【化学】甘肃省定西市岷县第一中学2018-2019高二下学期期中考试（解析版）

甘肃省定西市岷县第一中学2018-2019高二下学期期中考试
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 S-32 Cl-35.5 Ca-40 Fe-56 Cu-64
第I卷（选择题 共40分）
一、选择题（本题共20个小题，每小题2分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1.有机化学知识在生活中应用广泛，下列说法不正确的是（   ）
A. 甘油加水作护肤剂
B. 医用酒精的浓度为75%
C. 福尔马林是甲醛的水溶液，具有杀菌防腐能力，因此可以用其保鲜鱼肉等食品
D. 苯酚有毒但可以制成药皂，具有杀菌消毒的功效
【答案】C
【解析】
【分析】
A．甘油与水任意比互溶；
B．高浓度酒精可以起到消毒杀菌的作用；
C．甲醛有毒；
D．根据苯酚的用途判断。
【详解】A项，甘油易溶于水，甘油可以起到护肤的作用，故A项正确；
B项，高浓度酒精可以起到消毒杀菌的作用，医用酒精主要用于消毒杀菌，浓度为75%，故B项正确；
C项，甲醛有毒，不能用于浸泡食物，故C项错误；
D项，苯酚有毒，低浓度的苯酚制成的药皂，可以起到杀菌消毒的作用，故D项正确。
综上所述，本题正确答案为C。
2.下列有机物中，不属于烃的衍生物的是(　　)

A. B. CH3CH2NO2
C. CH2=CH2Br D.
【答案】D
【解析】
烃是指只含有碳氢两种元素的有机物，烃的衍生物是指除碳氢元素外，还含有其他元素的有机物，A中含有氯元素、B中含有氮和氧元素、C中含有溴元素，均为烃的衍生物，D只含有碳氢两种元素，属于烃，故正确答案为D。
3.下列各组物质不属于同分异构体的是 (　 　)
A. 2,2­二甲基丙醇和2-甲基丁醇
B. 邻氯甲苯和对氯甲苯
C. 2­甲基丁烷和戊烷
D. 乙醇和乙醚
【答案】D
【解析】
试题分析：分子式相同，结构不同的化合物互为同分异构体，则A．2,2－二甲基丙醇和2－甲基丁醇互为同分异构体，A错误；B．邻氯甲苯和对氯甲苯互为同分异构体，B错误；C．2－甲基丁烷和戊烷互为同分异构体，C错误；D．乙醇和乙醚的分子式分别是C2H6O、C4H10O，不属于同分异构体，D正确，答案选D。
考点：考查同分异构体判断
4.下列各物质中，一定是同系物的是 （ ）
A. C3H6和2-甲基-1-丁烯
B. 乙酸和甲酸甲酯
C. C4H10和C9H20
D. 与
【答案】C
【解析】
【分析】
根据同系物的定义进行分析；
【详解】A、C3H6可能是烯烃，也可能是环烷烃，因此C3H6与2－甲基－1－丁烯不一定是同系物，故A不符合题意；
B、乙酸属于羧酸，甲酸甲酯属于酯，两者不互为同系物，故B不符合题意；
C、C4H10和C9H20属于烷烃，两者符合同系物的定义，故C符合题意；
D、含有苯环的数目不同，因此两者不互为同系物，故D不符合题意。
【点睛】同系物的定义中“结构相似”指：（1）碳的连接方式相同；（2）官能团的种类相同；（3）官能团的数目相同。
5.等质量的下列烃完全燃烧时消耗氧气的量最多的是 （ ）
A. CH4 B. C2H4 C. C2H6 D. C6H6
【答案】A
【解析】
试题分析：由C～O2～CO2，4H～O2～2H2O进行比较，消耗1molO2，需要12gC，而消耗1molO2，需要4gH，可知有机物含氢量越大，等质量时消耗的O2越多；A．甲烷分子中N(C)：N(H)=1：4；B．乙烯分子中N(C)：N(H)=1：2；C．乙烷分子中N(C)：N(H)=1：3；D．苯分子中N(C)：N(H)=1：1；四个选项中CH4的含氢量最大，等质量时消耗的氧气应最多，故选A。
【考点定位】考查有机物耗氧量的判断
【名师点晴】注意比较C、H原子消耗氧气的关系，利用C、H原子比例关系确定氢的质量分数来判断，由C～O2～CO2，4H～O2～2H2O进行比较，消耗1molO2，需要12gC，而消耗1molO2，需要4gH，可知有机物含氢量越大，等质量时消耗的O2越多，以此进行比较。
6.下列有机分子中,所有的原子不可能位于同一平面的是（ ）
A. CH2=CH—CN
B. CH2=CH—CH=CH2
C.
D.
【答案】D
【解析】
【分析】
利用烃代表物的空间构型，以及杂化类型进行分析；
【详解】A、双键中碳原子杂化方式为sp2，两个C原子和三个H原子共面，C和N之间共有叁键，C为sp杂化，该有机物所有原子在同一平面上，故A不符合题意；
B、乙烯空间构型为平面形，CH2=CH－CH=CH2中所有原子可能共面，故B不符合题意；
C、苯空间构型为平面六边形，乙烯空间构型为平面形，苯乙烯中所有原子可能共面，故C不符合题意；
D、该有机物中存在甲基，甲基上C原子杂化类型为sp3，即该有机物中所有原子不可能共面，故D符合题意。
【点睛】判断有机物的共面，一般从以下角度进行分析，（1）掌握烃代表物的空间构型；（2）可以从杂化类型上进行判断，sp杂化的空间构型为直线型，sp2空间构型为平面形，sp3杂化空间构型为正四面体；（3）注意σ键可以旋转。
7.有关实验室制乙烯说法中，不正确的是 （ ）
A. 温度计应伸入反应物的液面以下
B. 要向烧瓶中加入碎瓷片，以防液体受热产生暴沸
C. 乙烯气体中可能混有SO2、CO2杂质，需进一步净化处理
D. 加热要缓慢，使温度逐渐上升至170℃
【答案】D
【解析】
【分析】
乙烯实验室制法：CH3CH2OH CH2=CH2↑＋H2O，然后进行分析；
【详解】A、实验室制取乙烯，需要控制温度在170℃，因此温度计的水银球伸入反应物的液面以下，故A不符合题意；
B、乙醇、浓硫酸为液体，加热时需要加入碎瓷片或沸石，防止液体受热产生暴沸，故B不符合题意；
C、浓硫酸具有脱水性，使乙醇转化成碳单质，利用浓硫酸的强氧化性，与C发生反应产生CO2和SO2，乙烯中混有SO2和CO2杂质，需要进一步净化处理，故C不符合题意；
D、当温度在140℃时，乙醇发生取代反应生成CH3CH2OCH2CH3，制备乙烯，需要将温度迅速升高到170℃，故D符合题意。
8.由2—氯丙烷（CH3CHClCH3）制备少量的1，2 — 丙二醇（HOCH2CHOHCH3）时需经过下列哪几步反应 （ ）
A. 加成、消去、取代 B. 消去、加成、取代
C. 取代、消去、加成 D. 消去、加成、消去
【答案】B
【解析】
【详解】1，2－丙二醇含有两个羟基，可以从卤代烃发生水解反应引入，卤代烃可以由丙烯与卤素单质发生加成反应得到，即转化路线为CH3CHClCH3→CH2=CHCH3→CH2ClCHClCH3→HOCH2CH（OH）CH3，即发生反应类型分别为消去反应、加成反应、取代反应，故B正确。
9.与CH2=CH2 → CH2Br—CH2Br的变化属于同一反应类型的是 （ ）
A. CH2=CH2 →C2H5OH B. CH3 CH=CH2→CH2 Cl CH=CH2
C. D. CH3CH2Br→ CH3CH2OH
【答案】A
【解析】
【分析】
CH2=CH2→CH2BrCH2Br，该反应为加成反应，然后进行分析即可；
【详解】CH2=CH2→CH2BrCH2Br，该反应为加成反应，
A、CH2=CH2与H2O在一定条件下发生加成反应，得到CH3CH2OH，故A符合题意；
B、对比结构简式，发生反应类型为取代反应，故B不符合题意；
C、苯与硝酸发生取代反应，生成硝基苯，故C不符合题意；
D、CH3CH2Br发生水解反应或取代反应，生成CH3CH2OH，故D不符合题意。
10.下列物质能发生消去反应，但不能发生催化氧化反应的是 （　 　）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
A．中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子，不能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故A错误；B．(CH3)2CHOH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子，能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故B错误；C．CH3CH2C(CH3)2CH2OH中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子，不能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故C错误；D．CH3CH2C(CH3)2OH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子，能发生消去反应；羟基相连的碳原子上没有氢，不能发生催化氧化，故D正确；故选D。
点睛：明确醇的消去和催化反应原理是解题关键，醇发生消去反应的结构特点是：只有羟基相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应，形成不饱和键；醇羟基不能催化氧化的条件：羟基相连的碳原子上没有氢原子。
11.分子式为C4H10O的同分异构体中，既能与金属钠反应放出氢气，又能被催化氧化为醛类的有几种
A. 2 B. 4 C. 1 D. 3
【答案】A
【解析】
【分析】
根据官能团的性质进行分析；
【详解】能与金属钠反应，根据分子式，说明该有机物中含有－OH，又能被催化氧化为醛类，说明羟基所连的碳原子上有2个H，即为－CH2OH，符合条件的是CH3CH2CH2CH2OH、(CH3)2CHCH2OH，故A选项正确。
【点睛】醇发生氧化反应类型：－CH2OH能被氧化成醛基，羟基所连的碳原子上有1个H，则被氧化成羰基，羟基上所连的碳原子上没有氢原子，则这样的醇不能被氧化。
12.有机化合物C4H8是生活中的重要物质,下列关于C4H8的说法中错误的是( )
A. C4H8可能是烯烃
B. C4H8中属于烯烃类的同分异构体有4种
C. 核磁共振氢谱有2种吸收峰的烯烃结构一定是
D. C4H8中属于烯烃的顺反异构体有2种
【答案】C
【解析】
试题分析：C4H8中属于烯烃的同分异构体有、CH2===CH—CH2CH3、
CH3—CH===CH—CH3(存在顺、反异构)共4种，其中核磁共振氢谱有2种吸收峰的有
，所以答案选C。
考点：考查核磁共振氢谱和同分异构体的有关判断
点评：该题是中等难度的试题，也是高考中的常见题型和重要的考点。试题基础性强，难易适中，注重灵活性。侧重对学生能力的培养和解题方法的指导与训练，有助于培养学生的逻辑推理能力和创新思维能力 提高学生的应试能力和学习效率。
13.下列实验中，能证明苯酚的酸性极弱的是 ( )
A. 苯酚的水溶液中加入氢氧化钠溶液，生成苯酚钠
B. 苯酚在空气中容易被氧化为粉红色
C. 苯酚钠溶液中通入二氧化碳后，溶液由澄清变浑浊
D. 浑浊的苯酚溶液加热变澄清
【答案】C
【解析】
【详解】A、苯酚的水溶液中加入NaOH溶液，生成苯酚钠，体现苯酚的酸性，无法说明苯酚酸性极弱，故A不符合题意；
B、苯酚在空气中容易被氧化为粉红色，说明苯酚具有还原性，故B不符合题意；
C、苯酚钠溶液中通入CO2后，产生苯酚，利用相对较强酸制相对较弱酸，碳酸为弱酸，即苯酚的酸性比碳酸弱，故C符合题意；
D、升高温度，增加苯酚溶解度，与苯酚的酸性无关，故D不符合题意。
14.丁香油酚的结构简式如图所示，从它的结构简式可推测它不可能有的化学性质是 （ ）

A. 既可燃烧，也可使酸性KMnO4溶液褪色
B. 可与NaHCO3溶液反应放出CO2气体
C. 可与FeCl3溶液发生显色反应
D. 既可与Br2发生加成反应又可发生取代反应
【答案】B
【解析】
【详解】A、丁香油酚中只含C、H、O三种元素，丁香油酚能燃烧，丁香油酚中含有酚羟基和碳碳双键，均可以被酸性高锰酸钾溶液氧化，故A不符合题意；
B、有机物中能与NaHCO3反应的官能团是－COOH，丁香油酚中不含羧基，酚羟基的酸性太弱，不与NaHCO3反应，故B符合题意；
C、丁香油酚中含有酚羟基，能与FeCl3发生显色反应，故C不符合题意；
D、丁香油酚中含有碳碳双键，能与Br2发生加成反应，由于酚羟基存在，使苯环上的邻位、对位上的氢原子变得活泼，容易与Br2发生取代反应，故D不符合题意。
15.仅用一种试剂即可将酒精、四氯化碳、苯酚溶液、己烯、甲苯等五种无色液体区分开来，这种试剂可以是 （ ）
A. FeCl3 溶液 B. KMnO4溶液 C. 溴水 D. 金属钠
【答案】C
【解析】
试题分析：溴水和酒精互溶，溴水和苯酚反应生成白色沉淀，溴水和己烯发生加成反应，溶液褪色，溴水与四氯化碳、甲苯都有萃取分层现象，但四氯化碳的橙红色层在下层，甲苯的橙红色层在上层，所以溴水可以鉴别，其余选项都不能，答案选C。
考点：考查物质的鉴别
【名师点睛】该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题。试题贴近高考，综合性强，有利于考查学生的逻辑思维能力。该题的关键是明确进行物质的检验时，要依据物质的特殊性质和特征反应，选择适当的试剂和方法，准确观察反应中的明显现象，如颜色的变化、沉淀的生成和溶解、气体的产生和气味、火焰的颜色等，进行判断、推理、验证即可。
16.现有三组混合液：①乙酸乙酯和乙酸钠溶液；②乙醇和丁醇；③NaBr和单质Br2的水溶液。分离以上各混合液的正确方法依次是( )
A. 分液、蒸馏、萃取 B. 萃取、蒸馏、分液
C. 分液、萃取、蒸馏 D. 蒸馏、萃取、分液
【答案】A
【解析】
试题分析：①乙酸乙酯和水不溶，所以乙酸乙酯和乙酸钠溶液也不溶，可用分液的方法分离；②乙醇和丁醇是互溶的两种液体，沸点相差较大，可以采用蒸馏的方法分离；③向溴化钠和单质溴的水溶液中加入萃取剂四氯化碳后，溴单质会溶解在四氯化碳中，四氯化碳和水互不相溶而分层，然后分液即可实现二者的分离；故选A。
【考点定位】考查物质的分离提纯
【名师点晴】本题主要考查物质的分离提纯，注意常用分离提纯方法的原理以及适用对象。萃取是利用溶质在不同溶剂中溶解度不同，用一种溶剂把溶质从它与另一溶剂所组成的溶液中提取出来；互溶且沸点不同的液体分离采用蒸馏的方法；分液是分离互不相溶的两种液体的方法。
17.下图是制备乙酸乙酯的绿色合成路线之一，则有关说法正确的是（ ）

A. 淀粉与纤维素互为同分异构体
B. M的分子式为C12H22O11
C. N结构简式为C2H4O2
D. ④的反应类型属于取代反应
【答案】D
【解析】
试题分析：制备乙酸乙酯的绿色合成路线：以淀粉或纤维素为原料，经水解生成葡萄糖，葡萄糖氧化生成乙醇，乙醇被氧化生成乙醛、乙酸，乙醇、乙酸二者酯化生成乙酸乙酯，
A．淀粉和纤维素的化学式均为(C6H10O5)n，n值不同，分子式不同，不是同分异构体，故A错误；B．淀粉或纤维素水解最终产物为葡萄糖，所以M为葡萄糖，分子式为C6H12O6，故B错误；C．纤维素水解得到葡萄糖M，葡萄糖氧化得到乙醇，乙醇氧化得到乙酸N，N的结构简式为CH3COOH，故C错误；D．④的反应是酸和醇反应CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，本质是酸脱羟基醇脱氢，反应类型属于酯化反应，也属于取代反应，故D正确；故选D。
考点：考查了有机物的结构与性质的相关知识。
18.下列各组有机物的水溶液，不能用新制氢氧化铜悬浊液鉴别的是（ ）
A. 葡萄糖和乙醛 B. 丙醛和丙酮
C. 乙醛和乙酸 D. 麦芽糖和蔗糖
【答案】A
【解析】
【分析】
能与新制氢氧化铜悬浊液发生反应的官能团是羧基和醛基，然后据此分析；
【详解】A、葡萄糖的结构简式为HOCH2（CHOH）4CHO，乙醛的结构简式为CH3CHO，两种有机物都含有醛基，都能在加热下与新制Cu(OH)2悬浊液发生反应，产生砖红色沉淀，不能用新制Cu(OH)2悬浊液鉴别葡萄糖和乙醛，故A符合题意；
B、丙醛含有醛基，丙酮不含有醛基，加热时，前者能与新制氢氧化铜悬浊液反应生成砖红色沉淀，后者不可以，故B不符合题意；
C、乙醛与新制Cu(OH)2悬浊液，在加热时，产生砖红色沉淀，乙酸与Cu(OH)2发生中和反应，得澄清的蓝色溶液，故C不符合题意；
D、麦芽糖为还原性糖，麦芽糖与新制Cu（OH）2悬浊液共热产生砖红色沉淀，蔗糖为非还原糖，因此可以用新制Cu(OH)2悬浊液进行鉴别，故D不符合题意。
19.现有甲基、羟基、羧基、苯基，两两组合形成6种化合物，其中水溶液呈酸性的有机物有多少种 （ ）
A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种
【答案】B
【解析】
【分析】
水溶液呈酸性的有机物含有的官能团可能是酚羟基，也可能是羧基；
【详解】水溶液呈酸性的有机物含有的官能团可能是酚羟基，也可能是羧基；有机物可能是CH3COOH、C6H5COOH、苯酚，共有三种，故选项B正确。
【点睛】学生易错选选项C，学生把羟基和羧基连接起来，即HOCOOH，忽略了该物质H2CO3，不属于有机物。

20.下列实验得出的结论正确的是（   ）

实验
结论
A
将乙烯通入溴的四氯化碳溶液，溶液最终变为无色透明
生成的1,2-二溴乙烷无色、可溶于四氯化碳
B
乙醇和水都可与金属钠反应产生可燃性气体
乙醇分子中的氢与水分子中的氢具有相同的活性
C
用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其清除
乙酸的酸性小于碳酸的酸性
D
甲烷与氯气在光照下反应后的混合气体能使湿润的石蕊试纸变红
生成的氯甲烷具有酸性
【答案】A
【解析】
【分析】
A.将乙烯通入溴的四氧化碳溶液，发生加成反应生成1,2-二溴乙烷；
B. 乙醇分子羟基中H的活性比水弱；
C.用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其清除，说明醋酸可与碳酸钙等反应；
D.使湿润的石蕊试纸变红的气体为HCl；
【详解】A.乙烯含有碳碳双键，可与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，生成1,2-二溴乙烷，溶液最终变为无色透明，说明生成物是无色的且可溶于四氯化碳，故A项正确；
B.乙醇的结构简式为CH3CH2OH，只有羟基可与钠反应，且羟基中H的活性比水弱，故B项错误；
C.用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其清除，说明醋酸可与碳酸钙等反应，从强酸制备弱酸的角度判断，乙酸的酸性大于碳酸，故C错误；
D.甲烷与氯气在光照条件下反应生成的气体有一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷和氯化氢，使湿润的石蕊试纸变红的气体为氯化氢，氯代甲烷为非电解质，不能电离，故D错误；
综上，本题选A。
第Ⅱ卷（非选择题 共60分）
二、填空题（本题共5个大题，共60分）
21.请同学们根据官能团的不同对下列有机物进行分类。
①CH3CH2OH② ③CH3CH2Br④ ⑤⑥ ⑦CH3CHO ⑧ ⑨ ⑩
（1）芳香烃：______________；
（2）卤代烃：_______________；
（3）醇：______________；
（4）酚：______________；
（5）醛：______________ ；
（6）酯：______________。
【答案】 (1). ⑨ (2). ③⑥ (3). ① (4). ⑤ (5). ⑦ (6). ④
【解析】
【分析】
按照所含官能团进行有机物分类；
【详解】（1）芳香烃含有苯环，且仅含有C、H两种元素，属于芳香烃的是⑨；
（2）卤代烃可以看作是烃分子中的H被卤素原子取代后生成的化合物，因此属于卤代烃的是③⑥；
（3）醇：羟基与烃基或苯环侧链上的碳原子相连的化合物，属于醇的是①；
（4）酚：羟基与苯环直接相连形成的化合物，属于酚的是⑤；
（5）醛：烃基和醛基相连形成的化合物，属于醛的是⑦；
（4）酯可以表示为RCOOR′，属于酯的有④。
22.(1)按系统命名法命名：
__________________.
(2)按要求写出有机物的结构简式：支链只有一个乙基且相对分子质量最小的烷烃________.
(3)羟基的电子式为________.
(4)与Br2发生1，4−加成反应的化学方程式为________.
(5)下列说法错误的为________(填选项字母)
a.实验室制取乙烯时，将温度计的水银球插入液面以下
b.将氯乙烷溶于滴有HNO3的AgNO3溶液中，可检验氯乙烷分子中含有的氯原子
c.溴乙烷和NaOH的醇溶液混合物加热，将产生的气体直接通入酸性KMnO4溶液来检验反应是否生成了乙烯
d.将铜丝绕成螺旋状，在酒精灯上加热变黑后，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，无水乙醇可被氧化为乙醛
(6)A和B的分子式均为C2H4Br2，A的核磁共振氢谱只有一个吸收峰，则A的结构简式为___，请预测B的核磁共振氢谱有___个吸收峰。
【答案】 (1). 3，3，5，5－四甲基庚烷 (2). (3). (4). +Br2→ (5). bc (6). BrCH2CH2Br (7). 2
【解析】
【详解】（1）根据烷烃命名原则，该有机物为3，3，5，5－四甲基庚烷；
（2）支链只有一个乙基，且相对分子质量最小的烷烃为3－乙基戊烷，即结构简式为；
（3）羟基的电子式为；
（4）发生1，4加成反应的方程式为+Br2→；
（5）a、实验室制备乙烯，其反应方程式为CH3CH2OHCH2=CH2↑＋H2O，温度计的水银球插入液面以下，故a说法正确；
b、氯乙烷中Cl为原子，检验氯乙烷需要将Cl原子转化成Cl－，即氯乙烷发生水解反应或消去反应，需要在NaOH水溶液或NaOH醇溶液中进行，然后加入硝酸酸化溶液，最后滴加AgNO3溶液，观察沉淀颜色，故b错误；
c、产生的气体中可能含有醇，醇也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，对实验产生干扰，故c说法错误；
d、在酒精灯上灼烧，发生2Cu＋O2 2CuO，然后CuO＋CH3CH2OH CH3CHO＋Cu＋H2O，故d说法正确；
（6）A的核磁共振氢谱只有一个吸收峰，说明只含一种氢，即A的结构简式为BrCH2CH2Br，则B的结构简式为CH3CHBr2，有2种不同的氢原子，即核磁共振氢谱有2种峰。
23.工业中很多重要的原料都是来源于石油化工，回答下列问题

（1）A的结构简式为__________________
（2）丙烯酸中含氧官能团的名称为__________________
（3）写出反应①的反应类型：_____________
（4）写出上述框图中某些过程的化学方程式：
过程②_________________________
过程④______________________
过程⑤_________________
（5）下列有关实验的说法中正确的是_______
A. 除去乙酸乙酯中的乙酸，可加入NaOH溶液，振荡后静置分液
B. 有机物C与丙烯酸属于同系物
C. 聚丙烯酸能够使酸性高锰酸钾溶液褪色
D. 除去硝基苯中混有的少量浓HNO3和H2SO4，可将其倒入到一定量的NaOH溶液中，振荡后静置分液
【答案】 (1). CH2=CH2 (2). 羧基 (3). 取代反应或硝化反应 (4). CH2=CH2＋H2O CH3CH2OH (5). nCH2=CHCOOH (6). CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOCH2CH3＋H2O (7). D
【解析】
【分析】
B与丙烯酸发生酯化反应，生成丙烯酸乙酯，即B为CH3CH2OH，A与H2O反应生成乙醇，即A为CH2=CH2，B和C反应生成乙酸乙酯，即C为CH3COOH，然后进行逐步分析；
【详解】B与丙烯酸发生酯化反应，生成丙烯酸乙酯，即B为CH3CH2OH，A与H2O反应生成乙醇，即A为CH2=CH2，B和C反应生成乙酸乙酯，即C为CH3COOH，
（1）根据上述分析，A的结构简式为CH2=CH2；
（2）丙烯酸的结构简式为CH2=CHCOOH，含有官能团是碳碳双键和羧基，其中含氧官能团是羧基；
（3）苯转化成硝基苯，发生取代反应或硝化反应；
（4）过程②是乙烯与H2O发生加成反应，其反应方程式为CH2=CH2＋H2O CH3CH2OH；过程④丙烯酸发生加聚反应，其反应方程式为nCH2=CHCOOH ；过程⑤发生的反应是CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOCH2CH3＋H2O；
（5）A、乙酸乙酯在NaOH溶液中能发生水解反应，因此除去乙酸乙酯中的乙酸不能用NaOH溶液，可以加入饱和碳酸钠溶液，振荡后静置分液，故A说法错误；
B、有机物C为CH3COOH，与丙烯酸含有的官能团不同，因此两者不互为同系物，故B说法错误；
C、根据过程④的反应方程式，聚丙烯酸中不含碳碳双键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C说法错误；
D、HNO3和H2SO4与NaOH发生中和反应，生成NaNO3和Na2SO4，硝基苯不是溶于水的液体，然后采用分液的方法进行分离，故D说法正确。
24.以苯酚为原料合成 的路线如图所示。请按要求作答

（1）写出苯酚制取A的有机物的有关反应方程式：______。
（2）写出以下物质的结构简式：B__________，F____________。
（3）写出反应④化学反应方程式：④________，反应类型：_____。
（4）反应⑤可以得到E，同时可能得到的副产物的结构简式为_______。
（5）写出反应⑦的反应条件：__________，_________。
【答案】 (1). (2). (3). (4). +2NaOH+2NaBr+2H2O (5). 消去反应 (6). 、 (7). NaOH水溶液 (8). 加热
【解析】
【分析】
苯酚与H2发生加成反应生成的A为，A在浓硫酸并加热条件下反应生成的B能使溴水褪色，B的结构简式为；B与Br2发生加成反应生成C，C的结构简式为，反应④的条件是氢氧化钠的乙醇溶液，则反应④为消去反应，D的结构简式为；由于最终产物是1，4－环己二醇，因此反应⑤是1，4－加成，E的结构简式为；E通过加成反应生成F，F的结构简式为；据此分析作答；
【详解】（1）苯酚与氢气发生加成反应，即反应①的方程式为；
（2）A在浓硫酸并加热条件下反应生成的B能使溴水褪色，B的结构简式为；B与Br2发生加成反应生成C，C的结构简式为，反应④的条件是氢氧化钠的乙醇溶液，则反应④为消去反应，D的结构简式为；由于最终产物是1，4－环己二醇，因此反应⑤是1，4－加成，E的结构简式为；E通过加成反应生成F，F的结构简式为；
（3）根据上述分析，反应④的化学方程式为+2NaOH +2NaBr+2H2O，其反应类型为消去反应；
（4）反应⑤还有可能发生1，2－加成或全部加成，即副产物的结构简式为、；
（5）F在NaOH的水溶液并加热条件下发生水解反应生成，即反应条件是NaOH水溶液、加热。
【点睛】本题考查有机物推断，注意根据最终产物官能团数目变化与苯环结构的变化，结合反应条件利用顺推法进行推断，需要学生掌握官能团的性质与转化。
25.某小组同学利用图1装置(夹持仪器已省略)制备溴苯，并探究该反应原理。
Ⅰ.制备溴苯
(1)装置中长导管a的作用是__________、导出气体。
(2)本实验所获得的溴苯为褐色，是因为_________.
Ⅱ.分离提纯
已知，溴苯与苯互溶，液溴、苯、溴苯的沸点依次为59℃、80℃、156℃。同学们设计了如图2流程：

(3)操作Ⅱ为________.
(4)流程②和④中，需要用到的玻璃仪器是烧杯、___；流程③的现象为____，流程④的作用是_____.
Ⅲ.探究原理
(5)反应结束后，某同学取少量锥形瓶中的液体于试管中，再滴入几滴AgNO3溶液，出现浅黄色浑浊，从而判断反应一定生成了HBr，你认为该同学的判断________(填“合理”、“不合理”)。
(6)为探究锥形瓶中溶液的离子，请完成如表探究实验方案(限选试剂：镁粉、四氯化碳、氯水、溴水、蒸馏水)
实验步骤
预期现象
结论
1.将锥形瓶中的液体转入分液漏斗，加足量①__，振荡后分液。分别取少量②_层溶液于试管A、B中
_______
______
2.向试管A中加入少量③___和四氯化碳，振荡后静置；
溶液分层，下层显④___色
锥形瓶中液体含大量Br−
3.向试管B中加入⑤___.
有汽泡生成
锥形瓶中液体含大量⑥___

根据上述结论推断，制备溴苯的反应属于___反应，其反应方程式为______。
【答案】 (1). 冷凝回流 (2). 溴苯中溶有溴而呈褐色 (3). 蒸馏 (4). 分液漏斗 (5). 溶液变红色 (6). 除去溴苯中混有的Br2 (7). 不合理 (8). 四氯化碳 (9). 上 (10). 氯水 (11). 橙红色 (12). 镁粉 (13). H＋ (14). 取代反应 (15).
【解析】
【详解】（1）根据图1，反应为放热反应，长导管让挥发出来溴单质、苯冷凝，提高原料的利用率，即长导管的作用是冷凝回流、导气；
（2）溴苯是无色液体，溴苯中溶有溴而呈褐色；
（3）反应混合物中含有苯、溴苯、溴、FeBr3以及Fe，由流程可知经操作I后得到固体残留物和液体，则操作I为过滤，固体残留物为Fe，液体中含有FeBr3等，水洗后进行分液分离，有机相含有苯、溴苯、溴，加入NaOH溶液除去Br2，再经过分液分离，水相中主要含有NaBr和NaBrO等，有机相中含有苯、溴苯，由于二者沸点不同，进行蒸馏分离，即操作II为蒸馏；
（4）流程②④得到水相和有机相，应为分液，除需要烧杯外，还需要分液漏斗；流程②分液后的水相溶液中含有Fe3＋，流程③滴加KSCN溶液，溶液变红色；流程④的作用是除去溴苯中混有的Br2；
（5）由于溴单质易挥发，锥形瓶中有挥发出来的Br2，Br2也能与AgNO3溶液产生浅黄色沉淀，干扰了HBr的检验，因此该同学判断不合理；
（6）为探究锥形瓶中溶液的离子，根据题给试剂，1.使混合液分层，需要加入有机溶剂，则①为四氯化碳，由于四氯化碳的密度大于水，则含有离子的溶液在上层，有机溶剂在下层，应该取上层溶液，即②为上；
2.根据结论“锥形瓶中含大量Br－”，则③为氧化剂，即氯水将Br－氧化成Br2，CCl4将Br2萃取到CCl4层，则下层④为橙红色；
3.根据实验现象“有气泡生成”，则气泡为H2，⑤应该是加入金属镁粉，证明了溶液中含有大量H＋，则锥形瓶中液体含大量⑥H＋；
通过实验可知，溶液中存在大量的H＋和Br－，从而证明苯与液溴在铁作催化剂下发生取代反应，生成溴苯和HBr，其反应方程式为。