


2022-2023学年北京市第五十七中学高二下学期期中测试数学试题含答案
展开2022-2023学年北京市第五十七中学高二下学期期中测试数学试题
一、单选题
1.已知集合,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】直接求并集得到答案.
【详解】集合,则.
故选:C
2.在复平面内,复数对应的点的坐标为,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】根据题意,结合复数的运算,代入计算,即可得到结果.
【详解】因为复数对应的点的坐标为,则
所以
故选:A
3.在等差数列中,,,则=( )
A.9 B.11 C.13 D.15
【答案】C
【分析】利用等差数列的基本量计算可得答案.
【详解】设等差数列的公差为,则,
则
故选:C
4.已知双曲线的离心率是2,则( )
A.12 B. C. D.
【答案】B
【分析】根据双曲线离心率公式即可求出结果.
【详解】由题意可得,
解得,
故选:B.
5.若点为圆的弦的中点,则直线的方程是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【分析】由垂径定理可知,求出直线的斜率,利用点斜式可得出直线的方程.
【详解】圆的标准方程方程为,,即点在圆内,
圆心,,由垂径定理可知,则,
故直线的方程为,即.
故选:C.
6.已知平面向量,满足,,且与的夹角为,则( )
A. B. C. D.3
【答案】A
【分析】根据向量数量积的定义及运算性质即得.
【详解】∵,,且与的夹角为,
∴,
∴,
∴.
故选:A.
7.函数y=sin2x的图象可能是
A. B.
C. D.
【答案】D
【详解】分析:先研究函数的奇偶性,再研究函数在上的符号,即可判断选择.
详解:令,
因为,所以为奇函数,排除选项A,B;
因为时,,所以排除选项C,选D.
点睛:有关函数图象的识别问题的常见题型及解题思路:(1)由函数的定义域,判断图象的左、右位置,由函数的值域,判断图象的上、下位置;(2)由函数的单调性,判断图象的变化趋势;(3)由函数的奇偶性,判断图象的对称性;(4)由函数的周期性,判断图象的循环往复.
8.设是等差数列,其前项和为.则“”是“为递增数列”的
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】C
【分析】先由进行化简,能推出,即为递增数列.
再由为递增数列,得,能推出
故“”是“为递增数列”的充分必要条件.
【详解】设的公差为 .
充分性证明:由得: ,即:.
所以为递增数列.
必要性证明:由为递增数列得: ,所以
所以“”是“为递增数列的充分必要条件
故选:C.
【点睛】本题主要结合等差数列考查充分条件及必要条件的判断.属于基础题目.
9.函数,.若存在,使得,则的最大值是( )
A.8 B.11 C.14 D.18
【答案】C
【解析】令,原方程可化为存在,使得,算出左侧的取值范围和右侧的取值范围后可得的最大值.
【详解】因为存在,
使得,
故.
令,,则,
故,因为
故,故.
故选:C.
【点睛】本题考查二次函数的最值,注意根据解析式的特征把原方程合理整合,再根据方程有解得到满足的条件,本题属于较难题.
10.名学生参加某次测试,测试由道题组成.若一道题至少有名学生未解出来,则称此题为难题;若一名学生至少解出了道题,则该生本次测试成绩合格.如果这次测试至少有名学生成绩合格,且测试中至少有道题为难题,那么的最小值为( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【分析】由题意可得学生人数和题目数必须是3的倍数,可从进行讨论即可得出的最小值为9.
【详解】根据题意可知,不妨设,
所以,若求的最小值,只需最小即可;
易知当时,即;
此时即有3名学生不妨设为甲、乙、丙;3道题目设为;
根据题意可得至少有2名学生成绩合格,这两名学生至少做出了4道题,
可设甲同学做出了两道题,乙同学做出了两道题,丙同学做出了0道题,
此时合格的学生为甲乙,即有名学生成绩合格,
三道题目中有两道题,有名学生未解出来,即满足测试中有道题为难题;
所以符合题意.
故选:B
二、填空题
11.将函数的图像向右平移个单位长度后得到函数的图像,若在区间上的最小值为,则的最大值为 .
【答案】
【分析】首先根据三角函数的变换规则求出的解析式,再根据的取值范围求出的取值范围,再根据正弦函数的性质得到不等式组,解得即可.
【详解】解:将向右平移个单位长度得到,
因为,所以,
由于函数,
该函数在上的最小值为,故,故,
即的最大值为.
故答案为:.
12.已知椭圆,C的上顶点为A,两个焦点为,,离心率为.过且垂直于的直线与C交于D,E两点,,则的周长是 .
【答案】13
【分析】利用离心率得到椭圆的方程为,根据离心率得到直线的斜率,进而利用直线的垂直关系得到直线的斜率,写出直线的方程:,代入椭圆方程,整理化简得到:,利用弦长公式求得,得,根据对称性将的周长转化为的周长,利用椭圆的定义得到周长为.
【详解】∵椭圆的离心率为,∴,∴,∴椭圆的方程为,不妨设左焦点为,右焦点为,如图所示,∵,∴,∴为正三角形,∵过且垂直于的直线与C交于D,E两点,为线段的垂直平分线,∴直线的斜率为,斜率倒数为, 直线的方程:,代入椭圆方程,整理化简得到:,
判别式,
∴,
∴ , 得,
∵为线段的垂直平分线,根据对称性,,∴的周长等于的周长,利用椭圆的定义得到周长为.
故答案为:13.
13.已知函数和,若存在实数使得,则实数的取值范围为 .
【答案】
【详解】当时,
;当时,,若存在使,则,即,解得,故填.
点睛:本题考查学生的是函数的应用问题,属于中档题目.首先求出分段函数的值域,一段根据对数函数的单调性,另外一段利用对勾函数的性质以及基本不等式和反比例的值域求得,根据题意,即方程有解问题,从而限制的范围,解出不等式即可.
三、双空题
14.声音是由物体振动而产生的声波通过介质(空气、固体或液体)传播并能被人的听觉器官所感知的波动现象.在现实生活中经常需要把两个不同的声波进行合成,这种技术被广泛运用在乐器的调音和耳机的主动降噪技术方面.
(1)若甲声波的数学模型为,乙声波的数学模型为,甲、乙声波合成后的数学模型为.要使恒成立,则的最小值为 ;
(2)技术人员获取某种声波,其数学模型记为,其部分图像如图所示,对该声波进行逆向分析,发现它是由S1,S2两种不同的声波合成得到的,S1,S2的数学模型分别记为和,满足.已知S1,S2两种声波的数学模型源自于下列四个函数中的两个.
①; ②
③;④
则S1,S2两种声波的数学模型分别是 .(填写序号)
【答案】 ②③
【分析】(1)结合诱导公式求得的最小值.
(2)根据的图象确定正确的数学模型.
【详解】(1)由得,
即,所以,由于为正数,所以的最小值为.
(2)根据的图象可知,的最大值小于,由此排除④,
根据的图象可知,的最小正周期为,对于①,其最小正周期为,由此排除①.
,
,的周期为,符合题意.
故答案为:;②③
四、填空题
15.如图,已知四棱锥的底面是边长为的菱形,且,,,,分别是,的中点,是线段上的动点,给出下列四个结论:
①;
②;
③直线与底面所成角的正弦值为;
④面积的取值范围是.
其中所有正确结论的序号是 .
【答案】①④
【分析】①通过线面垂直证明线线垂直
②通过计算可得到结果
③通过线面角的定义与计算可得到结果
④通过求OE的取值范围计算三角形面积的取值范围
【详解】
由, 得平面,因为平面,所以,①正确
计算可得,,,
所以,②不正确;
由线面角定义知,就是直线与底面所成的角,,③不正确;
由得,,
, 时最小,④正确.
故答案为:①④
五、解答题
16.在中,,,再从条件①、条件②这两个条件中选择一个作为已知,求:
(1)的值;
(2)角的大小和的面积.
条件①:;条件②:.
【答案】(1)
(2),
【分析】(1)若选①,则直接利用余弦定理可求得,若选②,先由同角三角函数的关系求出,然后由正弦定理可求出,
(2)若选①,先求出,再利用正弦定理可求出角,利用面积公式可求出其面积,若选②,由于,利用两角和的余弦公式展开计算可求出角,利用面积公式可求出其面积,
【详解】(1)选择条件①
因为,,,
由余弦定理,得,
化简得,
解得或(舍).
所以;
选择条件②
因为,,
所以,
因为,,
所以,
由正弦定理得,得,
解得;
(2)选择条件①
因为,,
所以.
由正弦定理,得,
所以,
因为,所以,
所以为锐角,
所以,
所以,
选择条件②
由(1)知,,
又因为,,
在中,,
所以
因为
所以,
所以
17.如图,在三棱柱中,平面ABC,D,E分别为AC,的中点,,.
(1)求证:平面BDE;
(2)求直线DE与平面ABE所成角的正弦值;
(3)求点D到平面ABE的距离.
【答案】(1)证明见解析;
(2);
(3).
【分析】(1)根据线面垂直的性质得到,根据等腰三角形三线合一的性质得到,然后利用线面垂直的判定定理证明即可;
(2)利用空间向量的方法求线面角即可;
(3)利用空间向量的方法求点到面的距离即可.
【详解】(1)在三棱柱中,,为,的中点,∴,
∵平面,∴平面,
∵平面,∴,
在三角形中,,为中点,∴,
∵,平面,∴平面.
(2)
如图,以为原点,分别以为轴建立空间直角坐标系,
在直角三角形中,,,∴,
,,,,
,,,
设平面的法向量为,
,令,则,,所以,
设直线与平面所成角为,
所以.
(3)设点到平面的距离为,所以.
18.已知椭圆:,上下两个顶点分别为,,左右焦点分别为,,四边形是边长为的正方形,过作直线交椭圆于,两点.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)求证:四边形对角线交点的纵坐标与,两点的位置无关.
【答案】(1);(2)见解析.
【解析】(1)求出后可得椭圆的方程.
(2)设直线,,则可用的坐标表示直线与直线交点的纵坐标,再联立的方程和椭圆的方程,消去后,利用韦达定理化简,从而可得为定值.
【详解】(1)因为四边形是边长为的正方形,故,所以,
所以椭圆方程为:.
(2)设直线,,
则直线,,
由可得直线与直线交点的纵坐标为
,
由可得,
所以,且,
又,
故四边形对角线交点的纵坐标与,两点的位置无关.
【点睛】本题考查椭圆的标准方程的求法以及椭圆中的定点问题,前者只需求出即可,后者应把求解目标化为与交点坐标有关的代数式,再联立直线方程和椭圆方程,利用韦达定理化简代数式,从而可证定点定值问题,本题属于较难题.
19.已知函数.
(1)若函数在区间(1,+∞)上单调递增,求实数a的取值范围;
(2)试判断1是不是函数的极值点,并说明理由;
(3)是否存在实数a,使得直线y=x-2与曲线相切?若存在,直接写出满足条件的实数a的个数;若不存在,请说明理由.
【答案】(1);(2)答案见解析;(3)存在;实数a的个数为2.
【分析】(1)由题意知:,恒成立,即,则可求a的范围;
(2)讨论、、、,判断是否为0,即可说明1是不是函数的极值点;
(3)根据a值,判断切点处是否有成立.
【详解】(1)由解析式知:定义域为,且,
∵在区间(1,+∞)上单调递增,
∴对,都成立,即.
∴即可,故a的取值范围是.
(2)①当时,令,得x = a(舍)或1,
x | (0,1) | 1 | (1,+∞) |
f′(x) | - | 0 | + |
f(x) | ↘ | 极小 | ↗ |
②当时,令,得x = a或1,
x | (a,1) | 1 | (1,+∞) |
f′(x) | - | 0 | + |
f(x) | ↘ | 极小 | ↗ |
③当时,对,(当且仅当x=1时取等号),所以f(x)在区间(0,+∞)上单调递增,无极值;
④当时,令,得x = a或1,
x | (0,1) | 1 | (1,+∞) |
f′(x) | + | 0 | - |
f(x) | ↗ | 极大 | ↘ |
综上所述,当时,1不是极值点;当或时,1是极值点
(2)存在,满足条件的实数a的个数为2.
【点睛】关键点点睛:
(1)由区间单调性,结合导数的符号求参数范围;
(2)讨论参数a的范围,利用函数的导数研究区间单调性,进而判断1是否为极值点;
(3)直接写出a值,根据切点处有是否成立.
20.已知数列,具有性质P:对任意()与,两数中至少有一个是该数列中的一项,为数列的前项和.
(1)分别判断数列0,1,3,5与数列0,2,4,6是否具有性质P:
(2)证明:且;
(3)证明:当时,成等差数列.
【答案】(1)数列不具有性质;数列具有性质;(2)证明见解析;(3)证明见解析.
【分析】(1)利用数列新定义直接判断即可.
(2)由定义知,,证明,利用累加法即可证得结论.
(3)由(2)可证得,利用定义知是数列A中的项,可知,即可证得数列是以0为首项,公差为的等差数列.
【详解】(1),,所以数列不具有性质;
;;;;;,六组数中,至少有一个属于,所以数列具有性质.
(2)由数列具有性质,
与中至少有一个属于A,
又,,故,,.
由A具有性质可知,.
,
;
上边n个式子累加得:,
,
(3)证明:由(2)知,,,
而不是数列A中的项,则是数列A中的项,
,,
所以数列是以0为首项,公差为的等差数列.
【点睛】关键点点睛:本题是一道新型的探索性问题,认真理解题目所给的数列新定义是解决问题的关键,通过解决探索性问题,培养学生综合运用数学思想方法分析问题与解决问题的能力,属于难题.
21.已知集合,若集合,且对任意的,存在,,使得(其中),则称集合为集合的一个元基底.
(1)分别判断下列集合是否为集合的一个二元基底,并说明理由;
①,;
②,.
(2)若集合是集合的一个元基底,证明:;
(3)若集合为集合的一个元基底,求出的最小可能值,并写出当取最小值时的一个基底.
【答案】(1)见解析
(2)见解析
(3)见解析
【分析】(1)利用二元基底的定义加以验证,可得不是的一个二元基底.,是的一个二元基底..
(2)设,计算出的各种情况下的正整数个数并求出它们的和,结合题意得,即.
(3)由(2)可知,所以,并且得到结论“基底中元素表示出的数最多重复一个”.再讨论当时,集合的所有情况均不可能是的4元基底,而当时,的一个基底,由此可得 的最小可能值为5.
【详解】(1)①不是的一个二元基底.
理由是;
②是的一个二元基底.
理由是,
.
(2)不妨设,则
形如 的正整数共有个;
形如 的正整数共有个;
形如 的正整数至多有个;
形如 的正整数至多有个.
又集合含个不同的正整数,为集合的一个元基底.
故,即.
(3)由(2)可知,所以.
当时,,即用基底中元素表示出的数最多重复一个. *
假设为的一个4元基底,
不妨设,则.
当时,有,这时或.
如果,则由,与结论*矛盾.
如果,则或.易知和都不是的4元基底,矛盾.
当时,有,这时,,易知不是的4元基底,矛盾.
当时,有,这时,,易知不是的4元基底,矛盾.
当时,有,,,易知不是的4元基底,矛盾.
当时,有,,,易知不是的4元基底,矛盾.
当时,有,,,易知不是的4元基底,矛盾.
当时,有,,,易知不是的4元基底,矛盾.
当时,均不可能是的4元基底.
当时,的一个基底;或{3,7,8,9,10};或{4,7,8,9,10}等,只要写出一个即可.
综上,的最小可能值为5.
【点睛】方法点睛:新定义题型的特点是:通过给出一个新概念,或约定一种新运算,或给出几个新模型来创设全新的问题情景,要求考生在阅读理解的基础上,依据题目提供的信息,联系所学的知识和方法,实现信息的迁移,达到灵活解题的目的:遇到新定义问题,应耐心读题,分析新定义的特点,弄清新定义的性质,按新定义的要求,“照章办事”,逐条分析、验证、运算,使问题得以解决.
2023-2024学年北京市第五十五中学高二上学期12月月考数学试题含答案: 这是一份2023-2024学年北京市第五十五中学高二上学期12月月考数学试题含答案,共18页。试卷主要包含了单选题,填空题,问答题,解答题,证明题等内容,欢迎下载使用。
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