山东省临沂市2022年中考物理试卷解析版

这是一份山东省临沂市2022年中考物理试卷解析版，共11页。试卷主要包含了单选题，综合题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
山东省临沂市2022年中考物理试卷
一、单选题
1．当2022虎年的钟声敲响时，天和核心舱的三位航天员在太空为全国人民送上新年祝福（如图）。他们美好的祝福声传到地球靠的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．红外线
【答案】C
【知识点】超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．超声波不能在真空中传播，A不符合题意；
B．次声波不能在真空中传播，B不符合题意；
C．电磁波可以在真空中传播，也可以用于通讯，他们美好的祝福声传到地球靠的是电磁波，C符合题意；
D．大气对红外线辐射传输主要是的影响吸收和散射，红外线仅仅适合短距离的通讯，不适合远距离的，故太空和地球的通讯只能是电磁波，D不符合题意。
故答案为：C。

【分析】声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播。
2．北京冬奥会闭幕式上，嘹亮的童声合唱《我和你》，让所有人回忆起2008年北京首次举办奥运会时的情景，关于童声合唱，下列判断错误的是（　　）
A．歌声是由声带振动产生的
B．歌声的传播速度为3×108m/s
C．扩音器增大了歌声的响度
D．歌声通过空气传到现场观众耳中
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．一切发生的物体都在振动，歌声是由人的声带振动产生的，A正确，不符合题意；
B.15℃时，声音在空气中传播的速度约为340 m/s，B错误，符合题意；
C．扩音器的作用是增大声音的响度，因此通过扩音器我们听到的歌声响度变大；C正确，不符合题意；
D．声音的传播需要介质，歌声通过空气传到观众耳朵里，D正确，不符合题意。
故答案为：B

【分析】一切发生的物体都在振动，声音的传播需要介质；空气中声音的传播速度约为340 m/s。
3．早在两千多年前，我国古代思想家墨子就在《墨经》中论述了小孔成像等光学现象，下列光现象与小孔成像原理相同的是（　　）
A． 地面的人影
B． 水中的倒影
C． 空中的彩虹
D． 放大的文字
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．小孔成像是光的直线传播形成的。影子是光通过不透明物体时，在后面留下阴影形成的，光的直线传播现象，A符合题意；
B．水中的倒影是平面镜成像现象，光的反射形成的，B不符合题意；
C．空中的彩虹是光的色散现象，光的折射形成的，C不符合题意；
D．放大的文字是通过放大镜看到的，是光的折射现象，D不符合题意。
故答案为：A。

【分析】影子、小孔成像根据光沿直线传播形成的。
4．《危险化学品安全管理条例》要求，学校危化品储藏室的门上要装两把锁，只有学校分管领导和管理员同时启用钥匙才能触发保险栓，从而打开储藏室的门。如果启用钥匙相当于闭合开关，下列简化电路，符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．由A图知，开关S1和S2串联，只要有一个开关不闭合，电路是开路，若要打开储藏室的门需同时闭合开关S1和S2，即可触发保险栓，电动机工作，A符合题意；
B．由B图知，开关S1和S2并联，只要有一个开关闭合即可触发保险栓，电动机工作，B不符合题意；
CD．由C图和D图知，开关S1和S2并联，若两个开关闭合，则会出现电源短路，电动机不能工作，CD不符合题意。
故答案为：A。

【分析】多个开关共同控制用电器时，开关和用电器串联连接。
5．临沂市文化公园是我市一道亮丽的风景线。1.5m深的荷花池内，一只立于荷尖上的蜻蜓距水面0.6m（如图），蜻蜓在水中的像（　　）
A．因光的折射而形成 B．是比蜻蜓略小的虚像
C．在水面下0.9m深处 D．与蜻蜓相距1.2m
【答案】D
【知识点】光的反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，是光的反射，A不符合题意；
B．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，成的是等大的虚像，B不符合题意；
C．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，像到平面镜的距离等于物体到水面的距离等于0.6m，C不符合题意；
D．蜻蜓在水中的像与蜻蜓相距L=2×0.6m=1.2m
D符合题意。
故答案为：D。

【分析】平面镜成像时，像和物体到平面镜的距离相等。
6．自2022年秋季开始，劳动课将成为中小学的一门独立课程。课程要求5-6年级的学生要学会做西红柿炒鸡蛋等家常菜。关于炒菜过程中涉及到的物理知识，下列判断正确的是（　　）
A．切西红柿的锋利刀刃可以增大压力
B．用铁锅炒菜是因为铁的比热容大
C．天然气燃烧时将化学能转化为内能
D．炒菜过程中鸡蛋的内能保持不变
【答案】C
【知识点】比热容；能量的转化或转移；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．刀刃非常锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，A不符合题意；
B．用铁锅炒菜，是因为铁的导热能力强，B不符合题意；
C．天然气燃烧时，消耗化学能，得到内能，将化学能转化为内能，C符合题意；
D．炒菜过程中，鸡蛋吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式增加了内能，D不符合题意。
故答案为：C。

【分析】燃料燃烧时，将化学能转化为内能；减小受力面积可以增大压强；物体吸收热量，内能增大。
7．我市今年投入运营的第二批“沂蒙红”新能源公交车的动力装置是电动机。下列选项，能说明其工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。
A．图中是奥斯特实验原理图，探究电流的磁效应现象，A不符合题意；
B．图中是电动机的工作原理图，即通电导体在磁场中受力作用，B符合题意；
C．图中使发电机的工作原理图，探究的是电磁感应现象，C不符合题意；
D．图中是通电线圈切割磁感线产生感应电流的现象，是电磁感应现象，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】电动机的工作原理是磁场对电流的作用。
8．下列估测，最接近实际的是（　　）
A．一层教学楼的高度约5.5m B．成人正常步行1km用时约15min
C．一个鸡蛋的质量约500mg D．人感觉舒适的室温约36.5℃
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A．一层教学楼的高度约3m，A不符合题意；
B．成人正常步行速度约1.1m/s，正常步行1km用时t=sv=1000m1.1m/s≈909s≈15min
B符合题意；
C．一个鸡蛋的质量约50g，C不符合题意；
D．人感觉舒适的室温约25oC，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】根据常见物体的长度、时间、质量和温度，结合数据解答。
9．北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于凝华的是（　　）
A．雨水，冰雪消融
B．立夏，雾绕山峦
C．霜降，霜满枝头
D．大寒，滴水成冰
【答案】C
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰雪消融，水从固态变为液态，属于熔化，A不符合题意；
B．雾是小液滴，气态水蒸气变为液态的雾，属于液化，B不符合题意；
C．霜的形成，是由气态的水蒸气变为固态冰晶，属于凝华，C符合题意；
D．滴水成冰，由液态变为固态，属于凝固，D不符合题意。
故答案为：C。

【分析】气体直接变为固体，是凝华现象，如雪、霜。
10．2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯（如图）。在比赛过程中（　　）
A．静止在水平草地上的足球只受重力
B．将足球踢飞说明力可以改变物体的形状
C．在空中运动到最高点的足球受力不平衡
D．草地上滚动的足球因不受力而逐渐停下
【答案】C
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．静止在水平草地上的足球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力的作用，这两个力是一对平衡力，A不符合题意；
B．脚对足球用力，足球被踢飞，是力改变了足球的运动状态，B不符合题意；
C．在空中运动到最高点的足球有水平方向的速度，不是处于静止或匀速运动状态，所受的力不是平衡力，C符合题意；
D．草地上滚动的足球逐渐停下，是因为受到阻力的作用，阻力改变了足球的运动状态，所以最后停下，D不符合题意。
故答案为：C。

【分析】物体的运动状态改变，一定受到平衡力的作用。
11．2022年5月20日，我市文化体育新地标一临沂奥体中心体育场钢结构主体顺利完成合拢。履带式起重机是该项工程的重要施工机械，施工现场的履带式起重机（　　）
A．水平移动时其重力不做功 B．吊臂前端的定滑轮能省力
C．粗糙的履带可以减小摩擦 D．宽大的履带可以增大压强
【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用；定滑轮及其工作特点；是否做功的判断
【解析】【解答】A．水平移动时其重力方向与移动方向垂直，重力不做功，A符合题意；
B．吊臂前端的定滑轮是等臂杠杆，不能省力，B不符合题意；
C．粗糙的履带，增大接触面的粗糙程度，可以增大摩擦，C不符合题意；
D．宽大的履带，增大了接触面积，可以减小压强，D不符合题意。
故答案为：A。

【分析】增大压力和接触面的粗糙程度，可以增大摩擦力；增大压力或减小受力面积可以增大压强。
12．东京奥运会上，14岁的全红婵获得女子10米跳台跳水冠军。如图所示，正在比赛中的全红婵（　　）
A．起跳过程中运动状态保持不变
B．上升过程中重力势能转化为动能
C．下落过程中动能保持不变
D．入水过程中所受水的浮力逐渐增大
【答案】D
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【解答】A．起跳过程中，是跳台的弹性势能转化为全红婵的动能，动能变大，速度变大，运动状态发生改变，A不符合题意；
B．上升过程中，全红婵的质量不变，速度变小，高度变大，动能减少，重力势能增大，是动能转化为重力势能，B不符合题意；
C．下落过程中，质量不变，速度变大，动能增大，C不符合题意；
D．入水过程中，排开水的体积变大，据阿基米德原理知，受到的浮力变大，D符合题意。
故答案为：D。

【分析】质量一定时，物体的动能和速度有关；重力势能和高度有关；液体密度和排开液体的体积一定时，浮力不变。
13．2022年5月21日凌晨，我国自主研制的“极目一号”Ⅲ型浮空艇（如图）以30m/min的平均速度顺利升至9050m高空，创造了浮空艇大气科学观测的世界纪录.正在升空的浮空艇（　　）
A．平均速度为5m/s B．所受大气压强逐渐减小
C．所受空气浮力逐渐增大 D．所受空气浮力小于重力
【答案】B
【知识点】速度与物体运动；大气压强与高度的关系；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．浮空艇平均速度为30m1min=30m60s=0.5m/s
A不符合题意；
B．越高处，大气越稀薄，气压越低，所受大气压强逐渐减小，B符合题意；
C．越高处，大气越稀薄，大气密度越小。浸没在大气中的浮空艇，排开空气的体积不变，根据F浮=ρ气gV排得，随高度增加所受空气浮力逐渐减小，C不符合题意；
D．由题意知，浮空艇在竖直方向上只受浮力和重力。由物体的浮沉条件得，所受空气浮力大于重力，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】根据物体的路程和时间的比值计算速度；大气压和高度有关，高度越高，大气压减小；体积一定时，密度减小，受到的浮力减小。
14．我国自主研制的亚洲第一深水导管架“海基一号”质量为3万吨，于2022年3月15日被顺利装上驳船运往珠江口盆地海域。驳船因载有“海基一号”而多排开海水的质量（　　）
A．等于3万吨 B．大于3万吨 C．小于3万吨 D．都有可能
【答案】A
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】驳船在海上运行的过程中漂浮在水面上，受到海水的浮力等于自身的重力，根据阿基米得原理可知，浸在液体中的物体受到的浮力等于排开水的重力，可以得到F浮=G船=G排水=m排水g
驳船因载有“海基一号”而多排开海水的重力等于海基一号的重力，即多排开海水的质量3万吨，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。

【分析】漂浮的物体受到的浮力等于排开液体的重力。
15．如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2均正常发光，两电表都有示数，下列判断正确的是（　　）
A．电流表A1只测量灯L2的电流 B．电流表A2的示数比A1的大
C．灯L1被短路时，L2正常发光 D．仅断开S1只有一个表有示数
【答案】D
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】A．闭合开关S1、S2，电流表A1在干路上，测量干路电流，A不符合题意；
B．闭合开关S1、S2，两个灯泡并联，电流表A1在干路上，电流表A2在支路上，故电流表A2的示数比A1的小，B不符合题意；
C．若灯L1被短路时，则灯泡L2也被短路，C不符合题意；
D．仅断开S1，只有灯泡L2接入电路，电流表A2没有接入电路，故没有示数，只有电流表A1接入电路，故只有电流表A1有示数，D符合题意。
故答案为：D。

【分析】并联电路中，干路的电流表测量总电流，支路电流表测量支路电流大小。
16．如图所示电路，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移动一小段距离的过程中（　　）
A．电流表示数变小 B．电压表示数变小
C．灯泡的功率变大 D．电路总功率变大
【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】AD．由图可知灯与滑动变阻器并联，电流表测干路上的总电流，根据并联电路中电流的规律可知，当滑动变阻器的滑片从最右端向左移动时，电阻减小，这一条支路上的电流增大，所以干路上电流表的示数增大，根据电功率公式P=UI可知，电路的总功率增大。D符合题意，A不符合题意；
B．由图可知电压表测电源两端的电压，电源电压保持不变，所以电压表示数不变，B不符合题意；
C．根据并联电路的特点各支路独立工作互不影响可知，灯泡的电功率不变，C不符合题意。
故答案为：D。

【分析】在并联电路中，支路电阻变化，电流发生变化；干路电流随之变化。
17．一个标有“220V 1100W”的电热器，当通过它的电流为4A时，它的实际功率为（　　）
A．176W B．704W C．880W D．1100W
【答案】B
【知识点】电功率；电功率的计算
【解析】【解答】一个标有“220V 1100W”的电热器，则该电热器的电阻为R=U额2P额=(220V)21100W=44Ω
当通过它的电流为4A时，它的实际功率为P实=I实2R=(4A)2×44Ω=704W
B符合题意。
故答案为：B。

【分析】利用用电器的电压和电功率可以计算电阻的大小；根据实际电流和电阻，可以计算实际电功率。
18．北京路沂河大桥改造工程是我市今年重大工程之一，截至2月27日，质量为2.5万吨的南幅老桥桥面由560个液压千斤顶顶升到位（如图）。桥面被以5mm/min的速度共顶升3.1m，g取10N/kg，下列判断正确的是（　　）
A．南幅老桥桥面重2.5×105N
B．1h内桥面可被连续顶升3m
C．千斤顶共对桥面做功7.75×108J
D．千斤顶应用了流体压强的特点
【答案】C
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A．南幅老桥桥面重为G=mg=2.5×104×103kg×10N/kg=2.5×108N
A不符合题意；
B．由v=st得，1h内桥面可被连续顶升s=vt=5mm/min×60min=300mm=0.3m
B不符合题意；
C．千斤顶共对桥面做功W=Gh=2.5×108N×3.1m=7.75×108J
C符合题意；
D．千斤顶应用了帕斯卡原理，即密闭液体能大小不变地传递压强的原理，D不符合题意。
故答案为：C。

【分析】根据常见物体的重力、高度、做功多少和流体压强与流速关系，结合数据解答。
19．线上教学期间，居家学习的小明进行实验探究：将水平桌面上的甲、乙两只相同的塑料杯中分别装满水，把两个质量相同的小球分别放入两杯中，两小球静止时如图所示，则（　　）
A．甲杯中溢出水的体积小 B．乙杯中小球所受浮力大
C．甲杯底部受到水的压强小 D．两杯对桌面的压强一样大
【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算
【解析】【解答】AB．依题意得，两个小球的质量相等，由G=mg得，重力相等。由图得，甲杯中球处于漂浮状态，受到的浮力等于重力；乙杯中球处于悬浮状态，受到的浮力等于重力，因此两球受到的浮力大小相等；由阿基米德原理得，两球排开水的重力相同，由G=mg得，两球排开的水的质量相同，由ρ=mV得，两球排开的水的体积相同，AB不符合题意；
C．两杯水的深度相同，由p=ρgh得，甲乙杯底受到的水的压强相等，C不符合题意；
D．依题意得，未放入球时，两杯水的重力相等，球放入后，两杯水被排出的水的重力相等，所以剩余水的重力相等，两球的重力相等，所以甲中剩余水与球的总重力等于乙中剩余水与球的总重力，塑料杯放在水平桌面上，对水平桌面的压力等于瓶子和瓶内物理体的总重力，所以两杯对桌面的压力相等，两杯与水平桌面的接触面积相等，由p=FS得，两杯对桌面的压强一样大，D符合题意。
故答案为：D。

【分析】漂浮和悬浮的物体受到的浮力等于重力，漂浮物体的密度小于液体密度，悬浮物体的密度等于液体密度；根据总压力和受力面积的比值， 计算压强。
20．图甲所示电路，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移动到某一位置的过程中，两电表的示数关系如图乙所示。下列判断正确的是（　　）
A．小灯泡的额定功率为0.625W B．电路的最大总功率为1.2W
C．小灯泡的灯丝阻值越来越小 D．R的阻值变化范围为20Ω~8Ω
【答案】A
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由电路图知，小灯泡与滑动变阻器串联在电路中，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
A．由图乙知，电压表示数为2.5V时，电路中的电流为0.25A，此时小灯泡正常工作，其额定功率P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W
A符合题意；
B．小灯泡正常工作时，电路中的电流最大，电路的总功率最大为P总=UI额=4.5V×0.25A=1.125W
B不符合题意；
C．由图甲知，滑片向左滑动过程中，变阻器接入电路的阻值变小，电路中的总电阻变小，电路的电流变大，由图乙知，随着电压增大，电流也增大，而电压的增加量比电流的大，据欧姆定律知，随着电压增大，小灯泡的灯丝电阻变大，C不符合题意；
D．由图乙知，变阻器接入电路的阻值最大时，电路中的电流最小为0.05A，此时电压表示数为0.5V，即小灯泡两端的电压为0.5V。变阻器两端的电压U滑1=U-U1=4.5V-0.5V=4V
滑动变阻器的最大阻值Rmax=U滑1I1=4V0.05A=80Ω
电路中的电流最大时，变阻器两端的电压U滑2=U-U额=4.5V-2.5V=2V
变阻器接入电路的阻值最小为Rmin=U滑2I额=2V0.25A=8Ω
所以变阻器接入电路的阻值为80Ω~8Ω，D不符合题意。
故答案为：A。

【分析】根据电压和电流的乘积计算电功率；利用串联电路分压规律计算分压，利用电压和电流的比值， 计算电阻。
二、综合题
21．2022年4月16日9时56分，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功，中国航天又站在了一个新的起点上。
（1）2021年10月16日0时23分，搭载神舟十三号的运载火箭顺利发射升空。火箭发射前，发射台下的水池内需注入大量的水。点火升空时，发射台周围出现大量的“白雾”（如图），这是水蒸气　 　（填物态变化名称）的结果；火箭加速升空的过程中，飞船的机械能　 　。6时56分，飞船与天和核心舱完成交会对接，对接后，相对于天和核心舱，飞船是　 　的；
（2）2021年11月7日，航天员翟志刚和王亚平身着“飞天”舱外航天服成功出舱，并完成在机械臂上安装脚限位器和舱外工作台等工作。航天服上的国旗呈现红色，说明她可以　 　红光；机械臂工作时类似于人的手臂，属于　 　杠杆；
（3）2021年12月9日，“天宫课堂”第一课开讲。如图所示，王亚平老师演示了水中的乒兵球不受浮力的实验。由此可判断，核心舱内　 　（选填“能”或“不能”）用U形管压强计研究液体的压强。核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于　 　继续运动而碰到舱壁；
（4）2022年3月23日，“天宫课堂”再度开课。如图甲所示，两块透明板上的水球接触后合成一个，然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥，这一实验说明分子间存在　 　力。如图乙所示，太空抛物实验中，奥运顶流“冰墩墩”被王亚平抛出后，假如它不受任何外力，将　 　；
（5）飞船返回舱返回地球时，进入大气层后，与大气剧烈摩擦，舱体外壁的温度达2000oC以上，这是通过　 　的方式改变了返回舱的内能。舱体外壁涂的防热材料在高温下熔化、汽化，　 　热量，加之隔热层的保护，从而使舱内温度可保持在30oC左右。
【答案】（1）液化；增大；静止
（2）反射；省力
（3）不能；惯性
（4）引力；做匀速直线运动
（5）做功；吸收
【知识点】液化及液化放热；光的反射；机械能及其转化；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；惯性及其现象；杠杆的分类；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1） “白雾”是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠。
动能和势能统称为机械能，火箭加速升空，动能增大，重力势能也增大，所以机械能也增大。
飞船与天和核心舱对接后，成为了一个整体，所以相对于天和核心舱，飞船是静止的。
（2）能看到衣服上的国旗呈红色，说明红光反射到了我们人的眼睛里。
动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。
（3）浮力产生的原因是由于浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压强大于向下的压强，向上的压力大于向下的压力，物体受到向上和向下的压力差的作用。因为乒兵球在太空中的液体中不受浮力，所以乒兵球在液体中没有受到液体的压强，因此核心舱内不能用U形管压强计研究液体的压强。
一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫惯性。
（4）两滴液体自动融合在一起说明分子间存在引力。
一切不受力的物体总将保持静止或匀速直线运动状态，由于物体不受力之前是运动的，所以不受力之后，物体将沿着原来的运动方向做匀速直线运动。
（5）飞船与大气剧烈摩擦，使舱体外壁的温度升高，内能增大，这是通过做功的方式来改变舱体外壁的内能。
舱体外壁的特殊材料在熔化和汽化时可以吸收大量的热量，从而达到保护飞船的目的，这是利用了熔化和汽化要吸热的原理。

【分析】（1）气体变为液体，是液化现象；质量一定时，物体的速度变大，高度变大，动能和重力势能变大，总机械能变大；相对于参照物，没有位置变化，物体是运动的；
（2）不透明物体的颜色由它反射的色光决定的；使用杠杆时，动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；
（3）物体在太空中的液体中不受浮力，在液体中没有受到液体的压强；惯性使物体保持原有状态；
（4）分子间存在引力和斥力；运动的物体不受力的作用时，做匀速直线运动；
（5）物体间相互摩擦时，是做功改变了内能；熔化、汽化时，吸收热量。
三、填空题
22．二极管具有单向导电性，硅二极管正向导通时，其两端电压为0.7V。如图所示，将一个硅二极管和阻值为23Ω的定值电阻串联，闭合开关，二极管导通，电流表的示数为0.1A。则定值电阻两端的电压为　 　V，电功率为　 　W；电源电压为　 　V。
【答案】2.3；0.23；3
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】一个硅二极管和阻值为23Ω的定值电阻串联，电流处处相等，定值电阻两端的电压为U定=IR定=0.1A×23Ω=2.3V
定值电阻的电功率为P定=U定I定=2.3V×0.1A=0.23W
电源电压为U=U二极管+U定=0.7V+2.3V=3V

【分析】根据电流和电阻的乘积计算电压；利用电压和电流的乘积计算电功率；串联电路中，各用电器电压和等于电源电压。
23．小明家新购买了一台“220V 6600W”的即热式热水器。
（1）在其他条件相同时，导线的横截面积越大，电阻越　 　，允许通过的最大电流越大，所以安装师傅选用较粗的铜芯导线。同时，为确保用电安全，热水器的金属外壳要　 　；
（2）小明洗头时，该热水器共正常工作5min，消耗的电能为　 　J；吹干头发后，用塑料梳子梳头，头发越梳越蓬松，这是头发与梳子摩擦后带同种电荷而相互　 　的结果。
【答案】（1）小；接地线
（2）1.98×106；排斥
【知识点】电荷间的相互作用规律；影响电阻大小的因素；电功的计算；插座的构造与工作方式
【解析】【解答】（1）根据R=ρLS得，在其他条件相同时，导线的横截面积越大，电阻越小，允许通过的最大电流越大，所以安装师傅选用较粗的铜芯导线。
为确保用电安全，国家规定带有金属外壳的家用电器，其金属外壳必须接地，故热水器的金属外壳要接地线。
（2）小明洗头时，该热水器共正常工作5min，消耗的电能为W=P额t=6600W×5×60s=1.98×106J
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用塑料梳子梳头，头发越梳越蓬松，这是头发与梳子摩擦后带同种电荷而相互排斥的结果。

【分析】（1）导体的材料和长度相同时，横截面积越大， 电阻越小；有金属外壳的用电器，金属外壳要接地；
（2）根据电功率和时间的乘积计算消耗的电能；电荷间同种电荷相互排斥。
四、作图题
24．按要求作图。如图所示，一个小球在竖直挡板的作用下静止在斜面上，请作出小球所受重力的示意图（O为小球的重心）。
【答案】解：如图所示；
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】小球的重心为O点，重力的方向始终竖直向下，重力用符号G表示，如图所示：

【分析】物体受到的重力竖直向下。
25．按要求作图。如图所示，请作出反射光线对应的入射光线。
【答案】解：如图所示；
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】先过入射点作出法线，反射光线与法线的夹角为反射角，根据反射角等于入射角作出入射光线，如图所示：

【分析】光在反射时，反射角等于入射角，画出入射光线。
五、实验题
26．用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像规律时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，并将凸透镜固定在50cm刻度线处。
（1）点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心大致在　 　；
（2）当蜡烛和光屏的位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。应用了此成像特点的是　 　（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）；
（3）将蜡烛移至20cm刻度线处，应将光屏移至　 　cm刻度线处，可再次承接到烛焰清晰的像；
（4）将蜡烛移至45m刻度线处，无论怎样移动光屏，始终承接不到烛焰清晰的像。此时应在凸透镜　 　（选填“左侧”或“右侧”）透过凸透镜观察像的特点。
【答案】（1）同一高度
（2）投影仪
（3）65.0
（4）右侧
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）为了使像成在光屏的中心，点燃蜡烛，应使烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心大致在同一高度。
（2）由图得，此时像距大于物距，凸透镜成的像是放大倒立的实像，投影仪利用该原理工作。
（3）由图得，当物距u=50.0cm-35.0cm=15.0cm
像距v=80.0cm-50.0cm=30.0cm
将蜡烛移至20cm刻度线处，物距变为u′=50.0cm-20.0cm=30.0cm
由光路可逆得，此时像距应为15.0cm，即应将光屏移到65.0cm位置可再次承接到烛焰清晰的像。
（4）虚像不能在光屏上呈现，将蜡烛移至45m刻度线处，无论怎样移动光屏，始终承接不到烛焰清晰的像，说明此时凸透镜成得像是虚像，虚像在折射光线的反向延长线的交点上，此时应在凸透镜右侧透过凸透镜观察像的特点。

【分析】（1）探究凸透镜成像规律时，使烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心大致在同一高度；
（2）当物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距间时，成像利用在投影仪上；
（3）当凸透镜成实像时，物距和像距互换，可以再次成像；
（4）当物体在凸透镜的焦点内时，观察光屏上的像要直接观察光屏。
27．临沂是农业大市，被誉为“山东南菜园”。为提高蔬菜的品质及产量，可向蔬菜喷洒密度在1.03~1.05g/cm3之间的叶面喷施肥。小明用固体颗粒肥料和水配制了叶面喷施肥，为了确定配制的喷施肥是否符合要求，他进行了如下实验。
（1）将天平放在水平台上，需先　 　，再调节平衡螺母使天平平衡；
（2）将适量叶面喷施肥倒入烧杯，用天平测量烧杯和喷施肥的总质量，当天平平衡时，所用砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯和喷施肥的总质量为　 　g；
（3）将烧杯中的喷施肥全部倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中喷施肥的体积为　 　cm3；
（4）将倒空后的烧杯放在天平左盘，向右盘加减砝码，当将最小为5g的砝码放入右盘时，分度盘指针如图丙所示，此时应　 　，使天平平衡，天平平衡时，测出倒空后的烧杯的质量为37g；
（5）小明所配制的喷施肥的密度为　 　g/cm3；
（6）评估小明的实验方案可知，他测量出的喷施肥的密度是　 　（选填“偏大”“偏小”或“准确”）的。
【答案】（1）将游码归零
（2）78.6
（3）40
（4）移动游码
（5）1.04
（6）准确
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）天平使用前，应先将游码移到零刻度线上，再调节平衡螺母使天平在水平位置平衡。
（2）由图甲得，标尺的分度值为0.2g，读数为3.6g，烧杯和喷施肥的总质量为m总=50g+20g+5g+3.6g=78.6g
（3）由图乙得，量筒的分度值为1mL，示数为40mL，即量筒中喷施肥的体积为V=40mL=40cm3
（4）由图丙得，将倒空后的烧杯放在天平左盘，向右盘加减砝码，当将最小为5g的砝码放入右盘时，分度盘指针向左偏转，说明砝码的质量小于空烧杯的质量，故应移动游码使天平平衡。
（5）依题意得，量筒中喷施肥的质量为m=m总-m空瓶子=78.6g-37g=41.6g
小明所配制的喷施肥的密度为ρ=mV=41.6g40cm3=1.04g/cm3
（6）依题意得，喷施肥的密度在1.03~1.05g/cm3之间，他测量出的喷施肥的密度为1.04 g/cm3，故他测量出的喷施肥的密度是准确的。

【分析】（1）调节天平平衡时，先游码归零；
（2）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；
（3）根据量筒中液面位置， 测量体积；
（4）利用天平测量质量时，左盘稍重时，可以调节游码使天平平衡；
（5）利用质量和体积的比值，计算密度；
（6）根据密度的规定范围，判断是否合理。
28．用图甲所示装置探究水的沸腾特点。
（1）组装实验装置时，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先调整　 　（选填“烧杯”或“温度计”）的位置；
（2）实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为　 　℃；
（3）观察到水沸腾后的实验现象：①温度计的示数保持不变；②水中产生大量气泡，气泡不断上升且　 　（选填“变大”或“变小”），到达水面破裂；
（4）实验结束后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会，这说明水沸腾时不需要吸热。这种判断是　 　（选填“正确”或“错误”）的；
（5）由实验数据作出水的温度随时间变化的图象如图丙所示。根据图象，请给实验提一条合理化建议：　 　。
【答案】（1）烧杯
（2）94
（3）变大
（4）错误
（5）适当减少水的质量
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）因用要酒精灯的外火焰热，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先调整烧杯的位置。
（2）由图乙知，温度计细玻璃管中的液面在零刻度线之上，温度是零上，温度计的分度值为1℃，示数为94℃。
（3）水在沸腾时，气泡不断上升变大，因为水沸腾时，整个杯水的温度相同，水泡上升时，所处的浓度变浅，气泡外的压强变小，气泡内的气压大于气泡外的压强，于是体积变大，到水面破裂开来。
（4）撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会，是因为石棉网等仪器上的温度还较高，水还能继续吸收热量，能继续沸腾，所以水沸腾时不需要吸热是错误的。
（5）由图丙所示，加热水至沸腾用时较长，不适合在课堂操作，为了缩短加热至沸腾的时间，可适当减小水的质量。

【分析】（1）利用酒精灯加热时，组装器材先下后上；
（2）根据温度计中液柱位置， 测量温度；
（3）水沸腾时，水底的气泡上升变大；
（4）水的沸腾需要吸热，撤去酒精灯水仍然沸腾，是石棉网在放热；
（5）适当减少水的质量，可以加快沸腾时间。
29．用5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。
（1）请用笔画线代替导线将图甲所示电路连接完整（滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大）；
（2）先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关后，电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻　 　路；
（3）排除故障后进行实验，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数如图乙所示时记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为　 　V；
（4）断开开关，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“左”或“右”）端移动；移动滑片的过程中，眼睛应观察　 　表的示数；
（5）根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的图象如图丙所示，由图象可知，电压一定时，电流与电阻成　 　比；
（6）分析实验数据可知，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于　 　Ω。
【答案】（1）
（2）短
（3）2
（4）左；电压
（5）反
（6）40
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻的关系时，滑动变阻器与定值电阻应串联连接，电压表测定值电阻两端的电压。滑片向右移动时，电流表示数变大，电源电压保持不变，据欧姆定律知，电路中的电阻变小，变阻器接入电路的阻值变小。所以变阻器下端的接线柱接在右侧。作图如下：
​​
（2）将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，电流表有示数，说明电路无断路，电压表无示数，则可能是定值电阻短路了，电压表相当于接在一根导线两端，所以无示数。
（3）由实物图知，电流表选用小量程，对应的分度值为0.02A。由图乙知，电流表示数为0.4A。此时定值电阻的阻值为5Ω，所以定值电阻两端的电压U1=I1R1=0.4A×5Ω=2V
而实验过程中，定值电阻两端的电压要保持不变，所以控制的电压为2V。
（4）将10Ω电阻替代5Ω电阻，据串联电路的分压特点知，变阻器的滑片不动时，定值电阻两端的电压变大，为了让定值电阻两端的电压保持不变，应将滑片向左移动，接入电路的阻值变大，分去的电压变大。
在移动变阻器滑片的过程中，眼睛应观察电压表的示数，直到示数为2V，即停止移动滑片。
（5）由图丙知，通过定值电阻的电流与其电阻倒数的图像是一条过原点的倾斜直线，说明电流与电阻的倒数成正比，所以在电压一定时，电流与电阻成反比。
（6）当定值电阻接入电路的阻值最大为20Ω时，变阻器接入电路的阻值也需要最大，才能让定值电阻两端的电压保持不变。整个过程中，滑动变阻器两端的电压U滑=U-U1=6V-2V=4V
据串联电阻的分压特点有4V：2V=Rmax：20Ω
解得，变阻器接入电路的最大阻值Rmax=40Ω
所以滑动变阻器的最大阻值应不小于40Ω。

【分析】（1）探究电流和电阻关系时，滑动变阻器和电阻串联，且接线柱一上一下；
（2）在串联电路中，电压表无示数，电流表有示数，电压表测量的位置短路；
（3）根据电流和电阻的乘积计算电压；
（4）定值电阻变大时，为保持电压一定，滑动变阻器的取值变大；
（5）当电压一定时，通过导体的电流和电阻成反比；
（6）根据电源电压和定值电阻的分压，计算滑动变阻器的分压，利用电压和电流的比值， 计算滑动变阻器的最大电阻。
六、计算题
30．某品牌浴室多功能取暖器具有灯暖和风暖两种功能，其简化电路如图所示，部分参数如表所示。当取暖器正常工作时，求：
额定电压
220V
灯暖
额定电流2.5A
风暖
吹风机额定电流0.15
加热电阻22Ω
（1）灯暖灯丝的电阻；
（2）灯暖功能10min消耗的电能；
（3）仅使用风暖功能时电路中的电流。
【答案】（1）解：由参数表知，灯暖灯丝的电阻R暖=UI暖=220V2.5A=88Ω
答：灯暖灯丝的电阻为88Ω；
（2）解：灯暖功能10min消耗的电能W=UI暖t=220V×2.5A×10×60s=3.3×105J
答：灯暖功能10min消耗的电能为3.3×105J；
（3）解：由电路图知，风暖开关闭合时，启动风暖功能，吹风机和加热电阻并联连接。仅使用风暖功能时，通过加热电阻的电流I1=UR加热=220V22Ω=10A
电路中的总电流I风暖=I1+I2=10A+0.15A=10.15A
答：仅使用风暖功能时电路中的电流为10.15A。
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）根据电压和电流的比值计算电阻；
（2）利用电压、电流和时间的乘积计算消耗的电能；
（3）利用电压和电阻的比值， 计算电流；根据并联电路电流规律，计算干路电流大小。
31．为保障今年夏粮丰收增产，我市部分县区利用植保无人机对小麦开展“一喷三防”喷洒作业。如图所示。某品牌植保无人机，加满农药和汽油后总质量为20kg，底部支架与水平地面的接触面积为50cm2。在某次喷洒作业中，该无人机以5m/s的水平速度匀速喷洒3min，消耗汽油100mL。已知汽油的密度为0.71×103kg/m3，其热值为4.6×107J/kg，g取10N/kg，求无人机：
（1）起飞前对水平地面的压强；
（2）3min内飞行的水平路程；
（3）3min内消耗的汽油完全燃烧放出的热量。
【答案】（1）解：起飞前对水平地面的压力F=G=mg=20kg×10N/kg=200N
起飞前对水平地面的压强p=FS=200N50×10-4m2=4×104Pa
答：起飞前对水平地面的压强为4×104Pa；
（2）解：3min内飞行的水平路程s=vt=5m/s×3×60s=900m
答：3min内飞行的水平路程为900m；
（3）解：3min内消耗的汽油完全燃烧放出的热量Q放=mq=ρVq=0.71×103kg/m3×100×10-6m3×4.6×107J/kg=3.226×106J
答：3min内消耗的汽油完全燃烧放出的热量为3.226×106J。
【知识点】燃料的热值；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据物体的质量计算重力，利用压力和受力面积的比值， 计算压强；
（2）根据速度和时间的乘积计算路程；
（3）利用质量和热值的乘积计算热量。