2022年山东省泰安市中考数学模拟试卷（Word解析版）

这是一份2022年山东省泰安市中考数学模拟试卷（Word解析版），共31页。试卷主要包含了0分，5，15，0分），【答案】D，【答案】B，【答案】C等内容，欢迎下载使用。

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2022年山东省泰安市中考数学模拟试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。


第I卷（选择题）

一、选择题（本大题共12小题，共48.0分。在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）
1. |-5|的倒数是(    )
A. 15 B. -15 C. 5 D. -5
2. 计算(a3)2⋅a3的结果是(    )
A. a8 B. a9 C. a10 D. a11
3. 某种零件模型如图，该几何体(空心圆柱)的俯视图是(    )
A.
B.
C.
D.
4. 如图，△ABC的外角∠ACD的平分线CP与内角∠ABC的平分线BP交于点P，若∠BPC=40°，则∠CAP=(    )

A. 40° B. 45° C. 50° D. 60°
5. 某校男子足球队的年龄分布如图所示，则根据图中信息可知这些队员年龄的平均数，中位数分别是(    )

A. 15.5，15.5 B. 15.5，15 C. 15，15.5 D. 15，15
6. 某工程需要在规定日期内完成，如果甲工程队单独做，恰好如期完成； 如果乙工程队单独做，则超过规定日期3天，现在甲、乙两队合做2天，剩下的由乙队独做，恰好在规定日期完成，求规定日期．如果设规定日期为x天，下面所列方程中错误的是(    )
A. 2x+xx+3=1 B. 2x=3x+3
C. (1x+1x+3)×2+x-2x+3=1 D. 1x+xx+3=1
7. 如图，函数y=ax2-2x+1和y=ax-a(a是常数，且a≠0)在同一平面直角坐标系的图象可能是(    )
A. B.
C. D.
8. 已知方程3-aa-4-a=14-a，且关于x的不等式a A. 2 9. 如图，点I为△ABC的内心，连接AI并延长，交△ABC的外接圆于点D，点E为弦AC的中点，连接CD，EI，IC，当AI=2CD，IC=6，ID=5时，IE的长为(    )
A. 5
B. 4.5
C. 4
D. 3.5
10. 一元二次方程-14x2+2x+12=-53x+15根的情况是(    )
A. 有一个正根，一个负根 B. 有两个正根，且有一根大于9小于12
C. 有两个正根，且都小于12 D. 有两个正根，且有一根大于12
11. 如图，将正方形网格放置在平面直角坐标系中，其中每个小正方形的边长均为1，△ABC经过平移后得到△A1B1C1，若AC上一点P(1.2,1.4)平移后对应点为P1，点P1绕原点顺时针旋转180°，对应点为P2，则点P2的坐标为(    )
A. (2.8,3.6)
B. (-2.8,-3.6)
C. (3.8,2.6)
D. (-3.8,-2.6)


12. 如图，∠AOB=30°，点M、N分别在边OA、OB上，且OM=3，ON=5，点P、Q分别在边OB、OA上，则MP+PQ+QN的最小值是(    )

A. 34 B. 35 C. 34-2 D. 35-2
第II卷（非选择题）

二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
13. 地球的体积约为1012立方千米，太阳的体积约为1.4×1018立方千米，地球的体积约是太阳体积的倍数是______(用科学记数法表示，保留2位有效数字)
14. △ABC中，∠BAC=90°，AB=3，AC=4，点D是BC的中点，将△ABD沿AD翻折得到△AED.连CE，则线段CE的长等于______．
15. 如图，将半径为2，圆心角为120°的扇形OAB绕点A逆时针旋转60°，点O，B的对应点分别为O'，B'，连接BB'，则图中阴影部分的面积是______．


16. 观察下列图形规律，当图形中的“〇”的个数和“.”个数差为2022时，n的值为______．

17. 如图，在一次数学实践活动中，小明同学要测量一座与地面垂直的古塔AB的高度，他从古塔底部点B处前行30m到达斜坡CE的底部点C处，然后沿斜坡CE前行20m到达最佳测量点D处，在点D处测得塔顶A的仰角为30°，已知斜坡的斜面坡度i=1：3，且点A，B，C，D，E在同一平面内，小明同学测得古塔AB的高度是______．



三、解答题（本大题共8小题，共82.0分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）
18. 如图，在正方形ABCD外取一点E，连接AE、BE、DE.过点A作AE的垂线交DE于点P.若AE=AP=1，PB=5.下列结论：
①△APD≌△AEB；②点B到直线AE的距离为2；③EB⊥ED；④S△APD+S△APB=1+6；⑤S正方形ABCD=4+6．
其中正确结论的序号是______．

19. (1)若单项式xm-ny14与单项式-12x3y3m-8n是一多项式中的同类项，求m、n的值；
(2)先化简，再求值：(xx+1+1x-1)÷1x2-1，其中x=2-1．
20. 如图，反比例函数y=mx的图象与一次函数y=kx+b的图象交于A，B两点，点A的坐标为(2,6)，点B的坐标为(n,1)．
(1)求反比例函数与一次函数的表达式；
(2)点E为y轴上一个动点，若S△AEB=5，求点E的坐标．

21. 为庆祝中国共产党建党100周年，某校加强了学生对党史知识的学习，并组织学生参加《党史知识》测试(满分100分).为了解学生对党史知识的掌握程度，从七、八年级中各随机抽取10名学生的测试成绩，进行统计、分析，过程如下：
收集数据：
七年级：86 88 95 90 100 95 95 99 93 100
八年级：100 98 98 89 87 98 95 90 90 89
整理数据：
成绩x(分)
年级
85 90 95 七年级
3
4
3
八年级
5
a
b
分析数据：
统计量
年级
平均数
中位数
众数
七年级
94.1
95
d
八年级
93.4
c
98
应用数据：
(1)填空：a=______，b=______，c=______，d=______；
(2)若八年级共有200人参与答卷，请估计八年级测试成绩大于95分的人数；
(3)从测试成绩优秀的学生中选出5名语言表达能力较强的学生，其中八年级3名，七年级2名．现从这5名学生中随机抽取2名到当地社区担任党史宣讲员．请用画树状图或列表的方法，求恰好抽到同年级学生的概率．
22. 某电子商品经销店欲购进A、B两种平板电脑，若用9000元购进A种平板电脑12台，B种平板电脑3台；也可以用9000元购进A种平板电脑6台，B种平板电脑6台．
(1)求A、B两种平板电脑的进价分别为多少元？
(2)考虑到平板电脑需求不断增加，该商城准备投入3万元再购进一批两种规格的平板电脑，已知A型平板电脑售价为700元/台，B型平板电脑售价为1300元/台．根据销售经验，A型平板电脑不少于B型平板电脑的2倍，但不超过B型平板电脑的2.8倍．假设所进平板电脑全部售完，为使利润最大，该商城应如何进货？
23. 正方形ABCD中，P为AB边上任一点，AE⊥DP于E，点F在DP的延长线上，且DE=EF，连接AF、BF，∠BAF的平分线交DF于G，连接GC．
(1)求证：△AEG是等腰直角三角形；
(2)求证：AG+CG=2DG；
(3)若AB=2，P为AB的中点，求BF的长．

24. 如图，抛物线y=mx2+3mx-2m+1的图象经过点C，交x轴于点A(x1,0)，B(x2,0)(点A在点B左侧)，且x2-x1=5，连接BC，D是AC上方的抛物线一点．
(1)求抛物线的解析式；
(2)连接BC，CD，S△DCE：S△BCE是否存在最大值？若存在，请求出其最大值及此时点D的坐标；若不存在，请说明理由；
(3)第二象限内抛物线上是否存在一点D，DF垂直AC于点F，使得△DCF中有一个锐角等于∠BAC的两倍？若存在，求点D的横坐标，若不存在，请说明理由．


25. 如图，四边形ABCD中，AB=AD=CD，以AB为直径的⊙O经过点C，连接AC、OD交于点E．
(1)证明：OD//BC；
(2)若tan∠ABC=2，证明：DA与⊙O相切；
(3)在(2)条件下，连接BD交⊙O于点F，连接EF，若BC=1，求EF的长．



答案和解析

1.【答案】A 
【解析】
【分析】
此题主要考查了绝对值及倒数的定义．深入理解倒数和绝对值的意义是解决问题的关键.首先化简绝对值，然后根据倒数的定义求解．
【解答】
解：∵|-5|=5，5的倒数是15，
∴|-5|的倒数是15．
故选A．  
2.【答案】B 
【解析】
【分析】
本题考查的是同底数幂的乘法与幂的乘方，需注意它们之间的区别．
同底数幂的乘法：底数不变，指数相加；幂的乘方：底数不变，指数相乘．
根据同底数幂的乘法，幂的乘方的运算法则计算即可．
【解答】
解：原式=a3×2⋅a3=a6+3=a9；
故选B．  
3.【答案】D 
【解析】解：由上向下看空心圆柱，看到的是一个圆环，中间的圆要画成实线．
故选：D．
找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中．
本题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图．

4.【答案】C 
【解析】解：延长BA，作PN⊥BD，PF⊥BA，PM⊥AC，
设∠PCD=x°，
∵CP平分∠ACD，
∴∠ACP=∠PCD=x°，PM=PN，
∵BP平分∠ABC，
∴∠ABP=∠PBC，PF=PN，
∴PF=PM，
∵∠BPC=40°，
∴∠ABP=∠PBC=∠PCD-∠BPC=(x-40)°，
∴∠BAC=∠ACD-∠ABC=2x°-(x°-40°)-(x°-40°)=80°，
∴∠CAF=100°，
在Rt△PFA和Rt△PMA中，
PA=PAPM=PF，
∴Rt△PFA≌Rt△PMA(HL)，
∴∠FAP=∠PAC=50°．
故选：C．
根据外角与内角性质得出∠BAC的度数，再利用角平分线的性质以及直角三角形全等的判定，得出∠CAP=∠FAP，即可得出答案
此题主要考查了角平分线的性质以及三角形外角的性质和直角三角全等的判定等知识，根据角平分线的性质得出PM=PN=PF是解决问题的关键．

5.【答案】D 
【解析】解：根据图中信息可知这些队员年龄的平均数为：13×2+14×6+15×8+16×3+17×2+18×12+6+8+3+2+1=15(岁)，
该足球队共有队员2+6+8+3+2+1=22(人)，
则第11名和第12名的平均年龄即为年龄的中位数，即中位数为15岁，
故选：D．
根据年龄分布图和平均数、中位数的概念求解．
本题考查了确定一组数据的平均数，中位数的能力．注意找中位数的时候一定要先排好顺序，然后再根据奇数和偶数个来确定中位数，如果数据有奇数个，则正中间的数字即为所求．如果是偶数个则找中间两位数的平均数．

6.【答案】D 
【解析】解：设规定日期为x天，
由题意可得，(1x+1x+3)×2+x-2x+3=1，
整理得2x+xx+3=1，或2x=1-xx+3或2x=3x+3．
则A、B、C选项均正确，错误的为选项D．
故选D．
设总工程量为1，因为甲工程队单独去做，恰好能如期完成，所以甲的工作效率为1x；因为乙工程队单独去做，要超过规定日期3天，所以乙的工作效率为1x+3，根据甲、乙两队合做2天，剩下的由乙队独做，恰好在规定日期完成，列方程即可．
本题考查了由实际问题抽象出分式方程，解答本题的关键是读懂题意，设出未知数，找出合适的等量关系，列方程．

7.【答案】B 
【解析】
【分析】
本题考查了二次函数以及一次函数的图象，解题的关键是熟记一次函数y=ax-a在不同情况下所在的象限，以及熟练掌握二次函数的有关性质：开口方向、对称轴、顶点坐标等．
可先根据一次函数的图象判断a的符号，再判断二次函数图象与实际是否相符，判断正误即可．
【解答】
解：A、由一次函数y=ax-a的图象可得：a<0，此时二次函数y=ax2-2x+1的图象应该开口向下，故选项错误；
B、由一次函数y=ax-a的图象可得：a>0，此时二次函数y=ax2-2x+1的图象应该开口向上，对称轴x=--22a>0，故选项正确；
C、由一次函数y=ax-a的图象可得：a>0，此时二次函数y=ax2-2x+1的图象应该开口向上，对称轴x=--22a>0，故选项错误；
D、由一次函数y=ax-a的图象可得：a>0，此时二次函数y=ax2-2x+1的图象应该开口向上，故选项错误．
故选：B．  
8.【答案】D 
【解析】解：分式方程去分母得：3-a-a2+4a=-1，即a2-3a-4=0，
分解因式得：(a-4)(a+1)=0，
解得：a=-1或a=4，
经检验a=4是增根，分式方程的解为a=-1，
当a=-1时，由a 故选：D．
分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到a的值，代入不等式组确定出b的范围即可．
此题考查了解分式方程，以及一元一次不等式组的整数解，熟练掌握运算法则是解本题的关键．

9.【答案】C 
【解析】解：延长ID到M，使DM=ID，连接CM．
∵I是△ABC的内心，
∴∠IAC=∠IAB，∠ICA=∠ICB，
∵∠DIC=∠IAC+∠ICA，∠DCI=∠BCD+∠ICB，
∴∠DIC=∠DCI，
∴DI=DC=DM，
∴∠ICM=90°，
∴CM=IM2-IC2=8，
∵AI=2CD=10，
∴AI=IM，
∵AE=EC，
∴IE是△ACM的中位线，
∴IE=12CM=4，
故选：C．
延长ID到M，使DM=ID，连接CM.想办法求出CM，证明IE是△ACM的中位线即可解决问题．
本题考查三角形的内心、三角形的外接圆、三角形的中位线定理、直角三角形的判定、勾股定理等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造三角形中位线解决问题．

10.【答案】D 
【解析】解：
由题意函数y=-14x2+2x+12，与y交与点(0,12)与x轴交与(-4,0)(12,0)
函数y=-53x+15，与y交与点(0,15)与x轴交与(9,0)
因此，两函数图象交点一个在第一象限，一个在第四象限，所以两根都大于0，且有一根大于12
故选：D．
画出函数图象，找准图象与坐标轴的交点，结合图象可选出答案．
本题考查了抛物线与x轴的交点，利用数形结合的思想，画图象时找准关键点，与坐标轴的交点，由图象得结果．

11.【答案】A 
【解析】解：由题意将点P向下平移5个单位，再向左平移4个单位得到P1，
∵P(1.2,1.4)，
∴P1(-2.8,-3.6)，
∵P1与P2关于原点对称，
∴P2(2.8,3.6)，
故选：A．
由题意将点P向下平移5个单位，再向左平移4个单位得到P1，再根据P1与P2关于原点对称，即可解决问题；
本题考查坐标与图形变化，平移变换，旋转变换等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．

12.【答案】A 
【解析】解：作M关于OB的对称点M'，作N关于OA的对称点N'，如图所示：

连接M'N'，即为MP+PQ+QN的最小值．
根据轴对称的定义可知：∠N'OQ=∠M'OB=30°，∠ONN'=60°，
∴△ONN'为等边三角形，△OMM'为等边三角形，
∴∠N'OM'=90°，OM'=OM=3，ON'=ON=5，
在Rt△M'ON'中，
M'N'=52+32=34．
故选：A．
作M关于OB的对称点M'，作N关于OA的对称点N'，连接M'N'，即为MP+PQ+QN的最小值；证出△ONN'为等边三角形，△OMM'为等边三角形，得出∠N'OM'=90°，由勾股定理求出M'N'即可．
本题考查了轴对称-最短路径问题，根据轴对称的定义，找到相等的线段，得到等边三角形是解题的关键．

13.【答案】7.1×10-7 
【解析】解：∵地球的体积约为1012立方千米，太阳的体积约为1.4×1018立方千米，
∴地球的体积约是太阳体积的倍数是：1012÷(1.4×1018)≈7.1×10-7．
故答案是：7.1×10-7．
直接利用整式的除法运算法则结合科学记数法求出答案．
此题主要考查了科学记数法与有效数字，整式的除法运算，正确掌握运算法则是解题关键．

14.【答案】75 
【解析】
【分析】
本题考查翻折变换、直角三角形的斜边中线的性质、勾股定理等知识，解题的关键是学会利用面积法求高．
连接BE交AD于O，作AH⊥BC于H.首先证明AD垂直平分线段BE，△BCE是直角三角形，求出BC、BE，在Rt△BCE中，利用勾股定理即可解决问题．
【解答】
解：如图连接BE交AD于O，作AH⊥BC于H．

在Rt△ABC中，∵AC=4，AB=3，
∴BC=32+42=5，
∵点D是BC的中点，
∴CD=DB，
∴AD=DC=DB=52，
∵12⋅BC⋅AH=12⋅AB⋅AC，
∴AH=125，
∵AE=AB，DE=DB=DC，
∴AD垂直平分线段BE，△BCE是直角三角形，
∵12⋅AD⋅BO=12⋅BD⋅AH，
∴OB=125，
∴BE=2OB=245，
在Rt△BCE中，EC=BC2-BE2=75，
故答案为：75．  
15.【答案】23-2π3 
【解析】解：连接OO'，BO'，
∵将半径为2，圆心角为120°的扇形OAB绕点A逆时针旋转60°，
∴∠OAO'=60°，
∴△OAO'是等边三角形，
∴∠AOO'=60°，OO'=OA，
∴当O'中⊙O上，
∵∠AOB=120°，
∴∠O'OB=60°，
∴△OO'B是等边三角形，
∴∠AO'B=120°，
∵∠AO'B'=120°，
∴∠B'O'B=120°，
∴∠O'B'B=∠O'BB'=30°，
∴图中阴影部分的面积=S△B'O'B-(S扇形O'OB-S△OO'B)=12×1×23-(60⋅π×22360-12×2×3)=23-2π3，
故答案为23-2π3．
连接OO'，BO'，根据旋转的性质得到∠OAO'=60°，推出△OAO'是等边三角形，得到∠AOO'=60°，推出△OO'B是等边三角形，得到∠AO'B=120°，得到∠O'B'B=∠O'BB'=30°，根据图形的面积公式即可得到答案．
本题考查了扇形面积的计算，等边三角形的判定和性质，旋转的性质，正确的作出辅助线是解题的关键．

16.【答案】不存在 
【解析】解：∵n=1时，“⋅”的个数是3=3×1；
n=2时，“⋅”的个数是6=3×2；
n=3时，“⋅”的个数是9=3×3；
n=4时，“⋅”的个数是12=3×4；
……，
∴第n个图形中“⋅”的个数是3n；
又∵n=1时，“〇”的个数是1=1×(1+1)2；
n=2时，“〇”的个数是3=2×(2+1)2，
n=3时，“〇”的个数是6=3×(3+1)2，
n=4时，“〇”的个数是10=4×(4+1)2，
……，
∴第n个“〇”的个数是n(n+1)2，
由图形中的“〇”的个数和“.”个数差为2022，
∴3n-n(n+1)2=2022①，n(n+1)2-3n=2022②，
解①得：无解，
解②得：n1=5+162012，n25-162012．
故答案为：不存在．
分别用含n的代数式表示出点和〇的个数，再列方程求解即可．
本题考查了规律型：图形的变化类，根据图形中“O”和“⋅”个数的变化，找出变化规律是解题的关键．

17.【答案】(20+103)m 
【解析】解：过D作DF⊥BC于F，DH⊥AB于H，
∴DH=BF，BH=DF，
∵斜坡的斜面坡度i=1：3，
∴DFCF=1：3，
设DF=xm，CF=3x m，
∴CD=DF2+CF2=2x=20(m)，
∴x=10，
∴BH=DF=10m，CF=103m，
∴DH=BF=(103+30)m，
∵∠ADH=30°，
∴AH=33DH=33×(103+30)=(10+103)m，
∴AB=AH+BH=(20+103)m，
答：古塔AB的高度是(20+103)m，
故答案为：(20+103)m．
过D作DF⊥BC于F，DH⊥AB于H，于是得到DH=BF，BH=DF，设DF=xm，CF=3x m，解直角三角形即可得到结论．
本题考查了解直角三角形的应用-仰角俯角问题，解直角三角形的应用-坡角坡度问题，正确的作出辅助线构造直角三角形是解题的关键．

18.【答案】①③⑤ 
【解析】解：①∵∠EAB+∠BAP=90°，∠PAD+∠BAP=90°，
∴∠EAB=∠PAD，
又∵AE=AP，AB=AD，
∵在△APD和△AEB中，
AE=AP∠EAB=∠PADAB=AD，
∴△APD≌△AEB(SAS)；
故此选项成立；
③∵△APD≌△AEB，
∴∠APD=∠AEB，
∵∠AEB=∠AEP+∠BEP，∠APD=∠AEP+∠PAE，
∴∠BEP=∠PAE=90°，
∴EB⊥ED；
故此选项成立；
②过B作BF⊥AE，交AE的延长线于F，
∵AE=AP，∠EAP=90°，
∴∠AEP=∠APE=45°，
又∵③中EB⊥ED，BF⊥AF，
∴∠FEB=∠FBE=45°，
又∵BE=BP2-PE2=5-2=3，
∴BF=EF=62，
故此选项不正确；
④如图，连接BD，在Rt△AEP中，
∵AE=AP=1，
∴EP=2，
又∵PB=5，
∴BE=3，
∵△APD≌△AEB，
∴PD=BE=3，
∴S△ABP+S△ADP=S△ABD-S△BDP=12S正方形ABCD-12×DP×BE=12×(4+6)-12×3×3=12+62．
故此选项不正确．
⑤∵EF=BF=62，AE=1，
∴在Rt△ABF中，AB2=(AE+EF)2+BF2=4+6，
∴S正方形ABCD=AB2=4+6，
故此选项正确．
故答案为：①③⑤．
①利用同角的余角相等，易得∠EAB=∠PAD，再结合已知条件利用SAS可证两三角形全等；
②过B作BF⊥AE，交AE的延长线于F，利用③中的∠BEP=90°，利用勾股定理可求BE，结合△AEP是等腰直角三角形，可证△BEF是等腰直角三角形，再利用勾股定理可求EF、BF；
③利用①中的全等，可得∠APD=∠AEB，结合三角形的外角的性质，易得∠BEP=90°，即可证；
④连接BD，求出△ABD的面积，然后减去△BDP的面积即可；
⑤在Rt△ABF中，利用勾股定理可求AB2，即是正方形的面积．
本题考查了全等三角形的判定和性质的运用、正方形的性质的运用、正方形和三角形的面积公式的运用、勾股定理的运用等知识．

19.【答案】解：(1)由题意可得m-n=3①3m-8n=14②，
②-①×3，可得：-5n=5，
解得：n=-1，
把n=-1代入①，可得：m-(-1)=3，
解得：m=2，
∴m的值为2，n的值为-1；
(2)原式=[x(x-1)+(x+1)(x+1)(x-1)]⋅(x+1)(x-1)
=x2-x+x+1(x+1)(x-1)⋅(x+1)(x-1)
=x2+1，
当x=2-1时，
原式=(2-1)2+1=2-22+1+1=4-22． 
【解析】本题考查同类项，解二元一次方程组，分式的化简求值，二次根式的混合运算，理解同类项的概念，掌握消元法解二元一次方程组的步骤以及平方差公式是解题关键．
(1)根据同类项的概念列二元一次方程组，然后解方程组求得m和n的值；
(2)先通分算小括号里面的，然后算括号外面的，最后代入求值．

20.【答案】解：(1)把点A(2,6)代入y=mx，得m=12，
则y=12x．
把点B(n,1)代入y=12x，得n=12，
则点B的坐标为(12,1)．
由直线y=kx+b过点A(2,6)，点B(12,1)得2k+b=612k+b=1，
解得b=7k=-12，
则所求一次函数的表达式为y=-12x+7．

(2)如图，直线AB与y轴的交点为P，设点E的坐标为(0,m)，连接AE，BE，
则点P的坐标为(0,7)．
∴PE=|m-7|．
∵S△AEB=S△BEP-S△AEP=5，
∴12×|m-7|×(12-2)=5．
∴|m-7|=1．
∴m1=6，m2=8．
∴点E的坐标为(0,6)或(0,8)． 
【解析】(1)把点A的坐标代入y=mx，求出反比例函数的解析式，把点B的坐标代入y=12x，得出n的值，得出点B的坐标，再把A、B的坐标代入直线y=kx+b，求出k、b的值，从而得出一次函数的解析式；
(2)设点E的坐标为(0,m)，连接AE，BE，先求出点P的坐标(0,7)，得出PE=|m-7|，根据S△AEB=S△BEP-S△AEP=5，求出m的值，从而得出点E的坐标．
此题考查了反比例函数和一次函数的交点问题，用待定系数法求一次函数和反比例函数的解析式，三角形的面积，解一元一次方程，解二元一次方程组等知识点的理解和掌握，综合运用这些性质进行计算是解此题的关键．

21.【答案】(1)1  4  92.5  95
(2)200×410=80，
估计八年级测试成绩大于95分的人数为80人；
(3)画树状图为：

共有20种等可能的结果，其中两同学为同年级的结果数为8，
所以抽到同年级学生的概率=820=25． 
【解析】解：(1)a=1，b=4，
八年级成绩按由小到大排列为：87，89，89，90，90，95，98，98，98，100，
所以八年级成绩的中位数c=90+952=92.5，
七年级成绩中95出现的次数最多，则d=95；
故答案为1，4，92.5，95；

(1)利用唱票的形式得到a、b的值，根据中位数的定义确定c的值，根据众数的定义确定d的值；
(2)用200乘以样本中八年级测试成绩大于95分所占的百分比即可；
(3)画树状图展示所有20种等可能的结果，找出两同学为同年级的结果数，然后根据概率公式求解．
本题考查了列表法与树状图法：通过列表或树状图展示所有可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，求出概率．也考查了统计图．

22.【答案】解：(1)设A、B两种平板电脑的进价分别为x元、y元．由题意得，
12x+3y=90006x+6y=9000，解得x=500y=1000，
答：A、B两种平板电脑的进价分别为500元、1000元；

(2)设商店准备购进B种平板电脑a台，则购进A种平板电脑30000-1000a500台，
由题意，得2a≤30000-1000a50030000-1000a500≤2.8a，
解得12.5≤a≤15，
∵a为整数，∴a=13或14或15．
设总利润为w，则：w=(700-500)×30000-1000a500+(1300-1000)a=-100a+12000，
∵-100<0，∴w随a的增大而减小，
∴为使利润最大，该商城应购进B种平板电脑13台，A种平板电脑30000-1000×13500=34台． 
【解析】(1)设A和B的进价分别为x和y，台数×进价=付款，可得到一个二元一次方程组，解即可．
(2)设购买B平板电脑a台，则购进A种平板电脑30000-1000a500台，由题意可得到不等式组，解不等式组即可．
本题考查了一次函数的应用以及二元一次方程组的应用，解答本题的关键是读懂题意，设出未知数，找出合适的等量关系，列方程组求解．

23.【答案】(1)证明：如图1，∵DE=EF，AE⊥DP，
∴AF=AD，
∴∠AFD=∠ADF，
∵∠ADF+∠DAE=∠PAE+∠DAE=90°，
∴∠AFD=∠PAE，
∵AG平分∠BAF，
∴∠FAG=∠GAP．
∵∠AFD+∠FAE=90°，
∴∠AFD+∠PAE+∠FAP=90°
∴2∠GAP+2∠PAE=90°，
即∠GAE=45°，
∴△AGE为等腰直角三角形；

(2)证明：如图2，作CH⊥DP，交DP于H点，
∴∠DHC=90°．
∵AE⊥DP，
∴∠AED=90°，
∴∠AED=∠DHC．
∵∠ADE+∠CDH=90°，∠CDH+∠DCH=90°，
∴∠ADE=∠DCH．
∵在△ADE和△DCH中，
∠AED=∠DHC∠ADE=∠DCHAD=DC，
∴△ADE≌△DCH(AAS)，
∴CH=DE，DH=AE=EG．
∴EH+EG=EH+HD，
即GH=ED，
∴GH=CH．
∴CG=2GH．
∵AG=2EG，
∴AG=2DH，
∴CG+AG=2GH+2HD，
∴CG+AG=2(GH+HD)，
即CG+AG=2DG；

(3)如图3，延长DF，CB交于点K，
∵P是AB的中点，
∴AP=BP=1．
∵四边形ABCD是正方形，
∴AD=AB=BC=CD，∠DAB=∠ABC=∠ABK=90°．
∵在△ADP和△BKP中
∠DAB=∠KBPAP=BP∠APD=∠BPK，
∴△ADP≌△BKP(ASA)，
∴AD=KB=BC=2．
在Rt△ADP中由勾股定理，得
PD=5，
∴5AE=PA⋅AD，
∴AE=255，DE=455，
∴EG=255，DF=855，
∴FG=255．
在Rt△KCD中，由勾股定理，得
KD=25，
∴KF=255，
∴KF=FG，
∵KB=BC，
∴FB//CG，BF=12CG，
∴BF=12⋅2CH=22DE=2105． 
【解析】(1)由条件可以得出∠AFD=∠PAE，再由直角三角形的性质两锐角互余及角平分线的性质就可以得出2∠GAP+2∠PAE=90°，从而求出结论；
(2)如图2，作CH⊥DP，交DP于H点，可以得出△ADE≌△DCH根据全等三角形的性质就可以得出△GHC是等腰直角三角形，由其性质就可以得出CG=2GH，AG=2EG，再根据线段转化就看以得出结论；
(3)如图3，延长DF，CB交于点K，根据正方形的性质可以得出△ADP≌△BKP，再由勾股定理就可以得出F是KG的中点，由三角形的中位线的性质就可以求出结论．
本题考查了等腰三角形的性质的运用，直角三角形的性质的运用，勾股定理的运用，全等三角形的判定及性质的运用，正方形的性质的运用，三角形的中位线的判定及性质的运用，解答时合理运用全等是重点，运用三角形的中位线的性质求解是难点．

24.【答案】解：(1)∵抛物线y=mx2+3mx-2m+1的图象交x轴于点A(x1,0)，B(x2,0)，
∴x1，x2是方程mx2+3mx-2m+1=0的两根，
∴x1+x2=-3，x1⋅x2=-2m+1m．
∵x2-x1=5，
∴(x2-x1)2=25．
即：(x2+x1)2-4x1⋅x2=25，
∴9-4×-2m+1m=25．
解得：m=-12．
∴抛物线的解析式为y=-12x2-32x+2．
(2)S△DCE：S△BCE存在最大值45，此时点D的坐标为(-2,3)，理由：
令y=0，则-12x2-32x+2=0，
解得：x=-4或1，
∴A(-4,0)，B(1,0)，
令x=0，则y=2，
∴C(0,2)．
设直线AC的解析式为y=kx+b，
∴-4k+b=0b=2，
解得：k=12b=2，
∴直线AC的解析式为y=12x+2．
过点D作DH⊥x轴于点H，交AC于点M，过点B作BN⊥x轴于点B，交直线AC于点N，如图，

则DM//BN，
∴△EDM∽△EBN，
∴DEBE=DMBN．
设D(a,-12a2-32a+2)，则M(a,12a+2)，
∴DM=(-12a2-32a+2)-(12a+2)=-12a2-2a．
当x=1时，y=12×1+2=52，
∴N(1,52).
∴BN=52．
∵等高的三角形的面积比等于底的比，
∴S△DCE：S△BCE=DEBE=DMBN．
∴S△DCE：S△BCE=-12a2-2a52=-15a2-45a=-15(a+2)2+45，
∵-15<0，
∴当a=-2时，S△DCE：S△BCE有最大值为45，此时点D(-2,3)；
(3)第二象限内抛物线上存在一点D，DF垂直AC于点F，使得△DCF中有一个锐角等于∠BAC的两倍，点D的横坐标为-2或-2911，理由：
∵A(-4,0)，B(1,0)，C(0,2)，
∴OA=4，OB=1，OC=2，
∴AC=OA2+OC2=25，BC=OB2+OC2=5，AB=OA+OB=5．
∵AC2+BC2=25=AB2，
∴△ABC为直角三角形，∠ACB=90°．
取AB的中点P，连接OP，
则P(-32,0)，
∴OP=32．
∴PA=PB=PC=52，
∴∠BAC=∠PCA．
∵∠CPB=∠BAC+∠PCA，
∴∠CPB=2∠BAC．
过点D作DR⊥y轴于点R，延长交AC于点G，如图，

①当∠DCF=2∠BAC时，
设D(m,-12m2-32m+2)，则DR=-m，OR=-12m2-32m+2，
∴CR=OR-OC=-12m2-32m.
∵DR⊥y轴，OA⊥y轴，
∴DR//AB，
∴∠G=∠BAC．
∵∠DCF=∠G+∠CDG，∠DCF=2∠BAC，
∴∠CDG=∠G=∠BAC．
∵tan∠BAC=OCOA=12，
∴tan∠CDR=12．
∴CRDR=12，
∴-12m2-32m-m=12
解得：m=-2或0(舍去)，
∴m=-2．
∴点D的横坐标为-2；
②当∠FDC=2∠BAC时，
∵∠CPB=2∠BAC，
∴∠FDC=∠CPB．
∵tan∠CPB=OCOP=232=43，
∴tan∠FDC=43，
∵tan∠FDC=FCDF，
∴FCDF=43，
设FC=4n，则DF=3n，
∴CD=FC2+DF2=5n．
∵tan∠G=tan∠BAC=12，
∴tan∠G=DGFG=12，
∴FG=6n．
∴CG=FG-FC=2n．
∵tan∠G=CRRG=12，
∴RC=255n，
∴DR=CD2-CR2=1155n，
∴DRCR=115n5255n=-a-12a2-32a，
解得：a=-2911或0(舍去)，
∴a=-2911，
即点D的横坐标为-2911，
综上，第二象限内抛物线上存在一点D，DF垂直AC于点F，使得△DCF中有一个锐角等于∠BAC的两倍，点D的横坐标为-2或-2911． 
【解析】(1)利用抛物线与x轴的交点的横坐标与一元二次方程根的联系，用一元二次方程根与系数的关系定理列出关于m的方程，解方程即可得出结论；
(2)过点D作DH⊥x轴于点H，交AC于点M，过点B作BN⊥x轴于点B，交直线AC于点N，利用待定系数法求得直线AC的解析式，设D(a,-12a2-32a+2)，则M(a,12a+2)，求得线段DM，BN的长，利用同高的三角形的面积关系列出S△DCE：S△BCE关于a的等式，利用配方法和二次函数的性质解答即可；
(3)利用分类讨论的思想方法分两种情况讨论解答：①当∠DCF=2∠BAC时，②当∠FDC=2∠BAC时：取AB的中点P，连接OP，过点D作DR⊥y轴于点R，延长交AC于点G，利用勾股定理的逆定理判定△ABC为直角三角形，∠ACB=90°，设D(a,-12a2-32a+2)，则DR=-a，OR=-12a2-32a+2，利用直角三角形的边角关系定理列出关于a的方程，解方程即可得出结论．
本题主要考查了待定系数法确定函数的解析式，一元二次方程的根与系数的关系定理，勾股定理，同高的三角形的面积关系，直角三角形的边角关系定理，相似三角形的判定与性质，利用点的坐标表示出相应线段的长度是解题的关键．

25.【答案】解：(1)连接OC，

在△OAD和△OCD中，
∵OA=OCAD=CDOD=OD，
∴△OAD≌△OCD(SSS)，
∴∠ADO=∠CDO，
又AD=CD，
∴DE⊥AC，
∵AB为⊙O的直径，
∴∠ACB=90°，即BC⊥AC，
∴OD//BC；
(2)∵tan∠ABC=ACBC=2，
∴设BC=a、则AC=2a，
∴AD=AB=AC2+BC2=5a，
∵OE//BC，且AO=BO，
∴OE=12BC=12a，OA=12AB=5a2，AE=CE=12AC=a，
在△AED中，DE=AD2-AE2=2a，
在△AOD中，AO2+AD2=(5a2)2+(5a)2=254a2，
OD2=(OE+DE)2=(12a+2a)2=254a2，
∴AO2+AD2=OD2，
∴∠OAD=90°，
则DA与⊙O相切；
(3)连接AF，
∵AB是⊙O的直径，
∴∠AFD=∠BAD=90°，
∵∠ADF=∠BDA，
∴△AFD∽△BAD，
∴DFAD=ADBD，即DF⋅BD=AD2  ①，
又∵∠AED=∠OAD=90°，∠ADE=∠ODA，
∴△AED∽△OAD，
∴ADOD=DEAD，即OD⋅DE=AD2②，
由①②可得DF⋅BD=OD⋅DE，
即DFOD=DEBD，
又∵∠EDF=∠BDO，
∴△EDF∽△BDO，
∵BC=1，
∴AB=AD=5、OD=52、ED=2、BD=10、OB=52，
∴EFOB=DEBD，即EF52=210，
解得：EF=22． 
【解析】本题主要考查圆的综合问题，解题的关键是掌握等腰三角形的性质、全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质及勾股定理逆定理等知识点．
(1)连接OC，证△OAD≌△OCD得∠ADO=∠CDO，由AD=CD知DE⊥AC，再由AB为直径知BC⊥AC，从而得OD//BC；
(2)根据tan∠ABC=2可设BC=a、则AC=2a、AD=AB=AC2+BC2=5a，证OE为中位线知OE=12a、OA=12AB=5a2、AE=CE=12AC=a，进一步求得DE=AD2-AE2=2a，再在△AOD中利用勾股定理逆定理证∠OAD=90°即可得；
(3)先证△AFD∽△BAD得DF⋅BD=AD2 ①，再证△AED∽△OAD得OD⋅DE=AD2②，由①②得DF⋅BD=OD⋅DE，即DFOD=DEBD，结合∠EDF=∠BDO知△EDF∽△BDO，据此可得EFOB=DEBD，结合(2)可得相关线段的长，代入计算可得．