浙江省浙东北联盟（ZDB）2023-2024学年高一上学期期中生物试题（Word版附解析）

这是一份浙江省浙东北联盟（ZDB）2023-2024学年高一上学期期中生物试题（Word版附解析），共20页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

总分100分考试时间90分钟
一、选择题（本大题共25小题，每小题2分，共50分。每小题列出的四个选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1. 下列各组化合物中，都属于多糖的是（ ）
A. 果糖与蔗糖B. 糖原与淀粉
C. 油脂与磷脂D. 纤维素与多肽
【答案】B
【解析】
【分析】糖类由C、H、O三种元素组成，分为单糖、二糖和多糖，是主要的能源物质。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖和脱氧核糖等。植物细胞中常见的二糖是蔗糖和麦芽糖，动物细胞中常见的二糖是乳糖。植物细胞中常见的多糖是纤维素和淀粉，动物细胞中常见的多糖是糖原。淀粉是植物细胞中的储能物质，糖原是动物细胞中的储能物质。构成多糖的基本单位是葡萄糖。
【详解】A、果糖是单糖，蔗糖是二糖，A错误；
B、 糖原与淀粉都是多糖，B正确；
C、油脂与磷脂都属于脂质，不是多糖，C错误；
D、纤维素是多糖，多肽不是多糖，D错误。
故选B
2. 无机盐是某些化合物的重要组成成分，具有维持生物体生命活动的重要作用。下列叙述错误的是（ ）
A. Na+是叶绿素的重要组成成分
B. I可作为原料参与甲状腺激素的合成
C. 人血液中Ca2+含量过低会发生抽搐
D. 某些无机盐能维持人体血浆酸碱平衡
【答案】A
【解析】
【分析】无机盐在生物体内含量不高，约占1%～1.5%，多数以离子形式存在，但它们对于维持生物体的生命活动有着重要作用，还是某些化合物的重要组成成分。
【详解】A 、Mg2+是叶绿素的重要组成成分，A错误；
B、I作为原料参与甲状腺激素的合成，缺碘会患大脖子病（地方性甲状腺肿），B正确；
C、人血液中Ca2+含量过低，肌肉细胞兴奋会发生抽搐，C正确；
D、H2PO4-、HCO3-都具有维持人血浆酸碱平衡的作用，D正确。
故选A。
3. 下列关于细胞内蛋白质的叙述，正确的是（ ）
A. 均只由C、H、O、N四种元素组成
B. 不同细胞内种类不同，是决定细胞遗传特性的根本原因
C. 正确的空间结构是表现其特有生物学活性所必需的
D. 可用本尼迪特试剂检测生物组织中是否含有蛋白质
【答案】C
【解析】
【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是：每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，氨基酸的不同在于R基的不同。由于组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列次序不同，肽链的空间结构千差万别，因此蛋白质分子的结构具有多样性。
【详解】A、蛋白质的组成元素主要有C、H、O、N，有的还含有S元素，A错误；
B、不同生物体中蛋白质不同的根本原因是遗传物质的多样性，同一生物体中不同细胞的蛋白质不同的根本原因基因的选择性表达，B错误；
C、蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋白质的结构多样，在细胞中承担的功能也多样，正确的空间结构是蛋白质表现其特有的生物学活性所必需的，如果在过酸、过碱、高温等条件下均可使蛋白质分子的结构发生改变、蛋白质的生物学活性即随之丧失，C正确；
D、本尼迪特试剂可以用来鉴定还原糖，蛋白质与双缩脲试剂生产紫色复合物，可以用双缩脲试剂鉴定蛋白质，D错误。
故选C。
4. 为检测生物组织中还原糖，研究小组制备了某种水果的两种提取液：①浅红色混浊的匀浆；②浅黄色澄清的匀浆。下列叙述正确的是（ ）
A. 番茄汁中含有丰富的葡萄糖和果糖，适合用作还原糖鉴定
B. 与提取液①相比，②更适合用于检测水果中的还原糖
C. 提取液①中可能含有淀粉、少量的麦芽糖和蔗糖等还原糖
D. 使用双缩脲试剂检测还原糖时，应先加入A液，摇匀后再加入B液
【答案】B
【解析】
【分析】检测生物组织中的还原糖，可用斐林试剂，斐林试剂与还原糖在热水浴条件下反应生成砖红色沉淀，检测还原糖通常选用苹果或梨等这些白色或近白色的材料。
【详解】A、番茄汁中含有丰富的葡萄糖和果糖，但西瓜汁本身的红色会干扰实验结果，不能作为还原糖鉴定的替代材料，A错误；
B、由于②较澄清，①为浅红色浑浊的匀浆，提取液①的颜色说明被氧化，会影响还原糖的颜色反应。所以与提取液①相比，②更适合用于检测苹果中的还原糖，B正确；
C、淀粉和蔗糖不是还原糖，C错误；
D、双缩服试剂是用来检测蛋白质的，不能检测还原糖，D错误。
故选B。
5. 下列结构中，大肠杆菌与酵母菌都具有的是（ ）
A. 细胞壁B. 核膜C. 线粒体D. 内质网
【答案】A
【解析】
【分析】真核生物和原核生物的主要差别是有无成形的细胞核或者有无核膜包被的细胞核。原核生物包括细菌、蓝藻、放线菌、支原体、衣原体等，原核生物仅有的细胞器为核糖体。原核生物的遗传物质存在于拟核区。真核生物包括动物、植物、微生物（真菌）等，植物和动物最大的区别是植物有细胞壁、叶绿体，高等植物没有中心体等。
【详解】A、大肠杆菌与酵母菌都有细胞壁，大肠杆菌的细胞壁是由肽聚糖构成的，酵母菌的细胞壁是由几丁质构成的，故A正确；
BCD、大肠杆菌原核生物，没有以核膜包被的细胞核，只有核糖体一种细胞器，没有线粒体和内质网，BCD错误；
故选A。
6. 真核细胞中4种结构的示意图如下。下列叙述错误的是（ ）
A. ①是光合作用合成有机物的场所
B. ②是细胞内合成分泌蛋白的场所
C. ③是含有染色质和核仁的结构
D. ④是细胞内膜面积最大的细胞器
【答案】B
【解析】
【分析】分析题图，①为叶绿体，②为高尔基体，③为细胞核，④为内质网（其上附着为核糖体）。
【详解】A、①是叶绿体，是光合作用合成有机物的场所，A正确；
B、②是高尔基体，细胞内合成分泌蛋白的场所是核糖体，高尔基体是加工修饰蛋白质的，B错误；
C、③是细胞核，内含由DNA和蛋白质组成的染色质，还有核仁，C正确；
D、④是内质网，是具有单层膜结构的细胞器，是细胞内膜面积最大的细胞器，D正确。
故选B。
7. 在一定条件下，细胞会将受损或功能退化的细胞结构等，通过溶酶体降解后再利用。下列关于溶酶体的叙述错误的是（ ）
A. 溶酶体主要分布在动物细胞中，是细胞的“消化车间”
B. 溶酶体内的酸性水解酶原来存在于高尔基体内
C. 溶酶体的双层膜结构使其自身不容易被水解酶分解
D. 植物液泡也富含水解酶，与动物细胞的溶酶体作用类似
【答案】C
【解析】
【分析】溶酶体含有多种水解酶；膜上有许多糖，防止本身的膜被水解。溶酶体作用：能分解衰老、损伤的细胞器，吞噬并杀死侵入细胞的病毒或病菌。
【详解】A、溶酶体主要分布在动物细胞中，含有多种水解酶，是细胞的“消化车间”，A正确；
B、溶酶体来源于高尔基体，由高尔基体分泌的小泡形成的，B正确；
C、溶酶体是单层膜结构的细胞器，膜上有许多糖，防止本身的膜被水解，C错误；
D、液泡主要存在于植物细胞中，内含细胞液，细胞液中含有水解酶、糖类、无机盐、色素、蛋白质等物质，与动物细胞的溶酶体作用类似，D正确。
故选C。
8. 下列关于内质网的叙述，错误的是（ ）
A. 均由生物膜构成
B. 可与细胞内所有膜结构直接相连
C. 表面可附着核糖体
D. 可与高尔基体通过囊泡产生联系
【答案】B
【解析】
【分析】内质网结构特点：是由膜连接而成的网状结构，单层膜，可分为光面内质网和粗面内质网（附着有核糖体）。
【详解】A、内质网是由膜连接而成的网状结构，均由生物膜构成，A正确；
BD、内质网与高尔基体的联系可通过囊泡的融合实现转移，它们之间存在间接联系，B错误，D正确；
C、内质网可分为光面内质网和粗面内质网（附着有核糖体），C正确。
故选B。
9. 某同学以黑藻为实验材料进行“观察叶绿体”活动。下列叙述正确的是（ ）
A. 培养时，应放在黑暗且温暖的条件下
B. 选材时，应选择新鲜枝上的幼嫩小叶
C. 制片时，进行徒手切片获得薄片
D. 观察时，能看到叶绿体内的基粒和基质
【答案】B
【解析】
【分析】观察叶绿体（1）制片：在洁净的载玻片中央滴一滴清水，用镊子取一片藓类的小叶或取菠菜叶稍带些叶肉的下表皮，放入水滴中，盖上盖玻片。（2）低倍镜观察：在低倍镜下找到叶片细胞，然后换用高倍镜。（3）高倍镜观察：调清晰物像，仔细观察叶片细胞内叶绿体的形态和分布情况。
【详解】A、实验前，将观察用的黑藻放在光照充足、温度适宜的条件下培养，保证叶绿体的正常活动，A错误；
B、选材时，应选择新鲜枝上的幼嫩小叶，其叶绿体较少，以便于观察到叶绿体的结构，B正确；
C、将小叶放在载玻片水滴中盖上盖玻片即可直接观察，不需要利用徒手切片技术获得薄片，C错误；
D、光学显微镜不能观察到叶绿体内的基粒和基质，D错误。
故选B。
10. 某些两栖类动物的皮肤颜色会随环境而发生变化。机理是这些动物皮肤色素细胞中有众多的黑素体，在细胞骨架的参与下，黑素体可在数秒钟内从细胞中心散到细胞表面，使皮肤颜色变深；又能快速回到细胞中心，使皮肤颜色变浅。上述现象体现的细胞骨架功能是（ ）
A. 细胞内物质运输功能
B. 维持细胞形态功能
C. 细胞间信息交流功能
D. 细胞变形运动功能
【答案】A
【解析】
【分析】真核细胞中有维持细胞形态，保持细胞内部结构有序的细胞骨架，细胞骨架是由蛋白质纤维组成的网架结构，细胞运动、分裂、分化以及物质运输、能量转换、信息传递等生命活动密切相关。
【详解】根据题干信息“在细胞骨架的参与下，黑素体可在数秒钟内从细胞中心散到细胞表面，使皮肤颜色变深；又能快速回到细胞中心，使皮肤颜色变浅”，说明细胞骨架在此过程中起到了参与胞内物质运输的功能，A正确，BCD错误。
故选A。
11. 实验是研究细胞结构的主要手段。下列叙述正确的是（ ）
A. 若要鉴定花生种子细胞中是否含有脂肪，一定需要用显微镜观察
B. 利用光学显微镜就可以观察到真核细胞中各种细胞器的形态和结构
C. 光学显微镜下观察紫色洋葱的表皮细胞能看到大液泡和叶绿体
D. 可利用哺乳动物成熟的红细胞为实验材料制备较纯净的细胞膜
【答案】D
【解析】
【分析】光学显微镜分辨率较低，电子显微镜分辨率较高，可以观察到细胞器的精细结构。
【详解】A、若要鉴定花生种子细胞中是否含有脂肪，可以向待测的组织样液中滴加3滴苏丹Ⅲ染液，观察样液被染色的情况，此方法没有用到显微镜观察，A错误；
B、利用电子显微镜才可以观察到真核细胞中各种细胞器的形态和结构，B错误；
C、紫色洋葱的表皮细胞中没有叶绿体，C错误；
D、哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核和众多的细胞器，也就没有细胞器膜和核膜，是制得纯净的细胞膜的理想材料，D正确。
故选D。
12. 如图是ATP的结构示意图，其中①、②、③表示化学键。下列叙述错误的是（ ）
A. ATP中磷酸基团之间都是通过高能磷酸键相互连接的
B. 化学键③中的能量可来源于光能也可转化为光能
C. 细胞内的吸能反应所需能量都是由③断裂后直接提供
D. 从元素组成来看，ATP与RNA的元素种类完全相同
【答案】C
【解析】
【分析】ATP的中文名称叫三磷酸腺苷，其结构简式为A-P～P～P，其中A代表腺苷，P代表磷酸基团，-代表普通磷酸键，～代表高能磷酸键。ATP为直接能源物质，在体内含量不高，可与ADP在体内迅速转化，ATP与ADP的相互转化的反应式为：ATP⇌ADP+Pi+能量，反应从左到右时能量代表释放的能量，用于各种生命活动。
【详解】A、②③是高能磷酸键，ATP中磷酸基团之间都是通过高能磷酸键相互连接的，A正确；
B、③是高能磷酸键，就绿色植物而言，形成③所需的能量可来自光合作用光反应阶段的光能。萤火虫发光的能量来自于ATP高能磷酸键断裂的能量，B正确；
C、一般情况下，细胞内的吸能反应所需能量是由③断裂后直接提供，但是②断裂产生的能量也可以用于细胞内的吸能反应，C错误；
D，从元素组成来看，ATP与RNA的元素都是C、H、O、N、P完全相同，D正确。
故选C。
13. 生物体内的化学反应一般都是在酶的催化作用下进行的，下列有关酶的说法正确的是（ ）
A. 酶能降低反应活化能，无机催化剂不能降低反应活化能
B. 过氧化氢酶只能在细胞内起作用，在体外不具有催化作用
C. 酶是由活细胞合成的，其活性均受温度和pH的影响
D. 真核细胞内的酶均按内质网→高尔基体→细胞膜的方向运输
【答案】C
【解析】
【分析】酶是活性产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，少数酶是RNA。酶促反应前后，酶分子结构稳定不变，但在反应中，酶分子结构会发生改变。酶促反应速率受温度、pH、底物浓度和酶浓度的影响。
【详解】A、酶能降低反应活化能，无机催化剂也能降低反应活化能，只是降低的幅度不大，A错误；
B、是要条件适宜，在细胞内外，过氧化氢酶都可催化H2O2分解的反应，B错误；
C、酶是由活细胞合成的的具有催化作用的有机物，酶大多数是蛋白质，少数是RNA，其活性均受温度和pH的影响，C正确；
D、大多数酶都在细胞内发挥作用，细胞内的酶不需要细胞膜的胞吐作用，D错误。
故选C。
阅读下列材料，完成下面小题。
乳糖酶可催化乳糖水解为葡萄糖和半乳糖。为研究某因素对酶促反应速率的影响，研究小组利用乳糖酶和乳糖进行实验，结果如下表。
14. 下列关于该实验的叙述，正确的是（ ）
A. 实验目的是验证乳糖酶具有专一性
B. 组③反应速率大于组②，是因为组③温度更适宜
C. 组⑤反应速率等于组⑥，是因为组⑥部分酶失活
D. 实验结果表明反应速率与乳糖酶浓度有关
15. 若要提高实验中组⑥的反应速率，下列方法中有效的是（ ）
A. 添加乳糖酶B. 延长反应时间
C. 添加乳糖D. 添加葡萄糖
【答案】14. D 15. C
【解析】
【分析】分析题表可知，实验中乳糖浓度不变，实验的自变量是乳糖酶浓度，因变量是反应速率；由表格数据可知，随着乳糖酶浓度升高，反应速率不断增加。
【14题详解】
A、分析题表可知，实验中乳糖浓度不变，实验的自变量是乳糖酶浓度，因变量是反应速率，本实验验证的是酶的浓度对反应速率的影响，A错误；
B、分析题表可知，组③反应速率大于组②，是由于③的乳糖酶浓度比②的乳糖酶浓度高，使组③反应的速率大于组②，B错误；
C、分析题表可知，组⑤反应速率等于组⑥，是由于组⑤的乳糖浓度与组⑥的乳糖浓度相同，乳糖浓度有限致使乳糖酶浓度增加反应速率不变，C错误；
D、分析题表可知，实验中乳糖浓度不变，实验的自变量是乳糖酶浓度，因变量是反应速率；由表格数据可知，随着乳糖酶浓度升高，反应速率不断增加，由此表明本实验是验证酶的浓度与反应速率有关，D正确。
故选D。
【15题详解】
分析题表可知，实验中乳糖浓度不变，实验的自变量是乳糖酶浓度，因变量是反应速率；由表格数据可知，一定范围内随着乳糖酶浓度升高，反应速率不断增加，由此表明本实验是验证酶的浓度与反应速率有关，但乳糖酶浓度增加一定浓度后反应速率不再增加，是因为乳糖浓度有限，所以想要提高实验中组⑥的反应速率，应增加组⑥乳糖的浓度，ABD错误，C正确。
故选C。
阅读下列材料，完成下面小题。
某小组进行“探究酶催化的专一性”活动，实验思路如下表所示。
16. 丙和丁可构成一组对照实验，其因变量是（ ）
A. 酶的种类B. 底物种类C. 反应温度D. 颜色变化
17. 下列关于该实验的分析，正确的是（ ）
A. 设置甲、乙两组是为了证明淀粉和蔗糖都不是还原糖
B. 沸水浴加热2min的作用是为了让酶促反应充分进行
C. 若选用碘液作为检测试剂，则也能检测蔗糖是否水解
D. 若用蔗糖酶替换唾液淀粉酶，则不能探究酶催化的专一性
【答案】16. D 17. A
【解析】
【分析】实验过程中的变化因素称为变量。其中人为控制的对实验对象进行处理的因素叫作自变量；因自变量改变而变化的变量叫作因变量，除自变量外，实验过程中还存在一些对实验结果造成影响的可变因素，叫作无关变量。除作为自变量的因素外，其余因素(无关变量)都保持一致，并将结果进行比较的实验叫作对照实验。对照实验一般要设置对照组和实验组，上述实验中的甲乙号试管就是对照组，丙和丁试管是实验组。
【16题详解】
ABCD、实验遵循单一变量原则，丙和丁可构成一组对照实验，其自变量是底物种类，因变量是颜色变化，而酶的种类和反应温度为无关变量，A、B、C错误，D正确。
故选D。
【17题详解】
A、设置甲、乙两组是为了证明淀粉和蔗糖都不能与斐林试剂发生反应，淀粉和蔗糖都不是还原糖，A正确；
B、还原糖与斐林试剂反应呈砖红色沉淀，沸水浴加热可以使反应受热均匀，加快显色，B错误；
C、碘遇淀粉变蓝，无论蔗糖是否水解，均不能与碘液发生颜色变化，因此用碘液无法检测蔗糖是否水解，C错误；
D、若用蔗糖酶替换唾液淀粉酶，则蔗糖水解为葡萄糖和果糖，斐林试剂鉴定呈砖红色沉淀，而淀粉不水解，无颜色变化，可以探究酶催化的专一性，D错误。
故选A。
18. 水和无机盐是细胞中重要的无机物。下列叙述错误的是（ ）
A. 水是极性分子，有利于溶解和运输营养物质及代谢产物
B. 细胞内的温度变化比较缓和与水分子间的氢键有关
C. 细胞中大多数无机盐以离子的形式存在
D. Fe3+是哺乳动物的血液中血红蛋白的必需成分
【答案】D
【解析】
【分析】1、细胞内的水的存在形式是自由水和结合水，结合水是细胞结构的重要组成成分；自由水是良好的溶剂，是许多化学反应的介质，自由水还参与许多化学反应，自由水对于营养物质和代谢废物的运输具有重要作用；自由水与结合水不是一成不变的，可以相互转化，自由水与结合水的比值越高，细胞代谢越旺盛，抗逆性越低，反之亦然。
2、细胞中无机盐的作用：①细胞中某些复杂化合物的重要组成成分，如亚铁离子是血红蛋白的主要成分、镁离子是叶绿素的必要成分；②维持细胞的生命活动，如钙离子可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐；③维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。
【详解】A、水分子是极性分子，能溶解具有极性的物质，因此水分子是细胞内良好的溶剂，能帮助溶解和运输营养物质及代谢产物，A正确；
B、氢键的存在，使水有较高的比热容，使细胞内的温度变化比较缓和，有利于维持生命系统的稳定，A正确；
C、细胞中无机盐含量很少且这些无机盐大多数以离子形式存在，少数以化合物的形式存在，C正确；
D、Fe2+是血红蛋白的必需成分，D错误。
故选D。
19. 下列结构中不属于生物膜系统的是（ ）
A. 细胞膜B. 核膜C. 中心体D. 叶绿体
【答案】C
【解析】
【分析】细胞膜、核膜以及各种细胞器膜在组成成分和结构上很相似，在结构和功能上紧密联系，共同构成了细胞的生物膜系统。
【详解】A、细胞膜、核膜以及各种细胞器膜都属性生物膜系统，A错误；
B、细胞膜、核膜以及各种细胞器膜都属性生物膜系统，B错误；
C、中心体是没有膜结构的细胞器，不属于生物膜系统，C正确；
D、叶绿体是具有双层膜结构的细胞器，属于生物膜系统，D错误。
故选C。
20. 下列关于细胞中物质或结构的叙述，正确的是（ ）
A. 蓝细菌中不存在既含蛋白质又含核酸的结构
B. 细胞膜与核膜所含的蛋白质种类几乎没有差异
C. 细胞中核糖体的形成一定与核仁有关
D. 脂质有组成生物膜、调节代谢和储存能量等功能
【答案】D
【解析】
【分析】生物膜的主要成分是脂质和蛋白质，还有少量糖类。脂质中磷脂最丰富，功能越复杂的细胞膜，蛋白质种类和数量越多。各种膜所含的蛋白质与脂质的比值同膜的功能有关，机能活动比较旺盛的膜，其蛋白质的种类和数量较多。
【详解】A、蓝细菌是原核生物，其细胞具有核糖体这种细胞器，核糖体是由RNA和蛋白质构成的，故蓝细菌中存在既含蛋白质又含核酸的结构，A错误；
B、细胞膜与核膜的功能有所不同，所含的蛋白质种类也不完全相同，B错误；
C、核糖体的形成不一定与核仁有关，原核生物没有核仁但又核糖体，原核生物核糖体的形成与核仁无关，C错误；
D、脂质可分为脂肪、磷脂和固醇三大类，其中，脂肪是细胞内良好的储能物质，磷脂是细胞膜的重要组成成分，固醇包括胆固醇、维生素D和性激素，它们在细胞的生理代谢中起到调节的作用，故脂质有组成生物膜、调节代谢和储存能量等功能，D正确。
故选D。
21. 下列有关细胞组成、结构及其功能的叙述，错误的是（ ）
A. 生物体幼嫩部位的细胞也有DNA、核糖体和呼吸酶
B. 核基质是细胞核内以脱氧核糖核酸为主的网络结构
C. 细胞质中的代谢反应最终受细胞核控制
D. 染色质和染色体的化学组成完全相同
【答案】B
【解析】
【分析】细胞核、线粒体和叶绿体均具有双层膜结构;染色体和染色质主要由DNA和蛋白质组成，是遗传物质的主要载体，在分裂间期是丝状的染色质，在分裂期，染色质高度螺旋化，缩短变粗成为光学显微镜下清晰可见的染色体;核仁与核糖体RNA的合成有关，当然与核糖体的形成有关;核孔实现核质之间频繁的物质交换和信息交流，是大分子物质如RNA和蛋白质等进出细胞核的通道，但DNA不会通过核孔出细胞核，因此核孔具有选择性。
【详解】A、生物幼嫩细胞都有DNA、核糖体和呼吸酶，A正确；
B、核基质是细胞核内以蛋白质为主的网络结构，为细胞核提供支架，B错误；
C、细胞核是遗传信息库，是细胞遗传和代谢的控制中心，细胞质中的代谢反应最终受细胞核控制，C正确；
D、染色质和染色体是相同物质在不同时期的不同表现形式，其化学组成完全相同，D正确。
故选B。
22. 如图表示人体内胃蛋白酶和胰蛋白酶的酶促反应速率受pH的影响。下列叙述错误的是（ ）

A. 两种酶空间结构存在一定的差异
B. 两种酶都有各自最适的pH
C. 两种酶都能催化蛋白质的水解
D. 两种酶在消化道的同一部位具有相同的活性
【答案】D
【解析】
【分析】看图分析可知：胃蛋白酶的最适PH值大约是2，胰蛋白酶的最适PH值大约是8，不同酶的最适pH值不同，酶的活性受pH值得影响，pH值过高或过低都会影响酶的活性。
【详解】A、胃蛋白酶和胰蛋白酶是不同的酶，其最适pH不同，则两种酶的空间结构存在一定的差异，A正确；
B、胃蛋白酶的最适pH为2，胰蛋白酶的最适pH为8，其最适pH不同，B正确；
C、蛋白酶都能催化蛋白质的水解，C正确；
D、消化道内属于弱碱性环境，则胃蛋白酶失去活性，胰蛋白酶有活性，D错误。
故选D。
23. 若要探究角质酶活性的最适温度，下列叙述正确的是（ ）
A. 正式实验前先进行预实验可减少实验误差
B. 应将酶与底物先混合再置于不同温度下保温
C. 一定范围内随着温度升高，角质酶的催化活性逐渐升高
D. 角质酶活性的最适温度也是长期保存该酶的最佳温度
【答案】C
【解析】
【分析】通过预实验，可摸索实验条件，减少人力物力的浪费。
在最适温度前，随温度的升高，酶活性增大，超过最适温度后，温度再升高，酶活性降低，直至完全失活。
【详解】A、预实验可以摸索实验条件，减少人力物力的浪费，不能减小实验误差，A错误；
B、由于酶具有高效性，应将酶与底物先置于不同温度下保温再混合，B错误；
C、一定范围内（小于等于最适温度）随着温度升高，酶活性升高，角质酶的催化活性逐渐升高，C正确；
D、酶应该在低温、最适pH条件下保存，D错误。
故选C。
24. 荧光素酶催化荧光素与氧气反应生成氧化荧光素继而发出荧光，该过程需ATP供能。基于以上原理发明的手持ATP测定仪可用于测定食品表面的细菌数。测定时，细菌被裂解，ATP释放到胞外作用于测定仪中的“荧光素酶-荧光素体系”并发出荧光，依据荧光强度得出细菌数。据此判定下列叙述错误的是（ ）
A. 荧光素与氧气发生反应的过程需ATP供能
B. 荧光强度与ATP消耗量正相关，但与细菌数负相关
C. 用该测定仪不能对细菌体内的糖类等能源物质进行测定
D. 细菌体内的ATP含量相对稳定，这是该测定方法的重要依据
【答案】B
【解析】
【分析】细胞内的化学反应可以分成吸能反应和放能反应两大类。前者需要吸收能量，后者是释放能量的。许多吸能反应与ATP水解的反应相联系，由ATP水解提供能量；许多放能反应与ATP的合成相联系，释放的能量储存在ATP中，用来为吸能反应直接供能。
【详解】A、根据题意，荧光素与氧发生反应的过程需ATP供能，所以需要吸收由ATP水解释放的能量，A正确；
B、根据题意，细菌被裂解后ATP就释放作用于仪器，随后发出荧光，可推测细菌数量越多，释放ATP就越多，荧光强度越大，故荧光强度与ATP消耗量和细菌数都荧光呈正相关，B错误；
C、ATP是细菌生命活动的直接能源物质，从题干信息可知，ATP可以释放到胞外才释放能量，可推测ATP也可在体外水解放能，因此用该测定仪不能对细菌体内的糖类等能源物质进行测定，C正确；
D、要从释放的ATP的量推测细菌的个数，前提是细菌体内的ATP含量基本恒定，这是该测定方法的重要依据，D正确。
故选B。
25. 细菌内某种物质在酶的作用下转变为另一种物质的过程如图所示，其中甲~戊代表生长必需的不同物质，①~⑤代表不同的酶。野生型细菌只要在培养基中添加甲就能生长，而突变型细菌必须在培养基中添加甲、乙、丁才能生长。下列叙述正确的是（ ）
A. 突变型细菌一定缺乏酶①和酶③
B. 酶④与乙结合后不会改变酶本身的形状
C. 酶②既能催化乙转变为丙，也能催化丙转变为丁
D. 若丙→戊的反应受阻，突变型细菌也一定能生长
【答案】A
【解析】
【分析】分析题意可知，野生型细菌体内含有①～⑤这五种酶，所以只要在培养基中添加甲就能合成生长需要的乙、丙、丁、戊这四种物质；而突变型细菌必须在培养基中添加甲、乙、丁才能生长，说明缺乏合成相应物质所必需的酶。
【详解】A、突变型细菌必须在培养基中添加甲、乙、丁才能生长，说明一定缺乏合成乙、丁所必需的酶，即酶①、③，可能缺乏酶④或酶⑤，A正确；
B、酶与底物结合后会改变酶的形状，反应完成后，酶分子又恢复原状，B错误；
C、酶具有专一性，酶②能催化乙转变为丙，酶③能催化丙转变为丁，C错误；
D、由A 可知突变型细菌一定缺乏酶①和酶③，可能缺乏酶④或酶⑤，如果突变型细菌缺乏酶④，则丙→戊的反应受阻，突变型细菌不能生长，D错误。
故选A。
二、非选择题（本大题共4小题，共50分）
26. 下图为生物体细胞内部分有机化合物的概念图，回答下列问题：
（1）糖类中的a在植物体内常见的有_______________，其中_______________是植物细胞内重要的储能物质。
（2）在动物体内含有的重要的储能物质b，除了作为能量储备外，还有_______________的功能（写出两点）。
（3）医生建议钙片搭配维生素D一起服用效果更好，请解释原因：_______________。
（4）数百至数千个氨基酸分子可在细胞中发生_______________反应组成c，每一种c都有其独特的空间结构，其空间结构遭到破坏后，遇双缩脲试剂_______________（填“能”、“不能”）显紫色。
（5）核酸是细胞中控制其生命活动的生物大分子，DNA与d在物质组成上的不同除了五碳糖种类外，还有_______________与_______________的差异。在合成蛋白质全过程中，所必需的核酸是_______________（填“DNA”、“RNA”、“DNA和RNA”）。
【答案】（1） ①. 纤维素、淀粉 ②. 淀粉
（2）保温、防震 （3）维生素D可促进人体对钙和磷的吸收
（4） ①. 脱水缩合 ②. 能
（5） ①. T##胸腺嘧啶 ②. U##尿嘧啶 ③. DNA和RNA
【解析】
【分析】题图是生物体细胞内部分有机化合物的概念图，由图可知：a是多糖，b包括脂肪、磷脂、固醇等，c是蛋白质，d是RNA。
【小问1详解】
糖类中a表示多糖。多糖在植物体内常见的有纤维素、淀粉，其中淀粉是植物细胞内重要的储能物质。
【小问2详解】
b包括脂肪、磷脂、固醇等，其中脂肪是细胞内良好的储能物质。脂肪还是一种很好的绝热体，动物体皮下的脂肪层起保温作用；分布在内脏周围的脂肪还具有缓冲和减压（防震）的功能，可以保护内脏器官。
【小问3详解】
维生素D可促进人体肠道对钙和磷的吸收，因此钙片搭配维生素D一起服用效果更好。
【小问4详解】
c是蛋白质。数百至数千个氨基酸分子可在细胞的核糖体上发生脱水缩合反应组成蛋白质。每一种蛋白质都有其独特的空间结构，其空间结构遭到破坏后，但肽键没有断裂，所以遇双缩脲试剂仍能显紫色。
【小问5详解】
d是RNA。DNA与RNA在物质组成上的不同除了五碳糖种类外，还有碱基的差异：DNA特有的碱基为T（胸腺嘧啶），RNA特有的碱基为（尿嘧啶）。核酸是细胞内携带遗传信息的物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的作用，而核酸包括DNA和RNA，因此在合成蛋白质的全过程中，所必需的核酸是DNA和RNA。
27. 下图为某细胞结构模式图。回答下列问题：
（1）主要根据图中细胞含有结构_______________（填图中序号），可判断该细胞属于真核细胞，且为_______________（填“植物”、“动物”）细胞，判断依据为_______________。结构②是由多种物质构成的，其中主要的两种物质分别是_______________。
（2）科学家在研究分泌蛋白的合成和分泌时，向豚鼠的胰腺腺泡细胞中注射3H标记的亮氨酸，3min时标记的物质出现在附着有结构X的内质网中；17min时出现在结构Y中；117min时出现在靠近细胞膜的囊泡和细胞外的分泌物中。该过程需结构W提供能量。结构X是合成分泌蛋白的场所。X是图中的_______________（填图中序号）。结构Y是高尔基体，是分泌蛋白_______________的场所。结构W是细胞内的“动力工厂”，其增大膜面积的方式为_______________。
（3）从细胞的结构与功能分析，分泌蛋白的合成与分泌过程说明了什么?____________。
【答案】（1） ①. ① ②. 动物 ③. 无细胞壁、有中心体 ④. 磷脂（脂质）、蛋白质
（2） ①. ⑤ ②. 加工、分类、包装、运输 ③. 内膜向内凹陷形成嵴
（3）细胞内各结构协调配合，共同执行生命活动
【解析】
【分析】1、科学家根据细胞中有、无核膜包被的细胞核把细胞分为原核细胞和真核细胞。2、分泌蛋白的合成与分泌过程：核糖体合成一小段肽链→内质网进行合成并进行粗加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体提供能量。
【小问1详解】
图中细胞含有细胞核，为真核细胞，且不含有细胞壁，有中心体，因此为动物细胞。细胞膜的主要成分是脂质和蛋白质，还有少量的糖类。
【小问2详解】
合成蛋白质的结构X是核糖体，即图中的⑤。高尔基体是对分泌蛋白进行加工、分类、包装以及运输的场所。细胞的“动力工厂”W是线粒体，即图中的⑥，其线粒体内膜向内折叠成嵴扩大了膜面积。
【小问3详解】
分泌蛋白首先在核糖体上合成，先后经过内质网、高尔基体的加工，最后通过细胞膜分泌到细胞外，在该过程中内质网的膜可以转化成高尔基体的膜，高尔基体的膜又可以转化成细胞膜，该过程说明细胞内各结构协调配合，共同执行生命活动。
28. ATP可以为生命活动供能与其分子结构特点有关。回答下列有关问题：
（1）ATP是细胞生命活动的___________（填“直接”、“间接”）供能物质。一个ATP分子由1个腺嘌呤、1个核糖和3个_______________组成，其中腺嘌呤是一种_______________，与核糖结合后形成_______________。若ATP水解时，连续断裂2个高能磷酸键，所得的产物名称是___________，该产物_______________（填“能”、“不能”）作为合成RNA的原料。
（2）ATP在细胞中易于水解也易于再生，原因是高能磷酸键_________（填“稳定”、“不稳定”）。其中ATP的再生为_______________（填“吸能”、“放能”）反应，而ATP水解释放的能量则用于_______________（填“吸能”、“放能”）反应。通常，细胞内ATP的含量能够维持在相对稳定的水平，其主要原因是_______________。
（3）ATP的合成和水解两个反应过程相反，但由于_________等不同，因而不是可逆反应。
【答案】28. ①. 直接 ②. 磷酸基团 ③. 含氮碱基 ④. 腺苷腺嘌呤 ⑤. 核糖核苷酸（腺苷一磷酸） ⑥. 能
29. ①. 不稳定 ②. 吸能 ③. 吸能 ④. ATP-ADP循环速度很快
30. 能量的来源和去路、所需酶的种类
【解析】
【分析】ATP分子的中文名称叫三磷酸腺苷，其结构简式为A﹣P～P～P，其中A代表腺苷，P代表磷酸基团，～代表高能磷酸键。ATP分子不稳定，水解时远离A的磷酸键容易断裂，并释放大量的能量，供给各项生命活动。
【小问1详解】
ATP是细胞生命活动的直接的供能物质，一个ATP分子由1个腺嘌呤、1个核糖和3个磷酸基团组成，其中腺嘌呤是一种含氮碱基，与核糖结合后形成腺苷腺嘌呤，若ATP水解时，连续断裂2个高能磷酸键，所得的产物名称是核糖核苷酸（腺苷一磷酸），该产物能作为合成RNA的原料。
【小问2详解】
ATP在细胞中易于水解也易于再生，原因是高能磷酸键是不稳定的，其中ATP的再生为吸能反应，而ATP水解释放的能量则用于放能反应。由于ATP和ADP循环速度很快，因此细胞内ATP的含量能够维持在相对稳定的水平。
【小问3详解】
ATP的合成和水解两个反应过程相反，但由于能量的来源和去路、所需酶的种类等不同，因此不是可逆反应。
29. 解读下面与酶有关的曲线，回答下列问题。
（1）酶的作用机理可以用甲图中________段来表示。如果将酶催化改为无机催化剂催化该反应，则b在纵轴上将________（填“上移”或“下移”）。
（2）乙图中160min时，生成物的量不再增加的原因是_______________。
（3）联系所学内容，分析丙图曲线：
①对于曲线abc，若x轴表示pH，则曲线上b点的生物学意义是_________________。
②对于曲线abd，若x轴表示反应物浓度，则y轴可表示________________。曲线bd不再增加的原因是__________________________。
（4）若该酶是胃蛋白酶，其作用的底物是________。若胃蛋白酶浓度和其他条件不变，反应液pH由10逐渐降低到2，则酶催化反应的速率将不变，原因是________________________。
【答案】（1） ①. ab ②. 上移
（2）底物已被完全消耗掉
（3） ①. 在最适pH条件下，酶的催化效率最高 ②. 酶促反应速率 ③. 酶浓度的限制
（4） ①. 蛋白质 ②. 胃蛋白酶的最适pH在2左右，pH为10时胃蛋白酶已经失活，即使再降低pH，酶活性也不会恢复
【解析】
【分析】分析题图：图甲是酶作用的机理，由题图可知，酶通过降低化学反应的活化能提高化学反应速率，与无机催化剂相比，由于酶降低活化能的效果更显著，因此酶具有高效性。图乙是生成物的量与反应时间的关系，在一定的反应时间内，生产物的量增加，到达100min时，生成物的量不再增加。
【小问1详解】
酶促反应的原理是降低化学反应的活化能，甲图中可以用ab段来表示酶降低的活化能，酶的催化效率比无机催化剂高，将酶换成无机催化剂以后，b在纵轴上将向上移动。
【小问2详解】
由于酶只能加快反应速率，不能改变生成物的量，乙图中160min时，生成物的量不再增加的原因是底物已经消耗完。
【小问3详解】
①对于曲线abc，x轴表示pH，y轴可以表示酶的催化效率，表示的是酶促反应与pH之间的关系；b点表示该酶的最适pH条件下的该酶的催化效率最高。
②对于曲线abd，若x轴表示反应物浓度，在酶浓度一定的条件下，一定范围内，酶促反应速率与反应物浓度成正相关，bd表示反应物浓度达到一定值时，受酶浓度限制，酶促反应速率不再增加。
【小问4详解】组别
①
②
③
④
⑤
⑥
乳糖浓度
10%
10%
10%
10%
10%
10%
乳糖酶浓度
0%
1%
2%
4%
16%
8%
反应速率（g半乳糖/min）
0
25
50
100
200
200
组别
甲
乙
丙
丁
1%淀粉溶液3mL
+
-
+
-
2%蔗糖溶液3mL
-
+
-
+
唾液淀粉酶溶液1mL
-
-
+
+
蒸馏水1mL
+
+
-
-
37℃水浴10min，分别加入检测试剂2mL，摇匀。沸水浴2min，观察并记录颜色变化。