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    四川省资阳市2020-2021学年高二上学期期末数学理科试题人教A版
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    四川省资阳市2020-2021学年高二上学期期末数学理科试题人教A版

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    这是一份四川省资阳市2020-2021学年高二上学期期末数学理科试题人教A版,共10页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。


    1. 已知P椭圆上的动点,则P到该椭圆两焦点的距离之和为( )
    A.B.4C.D.8

    2. 已知,则“”是“”的( )
    A.充分不必要条件B.必要不充分条件
    C.充要条件D.即不充分也不必要条件

    3. 在区间上任取一个实数,则的概率为( )
    A.B.C.D.

    4. 执行如图所示的程序框图,若输入的为−4,则输出的值为( )

    A.0.5B.1C.2D.4

    5. 我市创建省级文明城市,需要每一位市民的支持和参与.为让全年级1000名同学更好的了解创建文明城市的重大意义,学校用系统抽样法(按等距的原则)从高二年级抽取40名同学对全年级各班进行宣讲,将学生从∼1000进行编号,现已知第1组抽取的号码为13,则第5组抽取的号码为( )
    A.88B.113C.138D.173

    6. 某商铺统计了今年5个月的用电量y(单位:10kw/h)与月份x的对应数据,列表如下:
    根据表中数据求出关于的线性回归方程为,则上表中的值为( )
    A.50B.54C.56.5D.64

    7. 若圆与圆有且仅有三条公切线,则a=( )
    A.−4B.−1C.4D.11

    8. 如图,M,N是分别是四面体的棱OA,BC的中点,设,,,若,则的值分别是( )
    A.,,B.,,
    C.,,D.,,

    9. 过椭圆的左顶点A作圆(2c是椭圆的焦距)两条切线,切点分别为M,N,若∠MAN=60∘,则该椭圆的离心率为( )
    A.B.C.D.

    10. 已知m,n为两条不同的直线,是两个不同的平面,给出下列4个命题:
    ①;
    ②;
    ③;
    ④.
    其中所有真命题的序号是( )
    A.①③B.②④C.②③D.③④

    11. 已知点A(0, 0),B(0, 3),若点P满足,则面积的最大值是( )
    A.2B.3C.4D.6

    12. 如图,棱长为3的正方体ABCD−A1B1C1D1中,P为正方体表面BCC1B1上的一个动点,E,F分别为BD1的三等分点,则的最小值为( )

    A.B.C.D.
    二、填空题

    向量=(1, 2, −1),=(2, 1, a),若,则a=________.

    某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为________.


    把一枚质地均匀的骰子投掷两次,第一次出现的点数为m,第二次出现的点数为n,设事件A为方程组有唯一解,则事件A发生的概率为________.

    若M,P是椭圆两动点,点M关于x轴的对称点为N,若直线PM,PN分别与x轴相交于不同的两点A(m, 0),B(n, 0),则mn=________.
    三、解答题

    命题p:曲线表示一个圆;命题q:指数函数在定义域内为单调递增函数.
    (1)若为假命题,求实数m的取值范围;

    (2)若为真,为假,求实数m的取值范围.

    已知曲线C:,集合,.
    (1)若,求曲线C为半径的圆的概率;

    (2)若,求曲线C为焦点在x轴上的椭圆的概率.

    已知点P(−1, 4),Q(3, 2).
    (1)求以PQ为直径的圆N的标准方程;

    (2)过点M(0, 2)作直线l与(1)中的圆N相交于A,B两点,若,求直线l的方程.

    某次数学测试后,数学老师对该班n位同学的成绩进行分析,全班同学的成绩都分布在区间,制成的频率分布直方图如图所示.已知成绩在区间的有12人.

    (1)求n;

    (2)根据频率分布直方图,估计本次测试该班的数学平均分(同一组数据用该组数据区间的中点值表示).

    (3)现从,两个分数段的试卷中,按分层抽样的方法共抽取了6份试卷.若从这6份试卷中随机选出2份作为优秀试卷,求选出2份优秀试卷中恰有1份分数在的概率.

    如图,四棱锥S−ABCD的底面是正方形,平面,,,点E是线段SD上的点,且 ().

    (1)求证:对任意的,都有;

    (2)设二面角的大小为,直线BE与平面ACE所成角为,当时,求的值.

    已知椭圆C:右焦点,A,B是分别是椭圆C的左、右顶点,P为椭圆的上顶点,三角形PAB的面积.
    (1)求椭圆C的方程;

    (2)直线l:y=kx+m与椭圆交于不同的两点M,N,点Q(2, 0),若∠MQO=∠NQO(O是坐标原点),判断直线l是否过定点,如果是,求该定点的坐标;如果不是,说明理由.
    参考答案与试题解析
    四川省资阳市2020-2021学年高二上学期期末数学理科试题
    一、单选题
    1.
    【答案】
    D
    【考点】
    椭圆的定义
    抛物线的求解
    【解析】
    根据椭圆的定义即可求出.
    【解答】
    根据椭圆方程x216+y24=1可得a=4
    所以P到该椭圆两焦点的距离之和为2a=8
    故选:D.
    2.
    【答案】
    A
    【考点】
    必要条件、充分条件与充要条件的判断
    充分条件、必要条件、充要条件
    数量积判断两个平面向量的垂直关系
    【解析】
    」考虑两者之间的推出关系可得两者之间的条件关系【ǐ加加)若lnx=lny,则x=3
    若x=y<0,则lnxlny无意义,
    故】nx=lny是a=y的充分不必要条件,
    故选:A.
    【解答】
    此题暂无解答
    3.
    【答案】
    C
    【考点】
    n次独立重复试验的结果
    运用诱导公式化简求值
    等可能事件的概率
    【解析】
    先由|x|≤1求出−1【解答】
    由|x|≤1可得−1所以在区间−3,4上任取一个实数,则|x|≤1的概率为P=1−−14−−3=27
    故选:C
    4.
    【答案】
    C
    【考点】
    程序框图
    循环结构的应用
    条件结构的应用
    【解析】
    进入循环体,依照循环条件,依次执行命令,直到满足条件时退出循环,代》的值计算)即可.
    【解答】
    x=−4,进入循环体,依次执行命令有x=|−4−3|=7x=|7−3|=4x=|4−3|=1,退出循环,得.y=21=2
    故选:C
    5.
    【答案】
    B
    【考点】
    系统抽样方法
    分层抽样方法
    频率分布直方图
    【解析】
    依据题意可得组距,然后根据每组所抽出的号码满足等差数列可得结果
    【解答】
    由题可知:组距为100040=25
    因为第1组抽取的号码为13
    所以第5组抽取的号码为13+5−1×25=113
    故选:B
    6.
    【答案】
    B
    【考点】
    求解线性回归方程
    众数、中位数、平均数
    频率分布直方图
    【解析】
    分别计算x¯2,然后代入线性回归方程简单计算即可.
    【解答】
    由题可知:x¯=2+4+5+6+85=5,y¯=30+40+57+a+695=196+a5
    代入方程有:196+a5=6.5+17.5⇒a=54
    故选:B
    7.
    【答案】
    C
    【考点】
    圆的切线方程
    三点共线
    与圆有关的比例线段
    【解析】
    由题可得两圆外切,则由圆心距等于半径之和可求出.
    【解答】
    圆x−12+y−32=4的圆心为1,3,半径为2,
    圆x+22+y+12=a+5的圆心为−2,−1,半径为a+5a>−5
    :两圆有且仅有三条公切线,…两圆外切,
    则可得1+22+3+12=2+a+5,解得a=4
    故选:C.
    8.
    【答案】
    D
    【考点】
    中点坐标公式
    向量加减混合运算及其几何意义
    向量的线性运算性质及几何意义
    【解析】
    :.1−en连接ON,根据向量的运算法则,化简得MN=ON+OM=,即可求解.
    2722
    【解答】
    如图所示,在四面体O−ABC中,OA=a,OB=5,∞c=c
    1−1;1−
    连接ON,可得MN=ON+OM=−(5−
    22222
    又因为MN=xa+ya+zc, 以a=222
    故选:D.
    9.
    【答案】
    A
    【考点】
    椭圆的离心率
    圆锥曲线的综合问题
    【解析】
    依据题意可知sin∠MAO=sin30∘=ca,直接可得结果[加加加))由题可知:∠MAO=12∠MAN=30∘
    .所以sin∠MAO=ca=sin30∘=12,即e=12
    所以椭圆的离心率为12
    故选:A
    【解答】
    此题暂无解答
    10.
    【答案】
    D
    【考点】
    命题的真假判断与应用
    四种命题的真假关系
    四种命题的定义
    【解析】
    根据线面平行和垂直的判定定理和性质即可判断.
    【解答】
    对①,若m⊥n,m/α,则”与α平行、相交或在平面内,故①错误;
    对②,若n//β,β⊥α,则)与α平行、相交或在平面内,故②错误;
    对③,若m/n,m⊥β,则由线面垂直的性质可得n⊥β,故③正确;
    对④,若m//α,n⊥α,则m加,故④正确.
    故选:D.
    11.
    【答案】
    B
    【考点】
    两点间的距离公式
    空间两点间的距离公式
    三点共线
    【解析】
    设Px,y,可求得|PA|||PB|,根据题意,化简整理,可得P的轨迹方程,当P运动到2,−1时,△PAB面积的最大,即
    可求得答案
    【解答】
    设Px,y,则|PA|=x2+y2,|PB|=x2+y−32
    因为|PA||PB|=x2+y2x2+y−32=12
    所以2x2+y2=x2+y−32,整理得:x2+y+12=4,圆心为0,−1,半召y=2
    所以当P运动到22,−1时,P到AB的距离最大,△PAB面积的最大,如图所示:
    r
    此时△PAB面积S=12⋅|AB|⋅2=3
    故选:B
    12.
    【答案】
    D
    【考点】
    棱柱的结构特征
    点、线、面间的距离计算
    简单空间图形的三视图
    【解析】
    过F作F关于平面BCC1B1的对称点F,连接EF交平面BCC1B1于点P1,证明此时的P0使得/PE|+|PF|最小,建立空间
    直角坐标系,求出所需点的坐标,IPE|+|PF|的最小值为|EF→|
    【解答】
    过F作F关于平面BCC1B1的对称点F,连接EF交平面BCC1B1于点P1
    可以证明此时的P1使得/PE|+|PF|最小:任取P1(不含P0),此时P1E+P1F=P1E+P1F′>EF′
    在点D处建立如图所示空间直角坐标系,
    则D10,0,3,B3,3,0,因为E,F分别为BD1的三等分点,所以E1,1,2,F2,2,1
    又点F距平面BCC1B1的距离为1,所以F′2,4,1
    PE|+|PF|的最小值为|EF→|=12+32+11=11
    故选:D
    二、填空题
    【答案】
    4
    【考点】
    平面向量的坐标运算
    空间向量的数量积运算
    平面向量共线(平行)的坐标表示
    【解析】
    根据两向量垂直可得m→⋅n→=0,代入坐标列出等式计算即可.加加m→⊥n→,m→=1,2,−1,n→=2,1,d
    m→⋅n→=2+2−a=0,解得a=4
    故答案为:4
    【解答】
    此题暂无解答
    【答案】
    [加加)1000π
    【考点】
    由三视图求体积
    由三视图求体积(组合型)
    由三视图求体积(切割型)
    【解析】
    根据三视图还原几何体的直观图为圆锥,然后根据圆锥的体积公式计算即可.
    【解答】
    根据三视图可知原几何体是半径为10,高为30的圆锥,
    如图所示:
    所以体积为13π×102×30=1000π
    故答案为:1000π
    【答案】
    【答客)y=118
    【考点】
    条件概率与独立事件
    互斥事件与对立事件
    等可能事件的概率
    【解析】
    方程组有唯一解则直线mx+my=5与圆x2+y2=1相切,此时d=r即m2+n2=25,满足条件的m,n的情况只有2种,由
    古典概型概率计算公式求解.
    【解答】
    方程组mx+y=5x2+y2=1有唯一解则直线mx+yy=5与圆x2+y2=1相切,
    圆Δ0,0距直线mx+yy=5的距离d=7即5m2+n2=1,m2+n2=25
    m,n∈1,2,3,4,5,6
    .当m=3n=4或m=4n=3时m2+n2=25
    投掷两次骰子m,”的所有情况共有6×6=36种,
    方程组只有唯一解的概率为PA=236=118
    故答案为:118
    【答案】
    4
    【考点】
    直线的斜率
    三点共线
    【解析】
    设出M,N,P的坐标,写出坐标满足的关系式.根据题意,写出直线PM,PN的方程,求出AB的横坐标,计算得出m的
    值.
    解:
    设Ma,b,则Na,−b,Pc,d,则a24+b2=1,c24+d2=1
    所以kPM=d−bc−a
    同理有kPM=d+bc−a
    直线.DM、的方程为y+b=d+bc−ax−a,令y=0可得n=ad+bcd+b
    则mn=(ad−bcd−b)(ad+bcd+b)=a2d2−b2c2d2−b2=a2(1−14a2)1−114a2)1−(1−14a2)
    =a2−c214a2−c2=4
    故答案为:4
    【解答】
    此题暂无解答
    三、解答题
    【答案】
    (1)−∞,−2∪2,+∞;
    (2)(−∞,−2)∪(1,2]
    【考点】
    命题的真假判断与应用
    复合命题及其真假判断
    必要条件、充分条件与充要条件的判断
    【解析】
    (1)所给方程化为圆的标准方程,根据p为真命题知2m2−8>0,解不等式即可;
    (2)由指数函数的单调性求出当p为真命题
    时m的取值范围,根据题意知1ρ,中有且仅有一个为真命题,分类讨论求参数m的范围.
    【解答】
    (1)方程x2+y2+2mx−2my+8=0即为x+m2−y−m2=2m2−8
    由−p为假命题,知p为真命题,则2m2−8>0
    解得m>2或m<−2
    则m的取值范围是−∞,−2∪2,−∞
    (2)由(1)可知,p为真命题时m范围为:m>2或m<−2
    当q为真命题时2m−1>1,解得m>1
    由pvQ为真,p/q为假,则p,q中有且仅有一个为真命题.
    当p为真,q为假时m的范围为:m<−2
    当p为假,q为真时m的范围为:1综上所述,m的取值范围是(−∞,−2)∪(1,2]
    【答案】
    (1)29;
    (2)12
    【考点】
    几何概型计算(与长度、角度、面积、体积有关的几何概型)
    轨迹方程
    双曲线的特性
    【解析】
    (1)根据a,b≤B,列出a,b所有的取值可能,找到曲线C为半径n≥2的圆,即a=b≥2的可能取值,代入概率公式
    ,即可得答案;
    (2)根据a∈A,b∈B,列出a,b所有的取值可能,找到满足曲线C为椭圆且焦点在x轴上,即a>b的可能取值,代入概率公
    式,即可得答案
    【解答】
    (1)由α,b≤B得,a,b所有的取值可能为1,1,1,2,1,3,2,1,2,2,2,3,3,1,3,2,3,3,,共9种
    满足曲线C轨迹为圆且半径∵2,即a=b≥2的有2,2,3,3两种.
    所以,概率P=29
    (2)由a∈A,b∈B,a,b所有取值可能有
    (1,1),(1,2),(1,3),(2,1),(2,2),(2,3),(3,1),(3,2),(3,3),(4,1),(4,2),(共12种.
    满足曲线C为椭圆且焦点在x轴上,即a>b的有(2,1),(3,1),(3,2),(4,1),(4,2),(4,(4,3)共6种.
    所以概率P=12
    【答案】
    (1)x−12+y−32=5
    (2)x=0或y=2
    【考点】
    圆的标准方程
    直线与圆的位置关系
    直线和圆的方程的应用
    【解析】
    (1)圆心N为线段PQ的中点,求出圆N的半径即可写出圆的标准方程;
    (2)当直线斜率不存在时求出|AB|=4,符合条件
    ;当直线斜率存在时设直线方程为y=kx+2,利用勾股定理求出圆心到直线的距离d,再利用点到直线的距离公式即可求得斜
    率k,从而写出直线方程.
    【解答】
    (1)方法1:以PQ为直径的圆方程为x−3x−1+y−2y−4=0
    化解得:x2−2x+y2−6y+5=0
    则圆N的标准方程为:x−12+y−32=5
    方法2:圆心N的坐标1,3,直径2r=|PQ|=42+22=25,r=5
    则圆N的标准方程为:x−12+y−32=5
    (2)①当直线斜率不存在时,方程为x=0,解得y1=5,y2=1|AB|=4,符合条件;
    ②当斜率存在时,设直线方程为y=kx+2
    设圆心到直线距离为d,由d2+AB22=R2,则d2+22=5,得d=1
    又d=|k−1|1+k2=1,解得k=0,此时直线方程为y=2
    所以直线方程为x=0或y=2
    【答案】
    (1)60;
    (2)118.5;
    (3)815
    【考点】
    频率分布直方图
    众数、中位数、平均数
    用样本的频率分布估计总体分布
    【解析】
    (1)根据成绩在区间[125,135)的有12人可列式求解;
    (2)由频率分布直方图列出式子即可求出平均值;
    (3)先列出所有的抽取结果,再求出恰有一份分数段在[135,145)的情况,即可得出概率.
    【解答】
    (1)由题可知:n=120.02×10=60
    (2)x¯=100×0.15+110×0.25+120×0.3+130×0.2+14×0.1=118.5
    (3)由频率分布直方图可知:成绩分布在[125.135)有12人,在[135.145)有6人,抽取比例为618=13,所以[125,135)内抽
    取人数为4人,[135.145)抽取人数为2人.
    记[125,135)中4人为a,b,c,d,记[135,145)的2人分别为e,f,
    则所有的抽取结果为:a,b,a,c,a,d,a,e,a,b,b,c,b,d,b,eb,b,c,d,c,e,c,n,d,e
    ),d,f,e,1共15种.
    恰有一份分数段在[135,145)有(a,e),(a,b,b,e),(b,b,b),(c,(c,,(d,d,e),(d,b)共8种,
    所以,概率P=815
    【答案】
    (1)证明见解析;
    (2)102
    【考点】
    直线与平面所成的角
    二面角的平面角及求法
    异面直线及其所成的角
    【解析】
    (1)连接BD,先证AC⊥面SBD,又BE面$${BD}$,易证出${AC\perp BE}$
    (2)以D为原点,DA→DC→,DS→的方向为正方向建立空间直角坐标系D−xy,利用空间向量分别计算二面角
    C−AE−D的余弦值和直线BE与平面ACE所成角的正弦值即可.
    【解答】
    (1)连接BD,由ABCD是正方形,可得AC⊥BD
    又SD⊥平面4BCD,则|AC⊥5D,又SD∩BD=D
    所以AC⊥面SBD,又BE面SBD,
    所以AC⊥BE
    (2)以D为原点,DA→,DC→,DS→的方向为正方向建立空间直角坐标系D−xy
    则D0,0,0
    E0,0,1
    A2,0,0
    C0,2,0
    B2,2,0
    则CA→=2,−2,0CE→=0,−2,1
    设面CAE的法向量为m→=x,y,z
    则2x−2y=0−2y+z=0,设x=1y=1,z=2,取m→=1,1,2
    又由CD⊥平面ADE
    所以DC→=0,2,0可作为面ADE的一个法向量,
    所以,csθ=22⋅2=12
    面CAE的法向量n→=1,1,2EB→=2,2,−1
    sinQ=22⋅5=1010
    则csθsinθ=102
    【答案】
    (1)x22+y2=1;
    (2)过定点,定点为1,0
    【考点】
    圆锥曲线的综合问题
    椭圆的标准方程
    直线与椭圆结合的最值问题
    【解析】
    (1)由题意知:c=1,A(−a, 0),B(a, O),P(O, b),三角形PAB的面积S=−×2ab=、,结合a,b,c的关系,即可求得
    2
    a,B”的值,即可得答室;
    (2)联立直线与椭圆C的方程,可得关于×的一元二次方程,设M(x.J),N(x.Ja),可得于+F,,而·于的表达式,根据
    2MQO=2NQO,可得ku+kxa=0,化简整理,可得m=−k,代入直线方程,即可求得定点坐标
    【解答】
    (1)由题意知:c=1,4(−a, 0),B(α, O),P(O.b),
    则S=s=\×2ab=、J,又a.=b++c,
    2
    代入可得a∘=2,b=1,
    所以椭圆方程为一+=1
    {v=lcc+m,
    (2)联立方程组) ,得(2R^+1)x^+4lnc+2m^−2=0,
    +y^=1,”
    (2′
    设M(x.M))N(x, y),
    Δ=(41n)^−4ΩR^+1)(2m^−2)>0,解得2R+1>m′,
    −4ln
    可得
    2m^−2
    |=巧=^2k^+1′
    由2MQO=2NQO,可得kx+kx=0,
    ________J:_m+ma+m_2x+(m−2k)(x+x)−4m_n
    (X−2)(x−2)
    即21qx+(m−2k)(x+%)−4m=0,
    所以2k−−.,.,2m′−2+(m−2k)(−.−41n、)−4m=0,即-,,41m′−4k−−41m′+8R′m−8k′m−4mL=0,
    2k′+1^2k′+12k^+1
    所以k+m=0,解得m=−k,满足Δ>0,
    所以直线方程为少=lc—k=k(x−1),所以直线恒过定点(1.0).x
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    a
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