040单体机械能守恒问题 精讲精练-2022届高三物理一轮复习疑难突破微专题学案

一.必备知识精讲

　1重力势能　

（1）定义：物体由于被举高而具有的能量，叫作重力势能。

（2）表达式：Ep＝mgh，其中h是相对于参考平面的高度。

（3）特点：

①系统性：重力势能是地球与物体所组成的“系统”所共有的。

②相对性：重力势能的数值与所选参考平面有关。

③标量性：重力势能是标量，正负表示大小。

（4）重力做功的特点

①物体运动时，重力对它做的功只跟它的起点和终点的位置有关，而跟物体运动的路径无关。

②重力做功不引起物体机械能的变化。

（5）重力做功与重力势能变化的关系

①)定性关系：重力对物体做正功，重力势能减小，重力对物体做负功，重力势能增大。

②定量关系：重力对物体做的功等于物体重力势能的减少量，

即WG＝Ep1－Ep2＝－(Ep2－Ep1)＝－ΔEp。

③重力势能的变化量是绝对的，与参考平面的选取无关。

2.　　弹性势能　

（1）定义：发生弹性形变的物体的各部分之间，由于有弹力的相互作用，也具有势能，这种势能叫作弹性势能。

（2）大小：弹簧的弹性势能跟弹簧的形变量及劲度系数有关，形变量越大，劲度系数越大，弹性势能就越大。

（3）弹力做功与弹性势能变化的关系

弹力做功与弹性势能变化的关系类似于重力做功与重力势能变化的关系，用公式表示：W＝－ΔEp。

3.　机械能守恒定律

（1）内容：在只有重力或弹力做功的物体系统内，动能与势能可以互相转化，而总的机械能保持不变。

（2）常用的三种表达式

①守恒式： E1＝E2或Ek1＋Ep1＝Ek2＋Ep2。E1、E2分别表示系统初末状态时的总机械能。

②转化式：ΔEk＝－ΔEp或ΔEk增＝ΔEp减。表示系统势能的减少量等于动能的增加量。

③转移式：ΔEA＝－ΔEB或ΔEA增＝ΔEB减。表示系统只有A、B两物体时，A增加的机械能等于B减少的机械能。

（3）机械能守恒的条件

①系统只受重力或弹簧弹力的作用，不受其他外力．

②系统除受重力或弹簧弹力作用外，还受其他内力和外力，但这些力对系统不做功．

③系统跟外界没有发生机械能的传递，系统内、外也没有机械能与其他形式的能发生转化．

（4）机械能保持不变判断方法

①用定义判断：若物体动能、势能均不变，则机械能不变。若一个物体动能不变、重力势能变化，或重力势能不变、动能变化或动能和重力势能同时增加(减少)，其机械能一定变化。

②用做功判断：若物体或系统只有重力(或弹簧的弹力)做功，虽受其他力，但其他力不做功，机械能守恒。

③用能量转化来判断：若物体或系统中只有动能和势能的相互转化而无机械能与其他形式的能的转化，则物体或系统机械能守恒。

6.单体机械能守恒问题解题的一般步骤

在处理单个物体机械能守恒问题时，要选取方便的机械能守恒定律方程形式(Ek1＋Ep1＝Ek2＋Ep2、ΔEk＝－ΔEp)进行求解。

二.典型例题精讲

例1： (人教版必修第二册·P93·T3改编)(多选)如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上。若以地面为零势能面，而且不计空气阻力，则下列说法正确的是(　　)

A．重力对物体做的功为mgh

B．物体在海平面上的重力势能为mgh

C．物体在海平面上的动能为mv－mgh

D．物体在海平面上的机械能为mv

答案　AD

解析　从地面到海平面重力对物体做的功为mgh，故A正确；地面为零势能面，所以物体在海平面的重力势能为－mgh，故B错误；物体在地面上的机械能为mv，由机械能守恒定律得，物体在海平面上的机械能也为mv，故D正确；在海平面上的动能为mv－(－mgh)＝mv＋mgh，故C错误。

例2：如图所示，倾角为37°的斜面与一竖直光滑圆轨道相切于A点，轨道半径R＝1 m，将滑块由B点无初速度释放，滑块恰能运动到圆周的C点，OC水平，OD竖直，xAB＝2 m，滑块可视为质点，取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求：

(1)滑块在斜面上运动的时间；

(2)若滑块能从D点抛出，滑块仍从斜面上无初速度释放，释放点至少应距A点多远．

答案　(1)1 s　(2)5.75 m

解析　(1)设滑块到达A点的速度为vA，从A到C过程机械能守恒有

mv＝mgRcos 37°

从B到A过程，滑块做匀加速直线运动，由匀变速直线运动规律可知v＝2axAB

vA＝at

联立各式解得a＝4 m/s2，t＝1 s

(2)设滑块能从D点抛出的最小速度为vD，在D点，由重力提供向心力，有mg＝m

从A到D由机械能守恒有

mvA′2＝mgR(1＋cos 37°)＋mv

vA′2＝2ax′

联立各式解得x′＝5.75 m.

三.举一反三，巩固练习

1.一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离．假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是(　　)

A．运动员到达最低点前重力势能始终减小

B．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹力做负功，弹性势能增加

C．蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒

D．蹦极过程中，重力势能的改变量与重力势能零点的选取有关

答案　ABC

解析　在运动员到达最低点前，运动员一直向下运动，根据重力势能的定义可知重力势能始终减小，故选项A正确；蹦极绳张紧后的下落过程中，弹力方向向上，而运动员向下运动，所以弹力做负功，弹性势能增加，故选项B正确；对于运动员、地球和蹦极绳所组成的系统，蹦极过程中只有重力和弹力做功，所以系统机械能守恒，故选项C正确；重力做功是重力势能转化的量度，即WG＝－ΔEp，而蹦极过程中重力做功与重力势能零点的选取无关，所以重力势能的改变量与重力势能零点的选取无关，故选项D错误．

2.　(多选)如图所示，两个质量相同的小球A、B，用细线悬挂在等高的O1、O2点，A球的悬线比B球的悬线长，把两球的悬线均拉到水平位置后将小球无初速度释放，则经最低点时(以悬点所在的水平面为参考平面)(　　)

A．B球的动能大于A球的动能

B．A球的动能大于B球的动能

C．A球的机械能大于B球的机械能

D．A球的机械能等于B球的机械能

答案：BD。

解析：空气阻力不计，小球下落过程中只有动能和重力势能之间的转化，机械能守恒，故C错误，D正确；到最低点时A球减少的重力势能较多，增加的动能较多，故A错误，B正确。

3.(2021·八省联考重庆卷)一质量为m的物块仅在重力作用下运动，物块位于r1和r2时的重力势能分别为3E0和E0(E0>0)。若物块位于r1时速度为0，则位于r2时其速度大小为(　　)

A．2   B.

C．2   D.4

答案　A

解析　物块仅在重力作用下运动，物块的机械能守恒，根据机械能守恒定律可知E1＝E2，代入已知条件为3E0＋0＝E0＋mv2，解得物块位于r2处的速度大小为v＝2，故A正确。

4．(2019·全国卷Ⅱ)(多选)从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示。重力加速度取10 m/s2。由图中数据可得(　　)

A．物体的质量为2 kg

B．h＝0时，物体的速率为20 m/s

C．h＝2 m时，物体的动能Ek＝40 J

D．从地面至h＝4 m，物体的动能减少100 J

答案　AD

解析　由于Ep＝mgh，所以Ep与h成正比，斜率k＝mg，由图象得k＝20 N，因此m＝2 kg，A正确；当h＝0时，Ep＝0，E总＝Ek＝mv，因此v0＝10 m/s，B错误；由图象知h＝2 m时，E总＝90 J，Ep＝40 J，由E总＝Ek＋Ep得Ek＝50 J，C错误；h＝4 m时，E总＝Ep＝80 J，即此时Ek＝0，即从地面至h＝4 m，动能减少100 J，D正确。

5．(2017·全国卷Ⅱ) 如图，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直。一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关，此距离最大时对应的轨道半径为(重力加速度大小为g)(　　)

A.  B.

C.  D.

答案　B

解析　设小物块的质量为m，滑到轨道上端时的速度为v1。小物块上滑过程中，机械能守恒，有

mv2＝mv＋2mgR①

小物块能通过轨道最高点的条件是m≥mg②

联立①②式得R≤③

小物块从轨道上端水平飞出，做平抛运动，设水平位移为x，下落时间为t，有2R＝gt2④

x＝v1t⑤

联立①④⑤式整理得x2＝－16R2＋R⑥

可得x有最大值时对应的轨道半径R＝<，故选B。

6. 如图所示，粗细均匀，两端开口的U形管内装有同种液体，管中液柱总长度为4h，开始时使两边液面高度差为h，后来让液体自由流动，当两液面高度相等时，右侧液面下降的速度为(　　)

A.   B.  

C.   D.

答案　A

解析　液柱移动时，除了重力做功以外，没有其他力做功，故机械能守恒。此题等效为原右侧高的液柱移到左侧(如图所示)，其重心高度下降了，减少的重力势能转化为液柱整体的动能，设液体的总质量为4m，则有mg·＝(4m)v2，得v＝ ，A正确。

7.如图所示，在竖直平面内有由圆弧AB和圆弧BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点B平滑连接．AB弧的半径为R，BC弧的半径为.一小球在A点正上方与A相距处由静止开始自由下落，经A点沿圆弧轨道运动．

(1)求小球在B、A两点的动能之比；

(2)通过计算判断小球能否沿轨道运动到C点．

答案　(1)5∶1　(2)能，理由见解析

解析　(1)设小球的质量为m，小球在A点的动能为EkA，由机械能守恒得

EkA＝mg·①

设小球在B点的动能为EkB，同理有

EkB＝mg·②

由①②式得＝5③

(2)若小球能沿轨道运动到C点，小球在C点所受轨道的正压力FN应满足FN≥0④

设小球在C点的速度大小为vC，由牛顿第二定律和向心加速度公式有

FN＋mg＝m⑤

由④⑤式得vC≥

对全程由机械能守恒定律得mg·＝mvC′2⑦

则vC′＝

vC的最小值恰好等于vC′，即小球恰好可以沿轨道运动到C点．