω×60 s=360 J。
答案 10 2∶3 360
8.解析 (1)闭合开关小灯泡发光,这一过程电流做了多少功,就有多少电能转化为内能和光能,实验中通过观察灯泡的亮度来判断相同时间电流做功的多少,利用了转换法。(2)实验中需要控制电流或电压不同,因此所选用的灯泡L1和L2的规格应不同。(3)研究电流做功多少与电压大小的关系,应控制电流大小和通电时间相同,使两灯两端的电压不同,根据串、并联电路的特点可知应使两个小灯泡串联,所以应选题图乙电路。(4)题图甲中两灯并联,由并联电路的电压特点可知U1=U2,A1示数比A2大,即I1>I2,根据W=UIt可知W1>W2,由此可得结论:电压和通电时间相等时,电流越大,电流做功越多;电压相等,由R=UI可知R1答案 (1)灯泡的亮度 (2)不同 (3)乙 串联 电流 (4)L1 电压和通电时间相等时,电流越大,电流做功越多 L2 (5)不必 对电路中的同一个灯泡,电压和通过的电流相同,根据生活经验可知,通电时间越长,灯泡消耗的电能越多
9.解析 (1)由题图可知,两电阻串联,电压表测R2两端的电压,
根据欧姆定律可得,通过R2的电流
I2=U2R2=10V20 Ω=0.5 A。
(2)串联电路中各处的电流相等,则通过R1的电流I1=I2=0.5 A,
通电300 s,电流通过R1所做的功
W1=I12R1t=(0.5 A)2×40 Ω×300 s=3 000 J。
答案 (1)0.5 A (2)3 000 J