吉林高考化学三年（2021-2023）模拟题汇编-15烃

这是一份吉林高考化学三年（2021-2023）模拟题汇编-15烃，共18页。试卷主要包含了单选题，有机推断题，实验题等内容，欢迎下载使用。

吉林高考化学三年（2021-2023）模拟题汇编-15烃

一、单选题
1．（2023·吉林长春·校联考模拟预测）阿西弗兰(R)是一种降血脂剂，一种合成阿西弗兰的路线如下。下列说法正确的是
  
A．M中所有的碳原子可能共平面
B．P与乙酸乙酯互为同系物
C．可用酸性高锰酸钾溶液鉴别M和R
D．R与足量H2加成后所得产物分子中含有3个手性碳原子
2．（2023·吉林长春·统考模拟预测）2022年10月5日下午，瑞典皇家科学院将诺贝尔化学奖授予CarolynR．Bertozzi等三位在“点击化学和生物正交化学”方面做出贡献的科学家．叠氮—炔成环反应是经典的点击化学反应，反应示例如图所示：

下列说法错误的是
A．化合物X与  互为同分异构体
B．化合物Y可使溴水褪色且所有碳原子共线
C．该成环反应为加成反应
D．化合物Z的分子式为
3．（2023·吉林长春·校联考模拟预测）下列实验操作能达到实验目的的是
选项
A
B
C
D
实验目的
证明Ksp(AgI)＜Ksp(AgCl)
探究化学反应速率的影响因素
除去乙烯中少量的SO2
增大HClO的浓度
实验操作
  
  
  
  
A．A B．B C．C D．D
4．（2023·吉林白山·统考模拟预测）我国科技工作者发现几种“小分子胶水”(结构如图所示)能助力自噬细胞“吞没”致病蛋白。下列说法正确的是
  
A．a的分子式为C15H8O4
B．b不能发生氧化反应
C．a中碳原子的杂化方式共有2种
D．a、b均能发生加成反应
5．（2022·吉林·统考模拟预测）我国“祝融号”火星车首次在火星上探测到含水矿物，通过分析发现矿物含有a、b、c、d四种原子序数依次增大的短周期主族元素，岩石中含有cdb3，其中b也是地球地壳中含量最高的元素，c为金属元素，其单质与热水反应后的溶液能使酚酞试液变为浅红色，a、d为同一主族元素。下列判断错误的是
A．原子半径：c＞d＞a＞b
B．b分别和a、c、d形成的化合物化学键类型相同
C．a的氢化物的沸点可能高于b的氢化物的沸点
D．从海水中提取c的过程中，工业生产常选用Ca(OH)2作为沉淀剂
6．（2022·吉林长春·校联考模拟预测）莽草酸可用于合成药物达菲，其结构简式如图，下列关于莽草酸的说法正确的是

A．分子式为C7H10O5属于芳香族化合物
B．该分子中所有原子一定不能共平面，该分子中含有3个手性碳原子
C．1mol莽草酸与适量浓硫酸混合加热，仅发生消去反应
D．1mol莽草酸与足量的NaHCO3溶液反应可放出4molCO2气体
7．（2022·吉林长春·校联考模拟预测）利用下列装置(夹持装置略)进行实验，能达到实验目的的是
A
B
C
D




验证硫的非金属性强于碳
制备溴苯并验证有HBr产生
制备无水MgCl2
在铁上镀铜
A．A B．B C．C D．D
8．（2022·吉林长春·统考模拟预测）乙烯液相催化氧化乙醛机理如图所示：

下列说法错误的是
A．产生1molCH3CHO转移电子数为2NA
B．CuCl2与PdCl2是催化剂，CuCl与Pd是中间产物
C．I、II、III步均发生氧化还原反应
D．该反应过程中既有极性键和非极性键断裂又有极性键和非极性键形成
9．（2022·吉林·统考三模）“更严、 更全、更高”的禁止使用兴奋剂是2022年北京冬奥会的重要特征。苯丙酸诺龙是一种兴奋剂，结构简式为： 。下列叙述错误的是
A．向该兴奋剂中滴入KMnO4(H+)溶液，可观察到紫色褪去
B．该兴奋剂分子中所有碳原子均可能共平面。
C．该兴奋剂能够发生氧化反应、还原反应和水解反应
D．1 mol苯丙酸诺龙完全燃烧消耗34 mol O2
10．（2022·吉林白山·统考一模）下列实验操作和现象不相符的是
选项
实验操作
现象
A
向溴的氯仿溶液中通入足量乙烯
溴的氯仿溶液颜色逐渐变浅，最终变为无色
B
向淀粉溶液中先加入足量稀硫酸，再加入少量新制氢氧化铜悬浊液，加热
产生砖红色沉淀
C
向盛有大量水的烧杯中加入少量钠块
钠块熔化成银白色小球
D
常温下，向AgCl浊液中加入KI浓溶液，振荡已知：[Ksp(AgCl)>Ksp(AgI)]
白色浊液变成淡黄色浊液(或沉淀)

A．A B．B C．C D．D
11．（2022·吉林长春·统考模拟预测）己二酸是一种重要的化工原料，科学家在现有工业路线基础上，提出了一条“绿色”合成路线：

下列说法正确的是
A．苯与溴水混合，充分振荡后静置，下层溶液呈橙红色
B．环己醇与乙醇互为同系物
C．己二酸与溶液反应有生成
D．环己烷分子中所有碳原子共平面
12．（2022·吉林·校联考模拟预测）有机物M、N之间可发生如图转化.下列说法不正确的是

A．M能与溴水发生加成反应
B．M分子中所有碳原子共平面
C．N能使酸性高锰酸钾溶液褪色
D．M、N均能发生水解反应和酯化反应
13．（2021·吉林四平·校联考模拟预测）乙酸苯甲酯R是茉莉花香气的成分之一，结构简式如图所示，下列说法正确的是(　　)

A．R的分子式为C9H12O2
B．R分子所有原子可能共平面
C．R能发生加成、取代、氧化反应
D．R和乙酸乙酯互为同系物
14．（2021·吉林长春·统考二模）科学家利用原子序数依次递增的W、X、Y、Z四种短周期元素，“组合”成一种具有高效催化性能的超分子，其分子结构示意图如图所示(短线代表共价键)。其中W、X、Z分别位于不同周期，Z是同周期中金属性最强的元素。下列说法正确的是

A．简单离子半径：Z＞Y＞W
B．Y与W、X、Z均能形成至少两种化合物
C．氢化物的沸点： Y＞X
D．l mol ZW与水发生反应生成1mol W2，转移电子2mol

二、有机推断题
15．（2022·吉林·统考模拟预测）卤沙唑仑W是一种抗失眠药物，在医药工业中的一种合成方法如下：

已知：
回答下列问题：
(1)A的化学名称是 ，B的结构简式是 。
(2)反应③中，物质X具有的官能团名称是 。(不考虑苯环)
(3)写出反应④的化学方程式 。
(4)反应⑤的反应类型是 。
(5)物质W分子内，手性碳的个数是 个。
(6)M为C的同系物，相对分子质量比C多14，则M的同分异构体中，含有苯环且苯环上只有三个取代基，并能发生银镜反应的化合物共有 种(不考虑立体异构)。
16．（2022·吉林长春·统考模拟预测）盐酸西替利嗪是第二代无镇定作用的抗组胺药物，一种改进合成工艺如下：

回答下列问题：
(1)有机物A的名称： ；指出D的官能团名称： 。
(2)有机物B中至少有 个原子共平面，D→E的反应类型： 。
(3)写出E→F的化学方程式： 。
(4)C的同分异构体很多，其中含有两个苯环(无其他环)的同分异构体有 种(不含C本身)，写出苯环上一取代物有4种的结构简式： 。
(5)参照流程图补充完整下列合成路线中的试剂名称或结构简式：

试剂1： ；试剂2： ；产物1： 。

三、实验题
17．（2021·吉林长春·统考二模）硝基苯是重要的化工原料，用途广泛。
I.制备硝基苯的化学反应方程式如下：
+HO－NO2+H2O
II.可能用到的有关数据列表如下：
物质
熔点/℃
沸点/℃
密度(20℃)/g·cm-3
溶解性
苯
5.5
80
0.88
微溶于水
硝基苯
5.7
210.9
1.205
难溶于水
浓硝酸
___
83
1.4
易溶于水
浓硫酸
___
338
1.84
易溶于水
III.制备硝基苯的反应装置图如下：

IV .制备、提纯硝基苯的流程如下：

请回答下列问题：
(1)配制混酸时，应在烧杯中先加入 ；反应装置中的长玻璃导管最好用 代替(填仪器名称)；恒压滴液漏斗的优点是 。
(2)步骤①反应温度控制在50~60°C的主要原因是 ；步骤②中分离混合物获得粗产品1的实验操作名称是 。
(3)最后一次水洗后分液得到粗产品2时，粗产品2应 (填“a” 或“b”)。
a.从分液漏斗上口倒出             b.从分液漏斗下口放出
(4)粗产品1呈浅黄色，粗产品2为无色。粗产品1呈浅黄色的原因是 。
(5)步骤④用到的固体D的名称为 。
(6)步骤⑤蒸馏操作中，锥形瓶中收集到的物质为 。

参考答案：
1．D
【详解】A．M中与羟基所连碳原子杂化类型为sp3，空间构型为四面体形，因此M中所有碳原子不可能共面，故A错误；
B．P的化学式为C6H10O4，乙酸乙酯的化学式为C4H8O2，乙酸乙酯符合通式为CnH2nO2，而P的化学式不符合该通式，因此两者不互为同系物，故B错误；
C．M中含有碳碳三键，R中含有碳碳双键，均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，因此酸性高锰酸钾溶液不能鉴别，故C错误；
D．R与足量氢气加成后的产物是  ，故D正确；
答案为D。
2．D
【详解】A．二者分子式相同，均为C2H5N3，且结构不同，故二者互为同分异构体，A正确；
B．Y为丙炔，含有碳碳三键，可使溴水褪色，且所有碳原子均在同一条直线上，B正确；
C．图示可知，该反应三键变为双键，为加成反应，C正确；
D．化合物Z的分子式为，D错误；
故选D。
3．D
【详解】A．KCl和过量AgNO3溶液混合生成AgCl沉淀，AgNO3有剩余，再滴加2滴溶液，AgNO3和KI直接反应生成AgI沉淀，不能证明，A错误；
B．左侧试管内盐酸的浓度大、金属片的活动性强，不能判断反应速率快是由金属活动性引起的，还是由H+浓度引起的，B错误；
C．SO2、乙烯都能被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以不能用酸性KMnO4溶液除去乙烯中混有的SO2，C错误；
D．氯水中含有盐酸、次氯酸，盐酸可与碳酸钙反应，次氯酸与碳酸钙不反应，即该操作可增大次氯酸的浓度，D正确；
故选D。
4．D
【详解】A．由a的结构简式可知其分子式为：C15H10O4，故A错误；
B．b中含有酚羟基和碳碳双键容易被氧化，能发生氧化反应，故B错误；
C．a中碳原子均采用sp2杂化，故C错误；
D．a、b均含苯环和碳碳双键，都能发生加成反应，故D正确；
故选：D。
5．B
【分析】b也是地球地壳中含量最高的元素，则b为O；c为金属元素，其单质与热水反应后的溶液能使酚酞试液变为浅红色，则c为Mg；a、d为同一主族元素，岩石中含有cdb3，令d的化合价为n，根据化合价代数和为0，则与+2+n+(-2)×3=0，解得n=+4，、d为同一主族元素且d的原子序数比a大，故d为Si，a则a为C；
【详解】由分析可知，a为C元素、b为O元素、c为Mg元素、d为Si元素；
A．同周期主族元素自左而右原子半径减小，一般电子层越多原子半径越大，故原子半径：c(Mg)＞d(Si)＞a(C)＞b(O)，故A正确；
B．b为O，与C形成化合物如CO的化学键是共价键，与Mg形成化合物如MgO是离子键，化学键类型不同，故B错误；
C．a为C元素、b为O元素，O的氢化物一般有水和H2O2常温下为液态，而C的氢化物CxHy属于烃类，当C原子个数较大时为固体，因此C的氢化物的沸点可能高于O的氢化物的沸点，故C正确；
D．c为Mg元素，Ca(OH)2和镁离子反应生成氢氧化镁沉淀，Ca(OH)2廉价且原料来源广泛，工业生产常选用Ca(OH)2作为沉淀剂，故D正确；
故选：B。
6．B
【详解】A．由题干有机物结构简式可知，其分子式为C7H10O5，但分子不含苯环故不属于芳香族化合物，A错误；
B．由题干有机物结构简式可知，分子中的六元环不是苯环，有多个sp3杂化的碳原子，则该分子中所有原子一定不能共平面，同时连有四个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，则该分子中含有3个手性碳原子，即三个与羟基相连的碳原子均为手性碳原子，B正确；
C．由题干有机物结构简式可知，分子中含有羟基和羧基，与适量浓硫酸混合加热后能够发生酯化反应，醇羟基的分子间脱水和消去反应，C错误；
D．由题干有机物结构简式可知，1mol莽草酸分子中含有1mol羧基，故其与足量的NaHCO3溶液反应可放出1molCO2气体，D错误；
故答案为：B。
7．C
【详解】A．实验中蔗糖变黑，接着变得疏松多孔，同时澄清石灰水变浑浊，说明浓硫酸具有脱水性和强氧化性，同时产生SO2，但不能说明产生CO2，也不能验证硫的非金属性强于碳，A不合题意；
B．由于液溴易挥发，挥发出的液溴能与水反应生成HBr，同样可以观察到AgNO3溶液中生成淡黄色沉淀，即不能验证有HBr产生，B不合题意；
C．由于MgCl2易发生水解，水解产物HCl易挥发，从而促进其水解，故需要在HCl的气流中加热蒸发MgCl2·6H2O来制备无水MgCl2，C符合题意；
D．在铁上镀铜，铁接电源的负极作阴极，铜接电源的正极作阳极，D不合题意；
故答案为：C。
8．D
【详解】A．乙烯中碳的化合价为-2价，乙醛中为-1价，1mol乙烯转化为乙醛失2mol电子，故A正确；
B．由图示可知反应起点PdCl2为反应物，生成Pd，过程II中氯化铜为反应物与Pd反应生成CuCl，可知CuCl2与PdCl2是开始存在的物质，作催化剂，而CuCl与Pd是反应过程中的生成物，同时也是另一反应的反应物，作中间产物，故B正确；
C．I、II、III步中均有单质参加或生成，均有价态变化，属于氧化还原反应，故C正确；
D．由图可知该过程的最终生成物为乙醛，其中只含有极性键和非极性键断裂，无非极性键形成，故D错误；
故选：D。
9．B
【详解】A．该兴奋剂分子中含有碳碳双键，向该兴奋剂中滴入KMnO4(H+)溶液，可观察到紫色褪去，A正确；
B．该兴奋剂分子中有多个饱和碳原子形成的环，所有碳原子不可能共平面，B错误；
C．该兴奋剂分子中含有碳碳双键，能够发生氧化反应、还原反应，含有酯基，能够发生水解反应，C正确；
D．苯丙酸诺龙的分子式为C27H34O3，1 mol苯丙酸诺龙完全燃烧消耗O2(27+344-)mol=34mol，D正确；
答案选B。
10．B
【详解】A．向溴的氯仿溶液中通入足量乙烯时，乙烯与溴的氯仿溶液发生加成反应生成1，2—二溴乙烷，使溴的氯仿溶液颜色逐渐变浅，最终变为无色，故A正确；
B．检验淀粉水解产物的操作为向淀粉溶液中先加入足量稀硫酸，加热一段时间后，加入氢氧化钠溶液中和稀硫酸至溶液呈碱性，再加入少量新制氢氧化铜悬浊液，加热产生砖红色氧化亚铜沉淀，否则不能产生砖红色沉淀，故B错误；
C．钠与水的反应为放热反应，向盛有大量水的烧杯中加入少量钠块时，反应放出的热量使熔点低的钠在水面上立即融化为银白色小球，故C正确；
D．常温下，向氯化银浊液中加入碘化钾浓溶液，振荡时，溶度积大的氯化银白色沉淀会转化为溶度积小的溴化银淡黄色沉淀，故D正确；
故选B。
11．C
【详解】A.苯的密度比水小，苯与溴水混合，充分振荡后静置，有机层在上层，应是上层溶液呈橙红色，故A错误；
B．环己醇含有六元碳环，和乙醇结构不相似，分子组成也不相差若干CH2原子团，不互为同系物，故B错误；
C．己二酸分子中含有羧基，能与NaHCO3溶液反应生成CO2，故C正确；
D．环己烷分子中的碳原子均为饱和碳原子，与每个碳原子直接相连的4个原子形成四面体结构，因此所有碳原子不可能共平面，故D错误；
答案选C。
12．B
【详解】A. M中含有碳碳双键，可以与溴水发生加成反应，故A正确；
B. M分子有三个C原子连接在同一个饱和C原子上，所以不可能所以碳原子共面，故B错误；
C. N中含有羟基、醛基均能被高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾褪色，故C正确；
D. M和N中均含有酯基和羟基，能发生水解反应和酯化反应，故D正确；
故答案为B。
13．C
【详解】A、R的分子式为C9H10O2，A错误；
B、R分子中存在甲基和亚甲基，不可能所有原子都共面，B错误；
C、该物质中含有苯环，可以发生加成反应；含有酯基，可以发生取代反应（水解反应）；该物质还可以和O2发生燃烧反应，即氧化反应；C正确；
D、同系物需满足结构相似，分子组成上相差一个或若干个CH2，故R与乙酸乙酯不互为同系物，D错误；
故选C。
【点睛】酯基和羧基中的碳氧双键不能和H2发生加成反应。
14．B
【分析】W、X、Y、Z为短周期元素，原子序数依次递增，Z是同周期中金属性最强的元素，且W、X、Z分别位于不同周期，可知，Z为Na，W为H；X、Y位于第二周期，由超分子的结构示意图知，X连四条键、Y连两条键，则X为C，Y为O，据此解答。
【详解】A． H+核外没有电子，半径最小，Na+、O2-的核外电子排布相同，核电荷数越大，半径越小，则简单离子半径：O2-＞Na+＞H+，故A错误；
B． O与H可形成H2O、H2O2，O与C可形成CO、CO2，O与Na可形成NaO、Na2O2，故B正确；
C． C的氢化物为烃，含C原子数少的烃为气态或液态，含C原子数多的烃为固态，O的氢化物为H2O、H2O2，呈液态，则C的氢化物的沸点不一定比O的氢化物的沸点低，故C错误；
D． 1molNaH和H2O发生反应生成1molH2，NaH+H2O= H2↑+NaOH，1molNaH反应转移1mol电子，故D错误；
故选B。
15．(1) 2-氟甲苯(或邻氟甲苯)
(2)溴原子(碳溴键)、氨基
(3)+ Br—CH2—COBr → +HBr
(4)取代反应
(5)1
(6)30

【分析】由B的分子式、反应条件可知，A中甲基被氧化为-COOH生成B，故B为 ；由C→D的第一步反应条件，可知C→D的第一步发生信息中反应，C中存在-COCl结构，对比B、C的分子式，可知B中-OH被氯原子替代生成C，故C为 ；对比C、D的结构，结合X的分子式，可推知X为；D与Y反应生成E和HBr，发生取代反应，可推知Y为；对比E、F的结构可知，E中亚甲基连接的溴原子被-NHCH2CH2OH替代生成F，最后F中-NH-先与羰基之间发生加成反应，然后羟基之间脱去1分子水再生成W。
(1)
A为 ，甲苯为母体，氟原子为取代基，A的化学名称是：邻氟甲苯或2-氟甲苯；由分析可知，B的结构简式为；
(2)
由分析可知X为，具有的官能团名称是溴原子(碳溴键)、氨基；
(3)
反应④的化学方程式+ Br—CH2—COBr → +HBr；
(4)
对比E、F的结构可知，E中亚甲基连接的溴原子被-NHCH2CH2OH替代生成F，反应⑤的反应类型是取代反应；
(5)
连接四种不同基团的碳原子为手性碳原子，W分子内，手性碳的个数是1个，为连接O和N及两个苯环的碳原子；
(6)
C为 ，M为C的同系物说明官能团相同，相对分子质量比C多14即多一个CH2基团，能发生银镜反应说明含有醛基，则M的同分异构体有：、、、、、、、、共30种。
16．(1) 氯苯或者1-氯苯 氯原子和羟基
(2) 12 取代反应
(3)
(4) 12
(5) 酸性KMnO4溶液 SOCl2

【分析】A→C为氯苯的对位酰基化。C→D为C=O的还原为醇的反应。D→E为-OH被氯取代。E→F为-CHCl-中氯被N取代。F→G为-OH被-CH3COONa取代。G→H为酸化。
【详解】（1）A中为苯环上一个氯取代，可以叫氯苯或者1-氯苯。D中含-Cl为氯原子，-OH为羟基；
（2）苯环中12个原子共面，同时C=O形成的平面，经过单键旋转所有原子均可能共面。共面原子至少12个共面。D→E为取代反应 ；
（3）E→F为-CHCl-中氯被N取代，；
（4）两个苯环，该分子中还有C=O和-Cl可组成的官能团有①-CHO和-Cl或者②C=O和Cl或者③-COCl。①种官能团异构有联苯上醛基取代有以下三种，再考虑这三种结构苯环上一氯代7+7+5=19种。②种官能团异构，考虑苯环上的一氯代共2种。③种官能团异构，考虑联苯上-COCl取代有3种。满足条件的同分异构体共有19+2+3=24种。苯环上一氯代物4种，说明该结构对称为；
（5）甲苯→苯甲酸为氧化反应，选择酸性KMnO4溶液。为氯代，选择SOCl2。由上述流程知该条件下为-Cl被苯基取代，所有产物为。
17． 浓硝酸 球形(或蛇形)冷凝管 平衡气压，使混合酸能顺利留下 防止副反应发生 分液 b 其中溶有浓硝酸分解的二氧化氮 无水氯化钙或无水硫酸镁等固体干燥剂 苯
【分析】制备、提纯硝基苯流程：苯环上的一个氢原子能与硝酸中的硝基发生取代反应得到硝基苯，所以反应①的化学方程式为：+HO-NO2 +H2O，混合物为苯、硝基苯、浓硝酸、浓硫酸，硝基苯是油状液体，难溶于水，密度比水大，苯微溶于水，与硝基苯互溶，在下层，步骤②为分离互不相溶的液态混合物，应采取分液操作；粗产品1中有残留的硝酸及硫酸，步骤③依次用蒸馏水、Na2CO3溶液、蒸馏水洗涤，除去粗产品中残留的酸，有机层为苯和硝基苯的混合物，还残留有水，步骤④用无水CaCl2或无水硫酸镁干燥有机混合物，过滤，步骤⑤进行蒸馏，分离苯和硝基苯，得到纯硝基苯，据此结合有机物的性质与应用回答问题。
【详解】(1)浓硫酸密度大于浓硝酸，浓硫酸与浓硝酸混合放出大量的热，则该实验中配制混酸应将浓硫酸注入浓硝酸中，及时搅拌和冷却，以防止液体暴沸；苯、浓硝酸沸点低，易挥发，球形(或蛇形)冷凝管能更好冷凝回流挥发的苯、浓硝酸，从而可减少反应物的损失，提高转化率；和普通分液漏斗相比，恒压滴液漏斗代替分液漏斗可以平衡内外压强，使混合酸顺利滴下；
(2)浓硫酸和浓硝酸是强腐蚀性酸，且具有强氧化性，温度不能过高，应控制在50~60°C，温度过高有副反应发生；混合物为苯、硝基苯、浓硝酸、浓硫酸，硝基苯是油状液体，难溶于水，密度比水大，苯微溶于水，与硝基苯互溶，在下层，步骤②为分离互不相溶的液态混合物，应采取分液操作；
(3)最后一次水洗后分液得到粗产品2为硝基苯和苯的混合物，采用分液方法分离，因为硝基苯的密度比水大，所以粗产品2应从分液漏斗下口放出，故选b；
(4)粗产品1中除了硝基苯，还溶入了浓硝酸，浓硝酸受热易分解，溶有浓硝酸分解产生的二氧化氮导致其呈浅黄色；
(5)步骤③依次用蒸馏水、Na2CO3溶液、蒸馏水洗涤，除去粗产品中残留的酸，有机层为苯和硝基苯的混合物，还残留有水，步骤④用无水CaCl2或无水硫酸镁干燥有机混合物，过滤，得到苯和硝基苯的混合物；
(6)步骤⑤为蒸馏操作，分离苯和硝基苯，根据表格数据可知，苯的沸点为80℃，硝基苯的沸点为210.9℃，则锥形瓶中收集到的物质为苯。