河北省部分示范性高中2024届高三下学期一模数学试题及答案

这是一份河北省部分示范性高中2024届高三下学期一模数学试题及答案，共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。


一、单选题
1．已知､是全集的两个非空子集.若，则下列说法可能正确的是（ ）
A．B．
C．D．
2．已知，则下列结论一定正确的是（ ）
A．B．C．D．
3．若为虚数单位，则（ ）
A．iB．C．1D．
4．2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，激发了学生对航天的热爱.某校组织高中学生参加航天知识竞赛，现从中随机抽取100名学生成绩的频率分布直方图如图所示，设这组样本数据的75%分位数为x，众数为y，则（ ）

A．B．
C．D．
5．已知，则（ ）
A．B．C．D．
6．如图，已知圆柱的底面半径和母线长均为1，分别为上、下底面圆周上的点，若异面直线所成的角为，则（ ）
A．1B．C．1或2D．2或
7．已知椭圆：的离心率为，左顶点是A，左、右焦点分别是，，是在第一象限上的一点，直线与的另一个交点为．若，则直线的斜率为（ ）．
A．B．C．D．
8．已知实数，且，为自然对数的底数，则（ ）
A．B．C．D．
二、多选题
9．已知函数的定义域为，且为奇函数，为偶函数，则（ ）
A．4为的一个周期
B．
C．由可知，
D．函数的所有零点之和为0
10．已知函数在区间上单调，且满足，下列结论正确的有（ ）
A．
B．若，则函数的最小正周期为
C．关于方程在区间上最多有4个不相等的实数解
D．若函数在区间上恰有5个零点，则的取值范围为
11．在数列中，对于任意的都有，且，则下列结论正确的是（ ）
A．对于任意的，都有
B．对于任意的，数列不可能为常数列
C．若，则数列为递增数列
D．若，则当时，
三、填空题
12．已知向量，，点为坐标原点，在轴上找一个点，使得取最小值，则点的坐标是 .
13．等差数列的前项和为，，则= .
14．若一个两位正整数的个位数为4，则称为“好数”，若，且，为正整数，则称数对为“友好数对”，规定：，例如，称数对为“友好数对”，，则小于70的“好数”中，所有“友好数对”的的最大值为 ．
四、解答题
15．在△中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且．
(1)求A；
(2)线段上一点D满足，，求的长度．
16．如图，在三棱柱中，平面平面.
(1)若分别为的中点，证明：平面；
(2)当直线与平面所成角的正弦值为时，求平面与平面夹角的余弦值.
17．在平面直角坐标系中，双曲线的离心率为，实轴长为4.
(1)求C的方程；
(2)如图，点A为双曲线的下顶点，直线l过点且垂直于y轴（P位于原点与上顶点之间），过P的直线交C于G，H两点，直线AG，AH分别与l交于M，N两点，若O，A，N，M四点共圆，求点P的坐标.
18．某种抗病毒疫苗进行动物实验，将疫苗注射到甲乙两地一些小白鼠体内，小白鼠血样某项指标X值满足12.2≤X≤21.8时，小白鼠产生抗体．从注射过疫苗的小白鼠中用分层抽样的方法抽取了210只进行X值检测，其中甲地120只小白鼠的X值平均数和方差分别为14和6，乙地90只小白鼠的X值平均数和方差分别为21和17，这210只小白鼠的X值平均数与方差分别为，（与均取整数）．用这210只小白鼠为样本估计注射过疫苗小白鼠的总体，设．
(1)求，；
(2)小白鼠注射疫苗后是否产生抗体相互独立，已知注射过疫苗的N只小白鼠中有102只产生抗体，试估计N的可能值（以使得P（K=102）最大的N的值作为N的估计值）；
(3)对这些小白鼠进行第二次疫苗注射后，有99.1%的小白鼠产生了抗体，再对这些小白鼠血样的X值进行分组检测，若每组n（n≤50）只小白鼠混合血样的X值在特定区间内，就认为这n只小白鼠全部产生抗体，否则要对n只小白鼠逐个检测．已知单独检验一只小白鼠血样的检测费用为10元，n只小白鼠混合血样的检测费用为n+9元．试给出n的估计值，使平均每只小白鼠的检测费用最小，并求出这个最小值（精确到0.1元）．
附：若，则，．
参考数据：，，，．
19．已知函数
(1)若1是的极值点，求a的值；
(2)求的单调区间：
(3) 已知有两个解，
（i）直接写出a的取值范围；（无需过程）
（ii）λ为正实数，若对于符合题意的任意，当时都有，求λ的取值范围.
参考答案：
1．D
【分析】通过，得到之间的关系，再结合韦恩图即可得到答案.
【详解】由可得 ，如图，

由图①②，，，，A,B,C错误；
由图②，D正确.
故选：D.
2．D
【分析】由，得到，结合不等式的基本性质、作差比较、基本不等式和对数的运算法则，逐项判定，即可求解.
【详解】由，可得，则，
对于A中，由，所以，所以A不正确；
对于B中，由，且，则，所以B不正确；
对于C中，由，且，
当时，，此时；
当时，，此时；
当时，，此时，所以C不正确；
对于D中，由，因为，可得，
所以，可得，所以D正确.
故选：D.
3．B
【分析】易知，根据复数的四则运算代入计算即可得出结果.
【详解】由，得，
所以，
故选：B．
4．D
【分析】首先，再根据百分位数和众数的计算方法即可.
【详解】由题意得，解得，
因为，，则，
则样本数据的75%分位数位于，则，解得，
因为样本数据中位于成绩之间最多，则众数为，
故选：D.
5．B
【分析】由和差角公式可得，从而得解.
【详解】，
所以，
则.
故选：B
6．D
【分析】过点作平面于点，则是母线，则或，分类讨论即可求解.
【详解】如图，过点作平面于点，则是母线，
连接底面，，
则四边形是平行四边形，，
与所成的角就是或其补角．
当时，是等边三角形，，
在中，；
当时，在中，，
在中，．
综上，或.
故选：D．
7．A
【分析】利用相似关系可得，再利用直线方程和椭圆方程后可求直线的斜率.
【详解】
因为离心率为，故可设，故，
故椭圆方程为：，
而，，故，因，故.
故直线与轴不垂直也不重合，
故可设，，，则，
由可得，
因在椭圆内部，故恒成立，且，
故，因，故，
此时，，
故在第一象限，符合条件，的斜率为，
故选：A.
8．D
【分析】化简条件后根据形式构造函数，利用单调性判断不等式
【详解】因为，所以，
函数在上单调递增，且，因为
所以，所以，即，
又，所以，所以，即，综上，.
故选：D
9．ABD
【分析】由题意可得，，则，从而可判断函数的周期性，即可判断A；求出，再根据周期性即可判断B；根据函数的周期性即可判断C；判断处函数的奇偶性，即可判断D.
【详解】因为为奇函数，
所以，即，
因为为偶函数，
所以，所以，
即，
所以，
所以4为的一个周期，故A正确；
因为，所以，
所以，
又因，所以，
所以，故B正确；
因为，所以，
因为4为的一个周期，所以，
则，所以，故C错误；
因为，所以，，
又因为，所以，
所以函数为偶函数，
令，得，
令，定义域为关于原点对称，
因为，所以函数为偶函数，
所以函数得交点关于轴对称，
所以函数的所有零点之和为0，故D正确.
故选：ABD.
【点睛】方法点睛：函数的三个性质：单调性、奇偶性和周期性，在高考中一般不会单独命题，而是常将它们综合在一起考查，其中单调性与奇偶性结合、周期性与抽象函数相结合，并结合奇偶性求函数值，多以选择题、填空题的形式呈现，且主要有以下几种命题角度；
（1）函数的单调性与奇偶性相结合，注意函数的单调性及奇偶性的定义，以及奇、偶函数图象的对称性．
（2）周期性与奇偶性相结合，此类问题多考查求值问题，常利用奇偶性及周期性进行交换，将所求函数值的自变量转化到已知解析式的函数定义域内求解；
（3）周期性、奇偶性与单调性相结合，解决此类问题通常先利用周期性转化自变量所在的区间，然后利用奇偶性和单调性求解.
10．ABD
【分析】对A：利用对称性直接求得；
对B：根据对称中心与对称轴可得周期表达式，结合区间上单调求出函数的最小正周期，即可判断；
对C：先判断出周期，结合周期越大，的根的个数越少，解出在区间上最多有3个不相等的实数根，即可判断.
对D：由题意分析，建立关于的不等式组，求出的取值范围.
【详解】函数满足.
对A：因为，所以，故A正确；
对B：由于，所以函数的一条对称轴方程为.又为一个对称中心，
由正弦图像和性质可知，所以函数的最小正周期满足，即.
又区间上单调，故，即，故，故B正确；
对C：函数在区间上单调，且满足，
可得：，所以周期，
又周期越大，的根的个数越少.
当时，，又，，得.
所以在区间上有3个不相等的实数根：，或，
故至多3个不同的实数解，故C错误.
对D：函数在区间上恰有5个零点，所以，
所以，解得：，且满足，即，即，故.故D正确.
故选：ABD
11．ACD
【分析】A由递推式有上，结合恒成立，即可判断：B反证法：假设为常数列，根据递推式求判断是否符合，即可判断；C、D由上，讨论、研究数列单调性，即可判断.
【详解】A：由，对有，则，即任意都有，正确；
B：由，若为常数列且，则满足，错误；
C：由且，
当时，此时且，数列递增；
当时，此时，数列递减；
所以时数列为递增数列，正确；
D：由C分析知：时且数列递减，即时，正确.
故选：ACD
【点睛】关键点点睛：选项B应用反证法，假设为常数列求通项，判断是否与矛盾；对于C、D，将递推式变形为，讨论、时研究数列的单调性.
12．
【解析】设点的坐标是，求出，再利用配方法可得答案.
【详解】设点的坐标是，即，
因为向量，，
所以，
，
，
当时，有最小值，此时点的坐标是，
故答案为：.
【点睛】方法点睛：平面向量求最值有三种常见方法：1、几何法；2、三角函数有界法；3、二次函数配方法.
13．
【分析】利用等差数列性质得，再利用求和公式求解得答案.
【详解】由题意，所以，
故
故答案为：
14．
【分析】设，对每个可取的进行逐一分析，即可求得结果.
【详解】设，且为正整数，
根据题意，，即，
当时，，
则或，这两个方程组都没有正整数解，故没有满足题意的；
当时，，
满足条件的有或，解得或，
故或；
当，，没有满足条件的；
当，，
满足条件的有，解得，
故；
当，，没有满足条件的；
当，，
满足条件的有或，解得或，
故或.
所有“友好数对”的的最大值为.
故答案为：.
【点睛】关键点点睛：本题的关键是充分理解“友好数对”的新定义，再对进行合理地分类讨论即可.
15．(1)
(2)
【分析】（1）由正弦定理及两角和的正弦公式化简即可得解；
（2）根据角之间的关系及正弦定理求出，由同角三角函数间的基本关系求出即可得解.
【详解】（1）由结合正弦定理可得，
因为，所以，
所以，
即，
因为，所以，
因为，所以；
（2）如图，

由题设，令，
则，，，
在△中，
即，
所以，故，
所以，又，，
解得.
在等腰中，取中点，连接，则，
则.
16．(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）取的中点，连接交于点，连接，根据条件可得四边形是平行四边形，得出，再利用线面平行的判定定理，即可得出结果；
（2）建立空间直角坐标系，根据条件求出面的法向量及平面的法向量为，再利用面面角的向量法即可求出结果.
【详解】（1）如图，取的中点，连接交于点，连接，
因为是的中点，是的中点，
所以，所以四边形是平行四边形，所以，
又平面平面，所以平面.
（2）因为，平面平面，平面平面平面，
所以平面，
所以直线与平面所成的角为，则，
在中，不妨设，则，连接，
因为，所以.
又平面平面，所以平面平面，
且平面平面平面，故平面.
设的中点为，连接，
以为坐标原点，所在直线分别为轴､轴､轴建立空间直角坐标系，如图，
则，
则，，
设平面的法向量为，则，即，
不妨取，则有，
易知平面的一个法向量为.
设平面与平面的夹角为，
则，
所以平面与平面夹角的余弦值为.
17．(1)
(2)
【分析】（1）根据双曲线的离心率结合实轴长，可求得a,b,即得答案;
（2）根据O，A，N，M四点共圆结合几何性质可推出，设，，，从而可以用点的坐标表示出t,再设直线，联立双曲线与直线方程，利用根与系数的关系式，代入t的表达式中化简，可得答案.
【详解】（1）因为实轴长为4，即，，
又，所以，，
故C的方程为.
（2）由O，A，N，M四点共圆可知，，
又，即，
故，
即，所以,
设，，，
由题意可知，则直线，直线，
因为M在直线l上，所以，代入直线AG方程，可知，
故M坐标为，所以，
又，由，则，
整理可得，
当直线GH斜率不存在时，显然不符合题意，
故设直线，代入双曲线方程：中，
可得，所以，，
又
，
所以,
故，即，所以点P坐标为.
【点睛】本题考查了双曲线方程的求解，以及直线和双曲线的位置关系的问题，解答时要注意明确点线的位置关系，能设相关点的坐标，从而表示出参数的表达式，再结合联立直线和双曲线方程，利用根与系数的关系式化简，难点在于较为繁杂的计算，要十分细心.
18．(1)17，23
(2)N的估计值为149或150
(3)每只小白鼠平均检测费用的最小值约为2.8元，n的估计值为10
【分析】（1）根据平均数和方差的计算公式或者利用方差的性质即可求解，
（2）利用二项分布的概率计算公式，利用单调性即可求解，或者列不等式求解的范围即可求解，
（3）利用二项式定理求解近似值，结合基本不等式即可求解.
【详解】（1）法1：
记甲地小白鼠样本X值的平均数为，方差为；记乙地小白鼠样本X值的平均数为，方差为，则，，，，所以
．,
法2：记甲地小白鼠样本的X值为x1，x2，…，x120，平均数为，方差为；记乙地小白鼠样本的X值为y1，y2，…，y90，平均数为，方差为．
因为，，，．所以．
由，，可得
．
同理，于是
．
（2）法1：因为，所以．
从注射过疫苗的小白鼠取出N只，其中产生抗体的有K只，则K～B（N，0.68），
．
当N<102时，P（K=102）=0；当N≥102时，．
记，则．
由等价于N-101<0.32（N+1），当且仅当，知当103≤N≤148时，α（N）<α（N+1）；当N=149时，α（N）=α（N+1）；当N>149时，α（N）>α（N+1）；故N=149或N=150时，α（N）最大，所以N的估计值为149或150．
法2：因为，所以P（12.2≤X≤21.8）=P（μ-σ≤X≤μ-σ）≈0.68．
从注射过疫苗的小白鼠取出N只，其中产生抗体的有K只，则K～B（N，0.68），
．
当N<102时，P（K=102）=0；当N≥102时，．
若N=102，则．
若N≥103，则
化简得解得149≤N≤150．
综上，N的估计值为149或150．
（3）记n只小白鼠检测费用为Y元，当n只小白鼠全部产生抗体时，Y=n+9，当n只小白鼠不都产生抗体时，Y=11n+9，则
P（Y=n+9）=0.991n，P（Y=11n+9）=1-0.991n．
因此．
因为n≤50，所以．
故，当且仅当n=10时取等号．
于是每只小白鼠平均检测费用的最小值约为2.8元，n的估计值为10．
【点睛】求离散型随机变量的分布列及期望的一般步骤：
（1）根据题中条件确定随机变量的可能取值；
（2）求出随机变量所有可能取值对应的概率，即可得出分布列；
（3）根据期望的概念，结合分布列，即可得出期望
（在计算时，要注意随机变量是否服从特殊的分布，如超几何分布或二项分布等，
可结合其对应的概率计算公式及期望计算公式，简化计算）．
19．(1)；
(2)答案见解析；
(3)（i）；（ii）.
【分析】（1）求导后，利用极值点的定义可知，从而求得；
（2）分类讨论与，可得的单调情况；
（3）（i）构造，分类讨论与时的图像性质，由极大值得到，再分类讨论区间与上零点的情况可确定a的取值范围；
（ii）对进行转化得，令，则，构造函数证得，分类讨论与两种情况，从而确定.
【详解】（1）因为，所以，
因为1是的极值点，所以，故，故.
此时，则时，时，
所以上递增，上递减，则1是的极值点，满足题设.
综上，.
（2）由（1）知，
当时，，故在上单调递增；
当时，令得；令得；
所以在上单调递增，在上单调递减，
综上：当时，在上单调递增；
当时，在上单调递增，在上单调递减，
（3）（i）由得，即有两个解，
令，则，且在上两个零点，
当时，，故在上单调递增，则在上没有两个零点，不满足题意；
当时，令，得；令，得；
所以在上单调递增，在上单调递减，即的极大值为，
为使在上有两个零点，则，即，解得，
当时，易知，因为，故，
又在上单调递增，所以在有唯一零点；
当时，
令，则，
再令，则，故在上单调递增，
所以，即，故在上单调递增，
所以，因为，
所以，即，即，即，故，
所以，故，
又在上单调递减，所以在有唯一零点；
综上：当时，在上两个零点，即有两个解时，，即；
（ii）由（i）得，，，故，
又，所以，即，即，故，
令，则， 故，
设，则，
当时，，
故当时，恒成立，故在上为增函数，
故即在上恒成立.
当时，，而
当时，
故存在，使得，使得，
故在为减函数，故，矛盾，舍；
综上：，即.
【点睛】方法点睛：一是利用导数研究含参函数的单调性，常化为不等式恒成立问题．注意分类讨论与数形结合思想的应用；二是函数的零点、不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理．