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初中物理苏科版九年级全册第十四章 欧姆定律综合与测试单元测试课时作业
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这是一份初中物理苏科版九年级全册第十四章 欧姆定律综合与测试单元测试课时作业，共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
苏科版初中物理九年级上册第十四章《欧姆定律》单元测试卷
考试范围：第十四章；考试时间：75分钟；总分：80分
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 利用如图所示的电路“探究影响电阻大小的因素”，则说法中正确的是( )
A. 该实验运用了转换法
B. 利用该电路只能探究电阻与长度的关系
C. 将电流表换成小灯泡，实验效果会更明显
D. 用电流表示数反映电阻大小，说明电阻大小与电流有关
2. 下列说法中正确的是( )
A. 导体的电阻跟它的长度无关 B. 导体的电阻跟它的横截面积无关
C. 导体的电阻跟它的材料无关 D. 导体的电阻跟它两端的电压无关
3. 下列对一些实验的描述不正确的是( )
A. 在托里拆利实验中，若将玻璃管由竖直变成倾斜，则管内液体的高度将变大
B. 研究光的反射规律时，旋转折转的光屏是为了探究反射光线入射光线和法线是否在同一个平面内
C. 研究影响电阻大小的因素时，通过电流表的示数比较电阻大小
D. 研究动能与质量的关系时，通过比较小木块被推动的距离来比较动能大小
4. 如图所示是插入式电阻箱的结构示意图，图中A、B两个接线柱之间的电阻值是( )
A. 7Ω B. 15Ω C. 8Ω D. 12Ω
5. 电位器是变阻器的一种，它可以用来改变收音机的音量。小红买了一个电位器，如图所示，把它与灯泡连接起来，使滑动触头顺时针转动时灯泡变暗，下列说法正确的是( )
A. 电位器与灯泡是并联的
B. 连接的是A和C两个接线柱
C. 连接的是A和B两个接线柱
D. 滑动触头顺时针转动时，灯泡的电阻变大，灯泡中的电流变小
6. 为了能自动记录跳绳的次数，某科技小组设计了一种自动计数器，其简化电路如图甲所示．R1是一种光敏元件，每当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，自动计数器会计数一次，信号处理系统能记录AB间每一时刻的电压．若已知电源电压为12V，某一时段AB间的电压随时间变化的图象如图乙所示，则下列说法正确的是( )
A. AB两端电压为6V时，跳绳自动计数器会计数一次
B. 绳子挡住了射向R1的红外线时，R1和R2的阻值相等
C. 绳子没有挡住射向R1的红外线时，R1的阻值是R2的3倍
D. 绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍
7. 由欧姆定律公式I=URUR变形得R=UI，结合所学电学知识，判断下列说法正确的是( )
A. 导体的电阻跟通过导体的电流成反比
B. 如果导体被拉长，则其电阻将变小
C. 如果通过导体的电流变小，导体的电阻将变大
D. 导体两端电压增大时，电流也增大，但其比值不变
8. 小红同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，作出了如图所示的图象，下列说法中正确的是( )
A. 甲、乙的电阻大小关系：R甲>R乙
B. 导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零
C. 将甲、乙两导体并联接到电压为2V的电源上，干路中的电流为0.6A
D. 根据图象可得出结论：同一导体两端的电压与通过它的电流成正比
9. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，Rt为热敏电阻。在0℃～80℃的范围内，电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系如图乙所示。已知当温度t由10℃升高到30℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化了20Ω，则温度t由30℃升高到50℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化情况是( )
A. 阻值减小且阻值变化量小于20Ω B. 阻值减小且阻值变化量大于20Ω
C. 阻值增大且阻值变化量小于20Ω D. 阻值增大且阻值变化量大于20Ω
10. 如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路工作正常，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是( )
A. 灯L断路 B. 灯L短路 C. 电阻R短路 D. 电阻R断路
11. 如图所示，R1为定值电阻、R2为标有“20Ω 1A”的滑动变阻器，电源电压保持不变。当滑片P在某位置时，电流表示数为0.2A。此时在电路中接入一个电压表，闭合开关，电压表示数为2V，已知电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，在保证电路安全的情况下，向某一方向移动滑片，发现电压表示数最大变化量为1V，下列判断正确的是( )
①若电压表接在R1两端且滑片向左滑动，则电源电压可能为6V且R1=10Ω
②若电压表接在R1两端且滑片向右滑动，则电源电压只能为3V且R1=10Ω
③若电压表接在R2两端且滑片向左滑动，则电源电压只能为2.5V且R1=2.5Ω
④若电压表接在R2两端且滑片向右滑动，则电源电压只能为6V且R1=20Ω
A. 仅①③ B. 仅②④ C. 仅①②③ D. ①②③④
12. 为了测出未知电阻Rx的阻值，某同学利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或电压表分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是(电源电压未知且不变)( )
A. (2)(3) B. (2)(4) C. (1)(3) D. (3)(4)
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共4小题，共8.0分）
13. 如图甲所示是科技小组设计的测温报警器，电源电压为12V，电阻箱阻值恒为100Ω，热敏电阻RT随温度T的变化如图乙所示，当通过报警器(电阻不计)的电流超过20mA时就会报警。将开关S向c端闭合，移动滑片直至报警器报警，此时滑动变阻器的阻值为 Ω;保持滑片不动，开关S拨向d端时，若测得环境温度为30℃，则电路中的电流是 mA;若电源是干电池，长时间使用时，会导致报警温度 (选填“偏高”或“偏低”)。
14. 在图甲所示的电路中，当开关S从2转到1时，根据电流表和电压表对应的示数，在U−I坐标中描绘了相对应的坐标点，如图乙所示，电源电压是______，电阻R1的阻值是______，电阻R2的阻值是______。
15. 滑动变阻器是通过改变__________来改变电阻的．如下图所示，若要使滑动变阻器的滑片P向左端滑动时，小灯泡变亮，那么可以将滑动变阻器的C接线柱与________接线柱接在电路的M、N两端．
16. 图中高压输电线上的装置是导体，它的作用是将四根导线并联起来，相当于增大了导线的______，从而减小了输电导线的______，这样就能大大减少输电线上电能的损失．
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 在“探究通过定值电阻的电流与电压的关系”实验中：
(1)如图所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整(要求滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值变小)；
(2)在虚线框中画出实验电路图。
18. 在如图所示的电路中，要使滑动变阻器的滑片向左移动时，灯光变暗，请你用笔画线代替导线将滑动变阻器连入电路。
四、实验探究题（本大题共2小题，共12.0分）
19. 小明用如图所示的电路探究“电流跟电阻的关系”，实验器材有：学生电源(4V不变)，电流表、电压表、定值电阻3只(5Ω、10Ω、25Ω各一只)，滑动变阻器A(20Ω 1A)、B(50Ω 1A)，开关、导线若干。如图是小明未完成连接的实验电路。
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
25
电流I/A
0.4
0.08
(1)用笔画线代替导线，完成甲图中实验电路的连接，要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大。
(2)将5Ω的电阻接入电路，闭合开关。移动滑片P发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是定值电阻______(选填“断路”或“短路”)；排除故障后，继续实验。将10Ω的电阻接入电路中，调节滑动变阻器，使电压表示数为U0，电流表示数如图乙，此时电流为______A。
(3)用25Ω的电阻替换10Ω的电阻时，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)移动，使得电压表的示数为______V；为了利用这3个电阻进行实验，应当选择______(选填“A”或“B”)滑动变阻器接入电路。
(4)实验完毕，小明记录了如表的数据，由此可以得到结论：导体两端电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______比。
(5)利用原有器材继续进行刚才的探究实验。在保持上一次实验中，定值电阻两端电压U0不变的情况下，我们可以在该电路两端加的最大电源电压为______V。
20. 在探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验中，小芳同学连接的电路如图所示，已知电源电压恒为6.0V，滑动变阻器R2规格为“60Ω、0.5A”，可供其选择的定值电阻的阻值有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω。
(1)请将图中的实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时电路中的电流变大，且导线不允许交叉；
(2)正确连接电路后，调节滑动变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现两电表示数均为零，则电路故障可能为______。
A.R1短路
B.R1断路
C.R2短路
D.R2断路
(3)故障排除重新连接正确后，先用5Ω的定值电阻进行实验，电流表示数为0.4A，然后将5Ω的定值电阻换成了10Ω的定值电阻，闭合开关后电压表示数为3V，小芳同学应调节滑动变阻器的滑片直至电压表示数为______V。
(4)在以上实验不改变电表接线柱和器材的基础上，该同学想完成所有实验，控制电压的范围应该在______V。
五、计算题（本大题共4小题，共32.0分）
21. 如图所示的电路中，电源电压为18伏保持不变，电阻R1阻值为10欧。滑动变阻器R2上标有“50Ω 1A”字样，电压表接“0～15V”量程。
①闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5安，求此时电压表V的示数。
②若用电阻R3来替换R1，不改变电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下。要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R3的阻值。
22. 如图所示，甲为电路的连接情况，R1=20Ω,R2为滑动变阻器，乙为R3的I−U图象，电源电压保持不变。当S1闭合，S2断开时，若滑片P在a端，则电流表示数为0.6A；若滑片P在b端，则电压表示数为8V.求：
(1) 电源电压。
(2)滑动变阻器R2的最大阻值。
(3)当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，求电流表的示数。
23. 小亮设计了一个用电压表的示数变化反映环境温度变化的电路，其电路原理图如图(a)所示。其中电源电压为4V且恒定不变，电压表量程为 0～3V，R0是定值电阻，阻值为300Ω，R1是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图(b)所示。试计算：
(1)闭合开关S后，当环境温度为40℃时，电压表的示数是多少？
(2)电压表两端电压不能超过其最大测量值，则此电路所允许的最高环境温度是多少？
24. 在用电流表和电压表测量导体电阻的实验中，实际上电流表和电压表都有一定的电阻，在电路中可将它们看成是能显示其自身电流值或电压值的一个定值电阻。现用如图甲、乙两种电路测量某未知电阻Rx的阻值，用图甲所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为10mA；用图乙所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为12.5mA；电源电压保持不变且U=10V，电流表的内阻RA=200Ω，电压表内阻RV的阻值未知。求：
(1)未知电阻Rx阻值的真实值；
(2)电压表的内阻RV的大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】
【分析】
此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。
(1)在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较电流表示数大小来判断；
(2)影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，根据控制变量法进行探究。
【解答】
A.实验中通过电流表示数大小反映电阻大小，用到了转换法，故A正确；
B.电阻与导体的长度、横截面积、材料有关，实验中通过改变AB在镍铬合金丝上的位置改变连入电阻丝的长度，从而探究电阻与长度的关系，将电阻丝一半接入电路和对折后接入电路相比改变了电阻丝的横截面积，从而可以探究电阻与横截面积的关系，故B错误；
C.实验中通过电流表示数大小反映电阻大小，电流表示数越大，表示电阻越小；如果用小灯泡，如果电流变化很小，则小灯泡的亮度变化难以判断，实验效果会更不显著，故C错误；
D.电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积、温度有关，与电压和电流无关，故D错误。
故选A。
2.【答案】D
【解析】解：A、导体的电阻跟它的长度有关，所以该选项不正确．
B、导体的电阻跟它的横截面积有关，所以该选项不正确．
C、导体的电阻跟它的材料有关，所以该选项不正确．
D、导体的电阻跟它两端的电压无关，所以该选项正确．
故选D．
电阻是导体自身的一种特性，电阻大小只与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与导体两端的电压及通过导体中的电流大小无关．
本题主要考查对影响电阻大小的各种因素的了解．
3.【答案】A
【解析】解：A、将玻璃管稍作倾斜，因为大气压值不变，故不管水银柱高度一时怎么改变，最终还是会回来原来的高度，即大气压能支持的水银柱高度是不变的，故A错误。
B、探究反射光线与入射光线和法线是否在同一平面内，改变纸板的位置，使其与纸板不在同一平面上，看看另一纸板B是否有反射光线，旋转折转的光屏是为了探究反射光线入射光线和法线是否在同一个平面内，即可得到结论；故B正确；
C、导体电阻大小不能直接观察，在研究影响电阻大小因素时，通过小灯泡的亮度或电流表的示数比较电阻大小，采用的是转换法。故C正确；
D、物体具有的能量不能直接观察，研究动能与质量、速度的关系时，通过比较小木块被推动的距离来比较动能大小，采用的是转换法。故D正确。
故选：A。
(1)在托里拆利实验中，管的粗细、是否倾斜、槽中水银面的高低等都不会影响测量的结果；
(2)从观察光的传播路径和探究入射光线、反射光线和法线的关系进行分析。
(3)解决此题要知道常用的物理学研究方法有：等效法、模型法、比较法、分类法、类比法、控制变量法、转换法等。
本题考查托里拆利实验中倾斜对高度无影响、反射定律中三线共面，以及转换法的应用，是综合题。
4.【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查了插入式电阻箱，理解插入式电阻箱的工作原理是解题的关键。
插入式电阻箱的原理：是利用铜塞插入或拔出改变连入电路中电阻丝的长度来变阻的，即把铜塞插进去，铜塞处的电阻丝就会短路，电流不从电阻丝走了，所以铜塞插进去的那部分电阻丝就不接入电路。
【解答】
当铜塞插入时，则该铜塞处的电阻丝就会短路，这部分电阻丝就不接入电路，由图可知，A、B两个接线柱之间的电阻是5Ω+2Ω=7Ω；
故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
5.【答案】C
【解析】
【分析】
滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中电阻的长度来改变电阻的，滑动变阻器的作用是通过改变电阻从而改变电路中的电流。
此题主要考查了滑动变阻器的使用，以及滑动触头滑动时，阻值大小的判断。
【解答】
AD.电位器通过改变了连入电路中电阻丝的长度来改变电阻，要实现电位器控制灯泡的亮度，则电位器与灯泡应串联，但在电位器旋转的过程中只改变电位器接入电路中的电阻大小，不能改变灯泡的电阻，故AD错误；
BC.滑动触头顺时针转动时，灯泡变暗，说明电路中的电流减小，所以接入电路中的电阻应变大，应将左边部分接入电路，即连接A和B接线柱，故B错误，C正确。
故选C。
6.【答案】D
【解析】解：
由甲图电路知，R1与R2串联，AB间电压为R2两端电压。
(1)由题知，当射向R1的激光被挡时，R1阻值变大，根据串联电路的分压原理知，R1分得电压增大，R2分得电压减小，
由图象知，此时U2=UAB=2V，因为R1的电阻变大，自动计数器会计数一次，即AB间电压为2V计数一次，故A错误；
由串联电路的分压原理有：U1U2=U−U2U2=R1R2，即：12V−2V2V=R1R2，
所以：R1=5R2，故B错误；
(2)当射向R1的激光没有被挡时，R1阻值变小，R1分得电压减小，R2分得电压增大，由图象知，此时，U2′=UAB′=6V，
由串联电路的分压原理有：U1U2′=U−U2′U2′=R1′R2，即：12V−6V6V=R1′R2，
所以：R1′=R2，故C错误；
且R1=5R1′，即绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍，故D正确。
故选：D。
由电路图知，两电阻串联，AB间电压为R2两端电压。由题知，射向R1的激光被挡时它的电阻变化，由串联电路分压原理，结合图象分析射向R1的激光被挡和没挡时AB间电压以及两电阻的大小关系从而解题。
本题是一道动态电路题，要能灵活运用串联电路分压原理，关键是根据电阻的变化，结合图象确定定值电阻两端电压的大小。
7.【答案】D
【解析】解：AC、电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流没有关系，故AC错误；
B、导体电阻的影响因素：导体的长度、横截面积、材料．如果导体被拉长，其长度变长，横截面积变小，则其电阻将变大，故B错误；
D、导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻与流过的电流和两端的电压无关．当导体两端电压增大时，电流也增大，但其比值不变，故D正确．
故选D．
导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关．
导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积等有关．
我们根据比值定义法定义了电阻，但是电阻是由导体本身的性质决定的，与通过它的电流及两端的电压是无关的，在学习中要注意体会和理解．
8.【答案】C
【解析】解：A、当甲乙两端电压都为2V时，I甲=0.4A，I乙=0.2A，I甲>I乙，根据I=UR知：R甲
C、当甲、乙两导体并联后接到电压为2V的电源上时，U甲=U乙=2V，由图知I甲=0.4A，I乙=0.2A，干路电流：I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，故C正确；
D、根据数据和图象得出的结论是：同一导体，电阻一定，通过它的电流与两端的电压成正比，故D错误。
故选：C。
(1)从U−I图象可以得出的信息：①在一定电压下通过导体的电流；②通过比较相同电压下的电流大小，比较电阻大小关系；③通过导体的电流与其两端的电压成正比。
(2)电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道电阻的阻值与两端的电压和通过的电流无关以及从图象中得出相关的信息。
9.【答案】A
【解析】解：由乙图可知，热敏电阻R两端的电压UR跟温度t之间的关系是温度越高，热敏电阻R两端的电压越小，则热敏电阻的阻值随温度的增加而减小；
当温度是10℃时，I1=U0R0=U−U1 R0；Rt1=U1 I1=U1U−U1R0，故Rt=UVU−UVR0=1UUV−1R0，Rt和UV是反比例函数关系；
当温度t由10℃升高到30℃的过程中，变化量为ΔU，热敏电阻Rt的阻值变化量ΔRt=20Ω；
所以温度t由30℃升高到50℃的过程中，由于电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系是一次函数关系，变化量仍为ΔU，由于Rt和UV是反比例函数关系，根据反比例图形可知，热敏电阻Rt的阻值变化量小于ΔRt。
故选：A。
由乙图可知，热敏电阻R两端的电压UR跟温度t之间的关系是温度越高，热敏电阻R两端的电压越小，热敏电阻的阻值随温度的增加而减小；
根据I1=U0R0=U−U1 R0；Rt1=U1 I1=U1U−U1R0可知热敏电阻和电压表示数成反比例关系，然后再做阻值变化量分析。
本题是一道关于图象分析题，能否根据图象分析热敏电阻的变化趋势是本题的解题关键所在。
10.【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意依次分析各个选项，即符合灯泡熄灭，又符合有一个电表示数变小。
此题考查了断路故障的分析，属于较难的题目，也是中考常考的题型。
【解答】
A.灯L断路，两个表都会为零，变小，不符合题意；
B.灯L短路，电流表变大，电压表变大，不符合题意；
C.电阻R短路，电压表为零，电流表变大，但灯泡亮，不符合题意；
D.电阻R断路，电压表变大，电流表变小为零，灯泡不亮，符合题意；
故选D。
11.【答案】A
【解析】解：(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R1两端，则电压表测定值电阻两端的电压，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R1=U1I=2V0.2A=10Ω，
①滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，所以电压表示数最大为2V+1V=3V，则此时通过电路的电流：I′=U1′R1=3V10Ω=0.3A，若此时滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，则滑动变阻器两端的电压：U2=I′R2=0.3A×10Ω=3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电源电压可能是：U=U1′+U2=3V+3V=6V，故①正确；
②滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，则电压表示数变小，因电压表示数最大变化量为1V，所以电压表的示数最小为2V−1V=1V，则此时通过电路的电流：I′=U1′R1=1V10Ω=0.1A，
若此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，则滑动变阻器两端的最大电压：U2=I′R2大=0.1A×20Ω=2V，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电源电压的最大值：U=U1′+U2=1V+2V=3V，故②错误；
(2)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R2两端，则电压表测滑动变阻器两端的电压，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得：R1=U−U2I=U−2V0.2A------⑤，
③滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，R2为标有“20Ω 1A”的滑动变阻器，电流表的量程为0～0.6A，电路安全，所以通过电路的最大电流为0.6A，根据串联分压原理可知电压表示数变小，电压表示数最大变化量为1V，所以电压表示数最小为2V−1V=1V，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得：R1=U−U2′I′=U−1V0.6A------⑥，
⑤⑥联立可得：U=2.5V，R1=2.5Ω，故③正确；
④滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，根据串联分压原理可知电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，所以电压表示数最大为2V+1V=3V，若此时滑动变阻器接入电路最大阻值，根据欧姆定律可得通过电路的电流：I′=U2′R2大=3V20Ω=0.15A，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得：R1=U−U2′I′=U−3V0.15A------⑦，
⑤⑦联立可得：电源电压可能是U=6V，R1=20Ω，故④错误。
故选：A。
(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R1两端，则电压表测定值电阻两端的电压，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值，①滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数的最大值，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，假设此时滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，根据U=IR计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算可能的电源电压；②滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，则电压表示数变小，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数的最小值，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，假设此时滑动变阻器接入电路最大电阻，根据U=IR计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算可能的电源电压；
(2)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R2两端，则电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可表示定值电阻的阻值；③滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，R2为标有“20Ω 1A”的滑动变阻器，电流表的量程为0～0.6A，电路安全，据此确定通过电路的最大电流，根据串联分压原理可知电压表示数变小，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数最小值，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示定值电阻的阻值，列方程可得电源电压和定值电阻的阻值；④滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，根据串联分压原理可知电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数的最大值，若此时滑动变阻器接入电路最大阻值，根据欧姆定律可得通过电路的电流，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示定值电阻的阻值，列方程可得电源电压和定值电阻的阻值的可能值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、串联分压原理的灵活运用，有一定难度。
12.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查特殊法测量定值电阻的阻值。
只要是测量电阻，原理都是R=UI，不能直接测量电压就计算电压，不能直接测量电流就计算电流。
【解答】
(1)只闭合S1电阻Rx和R0串联，电流表可以测量电流大小，能计算出R0两端的电压U0=IR0；S2闭合，电路中只有Rx，无法得出Rx两端的电压，故(1)不能测量出Rx的阻值；
(2)开关S1闭合，S2接到1时，电路中只有R0，电流表能测量出通过电流I0，故电源电压为U=U0=I0R0；开关S2接到2时，电路中只有Rx，故Ux=U=I0R0，电流表可以测量出通过Rx的电流Ix，故电阻Rx=UxIx=I0R0Ix，故(2)可以测量出Rx的阻值；
(3)开关S1闭合，S2断开，电阻Rx和R0串联，电压表测量电源电压；开关S1S2闭合，电路中只有Rx，电阻R0短路，电压表还是测量电源电压，无法得出Rx的电压和通过Rx的电流，故(3)不能测量出Rx的阻值；
(4)开关S1闭合，S2断开，电阻Rx和R0串联，电压表测量Rx两端的电压为Ux；开关S1S2闭合，电路中只有Rx，电阻R0短路，电压表测量电源电压U，故开关S1闭合，S2断开时，R0两端的电压为U0=U−Ux，串联各处电流相等，故通过Rx的电流为Ix=I0=U−UxR0，电阻Rx的阻值为Rx=UxIx=UxU−UxR0=UxR0U−Ux，故(4)可以测量出Rx的阻值；
故(2)(4)可以测量出Rx的阻值，故B正确，ACD错误。
13.【答案】500；15；偏高
【解析】分析】
此题考查考查滑动变阻器电路变化分析、欧姆定律在串联电路中的应用。
此题物理解题思路没有难度，解题的关键是处理图像信息。显然是一个一次函数，并且给出图像上的两个点，所以可以求出一次函数表达式。
【解答】
由图甲知，将开关向c端闭合(电阻箱与滑动变阻器串联)，调节滑动变阻器的滑片，使电路中的电流为报警电流I=20mA=0.02A，报警器报警，电阻箱电阻R箱=100Ω，据欧姆定律，此时电路的总电阻R=12V0.02A=600Ω ，滑动变阻器的电阻为 R滑= R − R箱= 600Ω− 100Ω= 500Ω；
由图乙知，热敏电阻RT的阻值与温度T是一次函数关系，设关系式为RT= kT +b，
将(20℃,400Ω)和(50℃,100Ω)代入上式得：
400Ω = 20℃k + b-----①
100Ω = 50℃k + b ----②
综合分析①、②得k=−10Ω/℃，b = 600Ω，所以关系式为RT= −10Ω/ ℃ T + 600 Ω，当温度为30℃时，热敏电阻的阻值为RT=−10Ω /℃×30℃+ 600Ω= 300Ω，此时电路的电流为I=12V300Ω+500Ω =0.015A =15mA；
若采用的电源是干电池，随着使用时间的增长，电池电压会降低。当电路中的电流为报警电流时，由欧姆定律可知报警时总电阻减小，RT的阻值减小，由图像可知，会导致报警温度偏高。
14.【答案】6V 10Ω 20Ω
【解析】解：
(1)由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；
由图乙可知，电源的电压U=6V，电路中的电流I=0.6A，则R=UI=6V0.6A=10Ω；
(2)当S接2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流；
由图乙可知，电阻R2的两端电压为U′=6V−2V=4V，电路中的电流I′=0.2A，
R2的阻值：R2=U′I′=4V0.2A=20Ω。
故答案为：6V；10Ω；20Ω。
(1)由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知对应的电压和电流，根据欧姆定律求出R1的阻值。
(2)当S接2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流；由图乙得出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出电阻R2的阻值。
本题考查了电路的动态分析，涉及到电阻的串联和欧姆定律的应用，关键是开关接1、2时电路变化的判断和由图乙得出对应的电压与电流值。
15.【答案】接入电路中电阻丝的长度；A
【解析】
【分析】
本题考查了滑动变阻器的原理和正确连接的方法，能根据滑动变阻器的原理按要求正确接入电路是解决本题的关键。
(1)滑动变阻器的工作原理是靠改变接入电路电阻丝的长度，来改变电阻大小的；它的正确接法是“一上一下”；
(2)滑动变阻器接入电路的阻值是由下方接线柱决定的：若滑片靠近下方接线柱，电阻减小；若远离下方接线柱，电阻变大。
【解答】
(1)滑动变阻器是靠改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的；
(2)滑片P向A端滑动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大；根据欧姆定律可知，在电源电压不变时，电流变大，滑动变阻器接入电路的阻值变小，所以滑动变阻器的C接线柱与A接线柱接在电路的M、N两端。
故答案为：接入电路中电阻丝的长度；A。
16.【答案】横截面积；电阻
【解析】解：
(1)四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了；
(2)导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比．所以横截面积增大，导体的电阻减小．
故答案为：横截面积；电阻．
(1)将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化；
(2)根据导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化．
导体的电阻大小有四个因素有关：材料；长度；横截面积；温度．研究导体的电阻变化时，要用到控制变量法，在此题中，通过四根导线的并联，改变了导体的横截面积．从而改变了导体的电阻值．
17.【答案】解：(1)因滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，即应将变阻器滑片左边电阻丝连入电路中，如下左图所示；
(2)根据实物图画出电路图，如下图右图所示：
【解析】(1)根据滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值变小确定变阻器接线柱的连接，并与电阻串联在电路中；
(2)根据实物图画出电路图
本题探究通过定值电阻的电流与电压的关系，考查电路的连接，要注意两者的一一对应性。
18.【答案】解：根据要使滑动变阻器的滑片向左移动时，灯光变暗，滑片左移电阻变大，接法如图：
故答案为：如上图。
【解析】要使灯变暗(通过的电流变小)，滑动变阻器连入的电阻需变大，要求滑片左移变大，滑动变阻器要接右边接线柱，上边左右皆可。
滑动变阻器正确接法：“一上一下”的接入，连接时，按要求先选择下边的接线柱，上面的任一个均可以
19.【答案】断路 0.2 右 2 B 反 6
【解析】解：(1)要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大，即电阻减小，离下面的接线柱越近越小，故滑动变阻器左下必须接入电路。
(2)闭合开关，移动滑片P发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是定值电阻R处断路，如图电流表选择的量程为0−0.6A，分度值为0.02A，故此时电流表示数为0.2A；
(3)①实验中应保持定值电阻两端的电压不变。用25Ω的电阻替换10Ω的电阻时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，所以应将滑动变阻器的阻值变大，故应将滑动变阻器的滑片向右移动；
②由表中数据，根据欧姆定律，电压表示数为：Uv=IR=0.4×5Ω=2V；
③当用25Ω的电阻进行实验时，若要保证定值电阻的电压不变，设电压表示数为Uv，根据串联电路电压规律和分压原理有：UvR=U−UvR滑，2V25Ω=4V−2VR滑，解得R滑=25Ω，应当选择B滑动变阻器接入电路。
(4)分析表中数据有，当电阻为原来的几倍时，通过导体的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。
(5)当电阻最大为25Ω且变阻器接入最大阻值50Ω时，电源电压为最大，根据串联分压特点：
UvR=U−UvR滑，2V25Ω=U−2V50Ω，解得U=6V。
故答案为：(1)
(2)断路；0.2；(3)右；2；B；(4)反；(5)6。
(1)滑动变阻器应采用”一上一下“串联在电路中，再根据题中的要求连接电路；
(2)根据实验现象：电压表有示数，电流表始终无示数，判断电路故障；根据图中电流表读出示数；
(3)实验中应保持定值电阻两端的电压不变。当电阻由10更换为25Ω时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，根据串联分压特点分析滑动变阻器的滑片的移动方向；由表中数据，根据欧姆定律求出电压表示数；
根据滑动变阻器的调节电压的作用分析；
(4)根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
(5)当电阻最大为25Ω且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，根据分压原理求出电源电压的最大值；
本题探究电流与电阻关系，考查电流表的使用、电路连接、控制变量法的应用、欧姆定律的运用和分析数据归纳结论的能力，属于中等难度的题目。
20.【答案】D 2 2～2.5
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左滑动时电路中的电流变大，根据欧姆定律可知电路的总电阻变小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则滑动变阻器的滑片向左滑动时接入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，电压表遵循“正进负出”的原则与电阻并联，如下所示：
；
(2)正确连接电路后，调节滑动变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现两电表示数均为零，
A、若R1短路，电路为变阻器的简单电路，电压表无示数，电流表有示数，不符合题意；
B、若R1断路，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，不符合题意；
C、R2短路，电路为通路，两表都有示数，不符合题意；
D、若滑动变阻器R2断路，则整个电路断路，两电表示数均为零，符合题意。
故选：D；
(3)故障排除重新连接正确后，先用5Ω的定值电阻进行实验，电流表示数为0.4A，根据欧姆定律可得定值电阻两端的电压：U=I1R1=0.4A×5Ω=2V，
探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验需控制定值电阻两端的电压不变，所以将5Ω的定值电阻换成了10Ω的定值电阻，应调节滑动变阻器的滑片直至电压表示数为2V；
(4)该同学想将5个定值电阻都接入电路进行实验，设此时定值电阻的电压为UR，串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器的电压为U−UR=6V−UR，
根据串联电路分压原理可得：6V−URUR=R2R1，当定值电阻为30Ω时，滑动变阻器的阻值为60Ω，代入上式可得：6V−URUR=60Ω30Ω=21，解得：UR=2V，
由图可知电压表接入电路的量程为0～3V，滑动变阻器R2规格为“60Ω、0.5A”，串联电路各处电流相等，所以通过电路的最大电流为0.5A，
定值电阻为30Ω时，根据欧姆定律可得电压表示数：UR=IR1=0.5A×30Ω=2.5V<3V，
所以该同学想完成所有实验，控制电压的范围应该在2V～2.5V。
故答案为：(1)如图；(2)D；(3)2；(4)2～2.5。
(1)根据滑动变阻器的滑片向左滑动时电路中的电流变大确定变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)根据控制变量法可知探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验需控制定值电阻两端的电压不变，根据欧姆定律计算定值电阻两端的电压，据此分析；
(4)该同学想将5个定值电阻都接入电路进行实验，设此时定值电阻的电压为UR，根据串联电路电压规律表示滑动变阻器的电压，根据串联电路分压原理、定值电阻的最大阻值、滑动变阻器的最大阻值计算定值电阻两端的电压；
由图可知电压表接入电路的量程为0～3V，滑动变阻器R2规格为“60Ω、0.5A”，根据串联电路电流特点确定通过电路的最大电流，根据欧姆定律计算当定值电阻为30Ω时定值电阻两端的电压，进一步确定该同学想完成所有实验，控制电压的范围。
本题是探究“通过导体的电流与电阻的关系”实验，考查电路连接、操作过程、串联电路的规律及欧姆定律的运用和对器材的要求，属于常考命题点。
21.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
①当电流表示数I=0.5A时，由I=UR可得，R1两端的电压U1=IR1=0.5A×10Ω=5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的示数U2=U−U1=18V−5V=13V；
②用电阻R3来替换R1后，由滑动变阻器的铭牌可知，允许通过的最大电流为1A，
则电路中的最大电流可能为1A、可能为18VR3(即变阻器接入阻值为0时)，
电路的最小电流可能为可能为18VR3+50Ω(即变阻器接入阻值最大为50Ω时)，18V−15VR3=3VR3(即电压表满偏时)，
因电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，则有以下几种情况：
A、电路中的最大电流为1A，最小电流为18VR3+50Ω时，则有：
1A=3×18VR3+50Ω，
解得：R3=4Ω，
则电压表的最大示数：
U2大=I小R2大=13A×50Ω≈16.7V>15V，故此种情况不可能；
B、电路中的最大电流为1A，最小电流为3VR3时，则有：
1A=3×3VR3，
解得：R3=9Ω，
则电压表的最大示数：
U2大=U−I小R3=18V−13A×9Ω=15V，此种情况可能；
C、电路中的最大电流为18VR3，最小电流为18VR3+50Ω时，则有：
18VR3=3×18VR3+50Ω，
解得：R3=25Ω，
电路中的最大电流和最小电流分别为：
I大=18VR3=18V25Ω=0.72A<1A，I小=18VR3+50Ω=18V25Ω+50Ω=625A，
则电压表的最大示数：
U2大=I小R3=625A×50Ω=12V，此种情况可能；
D、电路中的最大电流为18VR3，最小电流为3VR3时，18VR3≠3×3VR3，此种情况不可能；
综上可知，R3的阻值为9Ω或25Ω。
答：①电流表示数为0.5安时，电压表V的示数为13V；
②在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，则满足要求的R3的阻值为9Ω或25Ω。
【解析】由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压。
①当电流表示数为0.5A时，根据欧姆定律求出R1两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数；
②用电阻R3来替换R1后，由滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，则电路中的最大电流可能为1A、可能为18VR3，电路的最小电流可能为18VR3+50Ω，可能为18V−15VR3=3VR3，根据电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍得出等式，然后结合电压表的量程分情况讨论得出答案。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断出电路的最大和最小电流的可能值是解题的基础，会利用电流表的量程判断R3可能值是难点。
22.【答案】解：(1)当S1闭合，S2断开时，滑片P在a端，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
由I=UR可得，电源电压：U=IaR1=0.6A×20Ω=12V；
(2)当S1闭合，S2断开时，滑片P在b端，R2接入电路的电阻最大，电压表测R2两端的电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压：U1=U−U2=12V−8V=4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
Ib=U1R1=U2R2，即4V20Ω=8VR2，
解得：R2=40Ω；
(3)当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，R1与R3并联，电流表测干路电流，
由图乙可知，当R3两端的电压U3=6V时，通过的电流I3=0.3A，
则R3的阻值：
R3=U3I3=6V0.3A=20Ω，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R=R1R3R1+R3=20Ω×20Ω20Ω+20Ω=10Ω，
干路电流表的示数：
I=UR=12V10Ω=1.2A。
答：(1)电源电压为12V；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为40Ω；
(3)当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，电流表的示数为1.2A。
【解析】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和从图象中获取一组数据求出R3的阻值是关键。
(1)当S1闭合，S2断开时，滑片P在a端，变阻器接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S1闭合，S2断开时，滑片P在b端，接入电路中的电阻最大，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器R2的最大阻值；
(3)根据图乙读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R3的阻值，当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，R1与R3并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出干路电流。
23.【答案】解：(1)由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R0两端的电压，
由图(b)可知，当环境温度为40℃时，热敏电阻R1=200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I=UR0+R1=4V300Ω+200Ω=0.008A，
电压表的示数：
U0=IR0=0.008A×300Ω=2.4V；
(2)由题意可知，电压表示数允许的最大值为3V，此时电路能够测量的温度最高，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，此时电路中的电流为：
I′=U0′R0=3V300Ω=0.01A，
因串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，
所以，此时R1两端的电压：
U1′=U−U0′=4V−3V=1V，
此时热敏电阻的阻值：
R1′=U1′I′=1V0.01A=100Ω，
由图(b)可知，热敏电阻的阻值为100Ω时对应温度为80℃，即此电路所允许的最高环境温度为80℃。
答：(1)当环境温度为40℃时，电压表的示数是2.4V；
(2)此电路所允许的最高环境温度是80℃。
【解析】(1)由电路图可知，R0与R1是串联，电压表测R0两端的电压，根据图(b)读出当环境温度为40℃时对应的R1的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数；
(2)由图(b)可知，温度升高时，R1的阻值减小，根据串联电路的分压特点可知电压表的示数变大，当电压表的示数最大时电路所测的环境温度最高，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用欧姆定律求出R1的阻值，然后对照图(b)得出电路所允许的最高环境温度。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，根据图象读出电阻和温度对应的值是解题的关键。
24.【答案】解：(1)甲图中，待测电阻与电流表串联，电源电压保持不变且U=10V，电流表的内阻RA=200Ω，用图甲所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为10mA，根据串联电阻的规律及欧姆定律I=UR有：
I×(Rx+RA)=U，
Rx=UI−RA=10V0.01A−200Ω=800Ω；
(2)图乙中，待测电阻与电压表并联后再与电流表串联，用图乙所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为12.5mA，由欧姆定律，电流表的电压：
UA=I′RA=12.5×10−3A×200Ω=2.5V，
根据串联电路电压的规律，并联电路的电压：
U并=10V−2.5V=7.5V，
根据欧姆定律和并联电路电流的规律有：
U并Rx+U并RV=I并，
即7.5V800Ω+7.5VRV=12.5×10−3A，
RV=2400Ω。
答：(1)未知电阻Rx阻值的真实值为800Ω；
(2)电压表的内阻RV的大小为2400Ω。
【解析】本题考查串、并联电路的规律及欧姆定律的运用，体现了与高中知识的衔接。
(1)分析甲图电路连接，根据串联电路的规律及欧姆定律求出Rx；
(2)图乙中，待测电阻与电压表并后再与电流表串联，由欧姆定律得出电流表的电压，根据串联电路电压的规律得出现并联电路的电压，根据欧姆定律和并联电路电流的规律得出电压表内阻。
苏科版初中物理九年级上册第十四章《欧姆定律》单元测试卷
考试范围：第十四章；考试时间：75分钟；总分：80分
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 利用如图所示的电路“探究影响电阻大小的因素”，则说法中正确的是( )
A. 该实验运用了转换法
B. 利用该电路只能探究电阻与长度的关系
C. 将电流表换成小灯泡，实验效果会更明显
D. 用电流表示数反映电阻大小，说明电阻大小与电流有关
2. 下列说法中正确的是( )
A. 导体的电阻跟它的长度无关 B. 导体的电阻跟它的横截面积无关
C. 导体的电阻跟它的材料无关 D. 导体的电阻跟它两端的电压无关
3. 下列对一些实验的描述不正确的是( )
A. 在托里拆利实验中，若将玻璃管由竖直变成倾斜，则管内液体的高度将变大
B. 研究光的反射规律时，旋转折转的光屏是为了探究反射光线入射光线和法线是否在同一个平面内
C. 研究影响电阻大小的因素时，通过电流表的示数比较电阻大小
D. 研究动能与质量的关系时，通过比较小木块被推动的距离来比较动能大小
4. 如图所示是插入式电阻箱的结构示意图，图中A、B两个接线柱之间的电阻值是( )
A. 7Ω B. 15Ω C. 8Ω D. 12Ω
5. 电位器是变阻器的一种，它可以用来改变收音机的音量。小红买了一个电位器，如图所示，把它与灯泡连接起来，使滑动触头顺时针转动时灯泡变暗，下列说法正确的是( )
A. 电位器与灯泡是并联的
B. 连接的是A和C两个接线柱
C. 连接的是A和B两个接线柱
D. 滑动触头顺时针转动时，灯泡的电阻变大，灯泡中的电流变小
6. 为了能自动记录跳绳的次数，某科技小组设计了一种自动计数器，其简化电路如图甲所示．R1是一种光敏元件，每当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，自动计数器会计数一次，信号处理系统能记录AB间每一时刻的电压．若已知电源电压为12V，某一时段AB间的电压随时间变化的图象如图乙所示，则下列说法正确的是( )
A. AB两端电压为6V时，跳绳自动计数器会计数一次
B. 绳子挡住了射向R1的红外线时，R1和R2的阻值相等
C. 绳子没有挡住射向R1的红外线时，R1的阻值是R2的3倍
D. 绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍
7. 由欧姆定律公式I=URUR变形得R=UI，结合所学电学知识，判断下列说法正确的是( )
A. 导体的电阻跟通过导体的电流成反比
B. 如果导体被拉长，则其电阻将变小
C. 如果通过导体的电流变小，导体的电阻将变大
D. 导体两端电压增大时，电流也增大，但其比值不变
8. 小红同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，作出了如图所示的图象，下列说法中正确的是( )
A. 甲、乙的电阻大小关系：R甲>R乙
B. 导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零
C. 将甲、乙两导体并联接到电压为2V的电源上，干路中的电流为0.6A
D. 根据图象可得出结论：同一导体两端的电压与通过它的电流成正比
9. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，Rt为热敏电阻。在0℃～80℃的范围内，电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系如图乙所示。已知当温度t由10℃升高到30℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化了20Ω，则温度t由30℃升高到50℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化情况是( )
A. 阻值减小且阻值变化量小于20Ω B. 阻值减小且阻值变化量大于20Ω
C. 阻值增大且阻值变化量小于20Ω D. 阻值增大且阻值变化量大于20Ω
10. 如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路工作正常，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是( )
A. 灯L断路 B. 灯L短路 C. 电阻R短路 D. 电阻R断路
11. 如图所示，R1为定值电阻、R2为标有“20Ω 1A”的滑动变阻器，电源电压保持不变。当滑片P在某位置时，电流表示数为0.2A。此时在电路中接入一个电压表，闭合开关，电压表示数为2V，已知电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，在保证电路安全的情况下，向某一方向移动滑片，发现电压表示数最大变化量为1V，下列判断正确的是( )
①若电压表接在R1两端且滑片向左滑动，则电源电压可能为6V且R1=10Ω
②若电压表接在R1两端且滑片向右滑动，则电源电压只能为3V且R1=10Ω
③若电压表接在R2两端且滑片向左滑动，则电源电压只能为2.5V且R1=2.5Ω
④若电压表接在R2两端且滑片向右滑动，则电源电压只能为6V且R1=20Ω
A. 仅①③ B. 仅②④ C. 仅①②③ D. ①②③④
12. 为了测出未知电阻Rx的阻值，某同学利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或电压表分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是(电源电压未知且不变)( )
A. (2)(3) B. (2)(4) C. (1)(3) D. (3)(4)
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共4小题，共8.0分）
13. 如图甲所示是科技小组设计的测温报警器，电源电压为12V，电阻箱阻值恒为100Ω，热敏电阻RT随温度T的变化如图乙所示，当通过报警器(电阻不计)的电流超过20mA时就会报警。将开关S向c端闭合，移动滑片直至报警器报警，此时滑动变阻器的阻值为 Ω;保持滑片不动，开关S拨向d端时，若测得环境温度为30℃，则电路中的电流是 mA;若电源是干电池，长时间使用时，会导致报警温度 (选填“偏高”或“偏低”)。
14. 在图甲所示的电路中，当开关S从2转到1时，根据电流表和电压表对应的示数，在U−I坐标中描绘了相对应的坐标点，如图乙所示，电源电压是______，电阻R1的阻值是______，电阻R2的阻值是______。
15. 滑动变阻器是通过改变__________来改变电阻的．如下图所示，若要使滑动变阻器的滑片P向左端滑动时，小灯泡变亮，那么可以将滑动变阻器的C接线柱与________接线柱接在电路的M、N两端．
16. 图中高压输电线上的装置是导体，它的作用是将四根导线并联起来，相当于增大了导线的______，从而减小了输电导线的______，这样就能大大减少输电线上电能的损失．
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 在“探究通过定值电阻的电流与电压的关系”实验中：
(1)如图所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整(要求滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值变小)；
(2)在虚线框中画出实验电路图。
18. 在如图所示的电路中，要使滑动变阻器的滑片向左移动时，灯光变暗，请你用笔画线代替导线将滑动变阻器连入电路。
四、实验探究题（本大题共2小题，共12.0分）
19. 小明用如图所示的电路探究“电流跟电阻的关系”，实验器材有：学生电源(4V不变)，电流表、电压表、定值电阻3只(5Ω、10Ω、25Ω各一只)，滑动变阻器A(20Ω 1A)、B(50Ω 1A)，开关、导线若干。如图是小明未完成连接的实验电路。
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
25
电流I/A
0.4
0.08
(1)用笔画线代替导线，完成甲图中实验电路的连接，要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大。
(2)将5Ω的电阻接入电路，闭合开关。移动滑片P发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是定值电阻______(选填“断路”或“短路”)；排除故障后，继续实验。将10Ω的电阻接入电路中，调节滑动变阻器，使电压表示数为U0，电流表示数如图乙，此时电流为______A。
(3)用25Ω的电阻替换10Ω的电阻时，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)移动，使得电压表的示数为______V；为了利用这3个电阻进行实验，应当选择______(选填“A”或“B”)滑动变阻器接入电路。
(4)实验完毕，小明记录了如表的数据，由此可以得到结论：导体两端电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______比。
(5)利用原有器材继续进行刚才的探究实验。在保持上一次实验中，定值电阻两端电压U0不变的情况下，我们可以在该电路两端加的最大电源电压为______V。
20. 在探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验中，小芳同学连接的电路如图所示，已知电源电压恒为6.0V，滑动变阻器R2规格为“60Ω、0.5A”，可供其选择的定值电阻的阻值有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω。
(1)请将图中的实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时电路中的电流变大，且导线不允许交叉；
(2)正确连接电路后，调节滑动变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现两电表示数均为零，则电路故障可能为______。
A.R1短路
B.R1断路
C.R2短路
D.R2断路
(3)故障排除重新连接正确后，先用5Ω的定值电阻进行实验，电流表示数为0.4A，然后将5Ω的定值电阻换成了10Ω的定值电阻，闭合开关后电压表示数为3V，小芳同学应调节滑动变阻器的滑片直至电压表示数为______V。
(4)在以上实验不改变电表接线柱和器材的基础上，该同学想完成所有实验，控制电压的范围应该在______V。
五、计算题（本大题共4小题，共32.0分）
21. 如图所示的电路中，电源电压为18伏保持不变，电阻R1阻值为10欧。滑动变阻器R2上标有“50Ω 1A”字样，电压表接“0～15V”量程。
①闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5安，求此时电压表V的示数。
②若用电阻R3来替换R1，不改变电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下。要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R3的阻值。
22. 如图所示，甲为电路的连接情况，R1=20Ω,R2为滑动变阻器，乙为R3的I−U图象，电源电压保持不变。当S1闭合，S2断开时，若滑片P在a端，则电流表示数为0.6A；若滑片P在b端，则电压表示数为8V.求：
(1) 电源电压。
(2)滑动变阻器R2的最大阻值。
(3)当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，求电流表的示数。
23. 小亮设计了一个用电压表的示数变化反映环境温度变化的电路，其电路原理图如图(a)所示。其中电源电压为4V且恒定不变，电压表量程为 0～3V，R0是定值电阻，阻值为300Ω，R1是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图(b)所示。试计算：
(1)闭合开关S后，当环境温度为40℃时，电压表的示数是多少？
(2)电压表两端电压不能超过其最大测量值，则此电路所允许的最高环境温度是多少？
24. 在用电流表和电压表测量导体电阻的实验中，实际上电流表和电压表都有一定的电阻，在电路中可将它们看成是能显示其自身电流值或电压值的一个定值电阻。现用如图甲、乙两种电路测量某未知电阻Rx的阻值，用图甲所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为10mA；用图乙所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为12.5mA；电源电压保持不变且U=10V，电流表的内阻RA=200Ω，电压表内阻RV的阻值未知。求：
(1)未知电阻Rx阻值的真实值；
(2)电压表的内阻RV的大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】
【分析】
此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。
(1)在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较电流表示数大小来判断；
(2)影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，根据控制变量法进行探究。
【解答】
A.实验中通过电流表示数大小反映电阻大小，用到了转换法，故A正确；
B.电阻与导体的长度、横截面积、材料有关，实验中通过改变AB在镍铬合金丝上的位置改变连入电阻丝的长度，从而探究电阻与长度的关系，将电阻丝一半接入电路和对折后接入电路相比改变了电阻丝的横截面积，从而可以探究电阻与横截面积的关系，故B错误；
C.实验中通过电流表示数大小反映电阻大小，电流表示数越大，表示电阻越小；如果用小灯泡，如果电流变化很小，则小灯泡的亮度变化难以判断，实验效果会更不显著，故C错误；
D.电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积、温度有关，与电压和电流无关，故D错误。
故选A。
2.【答案】D
【解析】解：A、导体的电阻跟它的长度有关，所以该选项不正确．
B、导体的电阻跟它的横截面积有关，所以该选项不正确．
C、导体的电阻跟它的材料有关，所以该选项不正确．
D、导体的电阻跟它两端的电压无关，所以该选项正确．
故选D．
电阻是导体自身的一种特性，电阻大小只与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与导体两端的电压及通过导体中的电流大小无关．
本题主要考查对影响电阻大小的各种因素的了解．
3.【答案】A
【解析】解：A、将玻璃管稍作倾斜，因为大气压值不变，故不管水银柱高度一时怎么改变，最终还是会回来原来的高度，即大气压能支持的水银柱高度是不变的，故A错误。
B、探究反射光线与入射光线和法线是否在同一平面内，改变纸板的位置，使其与纸板不在同一平面上，看看另一纸板B是否有反射光线，旋转折转的光屏是为了探究反射光线入射光线和法线是否在同一个平面内，即可得到结论；故B正确；
C、导体电阻大小不能直接观察，在研究影响电阻大小因素时，通过小灯泡的亮度或电流表的示数比较电阻大小，采用的是转换法。故C正确；
D、物体具有的能量不能直接观察，研究动能与质量、速度的关系时，通过比较小木块被推动的距离来比较动能大小，采用的是转换法。故D正确。
故选：A。
(1)在托里拆利实验中，管的粗细、是否倾斜、槽中水银面的高低等都不会影响测量的结果；
(2)从观察光的传播路径和探究入射光线、反射光线和法线的关系进行分析。
(3)解决此题要知道常用的物理学研究方法有：等效法、模型法、比较法、分类法、类比法、控制变量法、转换法等。
本题考查托里拆利实验中倾斜对高度无影响、反射定律中三线共面，以及转换法的应用，是综合题。
4.【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查了插入式电阻箱，理解插入式电阻箱的工作原理是解题的关键。
插入式电阻箱的原理：是利用铜塞插入或拔出改变连入电路中电阻丝的长度来变阻的，即把铜塞插进去，铜塞处的电阻丝就会短路，电流不从电阻丝走了，所以铜塞插进去的那部分电阻丝就不接入电路。
【解答】
当铜塞插入时，则该铜塞处的电阻丝就会短路，这部分电阻丝就不接入电路，由图可知，A、B两个接线柱之间的电阻是5Ω+2Ω=7Ω；
故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
5.【答案】C
【解析】
【分析】
滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中电阻的长度来改变电阻的，滑动变阻器的作用是通过改变电阻从而改变电路中的电流。
此题主要考查了滑动变阻器的使用，以及滑动触头滑动时，阻值大小的判断。
【解答】
AD.电位器通过改变了连入电路中电阻丝的长度来改变电阻，要实现电位器控制灯泡的亮度，则电位器与灯泡应串联，但在电位器旋转的过程中只改变电位器接入电路中的电阻大小，不能改变灯泡的电阻，故AD错误；
BC.滑动触头顺时针转动时，灯泡变暗，说明电路中的电流减小，所以接入电路中的电阻应变大，应将左边部分接入电路，即连接A和B接线柱，故B错误，C正确。
故选C。
6.【答案】D
【解析】解：
由甲图电路知，R1与R2串联，AB间电压为R2两端电压。
(1)由题知，当射向R1的激光被挡时，R1阻值变大，根据串联电路的分压原理知，R1分得电压增大，R2分得电压减小，
由图象知，此时U2=UAB=2V，因为R1的电阻变大，自动计数器会计数一次，即AB间电压为2V计数一次，故A错误；
由串联电路的分压原理有：U1U2=U−U2U2=R1R2，即：12V−2V2V=R1R2，
所以：R1=5R2，故B错误；
(2)当射向R1的激光没有被挡时，R1阻值变小，R1分得电压减小，R2分得电压增大，由图象知，此时，U2′=UAB′=6V，
由串联电路的分压原理有：U1U2′=U−U2′U2′=R1′R2，即：12V−6V6V=R1′R2，
所以：R1′=R2，故C错误；
且R1=5R1′，即绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍，故D正确。
故选：D。
由电路图知，两电阻串联，AB间电压为R2两端电压。由题知，射向R1的激光被挡时它的电阻变化，由串联电路分压原理，结合图象分析射向R1的激光被挡和没挡时AB间电压以及两电阻的大小关系从而解题。
本题是一道动态电路题，要能灵活运用串联电路分压原理，关键是根据电阻的变化，结合图象确定定值电阻两端电压的大小。
7.【答案】D
【解析】解：AC、电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流没有关系，故AC错误；
B、导体电阻的影响因素：导体的长度、横截面积、材料．如果导体被拉长，其长度变长，横截面积变小，则其电阻将变大，故B错误；
D、导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻与流过的电流和两端的电压无关．当导体两端电压增大时，电流也增大，但其比值不变，故D正确．
故选D．
导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关．
导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积等有关．
我们根据比值定义法定义了电阻，但是电阻是由导体本身的性质决定的，与通过它的电流及两端的电压是无关的，在学习中要注意体会和理解．
8.【答案】C
【解析】解：A、当甲乙两端电压都为2V时，I甲=0.4A，I乙=0.2A，I甲>I乙，根据I=UR知：R甲
C、当甲、乙两导体并联后接到电压为2V的电源上时，U甲=U乙=2V，由图知I甲=0.4A，I乙=0.2A，干路电流：I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，故C正确；
D、根据数据和图象得出的结论是：同一导体，电阻一定，通过它的电流与两端的电压成正比，故D错误。
故选：C。
(1)从U−I图象可以得出的信息：①在一定电压下通过导体的电流；②通过比较相同电压下的电流大小，比较电阻大小关系；③通过导体的电流与其两端的电压成正比。
(2)电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道电阻的阻值与两端的电压和通过的电流无关以及从图象中得出相关的信息。
9.【答案】A
【解析】解：由乙图可知，热敏电阻R两端的电压UR跟温度t之间的关系是温度越高，热敏电阻R两端的电压越小，则热敏电阻的阻值随温度的增加而减小；
当温度是10℃时，I1=U0R0=U−U1 R0；Rt1=U1 I1=U1U−U1R0，故Rt=UVU−UVR0=1UUV−1R0，Rt和UV是反比例函数关系；
当温度t由10℃升高到30℃的过程中，变化量为ΔU，热敏电阻Rt的阻值变化量ΔRt=20Ω；
所以温度t由30℃升高到50℃的过程中，由于电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系是一次函数关系，变化量仍为ΔU，由于Rt和UV是反比例函数关系，根据反比例图形可知，热敏电阻Rt的阻值变化量小于ΔRt。
故选：A。
由乙图可知，热敏电阻R两端的电压UR跟温度t之间的关系是温度越高，热敏电阻R两端的电压越小，热敏电阻的阻值随温度的增加而减小；
根据I1=U0R0=U−U1 R0；Rt1=U1 I1=U1U−U1R0可知热敏电阻和电压表示数成反比例关系，然后再做阻值变化量分析。
本题是一道关于图象分析题，能否根据图象分析热敏电阻的变化趋势是本题的解题关键所在。
10.【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意依次分析各个选项，即符合灯泡熄灭，又符合有一个电表示数变小。
此题考查了断路故障的分析，属于较难的题目，也是中考常考的题型。
【解答】
A.灯L断路，两个表都会为零，变小，不符合题意；
B.灯L短路，电流表变大，电压表变大，不符合题意；
C.电阻R短路，电压表为零，电流表变大，但灯泡亮，不符合题意；
D.电阻R断路，电压表变大，电流表变小为零，灯泡不亮，符合题意；
故选D。
11.【答案】A
【解析】解：(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R1两端，则电压表测定值电阻两端的电压，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R1=U1I=2V0.2A=10Ω，
①滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，所以电压表示数最大为2V+1V=3V，则此时通过电路的电流：I′=U1′R1=3V10Ω=0.3A，若此时滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，则滑动变阻器两端的电压：U2=I′R2=0.3A×10Ω=3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电源电压可能是：U=U1′+U2=3V+3V=6V，故①正确；
②滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，则电压表示数变小，因电压表示数最大变化量为1V，所以电压表的示数最小为2V−1V=1V，则此时通过电路的电流：I′=U1′R1=1V10Ω=0.1A，
若此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，则滑动变阻器两端的最大电压：U2=I′R2大=0.1A×20Ω=2V，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电源电压的最大值：U=U1′+U2=1V+2V=3V，故②错误；
(2)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R2两端，则电压表测滑动变阻器两端的电压，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得：R1=U−U2I=U−2V0.2A------⑤，
③滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，R2为标有“20Ω 1A”的滑动变阻器，电流表的量程为0～0.6A，电路安全，所以通过电路的最大电流为0.6A，根据串联分压原理可知电压表示数变小，电压表示数最大变化量为1V，所以电压表示数最小为2V−1V=1V，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得：R1=U−U2′I′=U−1V0.6A------⑥，
⑤⑥联立可得：U=2.5V，R1=2.5Ω，故③正确；
④滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，根据串联分压原理可知电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，所以电压表示数最大为2V+1V=3V，若此时滑动变阻器接入电路最大阻值，根据欧姆定律可得通过电路的电流：I′=U2′R2大=3V20Ω=0.15A，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得：R1=U−U2′I′=U−3V0.15A------⑦，
⑤⑦联立可得：电源电压可能是U=6V，R1=20Ω，故④错误。
故选：A。
(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R1两端，则电压表测定值电阻两端的电压，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值，①滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数的最大值，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，假设此时滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，根据U=IR计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算可能的电源电压；②滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，则电压表示数变小，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数的最小值，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，假设此时滑动变阻器接入电路最大电阻，根据U=IR计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算可能的电源电压；
(2)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，若电压表接在R2两端，则电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可表示定值电阻的阻值；③滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，R2为标有“20Ω 1A”的滑动变阻器，电流表的量程为0～0.6A，电路安全，据此确定通过电路的最大电流，根据串联分压原理可知电压表示数变小，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数最小值，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示定值电阻的阻值，列方程可得电源电压和定值电阻的阻值；④滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，根据串联分压原理可知电压表示数变大，电压表示数最大变化量为1V，据此计算电压表示数的最大值，若此时滑动变阻器接入电路最大阻值，根据欧姆定律可得通过电路的电流，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示定值电阻的阻值，列方程可得电源电压和定值电阻的阻值的可能值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、串联分压原理的灵活运用，有一定难度。
12.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查特殊法测量定值电阻的阻值。
只要是测量电阻，原理都是R=UI，不能直接测量电压就计算电压，不能直接测量电流就计算电流。
【解答】
(1)只闭合S1电阻Rx和R0串联，电流表可以测量电流大小，能计算出R0两端的电压U0=IR0；S2闭合，电路中只有Rx，无法得出Rx两端的电压，故(1)不能测量出Rx的阻值；
(2)开关S1闭合，S2接到1时，电路中只有R0，电流表能测量出通过电流I0，故电源电压为U=U0=I0R0；开关S2接到2时，电路中只有Rx，故Ux=U=I0R0，电流表可以测量出通过Rx的电流Ix，故电阻Rx=UxIx=I0R0Ix，故(2)可以测量出Rx的阻值；
(3)开关S1闭合，S2断开，电阻Rx和R0串联，电压表测量电源电压；开关S1S2闭合，电路中只有Rx，电阻R0短路，电压表还是测量电源电压，无法得出Rx的电压和通过Rx的电流，故(3)不能测量出Rx的阻值；
(4)开关S1闭合，S2断开，电阻Rx和R0串联，电压表测量Rx两端的电压为Ux；开关S1S2闭合，电路中只有Rx，电阻R0短路，电压表测量电源电压U，故开关S1闭合，S2断开时，R0两端的电压为U0=U−Ux，串联各处电流相等，故通过Rx的电流为Ix=I0=U−UxR0，电阻Rx的阻值为Rx=UxIx=UxU−UxR0=UxR0U−Ux，故(4)可以测量出Rx的阻值；
故(2)(4)可以测量出Rx的阻值，故B正确，ACD错误。
13.【答案】500；15；偏高
【解析】分析】
此题考查考查滑动变阻器电路变化分析、欧姆定律在串联电路中的应用。
此题物理解题思路没有难度，解题的关键是处理图像信息。显然是一个一次函数，并且给出图像上的两个点，所以可以求出一次函数表达式。
【解答】
由图甲知，将开关向c端闭合(电阻箱与滑动变阻器串联)，调节滑动变阻器的滑片，使电路中的电流为报警电流I=20mA=0.02A，报警器报警，电阻箱电阻R箱=100Ω，据欧姆定律，此时电路的总电阻R=12V0.02A=600Ω ，滑动变阻器的电阻为 R滑= R − R箱= 600Ω− 100Ω= 500Ω；
由图乙知，热敏电阻RT的阻值与温度T是一次函数关系，设关系式为RT= kT +b，
将(20℃,400Ω)和(50℃,100Ω)代入上式得：
400Ω = 20℃k + b-----①
100Ω = 50℃k + b ----②
综合分析①、②得k=−10Ω/℃，b = 600Ω，所以关系式为RT= −10Ω/ ℃ T + 600 Ω，当温度为30℃时，热敏电阻的阻值为RT=−10Ω /℃×30℃+ 600Ω= 300Ω，此时电路的电流为I=12V300Ω+500Ω =0.015A =15mA；
若采用的电源是干电池，随着使用时间的增长，电池电压会降低。当电路中的电流为报警电流时，由欧姆定律可知报警时总电阻减小，RT的阻值减小，由图像可知，会导致报警温度偏高。
14.【答案】6V 10Ω 20Ω
【解析】解：
(1)由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；
由图乙可知，电源的电压U=6V，电路中的电流I=0.6A，则R=UI=6V0.6A=10Ω；
(2)当S接2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流；
由图乙可知，电阻R2的两端电压为U′=6V−2V=4V，电路中的电流I′=0.2A，
R2的阻值：R2=U′I′=4V0.2A=20Ω。
故答案为：6V；10Ω；20Ω。
(1)由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知对应的电压和电流，根据欧姆定律求出R1的阻值。
(2)当S接2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流；由图乙得出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出电阻R2的阻值。
本题考查了电路的动态分析，涉及到电阻的串联和欧姆定律的应用，关键是开关接1、2时电路变化的判断和由图乙得出对应的电压与电流值。
15.【答案】接入电路中电阻丝的长度；A
【解析】
【分析】
本题考查了滑动变阻器的原理和正确连接的方法，能根据滑动变阻器的原理按要求正确接入电路是解决本题的关键。
(1)滑动变阻器的工作原理是靠改变接入电路电阻丝的长度，来改变电阻大小的；它的正确接法是“一上一下”；
(2)滑动变阻器接入电路的阻值是由下方接线柱决定的：若滑片靠近下方接线柱，电阻减小；若远离下方接线柱，电阻变大。
【解答】
(1)滑动变阻器是靠改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的；
(2)滑片P向A端滑动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大；根据欧姆定律可知，在电源电压不变时，电流变大，滑动变阻器接入电路的阻值变小，所以滑动变阻器的C接线柱与A接线柱接在电路的M、N两端。
故答案为：接入电路中电阻丝的长度；A。
16.【答案】横截面积；电阻
【解析】解：
(1)四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了；
(2)导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比．所以横截面积增大，导体的电阻减小．
故答案为：横截面积；电阻．
(1)将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化；
(2)根据导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化．
导体的电阻大小有四个因素有关：材料；长度；横截面积；温度．研究导体的电阻变化时，要用到控制变量法，在此题中，通过四根导线的并联，改变了导体的横截面积．从而改变了导体的电阻值．
17.【答案】解：(1)因滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，即应将变阻器滑片左边电阻丝连入电路中，如下左图所示；
(2)根据实物图画出电路图，如下图右图所示：
【解析】(1)根据滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值变小确定变阻器接线柱的连接，并与电阻串联在电路中；
(2)根据实物图画出电路图
本题探究通过定值电阻的电流与电压的关系，考查电路的连接，要注意两者的一一对应性。
18.【答案】解：根据要使滑动变阻器的滑片向左移动时，灯光变暗，滑片左移电阻变大，接法如图：
故答案为：如上图。
【解析】要使灯变暗(通过的电流变小)，滑动变阻器连入的电阻需变大，要求滑片左移变大，滑动变阻器要接右边接线柱，上边左右皆可。
滑动变阻器正确接法：“一上一下”的接入，连接时，按要求先选择下边的接线柱，上面的任一个均可以
19.【答案】断路 0.2 右 2 B 反 6
【解析】解：(1)要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大，即电阻减小，离下面的接线柱越近越小，故滑动变阻器左下必须接入电路。
(2)闭合开关，移动滑片P发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是定值电阻R处断路，如图电流表选择的量程为0−0.6A，分度值为0.02A，故此时电流表示数为0.2A；
(3)①实验中应保持定值电阻两端的电压不变。用25Ω的电阻替换10Ω的电阻时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，所以应将滑动变阻器的阻值变大，故应将滑动变阻器的滑片向右移动；
②由表中数据，根据欧姆定律，电压表示数为：Uv=IR=0.4×5Ω=2V；
③当用25Ω的电阻进行实验时，若要保证定值电阻的电压不变，设电压表示数为Uv，根据串联电路电压规律和分压原理有：UvR=U−UvR滑，2V25Ω=4V−2VR滑，解得R滑=25Ω，应当选择B滑动变阻器接入电路。
(4)分析表中数据有，当电阻为原来的几倍时，通过导体的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。
(5)当电阻最大为25Ω且变阻器接入最大阻值50Ω时，电源电压为最大，根据串联分压特点：
UvR=U−UvR滑，2V25Ω=U−2V50Ω，解得U=6V。
故答案为：(1)
(2)断路；0.2；(3)右；2；B；(4)反；(5)6。
(1)滑动变阻器应采用”一上一下“串联在电路中，再根据题中的要求连接电路；
(2)根据实验现象：电压表有示数，电流表始终无示数，判断电路故障；根据图中电流表读出示数；
(3)实验中应保持定值电阻两端的电压不变。当电阻由10更换为25Ω时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，根据串联分压特点分析滑动变阻器的滑片的移动方向；由表中数据，根据欧姆定律求出电压表示数；
根据滑动变阻器的调节电压的作用分析；
(4)根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
(5)当电阻最大为25Ω且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，根据分压原理求出电源电压的最大值；
本题探究电流与电阻关系，考查电流表的使用、电路连接、控制变量法的应用、欧姆定律的运用和分析数据归纳结论的能力，属于中等难度的题目。
20.【答案】D 2 2～2.5
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左滑动时电路中的电流变大，根据欧姆定律可知电路的总电阻变小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则滑动变阻器的滑片向左滑动时接入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，电压表遵循“正进负出”的原则与电阻并联，如下所示：
；
(2)正确连接电路后，调节滑动变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现两电表示数均为零，
A、若R1短路，电路为变阻器的简单电路，电压表无示数，电流表有示数，不符合题意；
B、若R1断路，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，不符合题意；
C、R2短路，电路为通路，两表都有示数，不符合题意；
D、若滑动变阻器R2断路，则整个电路断路，两电表示数均为零，符合题意。
故选：D；
(3)故障排除重新连接正确后，先用5Ω的定值电阻进行实验，电流表示数为0.4A，根据欧姆定律可得定值电阻两端的电压：U=I1R1=0.4A×5Ω=2V，
探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验需控制定值电阻两端的电压不变，所以将5Ω的定值电阻换成了10Ω的定值电阻，应调节滑动变阻器的滑片直至电压表示数为2V；
(4)该同学想将5个定值电阻都接入电路进行实验，设此时定值电阻的电压为UR，串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器的电压为U−UR=6V−UR，
根据串联电路分压原理可得：6V−URUR=R2R1，当定值电阻为30Ω时，滑动变阻器的阻值为60Ω，代入上式可得：6V−URUR=60Ω30Ω=21，解得：UR=2V，
由图可知电压表接入电路的量程为0～3V，滑动变阻器R2规格为“60Ω、0.5A”，串联电路各处电流相等，所以通过电路的最大电流为0.5A，
定值电阻为30Ω时，根据欧姆定律可得电压表示数：UR=IR1=0.5A×30Ω=2.5V<3V，
所以该同学想完成所有实验，控制电压的范围应该在2V～2.5V。
故答案为：(1)如图；(2)D；(3)2；(4)2～2.5。
(1)根据滑动变阻器的滑片向左滑动时电路中的电流变大确定变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)根据控制变量法可知探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验需控制定值电阻两端的电压不变，根据欧姆定律计算定值电阻两端的电压，据此分析；
(4)该同学想将5个定值电阻都接入电路进行实验，设此时定值电阻的电压为UR，根据串联电路电压规律表示滑动变阻器的电压，根据串联电路分压原理、定值电阻的最大阻值、滑动变阻器的最大阻值计算定值电阻两端的电压；
由图可知电压表接入电路的量程为0～3V，滑动变阻器R2规格为“60Ω、0.5A”，根据串联电路电流特点确定通过电路的最大电流，根据欧姆定律计算当定值电阻为30Ω时定值电阻两端的电压，进一步确定该同学想完成所有实验，控制电压的范围。
本题是探究“通过导体的电流与电阻的关系”实验，考查电路连接、操作过程、串联电路的规律及欧姆定律的运用和对器材的要求，属于常考命题点。
21.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
①当电流表示数I=0.5A时，由I=UR可得，R1两端的电压U1=IR1=0.5A×10Ω=5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的示数U2=U−U1=18V−5V=13V；
②用电阻R3来替换R1后，由滑动变阻器的铭牌可知，允许通过的最大电流为1A，
则电路中的最大电流可能为1A、可能为18VR3(即变阻器接入阻值为0时)，
电路的最小电流可能为可能为18VR3+50Ω(即变阻器接入阻值最大为50Ω时)，18V−15VR3=3VR3(即电压表满偏时)，
因电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，则有以下几种情况：
A、电路中的最大电流为1A，最小电流为18VR3+50Ω时，则有：
1A=3×18VR3+50Ω，
解得：R3=4Ω，
则电压表的最大示数：
U2大=I小R2大=13A×50Ω≈16.7V>15V，故此种情况不可能；
B、电路中的最大电流为1A，最小电流为3VR3时，则有：
1A=3×3VR3，
解得：R3=9Ω，
则电压表的最大示数：
U2大=U−I小R3=18V−13A×9Ω=15V，此种情况可能；
C、电路中的最大电流为18VR3，最小电流为18VR3+50Ω时，则有：
18VR3=3×18VR3+50Ω，
解得：R3=25Ω，
电路中的最大电流和最小电流分别为：
I大=18VR3=18V25Ω=0.72A<1A，I小=18VR3+50Ω=18V25Ω+50Ω=625A，
则电压表的最大示数：
U2大=I小R3=625A×50Ω=12V，此种情况可能；
D、电路中的最大电流为18VR3，最小电流为3VR3时，18VR3≠3×3VR3，此种情况不可能；
综上可知，R3的阻值为9Ω或25Ω。
答：①电流表示数为0.5安时，电压表V的示数为13V；
②在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，则满足要求的R3的阻值为9Ω或25Ω。
【解析】由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压。
①当电流表示数为0.5A时，根据欧姆定律求出R1两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数；
②用电阻R3来替换R1后，由滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，则电路中的最大电流可能为1A、可能为18VR3，电路的最小电流可能为18VR3+50Ω，可能为18V−15VR3=3VR3，根据电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍得出等式，然后结合电压表的量程分情况讨论得出答案。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断出电路的最大和最小电流的可能值是解题的基础，会利用电流表的量程判断R3可能值是难点。
22.【答案】解：(1)当S1闭合，S2断开时，滑片P在a端，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
由I=UR可得，电源电压：U=IaR1=0.6A×20Ω=12V；
(2)当S1闭合，S2断开时，滑片P在b端，R2接入电路的电阻最大，电压表测R2两端的电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压：U1=U−U2=12V−8V=4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
Ib=U1R1=U2R2，即4V20Ω=8VR2，
解得：R2=40Ω；
(3)当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，R1与R3并联，电流表测干路电流，
由图乙可知，当R3两端的电压U3=6V时，通过的电流I3=0.3A，
则R3的阻值：
R3=U3I3=6V0.3A=20Ω，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R=R1R3R1+R3=20Ω×20Ω20Ω+20Ω=10Ω，
干路电流表的示数：
I=UR=12V10Ω=1.2A。
答：(1)电源电压为12V；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为40Ω；
(3)当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，电流表的示数为1.2A。
【解析】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和从图象中获取一组数据求出R3的阻值是关键。
(1)当S1闭合，S2断开时，滑片P在a端，变阻器接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S1闭合，S2断开时，滑片P在b端，接入电路中的电阻最大，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器R2的最大阻值；
(3)根据图乙读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R3的阻值，当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，R1与R3并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出干路电流。
23.【答案】解：(1)由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R0两端的电压，
由图(b)可知，当环境温度为40℃时，热敏电阻R1=200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I=UR0+R1=4V300Ω+200Ω=0.008A，
电压表的示数：
U0=IR0=0.008A×300Ω=2.4V；
(2)由题意可知，电压表示数允许的最大值为3V，此时电路能够测量的温度最高，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，此时电路中的电流为：
I′=U0′R0=3V300Ω=0.01A，
因串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，
所以，此时R1两端的电压：
U1′=U−U0′=4V−3V=1V，
此时热敏电阻的阻值：
R1′=U1′I′=1V0.01A=100Ω，
由图(b)可知，热敏电阻的阻值为100Ω时对应温度为80℃，即此电路所允许的最高环境温度为80℃。
答：(1)当环境温度为40℃时，电压表的示数是2.4V；
(2)此电路所允许的最高环境温度是80℃。
【解析】(1)由电路图可知，R0与R1是串联，电压表测R0两端的电压，根据图(b)读出当环境温度为40℃时对应的R1的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数；
(2)由图(b)可知，温度升高时，R1的阻值减小，根据串联电路的分压特点可知电压表的示数变大，当电压表的示数最大时电路所测的环境温度最高，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用欧姆定律求出R1的阻值，然后对照图(b)得出电路所允许的最高环境温度。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，根据图象读出电阻和温度对应的值是解题的关键。
24.【答案】解：(1)甲图中，待测电阻与电流表串联，电源电压保持不变且U=10V，电流表的内阻RA=200Ω，用图甲所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为10mA，根据串联电阻的规律及欧姆定律I=UR有：
I×(Rx+RA)=U，
Rx=UI−RA=10V0.01A−200Ω=800Ω；
(2)图乙中，待测电阻与电压表并联后再与电流表串联，用图乙所示的电路测量时，闭合开关，电流表的示数为12.5mA，由欧姆定律，电流表的电压：
UA=I′RA=12.5×10−3A×200Ω=2.5V，
根据串联电路电压的规律，并联电路的电压：
U并=10V−2.5V=7.5V，
根据欧姆定律和并联电路电流的规律有：
U并Rx+U并RV=I并，
即7.5V800Ω+7.5VRV=12.5×10−3A，
RV=2400Ω。
答：(1)未知电阻Rx阻值的真实值为800Ω；
(2)电压表的内阻RV的大小为2400Ω。
【解析】本题考查串、并联电路的规律及欧姆定律的运用，体现了与高中知识的衔接。
(1)分析甲图电路连接，根据串联电路的规律及欧姆定律求出Rx；
(2)图乙中，待测电阻与电压表并后再与电流表串联，由欧姆定律得出电流表的电压，根据串联电路电压的规律得出现并联电路的电压，根据欧姆定律和并联电路电流的规律得出电压表内阻。
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