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北师大版 (2019)选择性必修 第一册1.2 分步乘法计数原理集体备课课件ppt
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这是一份北师大版 (2019)选择性必修 第一册1.2 分步乘法计数原理集体备课课件ppt，文件包含第五章§1第1课时计数原理pptx、第五章§1第1课时计数原理docx等2份课件配套教学资源，其中PPT共60页， 欢迎下载使用。
1.理解分类加法计数原理与分步乘法计数原理.
2.会用这两个原理分析和解决一些简单的实际计数问题.
《庄子·齐物论》中有一个故事，宋国有一个老人，他在家中的院子里养了许多猴子.日子一久，这个老人和猴子竟然能沟通讲话了.有一天他给猴子喂栗子吃，说：“早上三颗，晚上四颗.”猴子们都非常生气.老人便说：“既然这样，那么早上四颗，晚上三颗好了.”猴子们都很高兴.这就是
“朝三暮四”的故事.虽然老人的安排发生了变化，但栗子总数是没有变化的.实际上，这其中就用到了排列、组合的数学知识，这节课我们就从最基本的分类加法计数原理与分步乘法计数原理来开始我们今天的学习吧！
问题1 某全国人大代表明天要从济南前往北京参加会议，他有两类快捷途径可选择：一是乘飞机，二是乘高铁，假如这天飞机有3个航班可乘，高铁有4个班次可乘.那么该代表从济南到北京共有多少种快捷途径可选呢？
提示 该代表共有3＋4＝7(种)快捷途径可选.
分类加法计数原理完成一件事，可以有n类办法，在第1类办法中有m1种方法，在第2类办法中有m2种方法……在第n类办法中有mn种方法.那么，完成这件事共有N＝________________种方法.(也称“加法原理”)
(1)完成这件事的若干种方法可以分成n类；(2)每类方法都可以完成这件事，且类与类之间两两不交.
(1)设集合A＝{1,2,3,4}，m，n∈A，则方程 ＝1表示焦点位于x轴上的椭圆有A.6个 B.8个 C.12个 D.16个
因为椭圆的焦点在x轴上，所以m>n.当m＝4时，n＝1,2,3；当m＝3时，n＝1,2；当m＝2时，n＝1，即所求的椭圆共有3＋2＋1＝6(个).
延伸探究 条件不变，结论变为“则方程 ＝1表示焦点位于x轴上的双曲线”有A.6个 B.8个 C.12个 D.16个
因为双曲线的焦点在x轴上，所以m＞0，n＞0，当m＝1时，n＝1,2,3,4；当m＝2时，n＝1,2,3,4；当m＝3时，n＝1,2,3,4；当m＝4时，n＝1,2,3,4，即所求的双曲线共有4＋4＋4＋4＝16(个).
(2)在所有的两位数中，个位数字大于十位数字的两位数的个数为______.
方法一 根据题意，将十位上的数字按1,2,3,4,5,6,7,8的情况分成8类，在每一类中满足题目条件的两位数分别有8个，7个，6个，5个，4个，3个，2个，1个.由分类加法计数原理知，符合条件的两位数共有8＋7＋6＋5＋4＋3＋2＋1＝36(个).
方法二 分析个位数字，可分以下几类：个位数字是9，则十位数字可以是1,2,3，…，8中的一个，故共有8个；个位数字是8，则十位数字可以是1,2,3，…，7中的一个，故共有7个；同理，个位数字是7的有6个；……个位数字是2的有1个.由分类加法计数原理知，符合条件的两位数共有8＋7＋6＋5＋4＋3＋2＋1＝36(个).
(1)分类时，首先要根据问题的特点确定一个合适的分类标准，然后在这个标准下分类，要做到分类“不重不漏”.(2)利用分类加法计数原理计数时的解题思路.
(1)一个科技小组有3名男同学，5名女同学，从中任选1名同学参加学科竞赛，不同的选派方法共有____种.
任选1名同学参加学科竞赛，有两类方案：第一类，从男同学中选取1名参加学科竞赛，有3种不同的选法；第二类，从女同学中选取1名参加学科竞赛，有5种不同的选法.由分类加法计数原理得，不同的选派方法共有3＋5＝8(种).
(2)若x，y∈N＋，且x＋y≤6，则有序自然数对(x，y)共有____个.
将满足条件x，y∈N＋，且x＋y≤6的x的值进行分类：当x＝1时，y可取的值为5,4,3,2,1，共5个；当x＝2时，y可取的值为4,3,2,1，共4个；当x＝3时，y可取的值为3,2,1，共3个；当x＝4时，y可取的值为2,1，共2个；当x＝5时，y可取的值为1，共1个.即当x＝1,2,3,4,5时，y的值依次有5,4,3,2,1个，由分类加法计数原理得，不同的数对(x，y)共有5＋4＋3＋2＋1＝15(个).
问题2 用前6个大写英文字母和1～9九个阿拉伯数字，以A1，A2，…，B1，B2，…的方式给教室里的座位编号，总共能编出多少个不同的号码？
提示 编写一个号码要先确定一个英文字母，后确定一个阿拉伯数字，由于前6个英文字母中的任意一个都能与9个数字中的任何一个组成一个号码，而且它们各不相同，因此共有6×9＝54(个)不同的号码.
分步乘法计数原理完成一件事需要经过n个步骤，缺一不可，做第1步有m1种不同的方法，做第2步有m2种不同的方法……做第n步有mn种不同的方法，那么，完成这件事共有N＝_____________种方法.(也称“乘法原理”)
(1)完成一件事有多个步骤，缺一不可；(2)每一步都有若干种方法.
(1)4名同学报名参加跑步、跳高、跳远三个项目，每人报一项，不同的报名方法数有A.43 B.34 C.7 D.12
要完成的是“4名同学每人从三个项目中选一项报名”这件事，因为每人必报一项，四人都报完才算完成，于是按人分步，且分为四步，又每人可在三项中选一项，选法为3种，所以共有3×3×3×3＝34(种)报名方法.
延伸探究 4名同学争夺跑步、跳高、跳远三个项目的冠军(每项冠军只允许一人获得)，共有多少种可能的结果？
要完成的是“三个项目冠军的获取”这件事，因为每项冠军只能有一人获得，三项冠军都有得主，这件事才算完成，于是应以“确定三项冠军得主”为线索进行分步，而每项冠军是四人中的某一人，有4种可能的情况，于是共有4×4×4＝64(种)可能的结果.
(2)人们习惯把最后一位是6的多位数叫作“吉祥数”，则无重复数字的四位吉祥数(首位不能是零)共有_____个.
第一步，确定千位，除去0和6，有8种不同的选法；第二步，确定百位，除去6和千位数字外，有8种不同的选法；第三步，确定十位，除去6和千位、百位上的数字外，有7种不同的选法.故共有8×8×7＝448(个)不同的“吉祥数”.
利用分步乘法计数原理解题的注意点及解题思路(1)应用分步乘法计数原理时，完成这件事情要分几个步骤，只有每个步骤都完成了，才算完成这件事情，每个步骤缺一不可.(2)利用分步乘法计数原理解题的一般思路①分步：将完成这件事的过程分成若干步；②计数：求出每一步中的方法数；③结论：将每一步中的方法数相乘得最终结果.
(1)一种号码锁有4个拨号盘，每个拨号盘上有从0到9共十个数字，这4个拨号盘可以组成________个四位数的号码(各位上的数字允许重复).
按从左到右的顺序拨号可以分四步完成：第一步，有10种拨号方式，所以m1＝10；第二步，有10种拨号方式，所以m2＝10；第三步，有10种拨号方式，所以m3＝10；第四步，有10种拨号方式，所以m4＝10.根据分步乘法计数原理，共可以组成N＝10×10×10×10＝10 000(个)四位数的号码.
(2)从－1,0,1,2这四个数中选三个不同的数作为函数f(x)＝ax2＋bx＋c的系数，可组成不同的二次函数共___个，其中不同的偶函数共____个.(用数字作答)
一个二次函数对应着a，b，c(a≠0)的一组取值，a的取法有3种，b的取法有3种，c的取法有2种，由分步乘法计数原理知，共有不同的二次函数3×3×2＝18(个).若二次函数为偶函数，则b＝0.a的取法有3种，c的取法有2种，由分步乘法计数原理知，共有不同的偶函数3×2＝6(个).
现有5幅不同的国画，2幅不同的油画，7幅不同的水彩画.(1)从中任选一幅画布置房间，有几种不同的选法？
分为三类：从国画中选，有5种不同的选法；从油画中选，有2种不同的选法；从水彩画中选，有7种不同的选法.根据分类加法计数原理，共有5＋2＋7＝14(种)不同的选法.
(2)从这些国画、油画、水彩画中各选一幅布置房间，有几种不同的选法？
分为三步：国画、油画、水彩画各有5种，2种，7种不同的选法，根据分步乘法计数原理，共有5×2×7＝70(种)不同的选法.
(3)从这些画中选出两幅不同种类的画布置房间，有几种不同的选法？
分为三类：第一类是一幅选自国画，一幅选自油画，由分步乘法计数原理知，有5×2＝10(种)不同的选法；第二类是一幅选自国画，一幅选自水彩画，有5×7＝35(种)不同的选法；第三类是一幅选自油画，一幅选自水彩画，有2×7＝14(种)不同的选法.所以共有10＋35＋14＝59(种)不同的选法.
(1)在处理具体的应用题时，首先必须弄清是“分类”还是“分步”，其次要搞清“分类”或“分步”的具体标准是什么，选择合理的标准处理事件，关键是看能否独立完成这件事，避免计数的重复或遗漏.(2)对于一些比较复杂的既要运用分类加法计数原理又要运用分步乘法计数原理的问题，我们可以恰当地画出示意图或列出表格，使问题更加直观、清晰.
集合A＝{1,2，－3}，B＝{－1，－2,3,4}，从A，B中各取1个元素，作为点P(x，y)的坐标.(1)可以得到多少个不同的点？
可分为两类：A中元素为x，B中元素为y或A中元素为y，B中元素为x，则共得到3×4＋4×3＝24(个)不同的点.
(2)这些点中，位于第一象限的有几个？
第一象限内的点，即x，y均为正数，所以只能取A，B中的正数，共有2×2＋2×2＝8(个)不同的点.
1.知识清单： (1)分类加法计数原理. (2)分步乘法计数原理.2.方法归纳：分类讨论.3.常见误区：“分类”与“分步”不清，导致计数错误.
1.某学生去书店，发现3本好书，决定至少买其中1本，则购买方式共有A.3种 B.6种 C.7种 D.9种
分3类：买1本书，买2本书和买3本书.各类的购买方式依次有3种、3种和1种，故购买方式共有3＋3＋1＝7(种).
2.现有3名老师、8名男生和5名女生共16人.若需1名老师和1名学生参加评选会议，则不同的选法种数为A.39 B.24 C.15 D.16
先从3名老师中任选1名，有3种选法，再从13名学生中任选1名，有13种选法.由分步乘法计数原理知，不同的选法种数为3×13＝39.
3.现有6名同学去听同时进行的5个课外知识讲座，每名同学可自由选择其中的1个讲座，不同选法的种数是A.56 B.65 C.30 D.11
第一名同学有5种选择方法，第二名也有5种选择方法，…，依次，第六名同学有5种选择方法，综上，6名同学共有56种不同的选法.
分为两类：第一类是2名老队员、1名新队员，有3种选法；第二类是2名新队员、1名老队员，有2×3＝6(种)选法，即共有9种不同的选法.
4.5名乒乓球队员中，有2名老队员和3名新队员.现从中选出3名队员参加团体比赛，则入选的3名队员中至少有1名老队员的选法有_____种.(用数字作答)
1.某同学从4本不同的科普杂志，3本不同的文摘杂志，2本不同的娱乐新闻杂志中任选1本阅读，则不同的选法共有A.24种 B.9种 C.3种 D.26种
不同的杂志本数为4＋3＋2＝9，从其中任选1本阅读，共有9种选法.
2.给一些书编号，准备用3个字符，其中首字符用A，B，后两个字符用a，b，c(允许重复)，则不同编号的书共有A.8本 B.9本 C.12本 D.18本
需分三步完成：第一步首字符有2种编法；第二步，第二个字符有3种编法；第三步，第三个字符有3种编法，故由分步乘法计数原理知不同编号的书共有2×3×3＝18(本).
3.已知两条异面直线a，b上分别有5个点和8个点，则这13个点可以确定不同的平面个数为A.40 B.16 C.13 D.10
分两类情况讨论：第一类，直线a分别与直线b上的8个点可以确定8个不同的平面；第二类，直线b分别与直线a上的5个点可以确定5个不同的平面.根据分类加法计数原理知，共可以确定8＋5＝13(个)不同的平面.
4.十字路口来往的车辆，如果不允许回头，则不同的行车路线有A.24种 B.16种 C.12种 D.10种
完成该任务可分为四类，从每一个方向的入口进入都可作为一类，如图，从第1个入口进入时，有3种行车路线；
同理，从第2个，第3个，第4个入口进入时，都分别有3种行车路线，由分类加法计数原理可得共有3＋3＋3＋3＝12(种)不同的行车路线.
5.从集合{0,1,2,3,4,5,6}中任取两数a，b组成复数a＋bi，其中虚数有A.30个 B.42个 C.36个 D.35个
要完成这件事可分两步，第一步确定b(b≠0)，有6种方法，第二步确定a，有7种方法，故由分步乘法计数原理知，共有6×7＝42(个)虚数.
6.满足a，b∈{－1,0,1,2}，且关于x的方程ax2＋2x＋b＝0有实数解的有序实数对(a，b)的个数为A.14 B.13 C.12 D.10
由已知得ab≤1.当a＝－1时，b＝－1,0,1,2，有4种可能；当a＝0时，b＝－1,0,1,2，有4种可能；当a＝1时，b＝－1,0,1，有3种可能；当a＝2时，b＝－1,0，有2种可能.∴共有(a，b)的个数为4＋4＋3＋2＝13.
7.某小区有4个门，为应对疫情防控需求，规定只能从主门进，从任一个门出，共有不同走法___种.
由分步乘法计数原理得共有1×4＝4(种)走法.
8.用1,2,3这3个数字可写出没有重复数字的整数有_____个.
分三类：第一类为一位整数，有3个；第二类为两位整数，有12,13,21,23,31,32，共6个；第三类为三位整数，有123,132,213,231,312,321，共6个.∴可写出没有重复数字的整数有3＋6＋6＝15(个).
9.有一项活动，需从3位教师、8名男同学和5名女同学中选人参加.(1)若只需1人参加，则有多少种不同的选法？
选1人，可分3类：第1类，从教师中选1人，有3种不同的选法；第2类，从男同学中选1人，有8种不同的选法；第3类，从女同学中选1人，有5种不同的选法.共有3＋8＋5＝16(种)不同的选法.
(2)若需教师、男同学、女同学各1人参加，则有多少种不同的选法？
从教师、男同学、女同学中各选1人，分3步进行：第1步，选教师，有3种不同的选法；第2步，选男同学，有8种不同的选法；第3步，选女同学，有5种不同的选法.共有3×8×5＝120(种)不同的选法.
10.用0,1,2,3,4,5这6个数字组成无重复数字的四位数，若把每位数字都比其左邻的数字小的数叫做“渐降数”，求上述四位数中“渐降数”的个数.
分三类：第一类，千位数字为3时，要使四位数为“渐降数”，则四位数只有3 210，共1个；第二类，千位数字为4时，“渐降数”有4 321,4 320，4 310，4 210，共4个；第三类，千位数字为5时，“渐降数”有5 432,5 431，5 430，5 421,5 420,5 410,5 321,5 320,5 310,5 210，共10个.由分类加法计数原理，得共有1＋4＋10＝15(个)“渐降数”.
11.某班小张等4位同学报名参加A，B，C三个课外活动小组，每位同学限报其中一个小组，且小张不能报A小组，则不同的报名方法有A.27种 B.36种 C.54种 D.81种
小张的报名方法有2种，其他3位同学各有3种，根据分步乘法计数原理，共有2×3×3×3＝54(种)不同的报名方法.
12.计划在4个体育馆举办排球、篮球、足球3个项目的比赛，每个项目的比赛只能安排在一个体育馆进行，则在同一个体育馆比赛的项目不超过2项的安排方案共有A.24种 B.36种 C.42种 D.60种
把3个项目分配到4个体育馆，所有方案共有4×4×4＝64(种)，其中，3个项目被分配到同一体育馆进行的有4种方法，故满足条件的分配方案有64－4＝60(种).
13.从集合{1,2,3,4,5}中任取2个不同的数，作为直线Ax＋By＝0的系数，则形成不同的直线最多有A.18条 B.20条 C.25条 D.10条
第一步取A的值，有5种取法，第二步取B的值有4种取法，其中当A＝1，B＝2时，与A＝2，B＝4时是相同的；当A＝2，B＝1时，与A＝4，B＝2时是相同的，故共有5×4－2＝18(条).
14.(多选)已知集合A＝{－1,2,3,4}，m，n∈A，则对于方程 ＝1的说法正确的是A.可表示3个不同的圆B.可表示6个不同的椭圆C.可表示3个不同的双曲线D.表示焦点位于x轴上的椭圆有3个
15.如图所示，小圆圈表示网络的结点，结点之间的线段表示它们有网线相连，连线标注的数字表示该段网线单位时间内可以通过的最大信息量.现从结点A向结点B传递信息，信息可以分开沿不同的路线同时传递，则单位时间内传递的最大信息量为A.26 B.24 C.20 D.19
因信息可以分开沿不同的路线同时传递，由分类加法计数原理，完成从A向B传递有四种方法：12→5→3,12→6→4,12→6→7,12→8→6，故单位时间内传递的最大信息量为四条不同网线上传递的最大信息量的和：3＋4＋6＋6＝19.
16.用1,2,3,4四个数字(可重复)排成三位数，并把这些三位数由小到大排成一列.(1)写出排列后的第11个数.
排列的第11个数为133.
(2)这些三位数有多少个？
每个数位上都有4种排法，则共有4×4×4＝64(个).
(3)若第n个数为341，求n.
1.理解分类加法计数原理与分步乘法计数原理.
2.会用这两个原理分析和解决一些简单的实际计数问题.
《庄子·齐物论》中有一个故事，宋国有一个老人，他在家中的院子里养了许多猴子.日子一久，这个老人和猴子竟然能沟通讲话了.有一天他给猴子喂栗子吃，说：“早上三颗，晚上四颗.”猴子们都非常生气.老人便说：“既然这样，那么早上四颗，晚上三颗好了.”猴子们都很高兴.这就是
“朝三暮四”的故事.虽然老人的安排发生了变化，但栗子总数是没有变化的.实际上，这其中就用到了排列、组合的数学知识，这节课我们就从最基本的分类加法计数原理与分步乘法计数原理来开始我们今天的学习吧！
问题1 某全国人大代表明天要从济南前往北京参加会议，他有两类快捷途径可选择：一是乘飞机，二是乘高铁，假如这天飞机有3个航班可乘，高铁有4个班次可乘.那么该代表从济南到北京共有多少种快捷途径可选呢？
提示 该代表共有3＋4＝7(种)快捷途径可选.
分类加法计数原理完成一件事，可以有n类办法，在第1类办法中有m1种方法，在第2类办法中有m2种方法……在第n类办法中有mn种方法.那么，完成这件事共有N＝________________种方法.(也称“加法原理”)
(1)完成这件事的若干种方法可以分成n类；(2)每类方法都可以完成这件事，且类与类之间两两不交.
(1)设集合A＝{1,2,3,4}，m，n∈A，则方程 ＝1表示焦点位于x轴上的椭圆有A.6个 B.8个 C.12个 D.16个
因为椭圆的焦点在x轴上，所以m>n.当m＝4时，n＝1,2,3；当m＝3时，n＝1,2；当m＝2时，n＝1，即所求的椭圆共有3＋2＋1＝6(个).
延伸探究 条件不变，结论变为“则方程 ＝1表示焦点位于x轴上的双曲线”有A.6个 B.8个 C.12个 D.16个
因为双曲线的焦点在x轴上，所以m＞0，n＞0，当m＝1时，n＝1,2,3,4；当m＝2时，n＝1,2,3,4；当m＝3时，n＝1,2,3,4；当m＝4时，n＝1,2,3,4，即所求的双曲线共有4＋4＋4＋4＝16(个).
(2)在所有的两位数中，个位数字大于十位数字的两位数的个数为______.
方法一 根据题意，将十位上的数字按1,2,3,4,5,6,7,8的情况分成8类，在每一类中满足题目条件的两位数分别有8个，7个，6个，5个，4个，3个，2个，1个.由分类加法计数原理知，符合条件的两位数共有8＋7＋6＋5＋4＋3＋2＋1＝36(个).
方法二 分析个位数字，可分以下几类：个位数字是9，则十位数字可以是1,2,3，…，8中的一个，故共有8个；个位数字是8，则十位数字可以是1,2,3，…，7中的一个，故共有7个；同理，个位数字是7的有6个；……个位数字是2的有1个.由分类加法计数原理知，符合条件的两位数共有8＋7＋6＋5＋4＋3＋2＋1＝36(个).
(1)分类时，首先要根据问题的特点确定一个合适的分类标准，然后在这个标准下分类，要做到分类“不重不漏”.(2)利用分类加法计数原理计数时的解题思路.
(1)一个科技小组有3名男同学，5名女同学，从中任选1名同学参加学科竞赛，不同的选派方法共有____种.
任选1名同学参加学科竞赛，有两类方案：第一类，从男同学中选取1名参加学科竞赛，有3种不同的选法；第二类，从女同学中选取1名参加学科竞赛，有5种不同的选法.由分类加法计数原理得，不同的选派方法共有3＋5＝8(种).
(2)若x，y∈N＋，且x＋y≤6，则有序自然数对(x，y)共有____个.
将满足条件x，y∈N＋，且x＋y≤6的x的值进行分类：当x＝1时，y可取的值为5,4,3,2,1，共5个；当x＝2时，y可取的值为4,3,2,1，共4个；当x＝3时，y可取的值为3,2,1，共3个；当x＝4时，y可取的值为2,1，共2个；当x＝5时，y可取的值为1，共1个.即当x＝1,2,3,4,5时，y的值依次有5,4,3,2,1个，由分类加法计数原理得，不同的数对(x，y)共有5＋4＋3＋2＋1＝15(个).
问题2 用前6个大写英文字母和1～9九个阿拉伯数字，以A1，A2，…，B1，B2，…的方式给教室里的座位编号，总共能编出多少个不同的号码？
提示 编写一个号码要先确定一个英文字母，后确定一个阿拉伯数字，由于前6个英文字母中的任意一个都能与9个数字中的任何一个组成一个号码，而且它们各不相同，因此共有6×9＝54(个)不同的号码.
分步乘法计数原理完成一件事需要经过n个步骤，缺一不可，做第1步有m1种不同的方法，做第2步有m2种不同的方法……做第n步有mn种不同的方法，那么，完成这件事共有N＝_____________种方法.(也称“乘法原理”)
(1)完成一件事有多个步骤，缺一不可；(2)每一步都有若干种方法.
(1)4名同学报名参加跑步、跳高、跳远三个项目，每人报一项，不同的报名方法数有A.43 B.34 C.7 D.12
要完成的是“4名同学每人从三个项目中选一项报名”这件事，因为每人必报一项，四人都报完才算完成，于是按人分步，且分为四步，又每人可在三项中选一项，选法为3种，所以共有3×3×3×3＝34(种)报名方法.
延伸探究 4名同学争夺跑步、跳高、跳远三个项目的冠军(每项冠军只允许一人获得)，共有多少种可能的结果？
要完成的是“三个项目冠军的获取”这件事，因为每项冠军只能有一人获得，三项冠军都有得主，这件事才算完成，于是应以“确定三项冠军得主”为线索进行分步，而每项冠军是四人中的某一人，有4种可能的情况，于是共有4×4×4＝64(种)可能的结果.
(2)人们习惯把最后一位是6的多位数叫作“吉祥数”，则无重复数字的四位吉祥数(首位不能是零)共有_____个.
第一步，确定千位，除去0和6，有8种不同的选法；第二步，确定百位，除去6和千位数字外，有8种不同的选法；第三步，确定十位，除去6和千位、百位上的数字外，有7种不同的选法.故共有8×8×7＝448(个)不同的“吉祥数”.
利用分步乘法计数原理解题的注意点及解题思路(1)应用分步乘法计数原理时，完成这件事情要分几个步骤，只有每个步骤都完成了，才算完成这件事情，每个步骤缺一不可.(2)利用分步乘法计数原理解题的一般思路①分步：将完成这件事的过程分成若干步；②计数：求出每一步中的方法数；③结论：将每一步中的方法数相乘得最终结果.
(1)一种号码锁有4个拨号盘，每个拨号盘上有从0到9共十个数字，这4个拨号盘可以组成________个四位数的号码(各位上的数字允许重复).
按从左到右的顺序拨号可以分四步完成：第一步，有10种拨号方式，所以m1＝10；第二步，有10种拨号方式，所以m2＝10；第三步，有10种拨号方式，所以m3＝10；第四步，有10种拨号方式，所以m4＝10.根据分步乘法计数原理，共可以组成N＝10×10×10×10＝10 000(个)四位数的号码.
(2)从－1,0,1,2这四个数中选三个不同的数作为函数f(x)＝ax2＋bx＋c的系数，可组成不同的二次函数共___个，其中不同的偶函数共____个.(用数字作答)
一个二次函数对应着a，b，c(a≠0)的一组取值，a的取法有3种，b的取法有3种，c的取法有2种，由分步乘法计数原理知，共有不同的二次函数3×3×2＝18(个).若二次函数为偶函数，则b＝0.a的取法有3种，c的取法有2种，由分步乘法计数原理知，共有不同的偶函数3×2＝6(个).
现有5幅不同的国画，2幅不同的油画，7幅不同的水彩画.(1)从中任选一幅画布置房间，有几种不同的选法？
分为三类：从国画中选，有5种不同的选法；从油画中选，有2种不同的选法；从水彩画中选，有7种不同的选法.根据分类加法计数原理，共有5＋2＋7＝14(种)不同的选法.
(2)从这些国画、油画、水彩画中各选一幅布置房间，有几种不同的选法？
分为三步：国画、油画、水彩画各有5种，2种，7种不同的选法，根据分步乘法计数原理，共有5×2×7＝70(种)不同的选法.
(3)从这些画中选出两幅不同种类的画布置房间，有几种不同的选法？
分为三类：第一类是一幅选自国画，一幅选自油画，由分步乘法计数原理知，有5×2＝10(种)不同的选法；第二类是一幅选自国画，一幅选自水彩画，有5×7＝35(种)不同的选法；第三类是一幅选自油画，一幅选自水彩画，有2×7＝14(种)不同的选法.所以共有10＋35＋14＝59(种)不同的选法.
(1)在处理具体的应用题时，首先必须弄清是“分类”还是“分步”，其次要搞清“分类”或“分步”的具体标准是什么，选择合理的标准处理事件，关键是看能否独立完成这件事，避免计数的重复或遗漏.(2)对于一些比较复杂的既要运用分类加法计数原理又要运用分步乘法计数原理的问题，我们可以恰当地画出示意图或列出表格，使问题更加直观、清晰.
集合A＝{1,2，－3}，B＝{－1，－2,3,4}，从A，B中各取1个元素，作为点P(x，y)的坐标.(1)可以得到多少个不同的点？
可分为两类：A中元素为x，B中元素为y或A中元素为y，B中元素为x，则共得到3×4＋4×3＝24(个)不同的点.
(2)这些点中，位于第一象限的有几个？
第一象限内的点，即x，y均为正数，所以只能取A，B中的正数，共有2×2＋2×2＝8(个)不同的点.
1.知识清单： (1)分类加法计数原理. (2)分步乘法计数原理.2.方法归纳：分类讨论.3.常见误区：“分类”与“分步”不清，导致计数错误.
1.某学生去书店，发现3本好书，决定至少买其中1本，则购买方式共有A.3种 B.6种 C.7种 D.9种
分3类：买1本书，买2本书和买3本书.各类的购买方式依次有3种、3种和1种，故购买方式共有3＋3＋1＝7(种).
2.现有3名老师、8名男生和5名女生共16人.若需1名老师和1名学生参加评选会议，则不同的选法种数为A.39 B.24 C.15 D.16
先从3名老师中任选1名，有3种选法，再从13名学生中任选1名，有13种选法.由分步乘法计数原理知，不同的选法种数为3×13＝39.
3.现有6名同学去听同时进行的5个课外知识讲座，每名同学可自由选择其中的1个讲座，不同选法的种数是A.56 B.65 C.30 D.11
第一名同学有5种选择方法，第二名也有5种选择方法，…，依次，第六名同学有5种选择方法，综上，6名同学共有56种不同的选法.
分为两类：第一类是2名老队员、1名新队员，有3种选法；第二类是2名新队员、1名老队员，有2×3＝6(种)选法，即共有9种不同的选法.
4.5名乒乓球队员中，有2名老队员和3名新队员.现从中选出3名队员参加团体比赛，则入选的3名队员中至少有1名老队员的选法有_____种.(用数字作答)
1.某同学从4本不同的科普杂志，3本不同的文摘杂志，2本不同的娱乐新闻杂志中任选1本阅读，则不同的选法共有A.24种 B.9种 C.3种 D.26种
不同的杂志本数为4＋3＋2＝9，从其中任选1本阅读，共有9种选法.
2.给一些书编号，准备用3个字符，其中首字符用A，B，后两个字符用a，b，c(允许重复)，则不同编号的书共有A.8本 B.9本 C.12本 D.18本
需分三步完成：第一步首字符有2种编法；第二步，第二个字符有3种编法；第三步，第三个字符有3种编法，故由分步乘法计数原理知不同编号的书共有2×3×3＝18(本).
3.已知两条异面直线a，b上分别有5个点和8个点，则这13个点可以确定不同的平面个数为A.40 B.16 C.13 D.10
分两类情况讨论：第一类，直线a分别与直线b上的8个点可以确定8个不同的平面；第二类，直线b分别与直线a上的5个点可以确定5个不同的平面.根据分类加法计数原理知，共可以确定8＋5＝13(个)不同的平面.
4.十字路口来往的车辆，如果不允许回头，则不同的行车路线有A.24种 B.16种 C.12种 D.10种
完成该任务可分为四类，从每一个方向的入口进入都可作为一类，如图，从第1个入口进入时，有3种行车路线；
同理，从第2个，第3个，第4个入口进入时，都分别有3种行车路线，由分类加法计数原理可得共有3＋3＋3＋3＝12(种)不同的行车路线.
5.从集合{0,1,2,3,4,5,6}中任取两数a，b组成复数a＋bi，其中虚数有A.30个 B.42个 C.36个 D.35个
要完成这件事可分两步，第一步确定b(b≠0)，有6种方法，第二步确定a，有7种方法，故由分步乘法计数原理知，共有6×7＝42(个)虚数.
6.满足a，b∈{－1,0,1,2}，且关于x的方程ax2＋2x＋b＝0有实数解的有序实数对(a，b)的个数为A.14 B.13 C.12 D.10
由已知得ab≤1.当a＝－1时，b＝－1,0,1,2，有4种可能；当a＝0时，b＝－1,0,1,2，有4种可能；当a＝1时，b＝－1,0,1，有3种可能；当a＝2时，b＝－1,0，有2种可能.∴共有(a，b)的个数为4＋4＋3＋2＝13.
7.某小区有4个门，为应对疫情防控需求，规定只能从主门进，从任一个门出，共有不同走法___种.
由分步乘法计数原理得共有1×4＝4(种)走法.
8.用1,2,3这3个数字可写出没有重复数字的整数有_____个.
分三类：第一类为一位整数，有3个；第二类为两位整数，有12,13,21,23,31,32，共6个；第三类为三位整数，有123,132,213,231,312,321，共6个.∴可写出没有重复数字的整数有3＋6＋6＝15(个).
9.有一项活动，需从3位教师、8名男同学和5名女同学中选人参加.(1)若只需1人参加，则有多少种不同的选法？
选1人，可分3类：第1类，从教师中选1人，有3种不同的选法；第2类，从男同学中选1人，有8种不同的选法；第3类，从女同学中选1人，有5种不同的选法.共有3＋8＋5＝16(种)不同的选法.
(2)若需教师、男同学、女同学各1人参加，则有多少种不同的选法？
从教师、男同学、女同学中各选1人，分3步进行：第1步，选教师，有3种不同的选法；第2步，选男同学，有8种不同的选法；第3步，选女同学，有5种不同的选法.共有3×8×5＝120(种)不同的选法.
10.用0,1,2,3,4,5这6个数字组成无重复数字的四位数，若把每位数字都比其左邻的数字小的数叫做“渐降数”，求上述四位数中“渐降数”的个数.
分三类：第一类，千位数字为3时，要使四位数为“渐降数”，则四位数只有3 210，共1个；第二类，千位数字为4时，“渐降数”有4 321,4 320，4 310，4 210，共4个；第三类，千位数字为5时，“渐降数”有5 432,5 431，5 430，5 421,5 420,5 410,5 321,5 320,5 310,5 210，共10个.由分类加法计数原理，得共有1＋4＋10＝15(个)“渐降数”.
11.某班小张等4位同学报名参加A，B，C三个课外活动小组，每位同学限报其中一个小组，且小张不能报A小组，则不同的报名方法有A.27种 B.36种 C.54种 D.81种
小张的报名方法有2种，其他3位同学各有3种，根据分步乘法计数原理，共有2×3×3×3＝54(种)不同的报名方法.
12.计划在4个体育馆举办排球、篮球、足球3个项目的比赛，每个项目的比赛只能安排在一个体育馆进行，则在同一个体育馆比赛的项目不超过2项的安排方案共有A.24种 B.36种 C.42种 D.60种
把3个项目分配到4个体育馆，所有方案共有4×4×4＝64(种)，其中，3个项目被分配到同一体育馆进行的有4种方法，故满足条件的分配方案有64－4＝60(种).
13.从集合{1,2,3,4,5}中任取2个不同的数，作为直线Ax＋By＝0的系数，则形成不同的直线最多有A.18条 B.20条 C.25条 D.10条
第一步取A的值，有5种取法，第二步取B的值有4种取法，其中当A＝1，B＝2时，与A＝2，B＝4时是相同的；当A＝2，B＝1时，与A＝4，B＝2时是相同的，故共有5×4－2＝18(条).
14.(多选)已知集合A＝{－1,2,3,4}，m，n∈A，则对于方程 ＝1的说法正确的是A.可表示3个不同的圆B.可表示6个不同的椭圆C.可表示3个不同的双曲线D.表示焦点位于x轴上的椭圆有3个
15.如图所示，小圆圈表示网络的结点，结点之间的线段表示它们有网线相连，连线标注的数字表示该段网线单位时间内可以通过的最大信息量.现从结点A向结点B传递信息，信息可以分开沿不同的路线同时传递，则单位时间内传递的最大信息量为A.26 B.24 C.20 D.19
因信息可以分开沿不同的路线同时传递，由分类加法计数原理，完成从A向B传递有四种方法：12→5→3,12→6→4,12→6→7,12→8→6，故单位时间内传递的最大信息量为四条不同网线上传递的最大信息量的和：3＋4＋6＋6＝19.
16.用1,2,3,4四个数字(可重复)排成三位数，并把这些三位数由小到大排成一列.(1)写出排列后的第11个数.
排列的第11个数为133.
(2)这些三位数有多少个？
每个数位上都有4种排法，则共有4×4×4＝64(个).
(3)若第n个数为341，求n.
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