高中生物人教版 (新课标)必修1《分子与细胞》二 酶的特性一课一练

这是一份高中生物人教版 (新课标)必修1《分子与细胞》二 酶的特性一课一练，共7页。试卷主要包含了蛋白质中游离氨基或羧基数的计算，蛋白质中含有N、O原子数的计算，蛋白质相对分子质量的计算，以下关于实验的描述，正确的是，1 g/mL的NaOH溶液等内容，欢迎下载使用。
章末整合(二)本章网络构建①__________；②__________；③__________；④________；⑤________；⑥__________________；⑦________；⑧__________；⑨________；⑩______________；⑪________________；⑫________；⑬________；⑭______________。答案　①差异性　②结合水　③反应物质　④大量　⑤微量　⑥主要的能源物质　⑦脂肪　⑧生物膜　⑨固醇　⑩结构蛋白　⑪主要承担者　⑫DNA　⑬RNA　⑭遗传信息规律方法整合方法一　有关蛋白质的计算规律典例1　某一蛋白质由4条肽链组成，共含有109个肽键，则此蛋白质分子中至少含有的—NH2和—COOH的个数及氨基酸数分别为(　　)A.105个，105个，105个B.110个，110个，110个C.4个，4个，113个D.1个，1个，113个答案　C解析　每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，多个氨基酸分子缩合形成多肽。因此，每条肽链至少含有一个氨基和一个羧基；组成蛋白质的氨基酸数减去组成蛋白质的肽链条数就等于该蛋白质中的肽键数。方法链接1.氨基酸数、肽链数、肽键数和失水数的关系(1)链状肽：肽键数＝失水数＝氨基酸数－肽链数。(2)环状肽：肽键数＝失水数＝氨基酸数。2.蛋白质中游离氨基或羧基数的计算(1)链状肽：①至少含有的游离氨基或羧基数＝肽链数；②游离氨基或羧基数＝R基中的氨基或羧基数＋肽链数。(2)环状肽：①至少含有的游离氨基或羧基数＝0；②游离氨基或羧基数＝R基中的氨基或羧基数。3.蛋白质中含有N、O原子数的计算(1)N原子数＝肽键数＋肽链数＋R基上的N原子数＝各氨基酸中的N原子总数。(2)O原子数＝肽键数＋2×肽链数＋R基上的O原子数＝各氨基酸中的O原子总数－脱去水分子数。4.蛋白质相对分子质量的计算(1)无二硫键时：蛋白质相对分子质量＝氨基酸相对分子质量总和－失去水的相对分子质量总和。(2)有二硫键时：蛋白质相对分子质量＝氨基酸相对分子质量总和－失去水的相对分子质量总和－失去H的相对分子质量总和(失去H的个数等于二硫键中S的个数)。迁移训练1.某非环状多肽，经测定其分子式是C21HxOyN4S2。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种作为原料合成的。苯丙氨酸(C9H11NO2)、天冬氨酸(C4H7NO4)、丙氨酸(C3H7NO2)、亮氨酸(C6H13NO2)、半胱氨酸(C3H7NO2S)。下列有关该多肽的叙述，不正确的是(　　)A.该多肽彻底水解后能产生3种氨基酸B.该多肽中氢原子数和氧原子数分别是32和5C.该多肽有三个肽键，为三肽化合物D.该多肽在核糖体上形成，形成过程中相对分子质量减少了54答案　C解析　依据分子式中N为4个，并分析提供的氨基酸种类，可得出由4个氨基酸组成，为四肽，存在三个肽键，即C项是错误的。再分析多肽的形成：在核糖体上，形成过程中相对分子质量减少了54；再分析S的数目为2个，可分析出4个氨基酸中有2个是半胱氨酸(C3H7NO2S)，即水解能形成的氨基酸为3种，再结合碳原子数目为21个，减去6个C原子(2个是半胱氨酸)，为15个C原子，可分析出另外两个氨基酸分别为苯丙氨酸和亮氨酸，进一步推出该多肽中氢原子数和氧原子数分别是32和5，A、B、D三项是正确的。方法二　糖类、脂质、蛋白质、核酸的比较典例2　下列叙述正确的是(　　)A.磷脂是所有细胞必不可缺少的脂质B.所有细胞壁的组成成分都有纤维素C.只有多糖、蛋白质、脂肪三类生物大分子以碳链为骨架D.被形容为“生命的燃料”的物质是指储存能量的多糖答案　A解析　磷脂是细胞生物膜结构的重要部分，是所有细胞必不可少的；纤维素是植物细胞壁的主要成分，动物细胞中没有该物质；生物体内的生物大分子都是以碳链为基本骨架，由许多单体连接而成的多聚体；细胞内生命活动的主要能源物质是葡萄糖，常被称为“生命的燃料”。方法链接项目组成元素基本单位主要生理功能糖类C、H、O单糖生物体的重要成分，细胞的主要能源物质脂质C、H、O，有的还含有N、P甘油、脂肪酸等脂肪主要是生物体内储存能量的物质；磷脂是构成生物膜的主要成分蛋白质都含有C、H、O、N氨基酸细胞中各种结构的重要成分，占有特殊地位核酸C、H、O、N、P等核苷酸一切生物的遗传物质，对遗传、变异和蛋白质的生物合成有极其重要的作用迁移训练2.下列关于组成细胞的化合物的叙述，正确的是(　　)A.胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分之一B.蔗糖和麦芽糖水解的产物都是葡萄糖C.脂肪和纤维素都是生物体内的能源物质D.蛋白质肽链的盘曲和折叠被解开时，其特定功能并未发生改变答案　A解析　蔗糖的水解产物是葡萄糖和果糖，故B错误；纤维素是构成细胞壁的重要成分，不能被氧化供能，故C错误；组成蛋白质的肽链结构改变时，蛋白质的空间结构将发生改变，其功能会发生改变，故D错误。方法三　细胞内的三大能源物质典例3　细胞中的糖类、脂质、蛋白质都可以作为能源物质，其中主要的能源物质是________。但动物若长时间严重饥饿，需大量分解蛋白质作为能源物质时，就会危及生命，其主要原因是有些蛋白质是构成__________________的重要物质，有些蛋白质又是调节_______________的重要物质。因此，当蛋白质作为能源大量消耗时，就会影响新陈代谢，甚至危及生命。患肠道疾病的病人由于进食困难，日渐消瘦，主要是体内消耗了________所致。给鸡、鸭喂谷类饲料，也能将它们育肥，主要是_________________________的缘故。答案　糖类　细胞和生物体　动物体的新陈代谢和生长发育　脂肪　糖类过多，转化为脂肪方法链接1.主要能源物质是糖类。2.良好的储能物质是脂肪。除此之外，动物细胞中的糖原和植物细胞中的淀粉也是重要的储能物质。3.细胞中的能源物质为糖类、脂肪、蛋白质，三者供能顺序是：糖类、脂肪、蛋白质。糖类是主要的能源物质；当外界摄入能量不足时(如饥饿)，由脂肪分解供能；蛋白质作为生物体重要的结构物质，一般不提供能量，但在营养不良、疾病、衰老等状态下也可分解提供能量。迁移训练3.生物体内氧化所产生的代谢水，不同营养物质有所不同，最高者每氧化1 g即可产生1.07 mL水。骆驼体内贮有大量该物质，30多天不喝水也能正常活动，则该物质最可能是(　　)A.蛋白质   B.脂肪C.葡萄糖   D.肝糖原和肌糖原答案　B解析　题中选择项给出的物质中，脂肪含H最多，氧化时产生的水最多，所以骆驼体内的该物质最可能是脂肪。方法四　DNA、RNA、蛋白质的水解产物的比较典例4　DNA分子在彻底水解后，得到的化学物质是(　　)A.氨基酸、葡萄糖、碱基   B.脱氧核苷酸C.脱氧核糖、碱基、磷酸   D.核糖核苷酸答案　C解析　DNA的基本组成单位是脱氧核苷酸，因此DNA初步水解的产物是脱氧核苷酸，而脱氧核苷酸进一步水解，得到组成脱氧核苷酸的成分：一分子含氮碱基、一分子脱氧核糖和一分子磷酸。方法链接项目DNARNA蛋白质基本单位脱氧核苷酸核糖核苷酸氨基酸初步水解产物4种脱氧核苷酸4种核糖核苷酸多肽彻底水解产物脱氧核糖、含氮碱基和磷酸核糖、含氮碱基和磷酸氨基酸迁移训练4.人体细胞内的核酸水解后，对可能的水解产物判断错误的是(　　)A.1种五碳糖   B.4种脱氧核苷酸C.5种含氮碱基   D.8种核苷酸答案　A解析　人体细胞内的核酸包括DNA和RNA，其水解可形成4种脱氧核苷酸、4种核糖核苷酸；若彻底水解可形成5种碱基、2种五碳糖。方法五　生物大分子的显色反应典例5　某同学在做生物大分子鉴定时，做完还原糖鉴定后，发现忘记配制双缩脲试剂了，他要尽快做蛋白质的鉴定，应该(　　)A.直接用斐林试剂甲液和乙液B.重新称量药品配制双缩脲试剂C.斐林试剂甲液可以直接用作双缩脲试剂A液，乙液要稀释5倍当作双缩脲试剂B液D.斐林试剂甲液稀释5倍用作双缩脲试剂A液，乙液可以直接当作双缩脲试剂B液答案　C解析　斐林试剂和双缩脲试剂的成分如下表：试剂名称化学本质斐林试剂甲液0.1 g/mL的NaOH溶液乙液0.05 g/mL的CuSO4溶液双缩脲试剂A液0.1 g/mL的NaOH溶液B液0.01 g/mL的CuSO4溶液方法链接需鉴定的有机物常用的实验材料用于鉴定的试剂反应产生的颜色注意的问题还原糖苹果、梨等斐林试剂砖红色沉淀现配现用脂肪花生苏丹Ⅲ或Ⅳ染液橘黄色或红色显微镜观察蛋白质蛋清或豆浆双缩脲试剂紫色先后加入淀粉马铃薯碘液深蓝色避免绿色干扰DNA口腔上皮细胞甲基绿绿色载玻片应放到盐酸中处理RNA口腔上皮细胞吡罗红红色同上迁移训练5.以下关于实验的描述，正确的是(　　)A.观察DNA和RNA在细胞中的分布实验中，甲基绿、吡罗红是分开使用的B.西瓜汁中含有丰富的葡萄糖和果糖，可作为还原糖鉴定的替代材料C.脂肪的鉴定中发现满视野都呈现橘黄色，于是滴1～2滴体积分数为50%的盐酸洗去多余的染液D.在稀释的蛋清液中加入双缩脲试剂，振荡摇匀，可看到溶液变为紫色答案　D解析　在“DNA和RNA在细胞中的分布”实验中，甲基绿、吡罗红是混合使用的，故A错误。西瓜汁颜色较深，不适合作为鉴定还原糖的替代材料，故B错误。脂肪鉴定时细胞外面多余的染液通常用1～2滴体积分数为50%的酒精溶液洗去，而不是用盐酸，故C错误。方法六　溶液培养法典例6　与完全营养液培养的植物相比，缺铁元素的营养液培养出的植物表现出缺绿症状，当补充铁盐时，上述症状得以缓解，这说明(　　)A.铁是叶绿素合成代谢的必需元素B.缺绿病症是细胞缺少运输铁离子的载体C.铁是构成叶绿素分子的必需元素D.细胞内供能不足会影响铁离子的吸收答案　A解析　必需元素是指缺少后影响植物的正常生长，而且当再次添加后，植物又能恢复正常生长。结合题意可知，铁是叶绿素合成代谢的必需元素。方法链接1.溶液培养法又称水培法，就是在人工配制的营养液中加入或减少某种无机盐来观察植物的生长情况，从而判断植物生长所必需无机盐的一种方法。2.探究某种无机盐是否为植物生长所必需无机盐的实验设计思路(1)对照组植物＋完全培养液→正常生长(2)实验组迁移训练6.由于无土栽培作物易于管理，优质高产，因此该项技术广泛应用于现代农业，同时无土栽培也是确定一种元素是否是植物生活所必需的元素的最常用的方法。(1)无土栽培所用营养液中的无机盐在植物体内的作用是____________和____________。植物因种类和生长发育阶段不同对无机盐的需求也不同，所以应视具体情况调整____________，供作物__________性吸收无机盐离子。(2)为了验证镍为植物生活所必需的元素，请完成下列问题。①材料用具：完全营养液甲、缺镍的营养液乙(其他元素均具备)、适当的容器和固定材料、长势相似的玉米幼苗、含镍的无机盐等。②方法步骤(完善表格)：项目A组(20株长势相似的玉米幼苗)B组(a.____________________________)处理放入缺镍的营养液乙中培养b.______________________________培养相同且适宜的条件下培养数天观察c.__________________________预期结果d.__________________e.________________③从科学研究的严谨角度出发，为进一步证实A、B两组玉米生长状况的差异是由于镍元素的供应不同引起的，还应增加的实验步骤及结果是：__________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。答案　(1)细胞的组成成分　调节植物的生命活动　营养液中无机盐的组成和比例(营养液的配方)　选择(2)②a.20株同A组长势相似的玉米幼苗　b.放入等量的完全营养液甲中培养　c.玉米幼苗的生长状况　d.玉米幼苗生长不正常　e.玉米幼苗生长正常　③在缺镍的营养液乙中加入一定量的含镍的无机盐，一段时间后玉米幼苗恢复正常生长(或症状消失)，则镍是必需元素解析　(1)题中无土栽培所用营养液中无机盐的作用是构成细胞的组成成分和调节植物的生命活动。从题中给出的信息“植物因种类和生长发育阶段不同对无机盐的需求也不同”可以看出，植物对不同无机盐的吸收根据需要具有选择性，所以应根据不同作物、不同生长发育时期对无机盐离子不同需求的具体情况，在配制营养液时随时调整无机盐的组成和比例，以便供作物选择性地吸收无机盐离子。(2)实验设计要遵循对照原则和单一变量原则。A组玉米幼苗放在缺镍的营养液乙中培养，则B组幼苗应放在等量的完全营养液甲中培养。本题要确定不能生长的一组确实是因缺镍导致的，故要进行二次实验，应在缺镍的营养液乙中加入一定量的含镍的无机盐，一段时间后看玉米幼苗能否恢复正常生长。