人教A版高考数学一轮总复习第8章第5节椭圆课时学案

这是一份人教A版高考数学一轮总复习第8章第5节椭圆课时学案，共17页。学案主要包含了教材概念·结论·性质重现，基本技能·思想·活动体验等内容，欢迎下载使用。

第五节　椭圆

一、教材概念·结论·性质重现
1．椭圆的定义
平面内与两个定点F1，F2的距离的和等于常数(大于|F1F2|)的点的轨迹叫做椭圆．这两个定点叫做椭圆的焦点，两焦点间的距离叫做椭圆的焦距，焦距的一半称为半焦距．

集合P＝{M||MF1|＋|MF2|＝2a}，|F1F2|＝2c，其中a>0，c>0，且a，c为常数．
(1)若a>c，则集合P为椭圆．
(2)若a＝c，则集合P为线段．
(3)若a 2．椭圆的标准方程和几何性质
标准方程
＋＝1(a>b>0)
＋＝1(a>b>0)
图形


性质
范围
－a≤x≤a
－b≤y≤b
－b≤x≤b
－a≤y≤a
对称性
对称轴：坐标轴，对称中心：原点
顶点
A1(－a,0)，A2(a,0)，
B1(0，－b)，B2(0，b)
A1(0，－a)，A2(0，a)，
B1(－b,0)，B2(b,0)
轴
长轴A1A2的长为2a；短轴B1B2的长为2b
焦距
|F1F2|＝2c
离心率
e＝∈(0,1)
a，b，c的关系
c2＝a2－b2


(1)椭圆焦点位置与x2，y2系数间的关系：
给出椭圆方程＋＝1时，椭圆的焦点在x轴上⇔m>n>0，椭圆的焦点在y轴上⇔0 (2)求椭圆离心率e时，只要求出a，b，c的一个方程，再结合b2＝a2－c2就可求得e(0 3．直线与椭圆的位置关系
直线与椭圆的位置关系有三种：相离、相切、相交．
二、基本技能·思想·活动体验
1．判断下列说法的正误，对的打“√”，错的打“×”．
(1)平面内与两个定点F1，F2的距离之和等于常数的点的轨迹是椭圆． (×)
(2)椭圆上一点P与两焦点F1，F2构成△PF1F2的周长为2a＋2c(其中a为椭圆的长半轴长，c为椭圆的半焦距)． (√)
(3)椭圆的离心率e越小，椭圆就越圆． (√)
(4)＋＝1(a≠b)表示焦点在x轴上的椭圆． (×)
(5)＋＝1(a>b>0)与＋＝1(a>b>0)的焦点坐标相同． (×)
2．椭圆＋＝1的焦点坐标为(　　)
A．(±3,0) B．(0，±3)
C．(±9,0) D．(0，±9)
B　解析：根据椭圆方程可得焦点在y轴上，且c2＝a2－b2＝25－16＝9，所以c＝3，故焦点坐标为(0，±3)．
3．已知椭圆C：＋＝1的一个焦点为(2,0)，则C的离心率为(　　)
A． B． C． D．
C　解析：不妨设a>0.因为椭圆C的一个焦点为(2,0)，所以焦点在x轴上，且c＝2，所以a2＝4＋4＝8，所以a＝2，所以椭圆C的离心率e＝＝.
4．若F1(3,0)，F2(－3,0)，点P到F1，F2的距离之和为10，则点P的轨迹方程是______________．
＋＝1　解析：因为|PF1|＋|PF2|＝10>|F1F2|＝6，所以点P的轨迹是以F1，F2为焦点的椭圆，其中a＝5，c＝3，b＝＝4，故点P的轨迹方程为＋＝1.
5．已知点P是椭圆＋＝1上y轴右侧的一点，且以点P及焦点F1，F2为顶点的三角形的面积等于1，则点P的坐标为________．
或　解析：设P(x，y)，由题意知c2＝a2－b2＝5－4＝1，
所以c＝1，则F1(－1,0)，F2(1,0)．由题意可得点P到x轴的距离为1，所以y＝±1，
把y＝±1代入＋＝1，得x＝±.
又x＞0，所以x＝，
所以点P坐标为或.


考点1　椭圆的定义及应用——基础性

(1)(2020·广东东莞4月模拟)已知F1，F2分别为椭圆C：＋＝1(a＞b＞0)的左、右焦点，过F1且垂直于x轴的直线l交椭圆C于A，B两点．若△AF2B是边长为4的等边三角形，则椭圆C的方程为(　　)
A．＋＝1 B．＋＝1
C．＋＝1 D．＋＝1
B　解析：如图所示，因为△ABF2是边长为4的等边三角形，
所以|AF2|＝4，|AF1|＝|AB|＝2，所以2a＝|AF1|＋|AF2|＝6，所以a＝3.
又因为|F1F2|＝2c＝＝2，所以c＝，则b2＝a2－c2＝6，故椭圆C的方程为＋＝1.故选B．

(2)(2020·怀宁县第二中学高三月考)已知两圆C1：(x－4)2＋y2＝169，C2：(x＋4)2＋y2＝9.动圆M在圆C1内部且和圆C1相内切，和圆C2相外切，则动圆圆心M的轨迹方程是(　　)
A．－＝1 B．＋＝1
C．－＝1 D．＋＝1
D　解析：设动圆的圆心M(x，y)，半径为r.因为圆M与圆C1：(x－4)2＋y2＝169内切，与C2：(x＋4)2＋y2＝9外切，所以|MC1|＝13－r，|MC2|＝3＋r.
|MC1|＋|MC2|＝16>|C1C2|＝8，由椭圆的定义，点M的轨迹是以C1，C2为焦点，长轴为16的椭圆，则a＝8，c＝4，所以b2＝82－42＝48，
所以动圆的圆心M的轨迹方程为＋＝1.
(3)(2020·深圳高三二模)已知A，F分别是椭圆C：＋＝1(a>b>0)的下顶点和左焦点，过A且倾斜角为60°的直线l分别交x轴和椭圆C于M，N两点，且点N的纵坐标为b.若△FMN的周长为6，则△FAN的面积为________．
　解析：如图所示，

由题意得，A(0，－b)，F(－c,0)，直线MN的方程为y＝x－b.
把y＝b代入椭圆方程，解得x＝a，
所以N.
因为N在直线MN上，所以b＝×a－b，解得＝.
又a2＝b2＋c2，所以＝b2＋c2，解得b＝c.
令y＝x－b＝0，则M，即M(c，0)，
所以M为椭圆的右焦点，所以|FM|＝2c.
由椭圆的定义可知，|NF|＋|NM|＝2a，因为△FMN的周长为6，所以2a＋2c＝6，
因为＝，b＝c，所以a＝2c，所以c＝1，a＝2，b＝，
所以S△FAN＝·|FM|·
＝c·b＝.

椭圆定义的应用技巧
(1)椭圆定义的应用主要有：求椭圆的标准方程，求焦点三角形的周长、面积及弦长、最值和离心率等．
(2)椭圆的定义常和余弦定理、正弦定理结合使用，求解关于焦点三角形的周长和面积问题．

1．(2020·北京四中高三开学考试)已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦点为F1，F2，离心率为，过F2的直线l交C于A，B两点．若△AF1B的周长为4，则椭圆C的方程为(　　)
A．＋＝1 B．＋y2＝1
C．＋＝1 D．＋＝1
A　解析：若△AF1B的周长为4，由椭圆的定义可知，4a＝4，所以a＝.因为e＝＝，所以c＝1，所以b2＝2，所以椭圆C的方程为＋＝1.故选A．
2．(2020·上海高三三模)已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的右焦点为F(1,0)，O为坐标原点，点A是椭圆在第一象限的一点，且△OAF为等边三角形，则a＝________.
　解析：如图所示，△OAF为等边三角形，由|OF|＝|OF1|＝|OA|＝1，得△AF1F是直角三角形．
所以|F1F|＝2，|AF|＝1，|AF1|＝.由椭圆的定义得2a＝|AF1|＋|AF|＝＋1，所以a＝.


考点2　椭圆的标准方程——综合性

(1)“m＞n＞0”是“方程mx2＋ny2＝1表示焦点在y轴上的椭圆”的(　　)
A．充分不必要条件
B．必要不充分条件
C．充要条件
D．既不充分也不必要条件
C　解析：把椭圆方程化成＋＝1.若m＞n＞0，则＞＞0.所以椭圆的焦点在y轴上．反之，若椭圆的焦点在y轴上，则＞＞0，即有m＞n＞0.故“m＞n＞0”是“方程mx2＋ny2＝1表示焦点在y轴上的椭圆”的充要条件．
(2)过点(，－)，且与椭圆＋＝1有相同焦点的椭圆的标准方程为____________．
＋＝1　解析：(方法一)椭圆＋＝1的焦点为(0，－4)，(0,4)，即c＝4.
由椭圆的定义知，2a＝＋，解得a＝2.
由c2＝a2－b2得b2＝4.
所以所求椭圆的标准方程为＋＝1.
(方法二)因为所求椭圆与椭圆＋＝1的焦点相同，所以其焦点在y轴上，且c2＝25－9＝16.设它的标准方程为＋＝1(a>b>0)．因为c2＝16，且c2＝a2－b2，所以a2－b2＝16.①
又点(，－)在所求椭圆上，所以＋＝1，即＋＝1.②
由①②得b2＝4，a2＝20，所以所求椭圆的标准方程为＋＝1.

本例(2)若改为：已知椭圆的中心在原点，以坐标轴为对称轴，且经过两点，(，－)，则椭圆的方程为____________．
＋＝1　解析：设椭圆的方程为mx2＋ny2＝1(m，n>0，m≠n)．
由
解得
所以椭圆的方程为＋＝1.


求椭圆标准方程的两种方法
(1)定义法
先根据题目所给条件确定动点的轨迹满足椭圆的定义，并确定a2，b2的值，再结合焦点位置可写出椭圆方程．特别地，利用定义法求椭圆方程要注意条件2a＞|F1F2|.
(2)待定系数法
利用待定系数法要先定形(焦点位置)，再定量，即首先确定焦点所在位置，然后根据条件建立关于a，b的方程组．如果焦点位置不确定，可设椭圆方程为mx2＋ny2＝1(m＞0，n＞0，m≠n)的形式．

1．(2020·银川高级中学高三月考)已知椭圆＋＝1(a>b>0)的焦点分别为F1，F2，点A，B在椭圆上，AB⊥F1F2于F2，|AB|＝4，|F1F2|＝2，则椭圆方程为(　　)
A．＋y2＝1 B．＋＝1
C．＋＝1 D．＋＝1
C　解析：由题意可得c＝，＝4，c2＝a2－b2，解得a＝3，b＝，
所以所求椭圆方程为＋＝1.故选C．
2．(2020·福建省抚州市高三模拟)椭圆C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1，F2，焦距为2，点E在C上，EF1⊥EF2，直线EF1的斜率为(c为半焦距)，则椭圆C的方程为____________．
＋＝1　解析：因为EF1⊥EF2，且直线EF1的斜率为，根据斜率的定义可知，倾斜角的正切值＝，故根据比例关系有EF2∶EF1∶F1F2＝b∶c∶＝b∶c∶a.
故离心率＝＝＝，即＝.
故a2＝bc＋c2⇒a2－c2＝bc⇒b2＝bc，故b＝c.又2c＝2，故b＝c＝.
故a＝＝.故椭圆C的方程为＋＝1.

考点3　椭圆的几何性质——综合性

考向1　求椭圆的离心率或取值范围
已知F1，F2是椭圆C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦点，A是C的左顶点，点P在过A且斜率为的直线上，△PF1F2为等腰三角形，∠F1F2P＝120°，则椭圆C的离心率为(　　)
A． B． C． D．
D　解析：由题意可知椭圆的焦点在x轴上，如图所示．

设|F1F2|＝2c，因为△PF1F2为等腰三角形，且∠F1F2P＝120°，
所以|PF2|＝|F1F2|＝2c.
因为|OF2|＝c，过P作PE垂直x轴于点E，则∠PF2E＝60°，所以|F2E|＝c，|PE|＝c，即点P(2c，c)．
因为点P在过点A，且斜率为的直线上，
所以＝，解得＝，所以e＝.

求椭圆离心率的方法
(1)直接求出a，c的值，利用离心率公式直接求解．
(2)列出含有a，b，c的齐次方程(或不等式)，借助于b2＝a2－c2消去b，转化为含有e的方程(或不等式)求解．
考向2　与椭圆的性质有关的最值或范围问题
如图，焦点在x轴上的椭圆＋＝1的离心率e＝，F，A分别是椭圆的一个焦点和顶点，P是椭圆上任意一点，则·的最大值为________．

4　解析：由题意知a＝2，因为e＝＝，所以c＝1，b2＝a2－c2＝3.故椭圆方程为＋＝1.设点P的坐标为(x0，y0)，所以－2≤x0≤2，－≤y0≤.因为F(－1,0)，A(2,0)，＝(－1－x0，－y0)，＝(2－x0，－y0)，所以·＝x－x0－2＋y＝x－x0＋1＝(x0－2)2.则当x0＝－2时，·取得最大值4.

椭圆的范围与最值问题
(1)在设椭圆＋＝1(a>b>0)上点的坐标为P(x，y)时，有|x|≤a，|y|≤b，可以把椭圆上某一点的坐标视为某一函数问题，进而求函数的单调区间、最值．
(2)椭圆上点到焦点的最大距离为a＋c，最小距离为a－c；椭圆短轴端点与两焦点连线的夹角是椭圆上点与两焦点连线夹角的最大值．

1．(多选题)(2020·菏泽期中)某颗人造地球卫星的运行轨道是以地球的中心F为一个焦点的椭圆，如图所示．已知它的近地点A(离地面最近的点)距地面m千米，远地点B(离地面最远的点)距地面n千米，并且F，A，B三点在同一直线上，地球半径约为R千米．设该椭圆的长轴长、短轴长、焦距分别为2a,2b,2c，则(　　)

A．a－c＝m＋R
B．a＋c＝n＋R
C．2a＝m＋n
D．b＝
ABD　解析：由题设条件可得
所以a－c＝m＋R，故A正确；a＋c＝n＋R，故B正确；
①＋②得m＋n＝2a－2R，可得2a＝m＋n＋2R，故C不正确；
由可得(m＋R)(n＋R)＝a2－c2，因为a2－c2＝b2，所以b2＝(m＋R)(n＋R)⇒b＝，故D正确．故选ABD．
2．已知两定点A(－1,0)和B(1，0)，动点P(x，y)在直线l：y＝x＋3上移动，椭圆C以A，B为焦点且经过点P，求椭圆C的离心率的最大值．
解：不妨设椭圆方程为＋＝1(a>1)，
与直线l的方程联立消去y得(2a2－1)x2＋6a2x＋10a2－a4＝0.
由题意易知Δ＝36a4－4(2a2－1)(10a2－a4)≥0，解得a≥，
所以e＝＝≤，所以e的最大值为.


设椭圆＋＝1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1，F2，如果椭圆上存在点P，使∠F1PF2＝90°，求离心率e的取值范围．
[四字程序]
读
想
算
思
在椭圆上存在点P，使得∠F1PF2为直角
1.在焦点三角形中可利用哪些性质或结论？
2．离心率的表达式有哪些？
构建点P的横坐标x与a，b，c的关系式，利用椭圆的有界性求解
转化与化归，函数与方程
求椭圆离心率e的取值范围
1.在焦点三角形中要注意应用
①椭圆的定义；
②勾股定理或余弦定理；
③三角形的面积公式．
2．e＝或e＝
x2＝
1.椭圆的有界性；
2．一元二次方程有实根的条件


思路参考：利用曲线范围．
解：设P(x，y)，又知F1(－c,0)，F2(c,0)，
则＝(x＋c，y)，＝(x－c，y)．
由∠F1PF2＝90°，知⊥，
则·＝0，
即(x＋c)(x－c)＋y2＝0，
得x2＋y2＝c2.
将这个方程与椭圆方程＋＝1联立，
消去y，可得x2＝.
由椭圆的取值范围及∠F1PF2＝90°，
知0≤x2 即0≤ 可得c2≥b2，即c2≥a2－c2，且c2 从而得e＝≥，且e＝<1，
所以e∈.

思路参考：利用二次方程有实根．
解：由椭圆定义知|PF1|＋|PF2|＝2a⇒|PF1|2＋|PF2|2＋2|PF1|·|PF2|＝4a2.
又由∠F1PF2＝90°，
知|PF1|2＋|PF2|2＝|F1F2|2＝4c2，
可得|PF1||PF2|＝2(a2－c2)．
因此，|PF1|与|PF2|是方程x2－2ax＋2(a2－c2)＝0的两个实根，
所以Δ＝4a2－8(a2－c2)≥0⇒e2＝≥⇒e≥.
所以e∈.

思路参考：利用三角函数有界性．
解：记∠PF1F2＝α，∠PF2F1＝β，由正弦定理有＝＝，即＝|F1F2|.
又|PF1|＋|PF2|＝2a，|F1F2|＝2c，则有e＝＝＝＝.
由0≤|α－β|<90°，
知0≤<45°，
所以 从而可得≤e<1.

思路参考：利用基本不等式．
解：由椭圆定义，有2a＝|PF1|＋|PF2|平方后得4a2＝|PF1|2＋|PF2|2＋2|PF1|·|PF2|≤2(|PF1|2＋|PF2|2)＝2|F1F2|2＝8c2，当且仅当|PF1|＝|PF2|时取等号，得≥，所以e∈.

思路参考：巧用图形的几何特性．
解：由∠F1PF2＝90°，知点P在以|F1F2|＝2c为直径的圆上．
又点P在椭圆上，因此该圆与椭圆有公共点P，
故有c≥b⇒c2≥b2＝a2－c2，
由此可得e∈.

思路参考：双焦点最大张角．
解：设双焦点最大张角为∠F1B1F2，
由已知∠F1B1F2≥90°，
所以∠OB1F2≥45°，
tan ∠OB1F2≥1，即≥1，c2≥b2，c2≥a2－c2，
得≥，所以有e∈.

1．本题考查椭圆离心率范围的求解，其基本策略是根据离心率的表达式，利用函数、方程、不等式求解，也可以利用椭圆图形的性质解决．
2．基于课程标准，解答本题一般要熟练掌握离心率的表达式和椭圆的几何性质，试题的解答体现了数学运算和逻辑推理的核心素养．
3．基于高考评价体系，本题通过椭圆性质的相互联系和转化，体现了基础性和综合性．

设A，B是椭圆C：＋＝1长轴的两个顶点，若C上存在点M满足∠AMB＝120°，则m的取值范围是(　　)
A．(0,1]∪[9，＋∞) B．(0，]∪[9，＋∞)
C．(0,1]∪[4，＋∞) D．(0，]∪[4，＋∞)
A　解析：(方法一)因为∠AMB＝120°，
所以∠MAB＋∠MBA＝60°.
设∠MAB＝α，∠MBA＝β，
则tan α·tan β＝＝t>1.
当m<3时，t＝，当m>3时，t＝.
tan(α＋β)＝＝＝，
所以tan α＋tan β＝(1－t)，
所以tan α，tan β为方程x2－(1－t)x＋t＝0的两个根，所以Δ＝3(1－t)2－4t≥0.
得(3t－1)(t－3)≥0.
因为t>1，故t≥3，
故≥3或≥3，
解得m≥9或0 故选A．
(方法二)当0 设M(x0，y0)，不妨y0>0，A(－，0)，B(，0)．
则S△MAB＝y0＝|MA|·|MB|sinπ＝|MA|·|MB|，得|MA|·|MB|＝4y0.
＝(x0＋，y0)，＝(x0－，y0)，
故·＝(x0＋)(x0－)＋y＝||·||cosπ，
得x－3＋y＝－2y0.
因为M(x0，y0)在椭圆上，
所以＋＝1，
得x－3＝－y，
故－y＋y＝－2y0，
得y0＝≤，
解得0
图1
当m>3时，如图2，设M(x0，y0)，不妨x0>0，
则A(0，－)，B(0，)，
S△MAB＝x0＝|MA|·|MB|sinπ＝|MA|·|MB|，|MA|·|MB|＝x0，
＝(x0，y0＋)，＝(x0，y0－)，
所以·＝x＋(y0＋)(y0－)＝||·||cosπ，
解得x＋y－m＝－x0.
因为M(x0，y0)在椭圆上，
所以＋＝1，
得y－m＝－x，
故－x＋x＝－x0，
解得x0＝≤，解得m≥9.
综上m≥9或0 故选A．

图2