物理（广东深圳卷）2023年中考考前最后一卷（全解全析）

2023年中考考前最后一卷【广东深圳卷】

物理·全解全析

一、单项选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）

1．【答案】C

【详解】A．分子之间同时存在相互作用的引力和斥力，注射器中的液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A错误；

B．新疆棉花质地柔软、形状蓬松，是因为棉花内有空隙，不能说明分子间有间隙，故B错误；

C．长征系列运动火箭采用的燃料为液态氢，原因是液态氢具有较大的热值，比完全燃烧相同质量的其他燃料，放出的热量更多，故C正确；

D．氢燃料电池的应用将极大改变现在能源缺乏的现状，但使用时总存在能量损耗，能源利用效率不会达到100%，故D错误。

故选C。

2．【答案】D

【详解】AC．与毛皮摩擦过的塑料棒带负电，所以毛皮摩擦过的塑料小勺带负电，塑料小勺能吸引胡椒粉是因为带电体能够吸引轻小物体，故AC正确，不符合题意；

B．毛皮摩擦过的塑料小勺带负电，摩擦过程中塑料小勺得到电子，电子从毛皮到塑料小勺，则电流方向由塑料小勺流向毛皮，故B正确，不符合题意；

D．塑料小勺带电通过摩擦的方法使正负电荷分开，摩擦起带不能创造电荷，故D错误，符合题意。

故选D。

3．【答案】D

【详解】A．由图可知，3至6min，物质吸热但温度保持50℃不变，故该物质是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，但温度不变，内能变大，即该物质在第5min末的内能大于第4min末的内能，故A正确，不符合题意；

B．由于用同一个热源加热，在相同时间内，物质吸收的热量是相同的，从开始加热（A点）到开始熔化（B点）用时3分钟，晶体熔化的时间（BC段）用时也是3 min，所以，在AB段和BC段该物质吸收的热量相同，故B正确，不符合题意；

C．AB段为固态，CD段为液态，固态加热的时间为3min，液态加热的时间2min。用相同的热源加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，即AB段为吸热是CD段的1.5倍

Q固=1.5Q液 ①

AB段升高的温度为

CD段升高的温度为

根据，结合①，则有

该物质固态时的比热容为

故C正确，不符合题意；

D．CD段（加热2 min）吸收的热量为

Q液=cm(t﹣t0)=1.5×103J/(kg·℃)×0.1kg×40℃=6×103J

由图可知从开始加热到实验结束共用10min，故从开始加热到实验结束该物质吸收的热量

4g酒精完全燃烧放出的热量

Q放=m酒精q=0.004kg×3.0×107J/kg=1.2×105J

这种装置能量的转化效率

故D错误，符合题意。

故选D。

4．【答案】B

【详解】A．一束太阳光通过三棱镜被分解成七种色光的现象叫光的色散，会形成一条彩色光带，故A不符合题意；

B．眩目的强光是由玻璃墙镜面反射引起的，而对应的光路图是漫反射现象，故B符合题意；

C．树荫下的光斑是太阳经森林叶子间的缝隙形成的实像，即小孔成像，故C不符合题意；

D．海市蜃楼是一种因为光的折射和全反射而形成的自然现象，是地球上物体反射的光经大气折射而形成的虚像，故D不符合题意。

故选B。

5．【答案】C

【详解】A．以地面为参照物，小明相对于地面的位置发生改变，小明是运动的，故A错误；

B．小明在上升过程中，运动的方向发生改变，运动状态发生改变，受到非平衡力的作用，故B错误；

CD．小明在上升过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，机械能变大，机械能不守恒，故C正确，故D错误。

故选C。

6．【答案】B

【详解】A．机器人送饮料时，遇到障碍物突然停下，手里的饮料由于具有惯性会向前洒出，故A错误；

B．机器人端着餐盘水平匀速行走过程中，餐盘中的物体在重力和餐盘的支持力作用下保持平衡状态，在水平方向上不受摩擦力，故B正确；

C．机器人的“眼睛”相当于摄像机，能将物距在二倍焦距以外的场景录制成影像，故C错误；

D．机器人端着餐盘送餐时，餐盘受到机器人竖直向上的支持力的作用，餐盘在竖直方向上没有移动，故机器人对餐盘不做功，故D错误。

故选B。

7．【答案】C

【详解】A．拉杆箱的重力、重力的力臂不变，缩短拉杆的长度，则拉力的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故此方法不可行，故A不符合题意；

B．拉杆箱的重力、重力的力臂不变，使拉力方向顺时针改变30，此时拉力的力臂为0，不省力，不能使作用在A点的拉力减小，故此方法不可行，故B不符合题意；

C．拉杆箱的重力、重力的力臂不变，使拉力方向逆时针改变60，此时拉力的力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知拉力变小，故此方法可行，故C符合题意；

D．拉杆箱的重力不变，将箱内较重的物品远离O点摆放，重心也远离支点，重力的力臂变长，拉力方向不变，拉力的力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故此方法不可行，故D不符合题意。

故选C。

8．【答案】A

【详解】磁悬浮列车利用直线电机产生的电磁力牵引列车运行，和电动机的工作原理完全相同，所以磁悬浮列车获得动力的原理是通电导体在磁场中受到力的作用。

AD．扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，话筒的工作原理是电磁感应，故A符合题意，D不符合题意；

B．闭合开关，电磁铁会吸引小铁钉，这是电流的磁效应，故B不符合题意；

C．闭合开关，导线附近的小磁针的方向会发生偏转，这是电流的磁效应，故C不符合题意。

故选A。

9．【答案】C

【详解】A．开关控制灯泡时，开关接在火线上，所以受控电路中导线a端应连接照明电路的火线，故A正确，A不符合题意；

B．由题知，照明灯在天暗时发光，说明此时照明电路闭合，即衔铁上动触点与静触点接触，由图可知此时衔铁应被释放，则电磁铁的磁性减弱，说明控制电路中的电流变小，根据

可知控制电路中的电阻变大，即此时光敏电阻的阻值变大，反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以，该光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，故B正确，B不符合题意；

C．如果提高控制电路的电压，由欧姆定律可知，控制电路中的电流增大，在白天时，控制电路的电流很大，衔铁会被吸下，照明灯L不发光，且到晚上时，由于控制电路的电压高、电流大，也可能导致衔铁被吸下，照明C灯L也可能不发光，故C错误，C符合题意；

D．控制电路长时间使用后电压下降，衔铁被吸下时的电流不变，根据

可知，电压变小，则在吸下衔铁时，R2的阻值变小，即光照强度变大，灯自动熄灭时间变晚，故D正确，D不符合题意。

故选C。

10．【答案】D

【详解】AB．由图像可知，当h=0时，弹簧测力计示数F=12N，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知

G=F=12N

从h=3cm开始，弹簧测力计的示数变小，根据

F浮=G﹣F'

可知圆柱体受到的浮力逐渐变大，7cm开始，弹簧测力计示数F'不变，说明此时圆柱体已经浸没在水中，此时圆柱体受到的浮力达到最大，则圆柱体浸没在水中时，受到的最大浮力

F浮=G﹣F'=12N﹣4N=8N

故AB正确，不符合题意；

CD．因物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等，由F浮=ρ液gV排得圆柱体的体积

由G=mg可得圆柱体的质量

则圆柱体的密度

故C正确，不符合题意；D错误，符合题意。

故选D。

第Ⅱ卷（非选择题）

二、作图题（本大题共2小题，每题2分，共4分）

11．【答案】

【详解】根据凸透镜三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线过对侧的焦点，过光心的光线传播方向不变，此时正向延长无交点不能成实像，成虚像，折射光线反向延长交点位置即发光点S的像点，如下图：

12．【答案】

【详解】从人的重心作竖直向下的重力G和沿绳子斜向上的拉力F，如图所示：

三、填空题（本大题共4小题，每空1分，共22分）

13．【答案】     2.70     347.9     60.1     1200

【详解】（1）[1]由图可知刻度尺的分度值是0.1cm，即1mm，测量是从1.00cm开始测起的，末端刻度值为3.70cm，物体的长度为

3.70cm﹣1.00cm=2.70cm

[2]由图可知，秒表外圈示数的单位是s，在1s之间平均分成10等份，所以一份是0.1s，也就是秒表的分度值是0.1s，秒表的小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，偏过中线，示数是5min，大盘指针的读数为47.9s，秒表的读数为

5min47.9s=347.9s

（2）[3]由图可知，6月份他家消耗的电能

W=318.5kW·h﹣258.4kW·h =60.1kW·h

[4]转盘转300转时，该用电器消耗的电能

该用电器的功率

14．【答案】   1.2     右     1.8

【详解】由图可知，弹簧测力计的分度值是0.2N，弹簧测力计的示数是1.2N，小木块相对于地面处于静止状态，受到的测力计的拉力（水平向左）与木板施加的摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，则小木块所受滑动摩擦力大小为1.2N，方向水平向右。

以长木板为研究对象，根据力的作用相互性，小木块对长木板的摩擦力大小为1.2N，方向水平向左，长木板受到地面的摩擦力方向水平向左，由力的平衡，长木板受到地面的摩擦力大小为

3N﹣1.2N=1.8N

15．【答案】     9.00     校零     0.3     0.3     60%     无关     120

【详解】（1）[1] 刻度尺上之间有个小格，所以一个小格代表的长度是，即此刻度尺的分度值为，使刻度尺“”刻度线与水平地面对齐，点所处高度为。

（2）[2] 弹簧测力计使用前指针要指向零刻度线，如果没指向零刻度线，需要校零。

[3] 由图可知，弹簧测力计的分度值是，弹簧测力计的示数为。

[4] 将小车从A点拉到点的过程中，拉力做的功为

[5] 利用斜面将小车从水平地面提升到点时所做的有用功为

机械效率为

（3）[6] 从图像读出当小车的总重增大到时，拉小车从A点到B点所做的功，竖直向上将小车从水平地面提升到点所做的功，利用斜面将小车从水平地面提升到点时的机械效率为

所以由图像可知：用该通道斜面提升物体时的机械效率与物重无关。

[7] 这位父亲和所坐的轮椅总重力为

中年人用沿着通道斜面方向的力推轮椅匀速上坡时，从A点到B点所做的有用功为

由得，中年人用沿着通道斜面方向的力推轮椅匀速上坡时，从A点到B点所做的总功为

由得，力的大小为

16．【答案】     R2          灯泡断路     2.2     A     0.5         

【详解】（1）[1]小灯泡的额定电压为2.5V，其正常发光时电阻约10Ω，由欧姆定律可知，灯的额定电流约为

由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发时变阻器连入的电阻

由于额定电流为0.25A，滑动变阻器的最小电阻为14Ω，故选滑动变阻器是R2。

[2]滑动变阻器按“一上一下”的方式串联接入电路，滑片向右移动，灯泡变暗，表明电路中的电流减小，电路的总电阻变大，滑动变阻器电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：

（2）[3]闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路出现了断路现象，电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的，出现故障的原因可能是灯泡断路。

（3）[4][5][6]P到图甲中某一位置时，电压表示数（如图乙所示），电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.2V，因2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，直到电压表示数为额定电压；根据图丙信息，灯在额定电压下的电流为0.2A，可计算出小灯泡的额定功率是

P＝ULIL＝2.5V×0.2A＝0.5W

（4）[7][8]由题意可知，S掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使电流表的示数，电流表测定值电阻R的电流，由欧姆定律，定值电阻的电压为

根据并联电路电压的规律，灯的电压为U0，灯正常发光；在②中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流

本实验中，小灯泡额定功率的表达式

四、计算题（本大题共2小题，第17题7分，第18题9分，共16分）

17．【答案】（1）1600J，20W；（2）75%

【详解】解：（1）许晋旗拉动绳子的拉力F=100N，绳子自由端移动的距离s=16m，许晋旗拉动绳子做的总功

W总=Fs=100N×16m=1600J

做功时间t=80s，做功功率

（2）飞机的重力

G=mg=6×103kg×10N/kg=6×104N

飞机匀速运动时摩擦阻力

f=0.02G=0.02×6×104N=1200N

拉力做的有用功

W有用=fs飞机=1200N×1m=1200J

滑轮组的机械效率

答：（1）许晋旗拉动绳子所做的功、做功的功率分别为1600J、20W；

（2）滑轮组的机械效率为75%。

18．【答案】（1）40Ω；（2）440W；（3）146imp

【详解】（1）由图乙知，两个开关都闭合时，电路中只有加热管工作，电路中的电阻最小，电路中的电流最大，据P=I2R知，加热管的电功率较大，处于加热状态；只闭合开关S，两个电阻串联在电路中，电路中的总电阻较大，电路中的电流较小，据P=I2R知，加热管的电功率较小，处于保温状态。R1的阻值

（2）保温状态时，电路中的电流

此时电路的总功率

P总=UI保温=220V×2A=440W

（3）实际电压为220V，电热中药壶加热状态工作6min，消耗的电能

电能表指示灯闪烁的次数

答：（1）R1的阻值为40Ω；

（2）正常工作时，保温状态电路的总功率为440W；

（3）该过程中电能表指示灯闪烁的次数n为146imp。

五、综合题（本大题共1小题，每空1分，共8分）

19．【答案】     运动     静止     相对     不变     电磁波     信息     长     A   

【详解】（1）[1][2][3]火箭加速升空的过程中，相对于地球，天问一号的位置发生了改变，所以以地球为参照物，天问一号是运动的。火箭加速升空的过程中，相对于长征五号，天问一号的位置没有改变，所以以长征五号为参照物，天问一号是静止的；同一物体选不同的物体作参照物，运动情况不同，说明运动和静止是相对的。

（2）[4]惯性的大小只与质量有关，质量越大，惯性越大，天问一号探测器从地球运动到火星的过程中，质量不变，所以惯性不变。

（3）[5][6]电磁波能在真空中传播，天问一号登陆火星后，利用电磁波把信息传递回地球。

（4）[7]物体在火星表面受到的重力约为在地球表面重力的二分之一，同一物体分别在地球和火星表面以相同的初速度在相同的水平面上滑行，对火星的压力较小，在火星上受到的摩擦力较小，速度减小的慢，因此在火星上滑行的距离会比地球上长。

（5）[8] A．同样大小的新型镁锂合金重量仅是铝合金的一半，由此可知，该材料密度很小，故A错误，符合题意；

B．由文中信息可知，该合金具有抗电磁干扰性能，故该材料对电磁波有屏蔽作用，故B正确，不符合题意；

C．由文中信息可知，该合金具有消噪的特点，可有效的降低卫星发射时的噪音，故C正确，不符合题意；

D．由文中信息可知，该合金是世界上目前最轻的金属结构材料，能大幅减轻卫星重量，显著提高有效载荷，故D正确，不符合题意。

故选A。