2020年山东省威海市中考数学试卷

这是一份2020年山东省威海市中考数学试卷，共18页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。


2020年山东省威海市中考数学试卷
题号
一
二
三
总分
得分





一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）
1. -2的倒数是（　　）
A. -2 B. - C. D. 2
2. 下列几何体的左视图和俯视图相同的是（　　）
A. B.
C. D.
3. 人民日报讯，2020年6月23日，中国成功发射北斗系统第55颗导航卫星．至此中国提前半年全面完成北斗三号全球卫星导航系统星座部署．北斗三号卫星上配置的新一代国产原子钟，使北斗导航系统授时精度达到了十亿分之一秒．十亿分之一用科学记数法可以表示为（　　）
A. 10×10-10 B. 1×10-9 C. 0.1×10-8 D. 1×109
4. 下列运算正确的是（　　）
A. 3x3•x2=3x5 B. （2x2）3=6x6
C. （x+y）2=x2+y2 D. x2+x3=x5
5. 分式-化简后的结果为（　　）
A. B. C. - D. -
6. 一次函数y=ax-a与反比例函数y=（a≠0）在同一坐标系中的图象可能是（　　）
A. B.
C. D.
7. 为了调查疫情对青少年人生观、价值观产生的影响，某学校团委对初二级部学生进行了问卷调查，其中一项是：疫情期间出现的哪一个高频词汇最触动你的内心？针对该项调查结果制作的两个统计图（不完整）如图．由图中信息可知，下列结论错误的是（　　）


A. 本次调查的样本容量是600
B. 选“责任”的有120人
C. 扇形统计图中“生命”所对应的扇形圆心角度数为64.8°
D. 选“感恩”的人数最多
8. 如图，点P（m，1），点Q（-2，n）都在反比例函数y=的图象上．过点P分别向x轴、y轴作垂线，垂足分别为点M，N．连接OP，OQ，PQ．若四边形OMPN的面积记作S1，△POQ的面积记作S2，则（　　）
A. S1：S2=2：3
B. S1：S2=1：1
C. S1：S2=4：3
D. S1：S2=5：3


9. 七巧板是大家熟悉的一种益智玩具．用七巧板能拼出许多有趣的图案．小李将一块等腰直角三角形硬纸板（如图①）切割七块，正好制成一副七巧板（如图②）．已知AB=40cm，则图中阴影部分的面积为（　　）

A. 25cm2 B. cm2 C. 50cm2 D. 75cm2
10. 如图，抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）交x轴于点A，B，交y轴于点C．若点A坐标为（-4，0），对称轴为直线x=-1，则下列结论错误的是（　　）
A. 二次函数的最大值为a-b+c
B. a+b+c＞0
C. b2-4ac＞0
D. 2a+b=0


11. 如图，在▱ABCD中，对角线BD⊥AD，AB=10，AD=6，O为BD的中点，E为边AB上一点，直线EO交CD于点F，连结DE，BF．下列结论不成立的是（　　）

A. 四边形DEBF为平行四边形
B. 若AE=3.6，则四边形DEBF为矩形
C. 若AE=5，则四边形DEBF为菱形
D. 若AE=4.8，则四边形DEBF为正方形
12. 如图，矩形ABCD的四个顶点分别在直线l3，l4，l2，l1上．若直线l1∥l2∥∥l3∥l4且间距相等，AB=4，BC=3，则tanα的值为（　　）


A. B. C. D.
二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）
13. 计算--（-1）0的结果是______．
14. 一元二次方程4x（x-2）=x-2的解为______．
15. 下表中y与x的数据满足我们初中学过的某种函数关系．其函数表达式为______．
x
…
-1
0
1
3
…
y
…
0
3
4
0
…
16. 如图，四边形ABCD是一张正方形纸片，其面积为25cm2．分别在边AB，BC，CD，DA上顺次截取AE=BF=CG=DH=acm（AE＞BE），连接EF，FG，GH，HE．分别以EF，FG，GH，HE为轴将纸片向内翻折，得到四边形A1B1C1D1．若四边形A1B1C1D1的面积为9cm2，则a=______．



17. 如图，点C在∠AOB的内部，∠OCA=∠OCB，∠OCA与∠AOB互补．若AC=1.5，BC=2，则OC=______．






18. 如图①，某广场地面是用A，B，C三种类型地砖平铺而成的．三种类型地砖上表面图案如图②所示．现用有序数对表示每一块地砖的位置：第一行的第一块（A型）地砖记作（1，1），第二块（B型）地砖记作（2，1）…若（m，n）位置恰好为A型地砖，则正整数m，n须满足的条件是______．



三、解答题（本大题共7小题，共66.0分）
19. 解不等式组，并把解集在数轴上表示出来．








20. 在“旅游示范公路”建设的过程中，工程队计划在海边某路段修建一条长1200m的步行道．由于采用新的施工方式，平均每天修建步行道的长度是计划的1.5倍，结果提前5天完成任务．求计划平均每天修建步行道的长度．







21. 居家学习期间，小晴同学运用所学知识在自家阳台测对面大楼的高度．如图，她利用自制的测角仪测得该大楼顶部的仰角为45°，底部的俯角为38°；又用绳子测得测角仪距地面的高度AB为31.6m．求该大楼的高度（结果精确到0.1m）．
（参考数据：sin38°≈0.62，cos38°≈0.79，tan38°≈0.78）









22. 如图，△ABC的外角∠BAM的平分线与它的外接圆相交于点E，连接BE，CE，过点E作EF∥BC，交CM于点D．
求证：（1）BE=CE；
（2）EF为⊙O的切线．









23. 小伟和小梅两位同学玩掷骰子的游戏，两人各掷一次均匀的骰子．以掷出的点数之差的绝对值判断输赢．若所得数值等于0，1，2，则小伟胜；若所得数值等于3，4，5，则小梅胜．
（1）请利用表格分别求出小伟、小梅获胜的概率；

（2）判断上述游戏是否公平．如果公平，请说明理由；如果不公平，请利用表格修改游戏规则，以确保游戏的公平性．







24. 已知，在平面直角坐标系中，抛物线y=x2-2mx+m2+2m-1的顶点为A．点B的坐标为（3，5）．
（1）求抛物线过点B时顶点A的坐标；
（2）点A的坐标记为（x，y），求y与x的函数表达式；
（3）已知C点的坐标为（0，2），当m取何值时，抛物线y=x2-2mx+m2+2m-1与线段BC只有一个交点．









25. 发现规律
（1）如图①，△ABC与△ADE都是等边三角形，直线BD，CE交于点F．直线BD，AC交于点H．求∠BFC的度数．

（2）已知：△ABC与△ADE的位置如图②所示，直线BD，CE交于点F．直线BD，AC交于点H．若∠ABC=∠ADE=α，∠ACB=∠AED=β，求∠BFC的度数．
应用结论
（3）如图③，在平面直角坐标系中，点O的坐标为（0，0），点M的坐标为（3，0），N为y轴上一动点，连接MN．将线段MN绕点M逆时针旋转60°得到线段MK，连接NK，OK．求线段OK长度的最小值．










答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：∵-2×=1．
∴-2的倒数是-，
故选：B．
根据倒数的意义，乘积是1的两个数叫做互为倒数，据此解答．
本题主要考查倒数的意义，解决本题的关键是熟记乘积是1的两个数叫做互为倒数．
2.【答案】D

【解析】解：选项A中的几何体的左视图和俯视图为：

选项B中的几何体的左视图和俯视图为：

选项C中的几何体的左视图和俯视图为：

选项D中的几何体的左视图和俯视图为：

因此左视图和俯视图相同的选项D中的几何体，
故选：D．
分别画出各种几何体的左视图和俯视图，进而进行判断即可．
本题考查简单几何体的三视图，掌握三视图的画法是得出正确结论的前提．
3.【答案】B

【解析】解：∵十亿分之一==1×10-9，
∴十亿分之一用科学记数法可以表示为：1×10-9．
故选：B．
用科学记数法表示较小的数，一般形式为a×10-n，其中1≤|a|＜10，n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．
本题考查了科学记数法，解决本题的关键是掌握：用科学记数法表示较小的数，一般形式为a×10-n，其中1≤|a|＜10，n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．
4.【答案】A

【解析】解：A.3x3•x2=3x5，故本选项符合题意；
B．（2x2）3=8x6，故本选项不合题意；
C．（x+y）2=x2+2xy+y2，故本选项不合题意；
D．x2与x3不是同类项，所以不能合并，故本选项不合题意．
故选：A．
分别根据单项式乘单项式的运算法则，积的乘方运算法则，完全平方公式以及合并同类项法则逐一判断即可．
本题主要考查了单项式乘单项式，完全平方公式，合并同类项以及幂的乘方与积的乘方，熟记相关公式与运算法则是解答本题的关键．
5.【答案】B

【解析】解：-
=
=
=
=
=
=．
故选：B．
根据异分母分式相加减的运算法则计算即可．异分母分式相加减，先通分，再根据同分母分式相加减的法则计算．
本题主要考查了分式的加减，熟练掌握分式通分的方法是解答本题的关键．
6.【答案】D

【解析】解：A、由函数y=ax-a的图象可知a＞0，-a＞0，由函数y=（a≠0）的图象可知a＜0，错误；
B、由函数y=ax-a的图象可知a＜0，由函数y=（a≠0）的图象可知a＞0，相矛盾，故错误；
C、由函数y=ax-a的图象可知a＞0，由函数y=（a≠0）的图象可知a＜0，故错误；
D、由函数y=ax-a的图象可知a＜0，由函数y=（a≠0）的图象可知a＜0，故正确；
故选：D．
先根据一次函数的性质判断出a取值，再根据反比例函数的性质判断出a的取值，二者一致的即为正确答案．
本题主要考查了反比例函数的图象性质和一次函数的图象性质，要掌握它们的性质才能灵活解题．
7.【答案】C

【解析】解：本次调查的样本容量为：108÷18%=600，故选项A中的说法正确；
选“责任”的有600×=120（人），故选项B中的说法正确；
扇形统计图中“生命”所对应的扇形圆心角度数为360°×=79.2°，故选项C中的说法错误；
选“感恩”的人数为：600-132-600×（16%+18%）-120=144，故选“感恩”的人数最多，故选项D中的说法正确；
故选：C．
根据条形统计图和扇形统计图中的数据，可以判断各个选项中的说法是否正确，从而可以解答本题．
本题考查条形统计图、扇形统计图、样本容量，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．
8.【答案】C

【解析】解：点P（m，1），点Q（-2，n）都在反比例函数y=的图象上．
∴m×1=-2n=4，
∴m=4，n=-2，
∵P（4，1），Q（-2，-2），
∵过点P分别向x轴、y轴作垂线，垂足分别为点M，N，
∴S1=4，
作QK⊥PN，交PN的延长线于K，则PN=4，ON=1，PK=6，KQ=3，
∴S2=S△PQK-S△PON-S梯形ONKQ=--（1+3）×2=3，
∴S1：S2=4：3，
故选：C．
过点P分别向x轴、y轴作垂线，垂足分别为点M，N，根据图象上点的坐标特征得到P（4，1），Q（-2，-2），根据反比例函数系数k的几何意义求得S1=4，然后根据S2=S△PQK-S△PON-S梯形ONKQ求得S2=3，即可求得S1：S2=4：3．
本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，反比例函数系数k的几何意义，分别求得S1、S2的值是解题的关键．
9.【答案】C

【解析】解：如图：设OF=EF=FG=x，

∴OE=OH=2x，
在Rt△EOH中，EH=2x，
由题意EH=20cm，
∴20=2x，
∴x=5，
∴阴影部分的面积=（5）2=50（cm2）
故选：C．
如图：设OF=EF=FG=x，可得EH=2x=20，解方程即可解决问题．
本题考查正方形的性质、勾股定理、等腰三角形的性质等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．
10.【答案】D

【解析】解：抛物线y=ax2+bx+c过点A（-4，0），对称轴为直线x=-1，
因此有：x=-1=-，即2a-b=0，因此选项D符合题意；
当x=-1时，y=a-b+c的值最大，选项A不符合题意；
抛物线与x轴的另一个交点为（2，0），
当x=1时，y=a+b+c＞0，因此选项B不符合题意；
抛物线与x轴有两个不同交点，因此b2-4ac＞0，故选项C不符合题意；
故选：D．
根据抛物线的开口方向、对称轴、顶点坐标、与x轴、y轴的交点以及过特殊点时相应的系数a、b、c 满足的关系进行综合判断即可．
本题考查二次函数的图象和性质，掌握抛物线的位置与系数a、b、c 的关系式正确判断的前提．
11.【答案】D

【解析】解：∵O为BD的中点，
∴OB=OD，
∵四边形ABCD为平行四边形，
∴DC∥AB，
∴∠CDO=∠EBO，∠DFO=∠OEB，
∴△FDO≌△EBO（AAS），
∴OE=OF，
∴四边形DEBF为平行四边形，
故A选顶结论正确，
若AE=3.6，AD=6，
∴，
又∵，
∴，
∵∠DAE=∠BAD，
∴△DAE∽△BAD，
∴AED=∠ADB=90°．
故B选项结论正确，
∵AB=10，AE=5，
∴BE=5，
又∵∠ADB=90°，
∴DE=AB=5，
∴DE=BE，
∴四边形DEBF为菱形．
故C选项结论正确，
∵AE=3.6时，四边形DEBF为矩形，AE=5时，四边形DEBF为菱形，
∴AE=4.8时，四边形DEBF不可能是正方形．
故D不正确．
故选：D．
根据平行四边形的判定方法，矩形的判定方法，菱形的判定方法，正方形的判定方法解答即可．
本题考查了矩形的判定、菱形的判定、平行四边形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、正方形的判定等知识；熟练掌握矩形的判定和菱形的判定，证明三角形全等是解题的关键．
12.【答案】A

【解析】解：作CF⊥l4于点F，交l3于点E，设CB交l3于点G，
由已知可得，
GE∥BF，CE=EF，
∴△CEG∽△CFB，
∴，
∵，
∴，
∵BC=3，
∴GB=，
∵l3∥l4，
∴∠α=∠GAB，
∵四边形ABCD是矩形，AB=4，
∴∠ABG=90°，
∴tan∠BAG==，
∴tanα的值为，
故选：A．
根据题意，可以得到BG的长，再根据∠ABG=90°，AB=4，可以得到∠BAG的正切值，再根据平行线的性质，可以得到∠BAG=∠α，从而可以得到tanα的值．
本题考查矩形的性质，解直角三角形，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．
13.【答案】--1

【解析】解：--（-1）0
=
=．
故答案为：．
根据二次根式的性质以及任何非零数的零次幂等于1计算即可．
本题主要考查了实数的运算．熟练掌握二次根式的性质是解答本题的关键．
14.【答案】x1=2，x2=

【解析】解：4x（x-2）=x-2
4x（x-2）-（x-2）=0
（x-2）（4x-1）=0
x-2=0或4x-1=0
解得x1=2，x2=．
故答案为：x1=2，x2=．
根据因式分解法解一元二次方程即可．
本题考查了一元二次方程-因式分解法，解决本题的关键是掌握因式分解法．
15.【答案】y=-x2+2x+3

【解析】解：根据表中y与x的数据设函数关系式为：y=ax2+bx+c，
将表中（1，4）、（-1，0）、（0，3）代入函数关系式，得
∴，
解得，
∴函数表达式为y=-x2+2x+3．
故答案为：y=-x2+2x+3．
根据表中y与x的数据设函数关系式为：y=ax2+bx+c，将表中（1，4）、（-1，0）、（0，3）代入函数关系式，即可得结论．
本题考查了函数的表示方法，解决本题的关键是掌握函数的三种表示方法：列表法、解析式法、图象法．
16.【答案】4

【解析】解：∵四边形ABCD是一张正方形纸片，其面积为25cm2，
∴正方形纸片的边长为5cm，
∵AE=BF=CG=DH=acm，
∴BE=（5-a）cm，
∴AH=（5-a）cm，
∵四边形A1B1C1D1的面积为9cm2，
∴三角形AEH的面积为（25-9）÷8=2（cm2），
a（5-a）=2，
解得a1=1（舍去），a2=4．
故答案为：4．
根据正方形的面积可得正方形的边长为5，根据正方形的面积和折叠的性质和面积的和差关系可得8个三角形的面积，进而得到1个三角形的面积，再根据三角形面积公式即可求解．
本题考查了折叠问题，正方形的性质，三角形的面积，关键是熟练运用这些性质解决问题．
17.【答案】

【解析】解：∵∠OCA=∠OCB，∠OCA与∠AOB互补，
∴∠OCA+∠AOB=180°，∠OCB+∠AOB=180°，
∵∠OCA+∠COA+∠OAC=180°，∠OCB+∠OBC+∠COB=180°，
∴∠AOB=∠COA+∠OAC，∠AOB=∠OBC+∠COB，
∴∠AOC=∠OBC，∠COB=∠OAC，
∴△ACO∽△OCB，
∴，
∴OC2=2×=3，
∴OC=，
故答案为．
通过证明△ACO∽△OCB，可得，可求OC=．
本题考查了相似三角形的判定和性质，证明△ACO∽△OCB是本题的关键．
18.【答案】m、n同为奇数和m、n同为偶数

【解析】解：观察图形，A型地砖在列数为奇数，行数也为奇数的位置上或列数为偶数，行数也为偶数的位置上，
若用（m，n）位置恰好为A型地砖，正整数m，n须满足的条件为m、n同为奇数和m、n同为偶数．
故答案为m、n同为奇数和m、n同为偶数．
几何图形，观察A型地砖的位置得到当列数为奇数时，行数也为奇数，当列数为偶数，行数也为偶数的，从而得到m、n满足的条件．
本题考查了坐标表示位置：通过类比点的坐标解决实际问题的能力和阅读理解能力．分析图形，寻找规律是关键．
19.【答案】解：
由①得：x≥-1；
由②得：x＜3；
∴原不等式组的解集为-1≤x＜3，
在坐标轴上表示：
．

【解析】先求出每个不等式的解集，再求出这些不等式解集的公共部分．
此题主要考查了解一元一次不等式组，以及在数轴上表示不等式的解集，把每个不等式的解集在数轴上表示出来（＞，≥向右画；＜，≤向左画），数轴上的点把数轴分成若干段，如果数轴的某一段上面表示解集的线的条数与不等式的个数一样，那么这段就是不等式组的解集．有几个就要几个．在表示解集时“≥”，“≤”要用实心圆点表示；“＜”，“＞”要用空心圆点表示．
20.【答案】解：设计划平均每天修建步行道的长度为xm，则采用新的施工方式后平均每天修建步行道的长度为1.5xm，
依题意，得：-=5，
解得：x=80，
经检验，x=80是原方程的解，且符合题意．
答：计划平均每天修建步行道的长度为80m．

【解析】设计划平均每天修建步行道的长度为xm，则采用新的施工方式后平均每天修建步行道的长度为1.5xm，根据工作时间=工作总量÷工作效率结合实际比原计划提前5天完成任务，即可得出关于x的分式方程，解之经检验后即可得出结论．
本题考查了分式方程的应用，找准等量关系，正确列出分式方程是解题的关键．
21.【答案】解：作AH⊥CD于H，如图：
则四边形ABDH是矩形，
∴HD=AB=31.6m，
在Rt△ADH中，∠HAD=38°，tan∠HAD=，
∴AH===≈40.51（m），
在Rt△ACH中，∠CAH=45°，
∴CH=AH=40.51m，
∴CD=CH+HD=40.51+31.6≈72.1（m），
答：该大楼的高度约为72.1m．

【解析】作AH⊥CD于H，则四边形ABDH是矩形，得出HD=AB=31.6m，由三角函数定义求出AH≈40.51（m），证出CH=AH=40.51m，进而得出答案．
本题考查了解直角三角形的应用-仰角俯角问题以及等腰直角三角形的判定，解答本题的关键是根据仰角构造直角三角形，利用三角函数的知识求解．
22.【答案】证明：（1）∵四边形ACBE是圆内接四边形，
∴∠EAM=∠EBC，
∵AE平分∠BAM，
∴∠BAE=∠EAM，
∵∠BAE=∠BCE，
∴∠BCE=∠EAM，
∴∠BCE=∠EBC，
∴BE=CE；
（2）如图，连接EO并延长交BC于H，连接OB，OC，
∵OB=OC，EB=EC，
∴直线EO垂直平分BC，
∴EH⊥BC，
∴EH⊥EF，
∵OE是⊙O的半径，
∴EF为⊙O的切线．

【解析】（1）根据圆内接四边形的想知道的∠EAM=∠EBC，根据角平分线的定义得到∠BAE=∠EAM，得到∠BCE=∠EBC，于是得到BE=CE；
（2）如图，连接EO并延长交BC于H，连接OB，OC，推出直线EO垂直平分BC，得到EH⊥BC，求得EH⊥EF，根据切线的判定定理即可得到结论．
本题考查了切线的判定定理，等腰三角形的性质，圆内接四边形的性质，正确的作出辅助线是解题的关键．
23.【答案】解（1）用列表法表示所有可能出现的结果如下：

表中总共有36种可能的结果，每一种结果出现的可能性相同，“差的绝对值”为0，1，2共有24种，“差的绝对值”为3，4，5的共有12种，
所以，P（小伟胜）==，P（小梅胜）==，
答：P（小伟胜）=，P（小梅胜）=；
（2）∵，
∴游戏不公平；
根据表格中“差的绝对值”的不同情况，要使游戏公平，即两人获胜的概率相等，
于是修改为：两次掷的点数之差为1，2，则小伟胜；否则小梅胜．
这样小伟、小梅获胜的概率均为．

【解析】（1）利用列表法表示所有可能出现的结果情况，并求出小伟胜、小梅胜的概率；
（2）依据获胜的概率判断游戏的公平性，修改规则时，可使两人获胜的概率相等，或利用积分的形式，使两人的积分相等即可．
此题主要考查了游戏的公平性，主要是通过列举出所有的可能结果，求出相应的概率是解决问题的关键．
24.【答案】解：（1）∵抛物线y=x2-2mx+m2+2m-1过点B（3，5），
∴把B（3，5）代入y=x2-2mx+m2+2m-1，整理得，m2-4m+3=0，
解，得m1=1，m2=3，
当m=1时，y=x2-2x+2=（x-1）2+1，
其顶点A的坐标为（1，1）；
当m=3时，y=x2-6x+m2+14=（x-3）2+5，
其顶点A的坐标为（3，5）；
综上，顶点A的坐标为（1，1）或（3，5）；
（2）∵y=x2-2mx+m2+2m-1=（x-m）2+2m-1，
∴顶点A的坐标为（m，2m-1），
∵点A的坐标记为（x，y），
∴x=m，
∴y=2x-1；
（3）由（2）可知，抛物线的顶点在直线y=2x-1上运动，且形状不变，
由（1）知，当m=1或3时，抛物线过B（3，5），
把C（0，2）代入y=x2-2mx+m2+2m-1，得m2+2m-1=2，
解，得m=1或-3，
所以当m=1或-3时，抛物线经过点C（0，2），
如图所示，当m=-3或3时，抛物线与线段BC只有一个交点（即线段CB的端点），
当m=1时，抛物线同时过点B、C，不合题意，
所以m的取值范围是-3≤m≤3且m≠1．

【解析】（1）根据待定系数法求得解析式，然后把解析式化成顶点式即可求得；
（2）化成顶点式，求得顶点坐标，即可得出y与x的函数表达式；
（3）把C（0，2）代入y=x2-2mx+m2+2m-1，求得m=1或-3，结合（1）根据图象即可求得．
本题考查了待定系数法求二次函数的解析式，二次函数的性质，二次函数图象上点的坐标特征，数形结合是解题的关键．
25.【答案】解：（1）如图①，
∵△ABC，△ADE是等边三角形，
∴AB=AC，AD=AE，∠BAC=∠DAE=60°=∠ABC=∠ACB，
∴∠BAD=∠CAE，
∴△BAD≌△CAE（SAS），
∴∠ABD=∠ACE，
∵∠ABD+∠EBC=∠ABC=60°，
∴∠ACE+∠EBC=60°，
∴∠BFC=180°-∠EBC-∠ACE-∠ACB=60°；
（2）如图②，
∵∠ABC=∠ADE=α，∠ACB=∠AED=β，
∴△ABC∽△ADE，
∴∠BAC=∠DAE，，
∴∠BAD=∠CAE，，
∴△ABD∽△ACE，
∴∠ABD=∠ACE，
∵∠BHC=∠ABD+∠BAC=∠BFC+∠ACE，
∴∠BFC=∠BAC，
∵∠BAC+∠ABC+∠ACB=180°，
∴∠BFC+α+β=180°，
∴∠BFC=180°-α-β；
（3）∵将线段MN绕点M逆时针旋转60°得到线段MK，
∴MN=NK，∠MNK=60°，
∴△MNK是等边三角形，
∴MK=MN=NK，∠NMK=∠NKM=∠KNM=60°，
如图③，将△MOK绕点M顺时针旋转60°，得到△MQN，连接OQ，

∴△MOK≌△MQN，∠OMQ=60°，
∴OK=NQ，MO=MQ，
∴△MOQ是等边三角形，
∴∠QOM=60°，
∴∠NOQ=30°，
∵OK=NQ，
∴当NQ为最小值时，OK有最小值，
由垂线段最短可得：当QN⊥y轴时，NQ有最小值，
此时，QN⊥y轴，∠NOQ=30°，
∴NQ=OQ=，
∴线段OK长度的最小值为．

【解析】（1）由“SAS”可证△BAD≌△CAE，可得∠ABD=∠ACE，由三角形内角和定理可求解；
（2）通过证明△ABC∽△ADE，可得∠BAC=∠DAE，，可证△ABD∽△ACE，可得∠ABD=∠ACE，由外角性质可得∠BFC=∠BAC，由三角形内角和定理可求解；
（3）由旋转的性质可得△MNK是等边三角形，可得MK=MN=NK，∠NMK=∠NKM=∠KNM=60°，如图③，将△MOK绕点M顺时针旋转60°，得到△MQN，连接OQ，可得∠OMQ=60°，OK=NQ，MO=MQ，则当NQ为最小值时，OK有最小值，由垂线段最短可得当QN⊥y轴时，NQ有最小值，由直角三角形的性质可求解．
本题是几何变换综合题，考查了等边三角形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，旋转的性质，三角形内角和定理等知识，灵活运用这些性质进行推理是本题的关键．