|试卷下载
搜索
    上传资料 赚现金
    2024高考数学一轮复习讲义(步步高版)第九章 §9.4 列联表与独立性检验
    立即下载
    加入资料篮
    2024高考数学一轮复习讲义(步步高版)第九章 §9.4 列联表与独立性检验01
    2024高考数学一轮复习讲义(步步高版)第九章 §9.4 列联表与独立性检验02
    2024高考数学一轮复习讲义(步步高版)第九章 §9.4 列联表与独立性检验03
    还剩16页未读, 继续阅读
    下载需要10学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    2024高考数学一轮复习讲义(步步高版)第九章 §9.4 列联表与独立性检验

    展开
    这是一份2024高考数学一轮复习讲义(步步高版)第九章 §9.4 列联表与独立性检验,共19页。试卷主要包含了635)=0,01,205>2,5+3+4+4,16或a≤34,879等内容,欢迎下载使用。


    知识梳理
    1.分类变量
    为了表述方便,我们经常会使用一种特殊的随机变量,以区别不同的现象或性质,这类随机变量称为分类变量.分类变量的取值可以用实数表示.
    2.列联表与独立性检验
    (1)关于分类变量X和Y的抽样数据的2×2列联表:
    (2)计算随机变量χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),利用χ2的取值推断分类变量X和Y是否独立的方法称为χ2独立性检验.
    如表为5个常用的小概率值和相应的临界值.
    思考辨析
    判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
    (1)2×2列联表中的数据是两个分类变量的频数.( √ )
    (2)事件A和B的独立性检验无关,即两个事件互不影响.( × )
    (3)χ2的大小是判断事件A和B是否相关的统计量.( √ )
    (4)在2×2列联表中,若|ad-bc|越小,则说明两个分类变量之间关系越强.( × )
    教材改编题
    1.某机构为调查网游爱好者是否有性别差异,通过调研数据统计:在500名男生中有200名爱玩网游,在400名女生中有50名爱玩网游.若要确定网游爱好是否与性别有关时,用下列最适合的统计方法是( )
    A.均值 B.方差
    C.独立性检验 D.回归分析
    答案 C
    解析 由题意可知,“爱玩网游”与“性别”是两类变量,其是否有关,应用独立性检验判断.
    2.如表是2×2列联表,则表中a,b的值分别为( )
    A.27,38 B.28,38
    C.27,37 D.28,37
    答案 A
    解析 a=35-8=27,b=a+11=27+11=38.
    3.已知P(χ2≥6.635)=0.01,P(χ2≥10.828)=0.001.在检验喜欢某项体育运动与性别是否有关的过程中,某研究员搜集数据并计算得到χ2=7.235,则根据小概率值α=________的χ2独立性检验,分析喜欢该项体育运动与性别有关.
    答案 0.01
    解析 因为6.635<7.235<10.828,所以根据小概率值α=0.01的χ2独立性检验,分析喜欢该项体育运动与性别有关.
    题型一 列联表与χ2的计算
    例1 (1)为了解某大学的学生是否喜欢体育锻炼,用简单随机抽样方法在校园内调查了120位学生,得到如下2×2列联表:
    则a-b-c等于( )
    A.7 B.8 C.9 D.10
    答案 C
    解析 根据题意,可得c=120-73-25=22,a=74-22=52,b=73-52=21,
    补充完整2×2列联表为:
    ∴a-b-c=52-21-22=9.
    (2)为加强素质教育,使学生各方面全面发展,某学校对学生文化课与体育课的成绩进行了调查统计,结果如表:
    在对体育课成绩与文化课成绩进行独立性检验时,根据以上数据可得到χ2的值为( )
    A.1.255 B.38.214
    C.0.003 7 D.2.058
    答案 A
    解析 χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d)
    =eq \f(337×57×43-16×2212,278×59×73×264)≈1.255.
    思维升华 2×2列联表是4行4列,计算时要准确无误,关键是对涉及的变量分清类别.
    跟踪训练1 某次国际会议为了搞好对外宣传工作,会务组选聘了50名记者担任对外翻译工作,在如表“性别与会外语”的2×2列联表中,a+b+d=________.
    答案 44
    解析 由题意得a+b+d+6=50,
    所以a+b+d=50-6=44.
    题型二 列联表与独立性检验
    例2 (2022·全国甲卷改编)甲、乙两城之间的长途客车均由A和B两家公司运营.为了解这两家公司长途客车的运行情况,随机调查了甲、乙两城之间的500个班次,得到下面列联表:
    (1)根据上表,分别估计这两家公司在甲、乙两城之间长途客车准点的概率;
    (2)能否根据小概率值α=0.1的独立性检验,分析甲、乙两城之间的长途客车是否准点与客车所属公司有关?
    附:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),n=a+b+c+d.
    解 (1)根据表中数据,A家公司共有班次260个,准点班次有240个,
    设A家公司长途客车准点事件为M,
    则P(M)=eq \f(240,260)=eq \f(12,13);
    B家公司共有班次240个,准点班次有210个,
    设B家公司长途客车准点事件为N,
    则P(N)=eq \f(210,240)=eq \f(7,8).
    所以A家公司长途客车准点的概率为eq \f(12,13);
    B家公司长途客车准点的概率为eq \f(7,8).
    (2)列联表如下:
    零假设为H0:甲、乙两城之间的长途客车是否准点与客车所属公司无关.
    χ2=eq \f(500×240×30-210×202,260×240×450×50)
    ≈3.205>2.706=x0.1,
    根据小概率值α=0.1的独立性检验,推断H0不成立,即认为甲、乙两城之间的长途客车是否准点与客车所属公司有关.
    思维升华 独立性检验的一般步骤
    (1)根据样本数据制成2×2列联表.
    (2)根据公式χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d)计算.
    (3)比较χ2与临界值的大小关系,作统计推断.
    跟踪训练2 为了减少自身消费的碳排放,“绿色消费”等绿色生活方式渐成风尚.为获得不同年龄段的人对“绿色消费”意义的认知情况,某地研究机构将“90后与00后”作为A组,将“70后与80后”作为B组,并从A,B两组中各随机选取了100人进行问卷调查,整理数据后获得如下列联表:
    单位:人
    附:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),n=a+b+c+d.
    (1)若从样本内知晓“绿色消费”意义的120人中用比例分配的分层随机抽样方法随机抽取16人,问应在A组、B组中各抽取多少人?
    (2)能否依据小概率值α=0.001的独立性检验,分析对“绿色消费”意义的认知情况与年龄有关?
    解 (1)由题意知,在A组中抽取的人数为16×eq \f(75,120)=10.在B组中抽取的人数为16×eq \f(45,120)=6.
    (2)零假设为H0:对“绿色消费”意义的认知情况与年龄无关.
    由题意,得χ2=eq \f(200×75×55-25×452,120×80×100×100)=18.75>10.828=x0.001,
    故依据小概率值α=0.001的独立性检验,推断H0不成立,即认为对“绿色消费”意义的认知情况与年龄有关.
    题型三 独立性检验的综合应用
    例3 体育运动是强身健体的重要途径,《中国儿童青少年体育健康促进行动方案(2020-2030)》(下面简称“体育健康促进行动方案”)中明确提出青少年学生每天在校内参与不少于60分钟的中高强度身体活动的要求.随着“体育健康促进行动方案”的发布,体育运动受到各地中小学的高度重视,众多青少年的体质健康得到很大的改善.某中学教师为了了解体育运动对学生的数学成绩的影响情况,现从该中学高三年级的一次月考中随机抽取1 000名学生,调查他们平均每天的体育运动情况以及本次月考的数学成绩情况,得到如表数据:
    约定:平均每天进行体育运动的时间不少于60分钟的为“运动达标”,数学成绩排在年级前50%以内(含50%)的为“数学成绩达标”.
    (1)求该中学高三年级本次月考数学成绩的65%分位数;
    (2)请估计该中学高三年级本次月考数学成绩的平均分(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表);
    (3)请根据已知数据完成下列列联表,并根据小概率值α=0.001的独立性检验,分析“数学成绩达标”是否与“运动达标”相关.
    附:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d)(n=a+b+c+d).
    解 (1)每组的频率依次为0.025,0.125,0.350,0.300,0.150,0.050,
    ∵0.025+0.125+0.350=0.500<0.65,0.025+0.125+0.350+0.300=0.800>0.65,
    且eq \f(0.500+0.800,2)=0.65,
    高三年级本次月考数学成绩的65%分位数位于[90,110)内,且为[90,110)的中点100,
    该中学高三年级本次月考数学成绩的65%分位数为100.
    (2)该中学高三年级本次月考数学成绩的平均分
    eq \x\t(x)=0.025×40+0.125×60+0.350×80+0.300×100+0.150×120+0.050×140=91.50,
    估计该中学高三年级本次月考数学成绩的平均分为91.50分.
    (3)列联表如表所示:
    零假设为H0:“数学成绩达标”与“运动达标”无关,
    χ2=eq \f(1 000×350×300-200×1502,550×450×500×500)=eq \f(1 000,11)≈90.9>10.828=x0.001,
    ∴根据小概率值α=0.001的独立性检验,推断H0不成立,即认为“数学成绩达标”与“运动达标”有关.
    思维升华 独立性检验的考查,往往与概率和抽样统计图等一起考查,这类问题的求解往往按各小题及提问的顺序,一步步进行下去,是比较容易解答的,考查单纯的独立性检验往往用小题的形式,而且χ2的公式一般会在原题中给出.
    跟踪训练3 某网红奶茶品牌公司计划在W市某区开设加盟分店,为了确定在该区开设分店的个数,该公司对该市已开设分店的5个区域的数据作了初步处理后得到下列表格,记x表示在5个区域开设分店的个数,y表示这x个分店的年收入之和.
    (1)该公司经过初步判断,可用经验回归模型拟合y与x的关系,求y关于x的经验回归方程;
    (2)如果该公司最终决定在该区选择两个合适的地段各开设一个分店,根据市场调查得到如下统计数据,第一分店每天的顾客平均为30人,其中5人会购买该品牌奶茶,第二分店每天的顾客平均为80人,其中20人会购买该品牌奶茶.依据小概率值α=0.1的独立性检验,分析两个店的顾客下单率有无差异.
    参考公式:eq \(b,\s\up6(^))=eq \f(\i\su(i=1,n,x)iyi-n\x\t(x)\x\t(y),\i\su(i=1,n,x)\\al(2,i)-n\x\t(x)2),eq \(a,\s\up6(^))=eq \x\t(y)-eq \(b,\s\up6(^))eq \x\t(x);χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),x0.1=2.706.
    解 (1)由题意可得,eq \x\t(x)=eq \f(2+3+4+5+6,5)=4,
    eq \x\t(y)=eq \f(2.5+3+4+4.5+6,5)=4,
    eq \i\su(i=1,5,x)iyi=2×2.5+3×3+4×4+5×4.5+6×6=88.5,
    eq \i\su(i=1,5,x)eq \\al(2,i)=22+32+42+52+62=90,
    设y关于x的经验回归方程为eq \(y,\s\up6(^))=eq \(b,\s\up6(^))x+eq \(a,\s\up6(^)),
    则eq \(b,\s\up6(^))=eq \f(\i\su(i=1,5,x)iyi-5\x\t(x)\x\t(y),\i\su(i=1,5,x)\\al(2,i)-5\x\t(x)2)=eq \f(88.5-5×4×4,90-5×42)=0.85,
    eq \(a,\s\up6(^))=eq \x\t(y)-eq \(b,\s\up6(^))eq \x\t(x)=4-0.85×4=0.6,
    ∴y关于x的经验回归方程为eq \(y,\s\up6(^))=0.85x+0.6.
    (2)零假设为H0:两个店的顾客下单率无差异,则
    由题意可知2×2列联表如表所示:
    ∴χ2=eq \f(110×25×20-5×602,30×80×85×25)=eq \f(44,51)≈0.863<2.706=x0.1,
    ∴根据小概率值α=0.1的独立性检验,没有充分证据推断H0不成立,即两个店的顾客下单率没有差异.
    课时精练
    1.观察下列各图,其中两个分类变量x,y之间关系最强的是( )
    答案 D
    解析 观察等高堆积条形图易知D选项两个分类变量之间关系最强.
    2.下列关于独立性检验的说法正确的是( )
    A.独立性检验是对两个变量是否具有线性相关关系的一种检验
    B.独立性检验可以100%确定两个变量之间是否具有某种关系
    C.利用χ2独立性检验推断吸烟与患肺病的关联中,若有99%的把握认为吸烟与患肺病有关系时,则我们可以说在100个吸烟的人中,有99人患肺病
    D.对于独立性检验,随机变量χ2的值越小,判定“两变量有关系”犯错误的概率越大
    答案 D
    解析 对于A,独立性检验是通过卡方计算来判断两个变量存在关联的可能性的一种方法,
    并非检验二者是否是线性相关,故错误;
    对于B,独立性检验并不能100%确定两个变量相关,故错误;
    对于C,99%是指“抽烟”和“患肺病”存在关联的可能性,并非抽烟人中患肺病的发病率,故错误;
    对于D,根据卡方计算的定义可知该选项正确.
    3.为了考察某种中成药预防流感的效果,抽样调查40人,得到如下数据:
    下表是χ2独立性检验中几个常用的小概率值和相应的临界值:
    根据表中数据,计算χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),若由此认为“该药物预防流感有效果”,则该结论出错的概率不超过( )
    A.0.05 B.0.1 C.0.01 D.0.005
    答案 A
    解析 由题意知,χ2=eq \f(40×2×12-8×182,10×30×20×20)=4.8>3.841=x0.05,
    由临界值表可知,认为“该药物预防流感有效果”,则该结论出错的概率不超过0.05.
    4.(多选)(2022·郑州模拟)为考察一种新型药物预防疾病的效果,某科研小组进行动物实验,收集整理数据后将所得结果填入相应的2×2列联表中,由列联表中的数据计算得χ2≈9.616.参照附表,下列结论正确的是( )
    附表:
    A.根据小概率值α=0.001的独立性检验,分析认为“药物有效”
    B.根据小概率值α=0.001的独立性检验,分析认为“药物无效”
    C.根据小概率值α=0.005的独立性检验,分析认为“药物有效”
    D.根据小概率值α=0.005的独立性检验,分析认为“药物无效”
    答案 BC
    解析 因为χ2≈9.616,所以7.879<χ2<10.828,所以根据小概率值α=0.001的独立性检验,分析认为“药物无效”.
    根据小概率值α=0.005的独立性检验,分析认为“药物有效”.
    5.(多选)(2023·南通模拟)根据分类变量x与y的观察数据,计算得到χ2=2.974,依据表中给出的χ2独立性检验中的小概率值和相应的临界值,作出下列判断,正确的是( )
    A.根据小概率值α=0.05的独立性检验,分析变量x与y相互独立
    B.根据小概率值α=0.05的独立性检验,分析变量x与y不相互独立
    C.变量x与y相互独立,这个结论犯错误的概率不超过0.1
    D.变量x与y不相互独立,这个结论犯错误的概率不超过0.1
    答案 AD
    解析 因为χ2=2.974>2.706,所以变量x与y不相互独立,这个结论犯错误的概率不超过0.1.
    6.为考查某种营养品对儿童身高增长的影响,选取部分儿童进行试验,根据100个有放回简单随机样本的数据,得到如下列联表,由表可知下列说法正确的是( )
    参考公式:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),其中n=a+b+c+d.
    参考数据:
    A.a=b=30
    B.χ2≈12.667
    C.从样本中随机抽取1名儿童,抽到食用该营养品且身高有明显增长的儿童的概率是eq \f(3,5)
    D.根据小概率值α=0.001的独立性检验,可以认为该营养品对儿童身高增长有影响
    答案 D
    解析 由题可知a=50-10=40,b=50-30=20,所以A错误;
    χ2=eq \f(100×40×30-10×202,50×50×60×40)≈16.667 >10.828=x0.001,
    所以根据小概率值α=0.001的独立性检验,
    可以认为该营养品对儿童身高增长有影响,所以B错误,D正确;
    从样本中随机抽取1名儿童,抽到食用该营养品且身高有明显增长的儿童的概率是eq \f(40,100)=eq \f(2,5),所以C错误.
    7.如表是对于“喜欢运动”与性别是否有关的2×2列联表,依据表中的数据,得到χ2≈________(结果保留到小数点后3位).
    答案 4.722
    解析 χ2=eq \f(85×40×12-28×52,45×40×68×17)≈4.722.
    8.一项研究同年龄段的男、女生的注意力差别的脑功能实验,其实验数据如表所示:
    则χ2=________(精确到小数点后三位),依据概率值α=0.05的独立性检验,该实验________该年龄段的学生在注意力的稳定性上对于性别没有显著差异(填拒绝或支持).
    答案 0.538 支持
    解析 由表中数据可知a=29,b=7,c=33,d=5,n=a+b+c+d=74,
    根据χ2=eq \f(nad-bc2,a+cc+db+da+b),
    计算可知χ2=eq \f(74×145-2312,29+33×33+5×7+5×29+7)≈0.538<3.841=x0.05,
    所以没有充分证据认为学生在注意力的稳定性上与性别有关,
    即该实验支持该年龄段的学生在注意力的稳定性上对于性别没有显著差异.
    9.(2021·全国甲卷改编)甲、乙两台机床生产同种产品,产品按质量分为一级品和二级品,为了比较两台机床产品的质量,分别用两台机床各生产了200件产品,产品的质量情况统计如下表:
    (1)甲机床、乙机床生产的产品中一级品的频率分别是多少?
    (2)依据小概率值α=0.01的独立性检验能否认为甲机床的产品质量与乙机床的产品质量有差异?
    附:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),n=a+b+c+d.
    解 (1)根据题表中数据知,甲机床生产的产品中一级品的频率是eq \f(150,200)=0.75,乙机床生产的产品中一级品的频率是eq \f(120,200)=0.6.
    (2)零假设为H0:甲机床的产品质量与乙机床的产品质量无差异,
    根据题表中的数据可得
    χ2=eq \f(400×150×80-120×502,200×200×270×130)
    =eq \f(400,39)≈10.256>6.635=x0.01,
    所以依据小概率值α=0.01的独立性检验,推断H0不成立,即认为甲机床的产品质量与乙机床的产品质量有差异.
    10.某花圃为提高某品种花苗质量,开展技术创新活动,A,B在实验地分别用甲、乙方法培育该品种花苗.为观测其生长情况,分别在实验地随机抽取各50株,对每株进行综合评分,将每株所得的综合评分制成如图所示的频率分布直方图.记综合评分为80 及以上的花苗为优质花苗.
    (1)求图中a的值,并求综合评分的中位数;
    (2)填写下面的2×2列联表,并根据小概率值α=0.01的独立性检验,分析优质花苗与培育方法是否有关,请说明理由.
    附:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),其中n=a+b+c+d.
    解 (1)由直方图的性质可知,0.005×10+0.010×10+0.025×10+10a+0.020×10=1,
    解得a=0.040,
    因为(0.02+0.04)×10=0.6>0.5,所以中位数位于[80,90)内,
    设中位数为x,则有0.020×10+0.040×(90-x)=0.5,解得x=82.5.
    故综合评分的中位数为82.5.
    (2)由(1)得优质花苗的频率为0.6,
    所以样本中优质花苗的数量为60,
    得如下列联表:
    零假设为H0:优质花苗与培育方法无关,
    χ2=eq \f(100×20×10-30×402,60×40×50×50)≈16.667>6.635=x0.01,
    所以根据小概率值α=0.01的独立性检验,推断H0不成立,即认为优质花苗与培育方法有关.
    11.在某病毒疫苗的研发过程中,需要利用基因编辑小鼠进行动物实验.现随机抽取100只基因编辑小鼠对该病毒疫苗进行实验,得到如下2×2列联表(部分数据缺失):
    计算可知,根据小概率值α=________的独立性检验,分析 “给基因编辑小鼠注射该种疫苗能起到预防该病毒感染的效果”( )
    附:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),n=a+b+c+d.
    B.0.05
    C.0.01 D.0.005
    答案 B
    解析 完善2×2列联表如下:
    零假设为H0:“给基因编辑小鼠注射该种疫苗不能起到预防该病毒感染的效果”.
    因为χ2=eq \f(100×10×30-40×202,30×70×50×50)≈4.762,3.841<4.762<6.635,
    所以根据小概率值α=0.05的独立性检验,推断H0不成立,
    即认为“给基因编辑小鼠注射该种疫苗能起到预防该病毒感染的效果”.
    12.(多选)有两个分类变量X,Y,其列联表如表所示.
    其中a,15-a均为大于5的整数,若依据α=0.05的独立性检验可以认为X与Y有关,则a的可能取值为( )
    A.6 B.7 C.8 D.9
    答案 CD
    解析 根据a>5且15-a>5,a∈Z,知a可取6,7,8,9.由表中数据及题意,得
    χ2=eq \f(65×[a30+a-15-a20-a]2,20×45×15×50)=eq \f(13×13a-602,20×45×3×2)≥3.841=x0.05,结合选项,知a的可能取值为8,9.
    13.(多选)在一次恶劣天气的飞行航程中,调查男、女乘客在飞机上晕机的情况,得到如下列联表:(单位:人),则( )
    A.eq \f(a,c)B.χ2<2.706
    C.依据小概率值α=0.1的独立性检验,可以认为在恶劣天气的飞行航程中,是否晕机与性别有关
    D.依据小概率值α=0.1的独立性检验,可以认为在恶劣天气的飞行航程中,是否晕机与性别无关
    答案 BD
    解析 由题中列联表数据,知
    eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(a+6=e,,15+b=28,,a+15=c,,6+b=d,,e+28=46,,c+d=46,))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(a=12,,b=13,,e=18,,c=27,,d=19.))
    所以得到如下列联表:
    所以eq \f(a,c)=eq \f(12,27)=eq \f(4,9)>eq \f(6,19)=eq \f(6,d),即A错误;
    零假设为H0:在恶劣天气的飞行航程中,是否晕机与性别无关,
    由列联表中的数据,得χ2=eq \f(46×12×13-6×152,18×28×19×27)≈0.775<2.706=x0.1,
    依据小概率值α=0.1的独立性检验,没有充分证据推断H0不成立,因此可以认为H0成立,
    即在恶劣天气的飞行航程中,是否晕机与性别无关,所以B,D正确,C错误.
    14.为了考察某种药物预防疾病的效果,进行动物试验,得到如下列联表:
    若在本次考察中得出“在犯错误的概率不超过0.01的前提下认为药物有效”的结论,则a的最小值为________.(其中a≥40且a∈N*)(参考数据:eq \r(6.635)≈2.58,eq \r(10.828)≈3.29)
    附:χ2=eq \f(nad-bc2,a+bc+da+cb+d),n=a+b+c+d.
    答案 46
    解析 由题意可得χ2=eq \f(100[aa-30-50-a80-a]2,50×50×80×20)≥6.635,
    整理得(100a-4 000)2≥502×42×6.635,
    所以100a-4 000≥200×eq \r(6.635)≈200×2.58=516或100a-4 000≤-200×eq \r(6.635)≈-200
    ×2.58=-516,
    解得a≥45.16或a≤34.84,
    又因为a≥40且a∈N*,
    所以a≥46,
    所以a的最小值为46.
    X
    Y
    合计
    Y=0
    Y=1
    X=0
    a
    b
    a+b
    X=1
    c
    d
    c+d
    合计
    a+c
    b+d
    n=a+b+c+d
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    y1
    y2
    合计
    x1
    a
    8
    35
    x2
    11
    34
    45
    合计
    b
    42
    80


    合计
    喜欢
    a
    b
    73
    不喜欢
    c
    25
    合计
    74


    合计
    喜欢
    52
    21
    73
    不喜欢
    22
    25
    47
    合计
    74
    46
    120
    体育课不及格
    体育课及格
    合计
    文化课及格
    57
    221
    278
    文化课不及格
    16
    43
    59
    合计
    73
    264
    337
    会外语
    不会外语
    合计

    a
    b
    20

    6
    d
    合计
    18
    50
    准点班次数
    未准点班次数
    A
    240
    20
    B
    210
    30
    α
    0.1
    0.05
    0.01

    2.706
    3.841
    6.635
    准点班次数
    未准点班次数
    合计
    A
    240
    20
    260
    B
    210
    30
    240
    合计
    450
    50
    500
    年龄段
    认知情况
    合计
    知晓
    不知晓
    A组(90后与00后)
    75
    25
    100
    B组(70后与80后)
    45
    55
    100
    合计
    120
    80
    200
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    数学成绩(分)
    [30,50)
    [50,70)
    [70,90)
    [90,110)
    [110,130)
    [130,150]
    人数(人)
    25
    125
    350
    300
    150
    50
    运动达标
    的人数(人)
    10
    45
    145
    200
    107
    43
    数学成绩达标人数
    数学成绩不达标人数
    合计
    运动达标人数
    运动不达标人数
    合计
    α
    0.010
    0.005
    0.001

    6.635
    7.879
    10.828
    数学成绩达标人数
    数学成绩不达标人数
    合计
    运动达标人数
    350
    200
    550
    运动不达标人数
    150
    300
    450
    合计
    500
    500
    1 000
    x(个)
    2
    3
    4
    5
    6
    y(十万元)
    2.5
    3
    4
    4.5
    6
    不下单
    下单
    合计
    分店一
    25
    5
    30
    分店二
    60
    20
    80
    合计
    85
    25
    110
    药物
    流感
    患流感
    未患流感
    服用
    2
    18
    未服用
    8
    12
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    营养品
    身高
    合计
    有明显增长
    无明显增长
    食用
    a
    10
    50
    未食用
    b
    30
    50
    合计
    60
    40
    100
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    喜欢运动
    不喜欢运动
    合计

    40
    28
    68

    5
    12
    17
    合计
    45
    40
    85
    注意力稳定
    注意力不稳定
    男生
    29
    7
    女生
    33
    5
    一级品
    二级品
    合计
    甲机床
    150
    50
    200
    乙机床
    120
    80
    200
    合计
    270
    130
    400
    α
    0.05
    0.01
    0.001

    3.841
    6.635
    10.828
    优质花苗
    非优质花苗
    合计
    甲培育法
    20
    乙培育法
    10
    合计
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    优质花苗
    非优质花苗
    合计
    甲培育法
    20
    30
    50
    乙培育法
    40
    10
    50
    合计
    60
    40
    100
    被某病毒感染
    未被某病毒感染
    合计
    注射疫苗
    10
    50
    未注射疫苗
    30
    50
    合计
    30
    100
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    被某病毒感染
    未被某病毒感染
    合计
    注射疫苗
    10
    40
    50
    未注射疫苗
    20
    30
    50
    合计
    30
    70
    100
    X
    Y
    合计
    Y1
    Y2
    X1
    a
    20-a
    20
    X2
    15-a
    30+a
    45
    合计
    15
    50
    65
    性别
    晕机
    合计
    晕机者
    未晕机者

    a
    15
    c

    6
    b
    d
    合计
    e
    28
    46
    性别
    晕机
    合计
    晕机者
    未晕机者

    12
    15
    27

    6
    13
    19
    合计
    18
    28
    46
    药物
    疾病
    合计
    未患病
    患病
    服用
    a
    50-a
    50
    未服用
    80-a
    a-30
    50
    合计
    80
    20
    100
    α
    0.1
    0.05
    0.01
    0.005
    0.001

    2.706
    3.841
    6.635
    7.879
    10.828
    相关试卷

    2024年高考数学第一轮复习专题训练第九章 §9.4 列联表与独立性检验: 这是一份2024年高考数学第一轮复习专题训练第九章 §9.4 列联表与独立性检验,共6页。试卷主要包含了635)=0,003 7 D.2,706,841,879等内容,欢迎下载使用。

    2024年数学高考大一轮复习第十一章 §11.5 列联表与独立性检验: 这是一份2024年数学高考大一轮复习第十一章 §11.5 列联表与独立性检验,共7页。

    (新高考)高考数学一轮复习讲练测第9章§9.4列联表与独立性检验(含解析): 这是一份(新高考)高考数学一轮复习讲练测第9章§9.4列联表与独立性检验(含解析),共17页。试卷主要包含了635)=0,01,205>2,5+3+4+4,16或a≤34,879等内容,欢迎下载使用。

    • 精品推荐
    • 所属专辑

    免费资料下载额度不足,请先充值

    每充值一元即可获得5份免费资料下载额度

    今日免费资料下载份数已用完,请明天再来。

    充值学贝或者加入云校通,全网资料任意下。

    提示

    您所在的“深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载 10 份资料 (今日还可下载 0 份),请取消部分资料后重试或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载10份资料,您的当日额度已用完,请明天再来,或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深圳市第一中学”云校通余额已不足,请提醒校管理员续费或选择从个人账户扣费下载。

    重新选择
    明天再来
    个人账户下载
    下载确认
    您当前为教习网VIP用户,下载已享8.5折优惠
    您当前为云校通用户,下载免费
    下载需要:
    本次下载:免费
    账户余额:0 学贝
    首次下载后60天内可免费重复下载
    立即下载
    即将下载:资料
    资料售价:学贝 账户剩余:学贝
    选择教习网的4大理由
    • 更专业
      地区版本全覆盖, 同步最新教材, 公开课⾸选;1200+名校合作, 5600+⼀线名师供稿
    • 更丰富
      涵盖课件/教案/试卷/素材等各种教学资源;900万+优选资源 ⽇更新5000+
    • 更便捷
      课件/教案/试卷配套, 打包下载;手机/电脑随时随地浏览;⽆⽔印, 下载即可⽤
    • 真低价
      超⾼性价⽐, 让优质资源普惠更多师⽣
    VIP权益介绍
    • 充值学贝下载 本单免费 90%的用户选择
    • 扫码直接下载
    元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
    您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      充值到账1学贝=0.1元
      0学贝
      本次充值学贝
      0学贝
      VIP充值赠送
      0学贝
      下载消耗
      0学贝
      资料原价
      100学贝
      VIP下载优惠
      0学贝
      0学贝
      下载后剩余学贝永久有效
      0学贝
      • 微信
      • 支付宝
      支付:¥
      元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
      您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      扫码支付0直接下载
      • 微信
      • 支付宝
      微信扫码支付
      充值学贝下载,立省60% 充值学贝下载,本次下载免费
        下载成功

        Ctrl + Shift + J 查看文件保存位置

        若下载不成功,可重新下载,或查看 资料下载帮助

        本资源来自成套资源

        更多精品资料

        正在打包资料,请稍候…

        预计需要约10秒钟,请勿关闭页面

        服务器繁忙,打包失败

        请联系右侧的在线客服解决

        单次下载文件已超2GB,请分批下载

        请单份下载或分批下载

        支付后60天内可免费重复下载

        我知道了
        正在提交订单

        欢迎来到教习网

        • 900万优选资源,让备课更轻松
        • 600万优选试题,支持自由组卷
        • 高质量可编辑,日均更新2000+
        • 百万教师选择,专业更值得信赖
        微信扫码注册
        qrcode
        二维码已过期
        刷新

        微信扫码,快速注册

        还可免费领教师专享福利「樊登读书VIP」

        手机号注册
        手机号码

        手机号格式错误

        手机验证码 获取验证码

        手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

        设置密码

        6-20个字符,数字、字母或符号

        注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
        QQ注册
        手机号注册
        微信注册

        注册成功

        下载确认

        下载需要:0 张下载券

        账户可用:0 张下载券

        立即下载
        账户可用下载券不足,请取消部分资料或者使用学贝继续下载 学贝支付

        如何免费获得下载券?

        加入教习网教师福利群,群内会不定期免费赠送下载券及各种教学资源, 立即入群

        即将下载

        2024高考数学一轮复习讲义(步步高版)第九章 §9.4 列联表与独立性检验
        该资料来自成套资源,打包下载更省心 该专辑正在参与特惠活动,低至4折起
        [共10份]
        浏览全套
          立即下载(共1份)
          返回
          顶部
          Baidu
          map