2022-2023学年广东省广州市三校高一下学期期中联考数学试题含解析
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一、单选题
1.如图所示,在正方形中,为的中点,为的中点,则
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】利用向量的三角形法则和向量共线定理可得:,,,,,即可得出答案.
【详解】利用向量的三角形法则,可得,,
为的中点,为的中点,则,
又
.
故选D.
【点睛】本题考查了向量三角形法则、向量共线定理,考查了推理能力与计算能力.
向量的运算有两种方法:
一是几何运算,往往结合平面几何知识和三角函数知识解答,运算法则是:
(1)平行四边形法则(平行四边形的对角线分别是两向量的和与差);
(2)三角形法则(两箭头间向量是差,箭头与箭尾间向量是和);
二是坐标运算,建立坐标系转化为解析几何问题解答(求最值与范围问题,往往利用坐标运算比较简单).
2.已知m,n为两条不同的直线,为两个不同的平面,则下列命题正确的是( )
A.若,则 B.若,则
C.若,则 D.若,则
【答案】B
【分析】A:结合两直线的位置关系可判断或异面; B:结合线面平行的性质可判断; C:结合线面的位置关系可判断或相交; D:结合线面的位置关系可判断或.
【详解】A:若,则或异面,故A错误;
B:因为,所以在平面内存在不同于n的直线l,使得,则,从而,故,故B正确;
C:若,则或相交,故C错误;
D:若,则或,故D错误.
故选:B
3.已知梯形ABCD是直角梯形,按照斜二测画法画出它的直观图A′B′C′D′(如图2所示),其中A′D′=2,B′C′=4,A′B′=1,则直角梯形DC边的长度是
A. B. C. D.
【答案】B
【详解】由图形可知 .故选B.
4.中国南北朝时期数学家、天文学家祖冲之、祖暅父子总结了魏晋时期著名数学家刘徽的有关工作,提出“幂势既同,则积不容异”.“幂”是截面积,“势”是几何体的高.详细点说就是,界于两个平行平面之间的两个几何体,被任一平行于这两个平面的平面所截,如果两个截面的面积相等,则这两个几何体的体积相等.上述原理在中国被称为祖暅原理.一个上底面边长为1,下底面边长为2,高为的正六棱台与一个不规则几何体满足“幂势既同”,则该不规则几何体的体积为( )
A.16 B. C. D.21
【答案】D
【分析】由祖暅原理知不规则几何体的体积与正六棱台体积相等即可求解.
【详解】由祖暅原理,该不规则几何体体积与正六棱台体积相等,
故.
故选:D
5.P是所在平面上一点,满足,则的形状是( )
A.等腰直角三角形 B.直角三角形 C.等腰三角形 D.等边三角形
【答案】B
【分析】根据平面向量的线性运算、数量积与模长公式,可以得出,由此可判断出的形状.
【详解】由,可得,即,,
等式两边平方,化简得,,
因此,是直角三角形.
故选:B.
6.如图是正方体的平面展开图,则在这个正方体中,下列判断正确的是( )
A.平面平面 B.
C.平面 D.与相交
【答案】A
【解析】将正方体的平面展开图复原为几何图形,进而判断选项的正误即可.
【详解】解:将正方体的平面展开图复原为几何图形,
选项A,如图可知,且平面,平面,
,且平面,平面,所以平面平面,故正确.
选项B,如图,可知与为异面直线,不平行,故错误.
选项C,如图可知平面与会相交,并不平行,故错误.
选项D,如图可知与为异面直线,不相交,故错误.
故选:A.
【点睛】本题考查空间中直线与直线,直线与平面,平面与平面的关系,考查空间想象能力,属于基础题.
7.在正三角形ABC中,AB=2,,且AD与BE相交于点O,则=
A.- B.- C.- D.-
【答案】B
【分析】根据题意将 用基底向量表示出来,然后通过基底向量进行计算.
【详解】由题意画图如下
因为,所以D时BC的中点,
所以,
因为,
所以,
设,则,
因为B,O,E三点共线,所以存在实数 ,使得
所以可得 解得
所以
所以
故选B
【点睛】本题考查向量的运算,解题的关键是找到一组基底,将所求向量用基底表示,然后再进行数量积的运算.
8.记内角的对边分别为,点是的重心,若则的取值是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】利用平向向量的线性运算得到,再由直角三角形斜边中线是斜边的一半与三角形重心的性质求得,从而利用平面向量的数量积运算得到,结合余弦定理整理得,从而求得.
【详解】依题意,作出图形,
因为点是的重心,所以是的中点,故,
由已知得,
因为,所以,
又因为点是的重心,所以,则,
又因为,所以,则,
又由余弦定理得,所以,整理得,
因为,令,则,
所以,
则.
故选:D.
.
二、多选题
9.已知,则下列命题正确的有( )
A.若,则 B.的最大值为2
C.存在,使 D.的最大值为3
【答案】BCD
【分析】根据向量的数量积公式即可求解AB,当同向时,则有,将转化为三角函数的最值问题即可求解.
【详解】依题意,
对于A:,
即,
所以,故A错误;
对于B:由A知,
所以当时,
有最大值2,故B正确;
对于C:当时,,
,
所以,
,
所以,故C正确;
对于D:,
所以
,
当,
即时,
取得最大值9,所以的最大值为3,故D正确.
故选:BCD.
10.折扇在我国已有三四千年的历史,“扇”与“善”谐音,折扇也寓意“善良”“善行”.它以字画的形式集中体现了我国文化的方方面面,是运筹帷幄,决胜千里,大智大勇的象征(如图1).图2是一个圆台的侧面展开图(扇形的一部分),若扇形的两个圆弧所在圆的半径分别是1和3,且,则该圆台( )
A.高为 B.表面积为
C.体积为 D.上底面积、下底面积和侧面积之比为
【答案】BCD
【分析】求得圆台的上下底面半径,根据圆台的结构特征可求得圆台母线长和高,判断A;根据圆台的侧面积以及体积公式求得表面积和体积,判断B,C;进而求得上底面积、下底面积和侧面积之比,判断D.
【详解】对于A,设圆台的上底面半径为r,下底面半径为R,则,
解得,所以圆台的母线长为,高为,选项A错误;
对于B,圆台的上底面积为,下底面积为,侧面积为,
所以圆台的表面积为,选项B正确;
对于C,圆台的体积为 ,选项C正确;
对于D,圆台的上底面积、下底面积和侧面积之比为,选项D正确,
故选:BCD.
11.在中,a,b,c分别为的对边,下列叙述正确的是( )
A.若,则有两解
B.若,则为等腰三角形
C.若为锐角三角形,则
D.若,则为锐角三角形
【答案】AC
【分析】利用正弦定理可判定A,B的正误,根据锐角三角形的特点和余弦函数的单调性可得C的正误,用正弦定理和余弦定理可得D的正误.
【详解】若,则由正弦定理,
可得,所以或,
此时有两解,A正确;
若,则由正弦定理可得,所以,
即,所以有或,
即或,B不正确;
若为锐角三角形,则,,
因为在为减函数,所以,C正确;
若,则由正弦定理可得,
设,其中;
则为最大边,,
为钝角三角形,D不正确.
故选:AC.
12.如图,在棱长为1的正方体中,P是上的动点,则( )
A.直线与是异面直线
B.平面
C.的最小值是2
D.当P与重合时,三棱锥的外接球半径为
【答案】ABD
【分析】选项A,利用平面可说明直线与是异面直线;
选项B,先证明平面平面,再由平面,得平面;
选项C,通过作辅助线,将的最小值转化为求的值,在中,利用勾股定理求出的值;
选项D,认识到当P与重合时,三棱锥的外接球与正方体的外接球是同一个,利用正方体来求外接球半径.
【详解】A选项,因为直线与平面相交于点,直线在平面内,所以由线线位置关系知,直线与是异面直线,故选项A正确;
B选项,连接,,由正方体性质,易知,,,所以四边形为平行四边形,
有,又平面,平面,所以平面,
同理可证平面,
又,都在平面内,且相交于点,所以平面平面,
又平面,所以平面,故选项B正确;
C选项,延长到,使得,连接,
在上取点,使得,
则,有.
故.
过点作,交于点,
在中,因为,所以,又,
所以,,,,
所以的最小值为,故选项C错误;
D选项,当P与重合时,三棱锥的外接球即为正方体的外接球,
又正方体的棱长为1,故其外接球半径,故选项D正确.
故选:ABD.
三、填空题
13.已知是方向相同的单位向量,且向量在向量方向上的投影向量为,求与的夹角__________.
【答案】
【分析】根据向量在向量上的投影向量为,由求解.
【详解】因为向量在向量上的投影向量为,
所以,
即,
因为,
所以,
故答案为:.
14.已知圆柱上下底面圆周均在球面上,且圆柱底面直径和高相等,则该球与圆柱的体积之比为________.
【答案】/
【分析】设圆柱底面圆的半径,外接球的半径为,得到,结合圆柱和球的体积公式,即看求解.
【详解】如图所示,作出圆柱与外接球的组合体的轴截面,
设圆柱底面圆的半径,外接球的半径为,则,
所以,可得,
所以外接球的体积,
圆柱的体积为,
所以该球与圆柱的体积之比为.
故答案为:.
15.如图所示,为了测量A、B两岛屿的距离,小明在D处观测到A、B分别在D处的北偏西15°、北偏东45°方向,再往正东方向行驶10海里至C处,观测B在C处的正北方向,A在C处的北偏西60°方向,则A、B两岛屿的距离为__海里.
【答案】.
【分析】先利用正弦定理求解AD的长,再利用余弦定理求出AB.
【详解】由题意知∠ADB=60°,∠ACB=60°,∠ADC=105°,∠ACD=30°,CD=10,∠BDC=45°,
在三角形ACD中,,
∴AD=,
在直角三角形BCD中,BD=,
在三角形ABD中,AB=.
故答案为:.
16.如图,中,为中点,为圆心为、半径为1的圆的动直径,则的取值范围是__________.
【答案】
【分析】由向量的运算得出,再由的范围得出的取值范围.
【详解】
,且.
即
设与的夹角为,则.
因为,所以.
故答案为:
四、解答题
17.已知向量,满足,,.
(1)若,求实数的值;
(2)若设与的夹角为,求的大小.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)利用向量垂直数量积为,得出,从而确定向量,不共线,可作为一组基底,再根据共线定理得出实数的值;
(2)根据两向量的夹角公式的需要,首先求出两向量的数量积,再求出的模长,最后代入夹角公式即可.
【详解】(1)由可得:,
即,又由,得,,
代入解得:,所以,是不共线的向量.
由题可设:,因为,是不共线的向量,
所以且,解得.
(2)由于,
,
由与的夹角为:,
由于,所以.
18.如图,已知正三棱锥的侧面积是底面积的2倍,正三棱锥的高.
(1)求此正三棱锥的表面积;
(2)求此正三棱锥的体积.
【答案】(1)正三棱锥的表面积为;
(2)正三棱锥的体积为
【分析】(1)由条件列方程求底面边长、斜高,进而求三棱锥的表面积;(2)利用锥体体积公式求解.
【详解】(1)如图,设正三棱锥的底面边长为a,斜高为,侧面积、底面积分别为,
过点O作,与交于点E,连接,则.
由,即,可得.
由,则,
即.
.则.
,则.
∴表面积.
(2)正三棱锥的体积
19.已知,,分别为三个内角,,的对边,且.
(1)求;
(2)若的面积为,,求的周长.
【答案】(1)
(2)8
【分析】(1)由及正弦定理求解;
(2)由面积公式求得,由余弦定理及求得,从而得到的周长.
【详解】(1).由正弦定理可得:
,
所以,
所以,
,
为三角形内角,,解得,,
.
(2),,
由余弦定理得,,
即,解得,
的周长为.
20.如图,在四棱锥中,底面为平行四边形,E为棱的中点,平面与棱交于点F.
(1)求证:平面;
(2)求证:F为的中点;
【答案】(1)详见解析;
(2)详见解析;
【分析】(1)连接AC交BD于点G,连接GE,根据ABCD为平行四边形,得到G为AC的中点,再由E为PC的中点,得到,再利用线面平行的判定定理证明;
(2)先由,利用线面平行的判定定理得到 平面ABEF,再利用线面平行的性质定理得到求解.
【详解】(1)证明:如图所示:
连接AC交BD于点G,连接GE,
因为ABCD为平行四边形,
所以G为AC的中点,又E为PC的中点,
所以,又平面BDE,平面BDE,
所以平面;
(2)因为底面为平行四边形,
所以,
又 平面ABCD, 平面ABCD,
所以 平面ABEF,又平面平面,
所以,
又因为E 为PC的中点,
所以F为的中点.
21.如图,棱长为2的正方体中,P,Q分别是棱的中点.
(1)平面与直线交于R点,求的值;
(2)在线段上是否存在点M,使得面,若存在,请求出M点位置并证明;若不存在,请说明理由.
【答案】(1)
(2)存在,为线段上靠近点的四等分点
【分析】(1)根据题意,延长和交于,连接,交于,即可得到,从而得到结果;
(2)根据题意,取中点,中点,连接,即可得到四边形为平行四边形,从而得到结果.
【详解】(1)
延长和交于,连接,交于,
即平面与直线交于点,
因为为中点, ,所以为中点,
于是,
所以.
(2)
存在,当为线段上靠近点的四等分点时,面,
取中点,中点,连接,则,且,
所以,且,所以四边形为平行四边形,
所以,又因为平面,平面,
所以面.
22.在路边安装路灯,灯柱与地面垂直(满足),灯杆与灯柱所在平面与道路垂直,且,路灯采用锥形灯罩,射出的光线如图中阴影部分所示,已知,路宽.设灯柱高,.
(1)当时,求四边形的面积;
(2)求灯柱的高(用表示);
(3)若灯杆与灯柱所用材料相同,记此用料长度和为,求关于的函数表达式,并求出的最小值.
【答案】(1)
(2)
(3),最小值为
【分析】(1)由三角形角的关系结合正弦定理可得各边长,再由可得解;
(2)分别在与中由正弦定理化简即可得解;
(3)根据正弦定理分别表示各边长及,再根据三角函数求值域的方法可得最值.
【详解】(1)当时,,
所以,
又
所以是等边三角形,所以,
所以在中,,即,
所以;
(2),,,
在中,由正弦定理得,
所以
所以
在中,由正弦定理得,
所以,
所以,所以;
(3)在中,由正弦定理得,
所以,
所以
所以
,
因为,所以,
所以当,即时,取最小值,
故关于的函数表达式为,最小值为.
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