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2021年山东省临沂市中考物理试卷
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这是一份2021年山东省临沂市中考物理试卷，共32页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021年山东省临沂市中考物理试卷
一、单选题（本大题共20小题，共40.0分）
1. 下列估测，最接近生活实际的是( )
A. 中学生课桌的高度约8dm B. 人正常步行的速度约18km/h
C. 九年级物理课本重约10N D. 家用台灯的额定电流约2A
2. 为庆祝建党100周年，激发爱党爱国热情，我市部分学校组织了“弘扬沂蒙精神，传承红色基因”大型合唱比赛。下列判断正确的是( )
A. 歌声是空气的振动产生的 B. 使用扩音器可以增大声速
C. 男低音演员歌声的响度小 D. 女高音演员歌声的音调高
3. 下列如图所示的工具，正常使用时省力的是( )
A. 镊子 B. 羊角锤
C. 定滑轮 D. 筷子
4. 下列认知或做法，符合安全用电原则的是( )
A. 低于220V的电压都是安全的 B. 电路起火时先灭火后断电
C. 将家用电器的金属外壳接地 D. 将开关接在零线与电灯之间
5. 2021年5月26日，天空先后出现超级月亮和月全食的少见天象。下列光现象，与月全食成因相同的是( )
A. 墙上“兔” B. 水中“塔”
C. 空中“桥” D. 镜中“字”
6. 临沂是“中国物流之都”，仓储管理尤为重要。某仓库管理员设计了一个电路，确保无论前后门来人按下开关，电铃都会响起，但代表前后门的灯会分别被点亮。下列四种设计，最佳的是( )
A. B.
C. D.
7. 2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器稳稳降落在火星的乌托邦平原。探测器经过借助火星大气进行气动减速等一系列减速措施后，再通过反推发动机进行动力减速，距离火星表面100m时，进入悬停阶段，完成精避障和缓速下降后抵达火星表面。如图所示，下列判断错误的是( )
A. 探测器与地面控制系统间靠电磁波传递信息
B. 反推发动机利用了热值大、密度小的燃料
C. 悬停阶段，探测器相对火星表面是静止的
D. 落地后，探测器的影子是光的反射形成的
8. 2021年3月22日是第二十九个世界水日，节约用水是每个公民的义务和责任。如图所示水的物态变化，吸放热情况与其他三个不同的是( )
A. 冰融水开 B. 雾绕险峰
C. 露润绿叶 D. 霜打枝头
9. 2021年5月10日上午，格力电器在全球布局的第十六大基地，也是在山东省布局的唯一工业制造项目——格力电器(临沂)智能制造生产基地项目开工奠基仪式在临沂综合保税区举行。正在制冷模式下工作的格力空调( )
A. 将电能全部转化为内能
B. “超静音”是指声音的音调低
C. 出风口处的“白气”是液化的结果
D. 通过做功方式降低了房间温度
10. 我市滨河景区湿地公园是全国最大的城市湿地公园，大量珍稀水禽在此迁健繁殖。如图所示，一只白鹭正在平静的水面上展翅起飞。关于白鹭在水中所成的像，下列说法正确的是( )
A. 水中的像是光的折射形成的 B. 白鹭飞得越高，水中的像越小
C. 河水越深，水中的像离水面越远 D. 水中的像与白鹭关于水面对称
11. 2021年4月13日，在奥运会女足亚洲区淘汰赛中，中国女足战胜韩国队，闯进东京奥运会。关于足球运动，下列说法正确的是( )
A. 运动员鞋底的花纹可以减小与草地的摩擦
B. 踢球时脚疼说明物体间力的作用是相互的
C. 在空中运动到最高点的足球受平衡力作用
D. 在草地上滚动的足球因不受力而逐渐停下
12. 2021年5月20日，第五届世界智能大会在天津梅江会展中心隆重开幕，长安智能化汽车UNI−K(如图)充分展现了“中国智造”科技风采。UNI−K不仅可以实现自动刷脸识别车主身份、车内拍抖音、全速自适应巡航等众多功能，其酷炫的转向灯也尽显奢华。关于UNI−K，下列判断正确的是( )
A. 车内的集成电路由超导材料制成
B. 左右转向灯之间是并联连接的
C. 拍抖音时，景物通过摄像头成虚像
D. 汽车的电动机利用了电磁感应原理
13. 甲、乙两个相同的装置分别由U形磁铁、导体棒和支架构成，导体棒ab和cd由导线连接，如图所示。闭合开关并向右移动ab、cd也会随之向右运动。关于此现象，下列判断正确的是( )
A. 甲装置相当于电动机 B. 乙装置相当于发电机
C. 向左移动ab，cd仍向右运动 D. 甲装置将机械能转化为电能
14. 我市积极响应国家“接种新冠疫苗，共筑免疫屏障”的号召，有序推进全民新冠病毒疫苗预防接种工作。下列说法正确的是( )
A. 用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热升华
B. 注射器尖细的针头可以增大对皮肤的压强
C. 将药液吸入注射器的针筒利用了帕斯卡定律
D. 进行肌肉注射时，大气压将药液压入人的肌肉中
15. 下列与热现象有关的说法，正确的是( )
A. 固体很难被压缩说明分子间没有间隙
B. 0℃的物体也有内能，但一定很小
C. 物体吸收热量后，温度不一定升高
D. 汽油机的做功冲程将机械能转化为内能
16. 如图是做电学实验时所用电路的一部分，根据图中两表的示数，一定能测出灯泡( )
A. 正常发光时的电阻 B. 实际电功率
C. 消耗的电能 D. 产生的热量
17. 2021年4月7日，我国自主研发的深海钻探“利剑”——“海牛Ⅱ号”抵达2060m的海底，并成功下钻231m，刷新了深海海底钻机的世界纪录。在海面下匀速竖直下潜的“海牛Ⅱ号”( )
A. 重力不做功 B. 机械能不变
C. 所受压强减小 D. 排开海水的质量不变
18. 如图所示电路，闭合开关后两灯均正常发光，下列判断正确的是( )
A. 电流表A1测通过灯L1的电流 B. 两电流表的示数一定不相同
C. 两灯的额定功率一定不相同 D. 仅断开S2，电流表A2的示数不变
19. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动至中点的过程中( )
A. 灯泡的亮度变大
B. 电流表的示数不变
C. 电压表的示数变小
D. 电路的总功率变大
20. 放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示。则( )
A. 物体a的密度大
B. 物体b受到的浮力小
C. 甲容器底部受到的压力小
D. 两容器对桌面的压强一样大
二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）
21. 2020年12月17日凌晨，嫦娥五号月球探测器带着“月球土特产”安全着陆。嫦娥五号探测器由上升器、着陆器、返回器和轨道器四部分组成，着陆器和上升器的组合体降落至月球表面后完成月球采样，并将携带的国旗在月面展开。最终，独自携带1731g月球样品的返回器先以高速进入地球大气层，然后借助大气层提供的升力“打水漂”后跳起来，之后再重新进入大气层才安全返回地面(如图)。
(1)国旗上的五角星呈现黄色是因为五角星只______ (选填“反射”或“吸收”)黄光。
(2)返回器加速下降的过程中，动能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)；进入大气层与大气摩擦导致其温度升高，这是通过______ 的方式改变了内能；借助大气层提供的升力“打水漂”，说明力可以改变物体的______ ；安全返回的返回器将地面砸出个大坑，说明力可以改变物体的______ 。
(3)1731g的月球样品到达地球后，质量______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
22. 2021年2月4日晚，北京冬奥会倒计时一周年活动在国家游泳中心“冰立方”举行。如图是中国女子冰壶队积极备战训练的情景。掷球员将冰壶沿水平冰面推出后，冰壶由于______ 继续向前运动；刷冰员不停地刷冰面可以______ (选填“增大”或“减小”)冰壶受到的摩擦力；如果摩擦力为零，运动的冰壶将______ (选填“静止”、“逐渐停下来”或“做匀速直线运动”)。
23. 如图所示，由通电螺线管的磁感线方向可知，电流表的上端为______ 接线柱；静止的小磁针的左端为______ 极。
24. 2021年4月23日，海军三型主战舰艇——长征18号艇、大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列。中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平出席交接入列活动并登上舰艇视察。
如图所示的大连舰满载排水量达12300t，则其满载时受到的浮力为______ N(g取10N/kg)；舰载直升机起飞后，大连舰受到的浮力______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；两只舰艇不能近距离高速并排航行，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越______ ，容易相撞。
25. 仅将一把电热水壶接入图示电能表所在的电路，正常工作6min，电能表的转盘转过了360r，则电热水壶消耗的电能为______ kW⋅h，电功率为______ kW。
26. 如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。则定值电阻R1的阻值为______ Ω；电路消耗的最小功率为______ W。
三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）
27. 如图所示，茶壶静止在水平桌面上，请画出它所受力的示意图(将力的作用点画在茶壶的重心O点上)。
四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
28. 在“探究水的沸腾特点”的实验中：
测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
水银
−39
357
酒精
−117
78
注：在一个标准大气压下
(1)组装如图甲所示的实验装置时，应先调节______ (选填“A”或“B”)固定夹的位置。
(2)水银和酒精是液体温度计常用的测温物质。由表格中的数据可知，本实验应选用______ 制作的温度计。
(3)实验过程中，某时刻温度计的示数如图甲所示，此时水的温度为______ ℃。
(4)实验结束后撤去酒精灯，水还会继续沸腾一小会儿，这是因为______ 。
(5)图乙是a、b两个实验小组根拟实验数据描绘出的水的沸腾象，两图线不同的原因可能是______ (选填序号)。
A.酒精灯的火焰相同，a组水的质量大
B.水的质量相同，b组酒精灯的火焰小
29. 小明用焦距为15.0cm的凸透镜探究凸透镜的成像规律，当各器材位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。
(1)实验前，应调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在______ 。
(2)此时烛焰的成像特点与______ (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)的成像特点相同。
(3)实验时，若一只苍蝇落在了凸透镜上，光屏上______ (选填“有”或“没有”)苍蝇的像。
(4)小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方。若保持光屏的位置不变，仅将蜡烛向______ 移动适当距离，光屏上即可重新承接到烛焰清晰的像。
30. 2021年初夏，我市部分山区在精准扶贫政策扶持下种植的大樱桃喜获丰收。小明想知道大樱桃的密度，他用天平和量筒进行了如下实验。
(1)把天平放在水平桌面上，先将______ 后，再调节天平横梁平衡。
(2)测量大樱桃的质量时，将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针如图甲所示，此时应______ ，使横梁平衡。横梁平衡后，所用砝码和游码的位置如图乙所示，则大樱桃的质量为______ g。
(3)用细线拴住大樱桃并放入装有适量水的量筒中。水面上升到如图丙所示位置，接着将大樱桃提出后，量筒中的水面下降至60mL刻度线处，则大樱桃的体积为______ cm3，大樱桃的密度为______ kg/m3。
(4)小明所测大樱桃的密度______ (选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。
31. 用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻，根据实验数据绘制的小灯泡的I−U图象如图乙所示。
(1)为保证实验顺利进行，应选用______ (选填序号)滑动变阻器。
A.“10Ω 0.5A”
B.“50Ω 0.3A”
C.“100Ω 0.2A”
(2)用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整。
(3)电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡______ 。
(4)排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电流表示数如图丙所示，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向______ (选填“左”或“右”)移动。
(5)由图象可知，小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω；额定功率为______ W。
(6)由图象可知，实验过程中小灯泡的电阻是逐渐变大的，滑动变阻器接入电路的电阻是逐渐变小的，则小灯泡电阻的变化量△RL ______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)滑动变阻器电阻的变化量△R。
五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
32. 2021年3月24日，临沂市获得2020年山东16地市经济社会发展综合考核一等奖，同时还获得打赢污染防治攻坚战等单项奖励。绿化喷洒车对城区道路的卫生清洁保持工作功不可没。如图所示的绿化喷洒车空载时的质量为6t，罐体有效容积为8m3，该喷洒车从水源地装满水后，沿平直公路以15m/s的速度匀速驶向距离2.7km的目的地，行驶过程中喷洒车受到的阻力为1.5×104N，车轮与地面的总接触面积为0.4m2，g取10N/kg。求喷洒车从水源地到目的地：
(1)所用的时间。
(2)牵引力所做的功。
(3)对水平地面的压强。
33. 某品牌电热水瓶具有加热和电动出水两种功能，其简化电路如图所示。其中R1是额定功率为2000W的电热丝，R2是阻值为130Ω的分压电阻，电磁泵的额定电压为12V。在1标准大气压下，将初温为20℃、质量为2.5kg的水装入电热水瓶，正常加热8min20s将水烧开，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，求该电热水瓶：
(1)此次加热水的效率。
(2)电磁泵的额定功率。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、中学生课桌的高度约0.8m，即8dm，故A正确；
B、人正常步行的速度约1.1m/s，即4km/h，故B错误；
C、九年级物理课本重约2N，故C错误；
D、家用台灯的额定电流约0.1A，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D
【解析】解：A.歌声是由人的声带振动产生的，故A错误；
B.使用扩音器可以增大声音的响度，故B错误；
C.男低音是指声音的音调低，故C错误；
D.女高音演员歌声的音调高，故D正确。
故选：D。
(1)声音是由物体的振动产生的，一切发声的物体都在振动；
(2)音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
本题主要考查学生对声音的产生、声音三个特征等知识的理解，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：A、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B正确；
C、定滑轮实质是一等臂杠杆，不省力也不费力，故C错误；
D、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：B。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是如何找出动力臂和阻力臂，并对杠杆分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
4.【答案】C
【解析】解：
A、经验表明，只有不高于36V的电压，对人体才是安全的，故A不符合安全用电原则；
B、电路起火时，要先切断电源，否则容易发生触电事故，故B不符合安全用电原则；
C、将家用电器的金属外壳接地，当用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生，故C符合安全用电原则；
D、为了安全，将开关接在火线与电灯之间，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
(1)经验证明，不高于36V的电压为安全电压；
(2)电路起火时，要先切断电源，否则容易发生触电事故；
(3)家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生；
(4)为了安全，将开关接在火线与电灯之间。这样，开关断开时灯上没有电，便于维修。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
5.【答案】A
【解析】解：月全食是光沿直线传播形成的；
A.墙上“兔”是光沿直线传播形成的影子，故A符合题意；
B.水中“塔”是平面镜成像，平面镜成像是光的反射形成的，故B不符合题意；
C.空中“桥”是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散现象，属于光的折射，故C不符合题意；
D.镜中“字”看起来变大了，属于凸透镜成像，是光的折射，故D不符合题意。
故选：A。
明确月全食是由光沿直线传播形成的现象，然后分析各个选项形成原理，选出符合题意的选项。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
6.【答案】C
【解析】解：由题知，无论前后门来人按下开关，电铃都会响起，代表前后门的灯会分别被点亮，说明两灯互不影响、能独立工作，即两个电灯应并联，然后与电铃并联，故C正确。
故选：C。
串联电路中各用电器相互影响，开关控制整个电路；并联电路中各支路用电器互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关只控制所以支路，由此分析两灯和开关的连接方式从而选择正确电路。
本题考查了电路设计，根据题意得出甲乙灯泡的连接方式和开关的位置是解决本题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、火星与地球之间是真空，需要靠电磁波传递信息，故A正确；
B、火箭为了获得较大动能，需要使用热值较大的燃料；火箭需要减轻自重，所以在体积一定的燃料仓内要使用密度较小的燃料，故B正确；
C、悬停时探测器与地面的相对位置不发生变化，即探测器相对于火星是静止的，故C正确；
D、影子的形成是由于光沿直线传播，并非光的反射造成的，故D错误。
故选：D。
A、声波的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质；
B、燃料热值越大，在相同质量(或体积)下就可释放更多能量；燃料密度小，在相同体积下能使载具总质量更小；
C、悬停即停留在某一位置之上，即与下方相对静止；
D、影子的形成是由于光沿直线传播。
本题结合热点新闻考查了考生对如电磁波、热值、密度等物理概念的理解，让考生体会物理与生活的紧密联系。
8.【答案】A
【解析】解：A.冰融水开，由固态变为液态，是熔化现象，此过程吸热；
B.雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，此过程放热；
C.露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热；
D.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华过程放出热量，
所以吸放热情况与其他三个不同的是A。
故选：A。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
9.【答案】C
【解析】解：A.空调制冷时，将电能转化为压缩机电机转动的机械能和电流通过线圈时产生的内能，故A错误；
B.“超静音”是指声音的响度小，故B错误；
C.出风口处的“白气”是水蒸气遇冷液化成的小液滴，故C正确；
D.开空调制冷时，冷气使房间温度降低，属于热传递改变物体的内能，故D错误。
故选：C。
(1)空调制冷时，将电能转化为压缩机电机转动的机械能和电流通过线圈时产生的内能；
(2)音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；
(3)物质由气态变为液态的过程是液化；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
本题主要考查电能转化、影响响度大小的因素、液化现象及做功改变物体内能的方式等，是一道难度不大的综合题。
10.【答案】D
【解析】解：
A、平静的水面相当于平面镜，白鹭在水面所成的像属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、白鹭飞离水面的过程中像的大小与白鹭大小相同，所以像的大小不变，故B错误；
C、物距是白鹭到水面的距离，像距是白鹭所成的像到水面的距离，二者始终相等，与水的深度无关，故C错误；
D、根据平面镜成像的特点可知，白鹭在水中的像与白鹭关于水面对称，故D正确。
故选：D。
平面镜成像是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
此题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地进行解答。
11.【答案】B
【解析】解：A、运动员的鞋底的花纹，这是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故A错误；
B、踢球时脚给球作用力，球也给脚反作用力，所以脚感到脚疼，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、足球运动到最高点时只受重力作用，此时受力不平衡，故C错误；
D、在草地上滚动的足球停下来是因为受到了摩擦力的缘故，故D错误。
故选：B。
(1)根据增大和减小摩擦的方法分析；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受平衡力作用；
(4)力是改变物体运动状态的原因。
本题主要考查力作用的相互性，力与运动的关系及增大或减小摩擦的方法等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
12.【答案】B
【解析】解：A、导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，车内的集成电路由半导体材料制成，故A错误；
B、左右转向灯，在一个损坏后另一个仍然可以工作，互不影响，所以是并联的，故B正确；
C、拍抖音时，景物通过摄像头成像，摄像头是一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，故C错误；
D、电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用而转动的原理工作的，故D错误。
故选：B。
(1)导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，芯片主要是由半导体材料制成的；
(2)串联电路中各用电器相互影响；并联电路中各用电器互不影响；
(3)凸透镜成像的三种情况之一：u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，应用于照相机和摄像头；
(4)电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用而转动的原理工作的。
本题通过长安智能化汽车UNI−K为例，考查了学生对电动机的工作原理、凸透镜成像、半导体以及家庭电路中各用电器的连接方式，是一道综合性题目。
13.【答案】D
【解析】解：ABD、闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体ab在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象工作的，所以甲装置相当于发电机，此过程中机械能转化为电能；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理，所以乙装置相当于电动机，故AB错误，D正确；
C、闭合开关并向右移动ab、cd也会随之向右运动，ab向左运动时，磁场方向不变，感应电流的方向改变，通过cd的电流方向改变，磁场方向不变，则cd受力方向改变，运动的方向会改变，向左运动，故C错误。
故选：D。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，此过程中机械能转化为电能；
(2)电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的；
(3)感应电流的方向与导体运动方向、磁场方向有关；通电导体在磁场中的受力方向与电流方向、磁场方向有关。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的。
14.【答案】B
【解析】解：
A、用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热汽化，故A错误；
B、尖细的针头可以减小受力面积，在压力一定时，可以增大对皮肤的压强，故B正确；
C、注射器吸取药液时，针筒内的气压减小，药液受到外界大气压的作用，会被压入针筒，利用的是大气压，故C错误；
D、用注射器把药水推入病人肌肉中是靠外力，与大气压无关，故D错误。
故选：B。
(1)物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热；
(2)影响压强大小的因素是受力面积和压力大小；
(3)(4)大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
本题考查了大气压的应用、汽化现象、增大压强的方法，属于基础题。
15.【答案】C
【解析】解：
A、固体很难被压缩是由于分子间存在斥力，不是因为分子间没是间隙，故A错误；
B、0℃的物体有内能，但内能除了与温度有关外，还与质量、所处的状态有关，所以其内能不一定很小，故B错误；
C、晶体熔化时，吸收热量、温度不变，所以物体吸收热量后，温度不一定升高，故C正确；
D、汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，故D错误。
故选：C。
(1)物体的分子间同时存在相互作用的引力和斥力，分子间存在间隙；
(2)内能是指物体内部所有分子无规则运动的分子动能和分子势能的总和，物体内能的大小与物体的质量、温度、所处的状态有关；
(3)在液体沸腾、晶体熔化时，吸收热量、温度不变；
(4)在汽油机的压缩冲程中将机械能转化为内能，在做功冲程中将内能转化为机械能。
本题考查了固体很难被压缩的原因、物体内能大小的影响因素、热量与温度的关系、汽油机四冲程中的能量转化，属于基础题目。
16.【答案】B
【解析】解：A、据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，故根据公式欧姆定律可以计算出灯泡的实际电阻，由于电阻受温度的影响，故灯泡的实际电阻与正常工作时的电阻是不同的，故A错误；
B、据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，根据公式P=UI可以计算出灯泡的实际电功率，故B确；
C、由于测量小灯泡消耗的实际电能时，需要测量时间，在这里没有涉及到时间，故C错误；
D、要测小灯泡产生的热量，需要测量时间，在这里没有涉及到时间，故D错误。
故选：B。
(1)据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，故根据公式欧姆定律可以计算出灯泡的实际电阻，由于电阻受温度的影响，故灯泡的实际电阻与正常工作时的电阻是不同的，据此分析A；
(2)据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，根据公式P=UI可以计算出灯泡的实际电功率，据此分析B；
(3)由于测量小灯泡消耗的实际电能时，需要测量时间，在这里没有涉及到时间；
要测小灯泡产生的热量，需要测量时间，在这里没有涉及到时间，据此分析CD。
本题考查测量小灯泡电阻、电功率等有关知识。
17.【答案】D
【解析】解：A、在海面下匀速竖直下潜的“海牛Ⅱ号“，在重力的方向上移动了距离，故重力做功，故A错误；
B、匀速竖直下潜的“海牛Ⅱ号”，质量不变，速度不变动能不变，但高度降低势能减小，故机械能减小，故B错误；
C、液体压强的公式是p=ρgh.可见，液体压强的大小只取决于液体的种类(即密度ρ)和深度h，下潜的“海牛Ⅱ号“深度增大，所以压强增大，故C错误；
D、浸没在液体中的物体，排开液体的体积等于物体的体积。竖直下潜的“海牛Ⅱ号”体积不变，所以排开水的体积不变，质量也就不变，故D正确。
故选：D。
(1)做功的两个要素：物体受力，物体在力的方向上通过距离；
(2)机械能包括物体动能和物体势能。影响物体动能大小的因素：物体的质量、物体运动速度大小；影响物体势能大小的因素：物体质量，物体相对参考面的高度；
(3)液体压强的公式是p=ρgh.可见，液体压强的大小只取决于液体的种类(即密度ρ)和深度h；
(4)浸没在液体中的物体，排开液体的体积等于物体的体积。
本题考查了做功的两个要素、机械能概念及大小，还有液体的压强特点及阿基米德定律，综合性较强。
18.【答案】B
【解析】解：闭合两开关，两灯泡并联，电流表A2测量干路电流，电流表A1测量通过L2的电流。
A、电流表A1测通过灯L2的电流，故A错误；
B、根据并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和，可知A2示数大于A1的示数，故B正确；
C、两灯的额定功率有可能相等，故C错误；
D、断开S2之前，电流表A2测量通过两条支路的电流之后，断开S2之后，电流表A2测量通过L1的电流，故A 2的示数变小，故D错误。
故选：B。
闭合两开关，两灯泡并联，电流表A2测量干路电流，电流表A1测量通过L2的电流。
A、电流表A1测通过灯L2的电流；
B、根据并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和；
C、两灯的额定功率有可能相等；
D、断开S2之前，电流表A2测量通过两条支路的电流之后，断开S2之后，电流表A2测量通过L1的电流。
本题考查电路分析、并联电路的电流特点、电流表的使用及额定功率的概念等知识，属于对基础知识的考查。
19.【答案】D
【解析】解：分析电路图可知该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，电流表测量干路中的电流；
由于电源电压不变，移动滑片时，电压表示数不变，故C错误；
并联电路各支路互不影响，移动滑片时，通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变，故A错误；
闭合开关，当滑动变阻器滑片向左滑动时，接入的阻值变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，电流表示数变大，故B错误；
电源电压不变，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D正确。
故选：D。
分析电路图可知该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，电流表测量干路中的电流；当滑动变阻器滑片向左滑动时，接入的阻值变小，利用欧姆定律分析通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路的特点分析通过灯泡电流的变化和干路电流的变化，根据P=UI分析总功率的变化。
此题主要考查了电路的动态分析，知道并联电路电流和电压的特点是解题的关键。
20.【答案】D
【解析】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
B、液体的密度不变，a和b的体积相同，由图可知，a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，根据F浮=ρ液gV排可知，b受到的浮力大，故B错误；
C、液体的密度和深度相同，根据p=ρgh可知，甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，底面积相同，根据F=pS可知，容器底部受到液体的压力相同，故C错误；
D、由于b悬浮，则b所受的浮力F浮b=Gb=Gb排，即b的重力等于排开液体的重力；a漂浮，则a所受的浮力F浮a=Ga=Ga排，即a的重力等于排开液体的重力；因为两液面相平，且是同种液体，所以结合上面分析可知两容器中液体与物体的总重力相同，即装置的总重力相同，两容器对桌面的压力大小相等，由p=FS得，甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故D正确。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
(2)根据阿基米德原理判定浮力的大小；
(3)根据p=ρgh判断甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强大小，根据F=pS分析容器底部受到的压力的大小；
(4)根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和，可判断两容器对桌面的压力大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
21.【答案】反射 增大 做功 运动状态 形状 不变
【解析】解：
(1)黄色只反射黄光，其它色光被吸收掉了，所以国旗上的五角星呈现黄色；
(2)返回器加速下降的过程中，速度增大，动能增大；借助大气层提供的升力“打水漂”，运动状态发生了改变，说明力可以改变物体的运动状态；安全返回的返回器将地面砸出个大坑，物体的形状发生了变化，说明力可以改变物体的形状；
(3)质量是物体的一种属性，不随形状、状态、温度、位置的改变而改变，所以月球样品到达地球后质量不变。
故答案为：(1)反射；(2)增大；做功；运动状态；形状；(3)不变。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光所决定的，其它色光照在它上面时全部被吸收；
(2)影响动能大小的因素：物体的质量和速度．物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大；改变内能的方式：做功和热传递；力的作用效果，可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(3)质量是物体的一种属性，不随形状、状态、温度、位置的改变而改变。
本题考查光的反射、改变内能的方式、力的作用效果以及质量的有关知识，是一道综合题。
22.【答案】惯性 减小 做匀速直线运动
【解析】解：(1)运动员将冰壶推出之后，冰壶由于惯性，继续保持原来的运动状态向前运动；
(2)运动员在冰壶前进途中，不断地刷冰，为了使冰面形成一层水面，水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦力；
(3)如果摩擦力为零，根据牛顿第一定律可知，运动的冰壶将做匀速直线运动。
故答案为：惯性；减小；做匀速直线运动。
(1)惯性是物体的固有属性，是指物体具有的能保持原来的匀速直线运动状态和静止状态的性质。
(2)减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动、使接触面分离。
(3)根据牛顿第一定律可知，物体不受力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查了惯性、减小摩擦的方法和牛顿第一定律的应用；题目来源于日常生活中的一些现象，题目的难度不大，将理论与实际联系在一起是此题的考查目的。
23.【答案】正 N
【解析】解：由图可知，磁感线是从螺线管的左侧回到螺线管的右侧，则螺线管的左侧为N极，右侧为S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极，右端为S极；
根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，电流表在接入电路中时，电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，所以电流表的上端为正接线柱。
故答案为：正；N。
在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来回到S极的，据此判定螺线管的极性；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的极性；根据安培定则判定电流的方向，根据电流表的使用方法判定电流表的正负接线柱。
本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的简单应用，安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向。
24.【答案】1.23×108 变小 小
【解析】解：满载排水量m排=12300t=1.23×107kg，
由阿基米德原理可得其满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=1.23×107kg×10N/kg=1.23×108N；
舰载直升机起飞后，导弹驱逐舰自重变小，因驱逐舰仍然漂浮，所以根据物体浮沉条件可知，驱逐舰受到的浮力变小；
并排快速前进的两艘舰艇之间距离不能太近，否则容易发生碰撞，其原因是舰艇之间水的流速变大，压强变小，在外部大的压强作用下，导致舰艇相撞。‘故故答案为：1.23×108；变小；小。
根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力；物体漂浮时浮力等于重力，根据物体重力的变化可知浮力大小的变化；
流体压强与流速的关系是：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
本题考查阿基米德原理的应用、物体浮沉条件及其应用、流体压强与流速的关系，正确理解排水量的含义是解答此题关键。
25.【答案】0.12 1.2
【解析】解：由图可知，电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，
当电能表的转盘转过了360r，电热水壶消耗的电能W=360r3000r/(kW⋅h)=0.12kW⋅h；
所用时间t=6min=110h，
电热水壶的功率P=Wt=0.12kW⋅h110h=1.2kW。
故答案为：0.12；1.2。
电能表所标“3000r/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，现在知道转盘转了360r，可以求出该用电器在6min内消耗的电能，再利用P=Wt求出该用电器的电功率。
掌握电能表各参数的含义，利用一个用电器单独工作，铝盘转动的圈数和转动的时间可以求出用电器的功率，这是常用的方法，一定要掌握。
26.【答案】10 1.3
【解析】解：闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压。
当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，
从图乙可知，此时电路中电流为0.1A，滑动变阻器两端得到电压为12V，
则滑动变阻器的阻值为R2=U2I=12V0.1A=120Ω，电源电压U=U1+U2=IR1+U2=0.1A×R1+12V..........①，
当电路中电流为1A时，滑动变阻器两端的电压为3V，电源电压U=U1′+U2′=I′R1+U2′=1A×R1+3V........②，
根据①②可得：U=13V，R1=10Ω；
电源电压不变，根据P=UI可知，电路中电流最小时，总功率最大，
根据欧姆定律可知，电路中电阻最大时，电流最小，此时滑动变阻器接入电路的电阻为120Ω，
根据欧姆定律可知电流I″=UR总=13V10Ω+120Ω=0.1A，
电路消耗功率P=UI=13V×0.1A=1.3W。
故答案为：10；1.3。
(1)闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压。
当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，从图乙可知，此时电路中电流为0.1A，滑动变阻器两端得到电压为12V，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值，并可得出电源电压的表达式；
当电路中电流为1A时，滑动变阻器两端的电压为3V，得出电源电压的表达式，联立以上两式可得出电源电压和R1的阻值。
(2)电源电压不变，根据P=UI可知，电路中电流最小时，总功率最大，根据欧姆定律可知，电路中总电阻最大时，电流最小，此时滑动变阻器接入电路的电阻为120Ω，根据欧姆定律得出电流的最小值，根据P=UI得出电路消耗的最小功率。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
27.【答案】解：茶壶静止，则受平衡力，这两个力是竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心。重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意所画的长度要相等，如图：
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
28.【答案】(1)A；(2)水银；(3)93；(4)石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；(5)B
【解析】解：(1)按照自下而上的顺序，先根据酒精灯火焰的位置确定A固定夹的位置；
(2)标准大气压下，水的沸点为100℃，酒精的沸点为78℃，低于水的沸点，水银的沸点为357℃，高于水的沸点，故选用水银制作的温度计；
(3)温度计的分度值为1℃，示数为93℃；
(4)实验结束后撤去酒精灯，水还会继续沸腾一小会儿，这是因为石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；
(5)从图中可知b组加热至沸腾所用时间较长；
A、酒精灯的火焰相同，相同时间里a、b组的水吸收的热量相同，a组的水的质量大，则a组加热至沸腾所用时间应较长，与题意不符；
B、水的质量相同，b组酒精灯的火焰小，则相同时间里b组的水吸收的热量少，加热至沸腾所用时间长，符合题意。
故选B；
故答案为：(1)A；(2)水银；(3)93；(4)石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；(5)B。
(1)按照自下而上的顺序，先根据酒精灯火焰的位置确定A固定夹的位置；
(2)标准大气压下，水的沸点为100℃，酒精的沸点为78℃，低于水的沸点，水银的沸点为357℃，高于水的沸点，据此选择；
(3)先看清温度计的分度值，再读数；
(4)实验结束后撤去酒精灯，水还会继续沸腾一小会儿，这是因为石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；
(5)从图中可知b组加热至沸腾所用时间较长；
A、酒精灯的火焰相同，相同时间里a、b组的水吸收的热量相同，a组的水的质量大，则a组加热至沸腾所用时间应较长，据此分析；
B、水的质量相同，b组酒精灯的火焰小，则相同时间里b组的水吸收的热量少，加热至沸腾所用时间长，据此分析。
本题考查“探究水的沸腾特点”的实验，重点考查了器材组装顺序、温度计的选择和读数、实验现象分析等知识。
29.【答案】(1)同一高度上；(2)照相机；(3)没有；(4)右
【解析】解：(1)点燃蜡烛后，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样才能使像成在光屏的中央；
(2)由图可知，物距u=50cm−10cm=40cm，像距v=73.5cm−50cm=23.5cm，已知f=15.0cm，此时u>2f，成倒立、缩小的实像，能够说明照相机的成像原理；
(3)有一只苍蝇落在透镜上，透镜的其他部分仍能透过光线，则光屏烛焰所成的像完整，由于经过透镜的光线减少，像的亮度变暗，苍蝇不会成像，光屏上没有苍蝇的像；
(4)小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方。若保持光屏的位置不变，根据凸透镜成像特点，物近像远像变大，将蜡烛向右移动适当距离，光屏上即可重新承接到烛焰清晰的像。
故答案为：(1)同一高度上；(2)照相机；(3)没有；(4)右。
(1)为使像能成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度；
(2)物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(3)物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像；当遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像；
(4)远视眼眼镜是一个凸透镜，对光线有会聚作用。
此题主要考查的是学生对凸透镜成像规律的应用理解和掌握，基础题目。
30.【答案】(1)游码移到标尺左端的零刻度；(2)取下最小砝码，并向右移动游码；10.4；(3)10；1.04×103；(4)小于
【解析】解：(1)在天平使用时，应先将天平放在水平的桌面上，而后将天平的游码移到标尺左端的零刻度线处；
(2)由图可知，将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针向右偏，说明砝码放多了，故应取下最小砝码，并向右移动游码，使横梁平衡；
大樱桃的质量为：m=10g+0.4g=10.4g；
(3)大樱桃的体积：V=70mL−60mL=10mL=10cm3，
大樱桃的密度：ρ=mV=10.4g10cm3=1.04g/cm3=1.04×103kg/m3；
(4)由于大樱桃从水中取出时不可避免会沾有一些水，导致测量的大樱桃体积偏大，根据密度公式ρ=mV可知所测密度会偏小。
故答案为：(1)游码移到标尺左端的零刻度；(2)取下最小砝码，并向右移动游码；10.4；(3)10；1.04×103；(4)小于。
(1)在天平使用时，应先将天平放在水平的桌面上，而后将天平的游码移到标尺左端的零刻度线处；再调节天平横梁平衡；
(2)当将最小的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针向右偏，说明砝码放多了，故应取下最小砝码，并向右移动游码，使横梁平衡；
物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)读出丙图中大樱桃和水的总体积，利用量筒读数时，视线应与凹液面相平，大樱桃的体积等于大樱桃和水的总体积与水的体积的差；
根据密度公式ρ=mV计算大樱桃的密度；
(4)由于大樱桃从水中取出时不可避免会沾有一些水，据此分析。
(1)掌握天平的正确使用和注意事项；
(2)测量固体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、物体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查。
31.【答案】(1)B；
(2)如图
(3)短路；
(4)右；
(5)10；0.625；
(6)小于
【解析】(1)由乙图可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流为0.25A，
当灯泡两端的电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.1A，此时灯泡的电阻：RL1=UL1IL1=0.5V0.1A=5Ω，
电源由3节干电池组成，则电源电压为4.5V，闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，
串联电路各处电流相等，由欧姆定律可得电路总电阻：R=UIL1=4.5V0.1A=45Ω，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时滑动变阻器接入电路的电阻：RH1=R−RL1=45Ω−5Ω=40Ω，所以滑动变阻器的规格为“50Ω 0.3A”，故选：B；
(2)电压表与灯泡并联接入电路，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选0～3V的量程接入电路，如图：
；
(3)电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表与导线并联接入电路，所以可能是小灯泡短路；
(4)排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电流表示数如图丙所示，电流表接入电路的量程为0～0.6A，每一小格表示0.02A，所以电流表的示数为0.16A，此时通过电路的电流小于灯泡的额定电流，由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的电阻太大，所以滑动变阻器的滑片应右移动，使滑动变阻器接入电路的电阻变小；
(5)由乙图可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流为0.25A，
由欧姆定律可得灯泡正常发光时的电阻：RL=ULIL=2.5V0.25A=10Ω，
灯泡的额定功率：P=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
(6)当灯泡两端的电压为2.5V时，滑动变阻器两端的电压为：UH=U−UL=4.5V−2.5V=2V，
此时滑动变阻器接入电路的电阻：RH=UHIL=2V0.25A=8Ω，
通过电路的电流由0.1A变为0.25A，滑动变阻器的电阻由45Ω变为8Ω，电阻变化量为45Ω−8Ω=37Ω，
灯泡的电阻由5Ω变为10Ω，灯泡电阻的变化量为10Ω−5Ω=5Ω，故小灯泡电阻的变化量△RL小于滑动变阻器电阻的变化量△R。
故答案为：(1)B；(2)如上图；(3)短路；(4)右；(5)10；0.625；(6)小于。
32.【答案】解：(1)路程s=2.7km=2.7×103m，
由速度公式得，洒水车从水源地到目的地所用的时间：
t=sv=2.7×103m15m/s=180s；
(2)洒水车沿平直公路匀速运动，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，
即F牵=f=1.5×104N，
则汽车牵引力所做的功：
W=F牵s=1.5×104N×2.7×103m=4.05×107J；
(3)喷洒车的质量：m车=6t=6×103kg，
由密度公式得，水的质量：m水=ρV=1.0×103kg/m3×8m3=8×103kg，
喷洒车对水平地面的压力：
F压=G=(m车+m水)g=(6×103kg+8×103kg)×10N/kg=1.4×105N
喷洒车对水平地面的压强：
p=F压S=1.4×105N0.4m2=3.5×105Pa。
答：(1)所用的时间是180s；
(2)牵引力所做的功4.05×107J；
(3)对水平地面的压强为3.5×105Pa。
【解析】本题考查了速度公式及应用，压强的大小及计算，功的计算，综合性较强，属于高频考题。
33.【答案】解：只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电热水瓶处于加热状态；
只闭合S2时，电路为R2和电磁泵串联的电路，此时电热水瓶处于电动出水状态。
(1)水吸收的热量Q吸=c水m△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×2.5kg×(100℃−20℃)=8.4×105J，
加热时间t=8min20s=500s，
加热功率等于R1额定功率为2000W，
故消耗的电能W=P加热t=2000W×500s=1×106J，
此次加热水的效率；
(2)电磁泵的额定电压为12V，则电磁泵正常工作时R2两端的电压U2=220V−12V=208V，根据欧姆定律可知此时电路中的电流I=U2R2=208V130Ω=1.6A，
电磁泵的额定功率P电磁泵=U电磁泵I=12V×1.6A=19.2W。
答：(1)此次加热水的效率为84%。
(2)电磁泵的额定功率为19.2W。
【解析】本题考查电功与热量的综合计算，综合性强。
2021年山东省临沂市中考物理试卷
一、单选题（本大题共20小题，共40.0分）
1. 下列估测，最接近生活实际的是( )
A. 中学生课桌的高度约8dm B. 人正常步行的速度约18km/h
C. 九年级物理课本重约10N D. 家用台灯的额定电流约2A
2. 为庆祝建党100周年，激发爱党爱国热情，我市部分学校组织了“弘扬沂蒙精神，传承红色基因”大型合唱比赛。下列判断正确的是( )
A. 歌声是空气的振动产生的 B. 使用扩音器可以增大声速
C. 男低音演员歌声的响度小 D. 女高音演员歌声的音调高
3. 下列如图所示的工具，正常使用时省力的是( )
A. 镊子 B. 羊角锤
C. 定滑轮 D. 筷子
4. 下列认知或做法，符合安全用电原则的是( )
A. 低于220V的电压都是安全的 B. 电路起火时先灭火后断电
C. 将家用电器的金属外壳接地 D. 将开关接在零线与电灯之间
5. 2021年5月26日，天空先后出现超级月亮和月全食的少见天象。下列光现象，与月全食成因相同的是( )
A. 墙上“兔” B. 水中“塔”
C. 空中“桥” D. 镜中“字”
6. 临沂是“中国物流之都”，仓储管理尤为重要。某仓库管理员设计了一个电路，确保无论前后门来人按下开关，电铃都会响起，但代表前后门的灯会分别被点亮。下列四种设计，最佳的是( )
A. B.
C. D.
7. 2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器稳稳降落在火星的乌托邦平原。探测器经过借助火星大气进行气动减速等一系列减速措施后，再通过反推发动机进行动力减速，距离火星表面100m时，进入悬停阶段，完成精避障和缓速下降后抵达火星表面。如图所示，下列判断错误的是( )
A. 探测器与地面控制系统间靠电磁波传递信息
B. 反推发动机利用了热值大、密度小的燃料
C. 悬停阶段，探测器相对火星表面是静止的
D. 落地后，探测器的影子是光的反射形成的
8. 2021年3月22日是第二十九个世界水日，节约用水是每个公民的义务和责任。如图所示水的物态变化，吸放热情况与其他三个不同的是( )
A. 冰融水开 B. 雾绕险峰
C. 露润绿叶 D. 霜打枝头
9. 2021年5月10日上午，格力电器在全球布局的第十六大基地，也是在山东省布局的唯一工业制造项目——格力电器(临沂)智能制造生产基地项目开工奠基仪式在临沂综合保税区举行。正在制冷模式下工作的格力空调( )
A. 将电能全部转化为内能
B. “超静音”是指声音的音调低
C. 出风口处的“白气”是液化的结果
D. 通过做功方式降低了房间温度
10. 我市滨河景区湿地公园是全国最大的城市湿地公园，大量珍稀水禽在此迁健繁殖。如图所示，一只白鹭正在平静的水面上展翅起飞。关于白鹭在水中所成的像，下列说法正确的是( )
A. 水中的像是光的折射形成的 B. 白鹭飞得越高，水中的像越小
C. 河水越深，水中的像离水面越远 D. 水中的像与白鹭关于水面对称
11. 2021年4月13日，在奥运会女足亚洲区淘汰赛中，中国女足战胜韩国队，闯进东京奥运会。关于足球运动，下列说法正确的是( )
A. 运动员鞋底的花纹可以减小与草地的摩擦
B. 踢球时脚疼说明物体间力的作用是相互的
C. 在空中运动到最高点的足球受平衡力作用
D. 在草地上滚动的足球因不受力而逐渐停下
12. 2021年5月20日，第五届世界智能大会在天津梅江会展中心隆重开幕，长安智能化汽车UNI−K(如图)充分展现了“中国智造”科技风采。UNI−K不仅可以实现自动刷脸识别车主身份、车内拍抖音、全速自适应巡航等众多功能，其酷炫的转向灯也尽显奢华。关于UNI−K，下列判断正确的是( )
A. 车内的集成电路由超导材料制成
B. 左右转向灯之间是并联连接的
C. 拍抖音时，景物通过摄像头成虚像
D. 汽车的电动机利用了电磁感应原理
13. 甲、乙两个相同的装置分别由U形磁铁、导体棒和支架构成，导体棒ab和cd由导线连接，如图所示。闭合开关并向右移动ab、cd也会随之向右运动。关于此现象，下列判断正确的是( )
A. 甲装置相当于电动机 B. 乙装置相当于发电机
C. 向左移动ab，cd仍向右运动 D. 甲装置将机械能转化为电能
14. 我市积极响应国家“接种新冠疫苗，共筑免疫屏障”的号召，有序推进全民新冠病毒疫苗预防接种工作。下列说法正确的是( )
A. 用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热升华
B. 注射器尖细的针头可以增大对皮肤的压强
C. 将药液吸入注射器的针筒利用了帕斯卡定律
D. 进行肌肉注射时，大气压将药液压入人的肌肉中
15. 下列与热现象有关的说法，正确的是( )
A. 固体很难被压缩说明分子间没有间隙
B. 0℃的物体也有内能，但一定很小
C. 物体吸收热量后，温度不一定升高
D. 汽油机的做功冲程将机械能转化为内能
16. 如图是做电学实验时所用电路的一部分，根据图中两表的示数，一定能测出灯泡( )
A. 正常发光时的电阻 B. 实际电功率
C. 消耗的电能 D. 产生的热量
17. 2021年4月7日，我国自主研发的深海钻探“利剑”——“海牛Ⅱ号”抵达2060m的海底，并成功下钻231m，刷新了深海海底钻机的世界纪录。在海面下匀速竖直下潜的“海牛Ⅱ号”( )
A. 重力不做功 B. 机械能不变
C. 所受压强减小 D. 排开海水的质量不变
18. 如图所示电路，闭合开关后两灯均正常发光，下列判断正确的是( )
A. 电流表A1测通过灯L1的电流 B. 两电流表的示数一定不相同
C. 两灯的额定功率一定不相同 D. 仅断开S2，电流表A2的示数不变
19. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动至中点的过程中( )
A. 灯泡的亮度变大
B. 电流表的示数不变
C. 电压表的示数变小
D. 电路的总功率变大
20. 放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示。则( )
A. 物体a的密度大
B. 物体b受到的浮力小
C. 甲容器底部受到的压力小
D. 两容器对桌面的压强一样大
二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）
21. 2020年12月17日凌晨，嫦娥五号月球探测器带着“月球土特产”安全着陆。嫦娥五号探测器由上升器、着陆器、返回器和轨道器四部分组成，着陆器和上升器的组合体降落至月球表面后完成月球采样，并将携带的国旗在月面展开。最终，独自携带1731g月球样品的返回器先以高速进入地球大气层，然后借助大气层提供的升力“打水漂”后跳起来，之后再重新进入大气层才安全返回地面(如图)。
(1)国旗上的五角星呈现黄色是因为五角星只______ (选填“反射”或“吸收”)黄光。
(2)返回器加速下降的过程中，动能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)；进入大气层与大气摩擦导致其温度升高，这是通过______ 的方式改变了内能；借助大气层提供的升力“打水漂”，说明力可以改变物体的______ ；安全返回的返回器将地面砸出个大坑，说明力可以改变物体的______ 。
(3)1731g的月球样品到达地球后，质量______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
22. 2021年2月4日晚，北京冬奥会倒计时一周年活动在国家游泳中心“冰立方”举行。如图是中国女子冰壶队积极备战训练的情景。掷球员将冰壶沿水平冰面推出后，冰壶由于______ 继续向前运动；刷冰员不停地刷冰面可以______ (选填“增大”或“减小”)冰壶受到的摩擦力；如果摩擦力为零，运动的冰壶将______ (选填“静止”、“逐渐停下来”或“做匀速直线运动”)。
23. 如图所示，由通电螺线管的磁感线方向可知，电流表的上端为______ 接线柱；静止的小磁针的左端为______ 极。
24. 2021年4月23日，海军三型主战舰艇——长征18号艇、大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列。中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平出席交接入列活动并登上舰艇视察。
如图所示的大连舰满载排水量达12300t，则其满载时受到的浮力为______ N(g取10N/kg)；舰载直升机起飞后，大连舰受到的浮力______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；两只舰艇不能近距离高速并排航行，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越______ ，容易相撞。
25. 仅将一把电热水壶接入图示电能表所在的电路，正常工作6min，电能表的转盘转过了360r，则电热水壶消耗的电能为______ kW⋅h，电功率为______ kW。
26. 如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。则定值电阻R1的阻值为______ Ω；电路消耗的最小功率为______ W。
三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）
27. 如图所示，茶壶静止在水平桌面上，请画出它所受力的示意图(将力的作用点画在茶壶的重心O点上)。
四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
28. 在“探究水的沸腾特点”的实验中：
测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
水银
−39
357
酒精
−117
78
注：在一个标准大气压下
(1)组装如图甲所示的实验装置时，应先调节______ (选填“A”或“B”)固定夹的位置。
(2)水银和酒精是液体温度计常用的测温物质。由表格中的数据可知，本实验应选用______ 制作的温度计。
(3)实验过程中，某时刻温度计的示数如图甲所示，此时水的温度为______ ℃。
(4)实验结束后撤去酒精灯，水还会继续沸腾一小会儿，这是因为______ 。
(5)图乙是a、b两个实验小组根拟实验数据描绘出的水的沸腾象，两图线不同的原因可能是______ (选填序号)。
A.酒精灯的火焰相同，a组水的质量大
B.水的质量相同，b组酒精灯的火焰小
29. 小明用焦距为15.0cm的凸透镜探究凸透镜的成像规律，当各器材位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。
(1)实验前，应调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在______ 。
(2)此时烛焰的成像特点与______ (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)的成像特点相同。
(3)实验时，若一只苍蝇落在了凸透镜上，光屏上______ (选填“有”或“没有”)苍蝇的像。
(4)小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方。若保持光屏的位置不变，仅将蜡烛向______ 移动适当距离，光屏上即可重新承接到烛焰清晰的像。
30. 2021年初夏，我市部分山区在精准扶贫政策扶持下种植的大樱桃喜获丰收。小明想知道大樱桃的密度，他用天平和量筒进行了如下实验。
(1)把天平放在水平桌面上，先将______ 后，再调节天平横梁平衡。
(2)测量大樱桃的质量时，将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针如图甲所示，此时应______ ，使横梁平衡。横梁平衡后，所用砝码和游码的位置如图乙所示，则大樱桃的质量为______ g。
(3)用细线拴住大樱桃并放入装有适量水的量筒中。水面上升到如图丙所示位置，接着将大樱桃提出后，量筒中的水面下降至60mL刻度线处，则大樱桃的体积为______ cm3，大樱桃的密度为______ kg/m3。
(4)小明所测大樱桃的密度______ (选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。
31. 用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻，根据实验数据绘制的小灯泡的I−U图象如图乙所示。
(1)为保证实验顺利进行，应选用______ (选填序号)滑动变阻器。
A.“10Ω 0.5A”
B.“50Ω 0.3A”
C.“100Ω 0.2A”
(2)用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整。
(3)电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡______ 。
(4)排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电流表示数如图丙所示，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向______ (选填“左”或“右”)移动。
(5)由图象可知，小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω；额定功率为______ W。
(6)由图象可知，实验过程中小灯泡的电阻是逐渐变大的，滑动变阻器接入电路的电阻是逐渐变小的，则小灯泡电阻的变化量△RL ______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)滑动变阻器电阻的变化量△R。
五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
32. 2021年3月24日，临沂市获得2020年山东16地市经济社会发展综合考核一等奖，同时还获得打赢污染防治攻坚战等单项奖励。绿化喷洒车对城区道路的卫生清洁保持工作功不可没。如图所示的绿化喷洒车空载时的质量为6t，罐体有效容积为8m3，该喷洒车从水源地装满水后，沿平直公路以15m/s的速度匀速驶向距离2.7km的目的地，行驶过程中喷洒车受到的阻力为1.5×104N，车轮与地面的总接触面积为0.4m2，g取10N/kg。求喷洒车从水源地到目的地：
(1)所用的时间。
(2)牵引力所做的功。
(3)对水平地面的压强。
33. 某品牌电热水瓶具有加热和电动出水两种功能，其简化电路如图所示。其中R1是额定功率为2000W的电热丝，R2是阻值为130Ω的分压电阻，电磁泵的额定电压为12V。在1标准大气压下，将初温为20℃、质量为2.5kg的水装入电热水瓶，正常加热8min20s将水烧开，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，求该电热水瓶：
(1)此次加热水的效率。
(2)电磁泵的额定功率。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、中学生课桌的高度约0.8m，即8dm，故A正确；
B、人正常步行的速度约1.1m/s，即4km/h，故B错误；
C、九年级物理课本重约2N，故C错误；
D、家用台灯的额定电流约0.1A，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D
【解析】解：A.歌声是由人的声带振动产生的，故A错误；
B.使用扩音器可以增大声音的响度，故B错误；
C.男低音是指声音的音调低，故C错误；
D.女高音演员歌声的音调高，故D正确。
故选：D。
(1)声音是由物体的振动产生的，一切发声的物体都在振动；
(2)音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
本题主要考查学生对声音的产生、声音三个特征等知识的理解，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：A、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B正确；
C、定滑轮实质是一等臂杠杆，不省力也不费力，故C错误；
D、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：B。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是如何找出动力臂和阻力臂，并对杠杆分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
4.【答案】C
【解析】解：
A、经验表明，只有不高于36V的电压，对人体才是安全的，故A不符合安全用电原则；
B、电路起火时，要先切断电源，否则容易发生触电事故，故B不符合安全用电原则；
C、将家用电器的金属外壳接地，当用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生，故C符合安全用电原则；
D、为了安全，将开关接在火线与电灯之间，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
(1)经验证明，不高于36V的电压为安全电压；
(2)电路起火时，要先切断电源，否则容易发生触电事故；
(3)家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生；
(4)为了安全，将开关接在火线与电灯之间。这样，开关断开时灯上没有电，便于维修。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
5.【答案】A
【解析】解：月全食是光沿直线传播形成的；
A.墙上“兔”是光沿直线传播形成的影子，故A符合题意；
B.水中“塔”是平面镜成像，平面镜成像是光的反射形成的，故B不符合题意；
C.空中“桥”是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散现象，属于光的折射，故C不符合题意；
D.镜中“字”看起来变大了，属于凸透镜成像，是光的折射，故D不符合题意。
故选：A。
明确月全食是由光沿直线传播形成的现象，然后分析各个选项形成原理，选出符合题意的选项。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
6.【答案】C
【解析】解：由题知，无论前后门来人按下开关，电铃都会响起，代表前后门的灯会分别被点亮，说明两灯互不影响、能独立工作，即两个电灯应并联，然后与电铃并联，故C正确。
故选：C。
串联电路中各用电器相互影响，开关控制整个电路；并联电路中各支路用电器互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关只控制所以支路，由此分析两灯和开关的连接方式从而选择正确电路。
本题考查了电路设计，根据题意得出甲乙灯泡的连接方式和开关的位置是解决本题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、火星与地球之间是真空，需要靠电磁波传递信息，故A正确；
B、火箭为了获得较大动能，需要使用热值较大的燃料；火箭需要减轻自重，所以在体积一定的燃料仓内要使用密度较小的燃料，故B正确；
C、悬停时探测器与地面的相对位置不发生变化，即探测器相对于火星是静止的，故C正确；
D、影子的形成是由于光沿直线传播，并非光的反射造成的，故D错误。
故选：D。
A、声波的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质；
B、燃料热值越大，在相同质量(或体积)下就可释放更多能量；燃料密度小，在相同体积下能使载具总质量更小；
C、悬停即停留在某一位置之上，即与下方相对静止；
D、影子的形成是由于光沿直线传播。
本题结合热点新闻考查了考生对如电磁波、热值、密度等物理概念的理解，让考生体会物理与生活的紧密联系。
8.【答案】A
【解析】解：A.冰融水开，由固态变为液态，是熔化现象，此过程吸热；
B.雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，此过程放热；
C.露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热；
D.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华过程放出热量，
所以吸放热情况与其他三个不同的是A。
故选：A。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
9.【答案】C
【解析】解：A.空调制冷时，将电能转化为压缩机电机转动的机械能和电流通过线圈时产生的内能，故A错误；
B.“超静音”是指声音的响度小，故B错误；
C.出风口处的“白气”是水蒸气遇冷液化成的小液滴，故C正确；
D.开空调制冷时，冷气使房间温度降低，属于热传递改变物体的内能，故D错误。
故选：C。
(1)空调制冷时，将电能转化为压缩机电机转动的机械能和电流通过线圈时产生的内能；
(2)音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；
(3)物质由气态变为液态的过程是液化；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
本题主要考查电能转化、影响响度大小的因素、液化现象及做功改变物体内能的方式等，是一道难度不大的综合题。
10.【答案】D
【解析】解：
A、平静的水面相当于平面镜，白鹭在水面所成的像属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、白鹭飞离水面的过程中像的大小与白鹭大小相同，所以像的大小不变，故B错误；
C、物距是白鹭到水面的距离，像距是白鹭所成的像到水面的距离，二者始终相等，与水的深度无关，故C错误；
D、根据平面镜成像的特点可知，白鹭在水中的像与白鹭关于水面对称，故D正确。
故选：D。
平面镜成像是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
此题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地进行解答。
11.【答案】B
【解析】解：A、运动员的鞋底的花纹，这是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故A错误；
B、踢球时脚给球作用力，球也给脚反作用力，所以脚感到脚疼，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、足球运动到最高点时只受重力作用，此时受力不平衡，故C错误；
D、在草地上滚动的足球停下来是因为受到了摩擦力的缘故，故D错误。
故选：B。
(1)根据增大和减小摩擦的方法分析；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受平衡力作用；
(4)力是改变物体运动状态的原因。
本题主要考查力作用的相互性，力与运动的关系及增大或减小摩擦的方法等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
12.【答案】B
【解析】解：A、导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，车内的集成电路由半导体材料制成，故A错误；
B、左右转向灯，在一个损坏后另一个仍然可以工作，互不影响，所以是并联的，故B正确；
C、拍抖音时，景物通过摄像头成像，摄像头是一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，故C错误；
D、电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用而转动的原理工作的，故D错误。
故选：B。
(1)导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，芯片主要是由半导体材料制成的；
(2)串联电路中各用电器相互影响；并联电路中各用电器互不影响；
(3)凸透镜成像的三种情况之一：u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，应用于照相机和摄像头；
(4)电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用而转动的原理工作的。
本题通过长安智能化汽车UNI−K为例，考查了学生对电动机的工作原理、凸透镜成像、半导体以及家庭电路中各用电器的连接方式，是一道综合性题目。
13.【答案】D
【解析】解：ABD、闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体ab在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象工作的，所以甲装置相当于发电机，此过程中机械能转化为电能；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理，所以乙装置相当于电动机，故AB错误，D正确；
C、闭合开关并向右移动ab、cd也会随之向右运动，ab向左运动时，磁场方向不变，感应电流的方向改变，通过cd的电流方向改变，磁场方向不变，则cd受力方向改变，运动的方向会改变，向左运动，故C错误。
故选：D。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，此过程中机械能转化为电能；
(2)电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的；
(3)感应电流的方向与导体运动方向、磁场方向有关；通电导体在磁场中的受力方向与电流方向、磁场方向有关。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的。
14.【答案】B
【解析】解：
A、用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热汽化，故A错误；
B、尖细的针头可以减小受力面积，在压力一定时，可以增大对皮肤的压强，故B正确；
C、注射器吸取药液时，针筒内的气压减小，药液受到外界大气压的作用，会被压入针筒，利用的是大气压，故C错误；
D、用注射器把药水推入病人肌肉中是靠外力，与大气压无关，故D错误。
故选：B。
(1)物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热；
(2)影响压强大小的因素是受力面积和压力大小；
(3)(4)大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
本题考查了大气压的应用、汽化现象、增大压强的方法，属于基础题。
15.【答案】C
【解析】解：
A、固体很难被压缩是由于分子间存在斥力，不是因为分子间没是间隙，故A错误；
B、0℃的物体有内能，但内能除了与温度有关外，还与质量、所处的状态有关，所以其内能不一定很小，故B错误；
C、晶体熔化时，吸收热量、温度不变，所以物体吸收热量后，温度不一定升高，故C正确；
D、汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，故D错误。
故选：C。
(1)物体的分子间同时存在相互作用的引力和斥力，分子间存在间隙；
(2)内能是指物体内部所有分子无规则运动的分子动能和分子势能的总和，物体内能的大小与物体的质量、温度、所处的状态有关；
(3)在液体沸腾、晶体熔化时，吸收热量、温度不变；
(4)在汽油机的压缩冲程中将机械能转化为内能，在做功冲程中将内能转化为机械能。
本题考查了固体很难被压缩的原因、物体内能大小的影响因素、热量与温度的关系、汽油机四冲程中的能量转化，属于基础题目。
16.【答案】B
【解析】解：A、据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，故根据公式欧姆定律可以计算出灯泡的实际电阻，由于电阻受温度的影响，故灯泡的实际电阻与正常工作时的电阻是不同的，故A错误；
B、据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，根据公式P=UI可以计算出灯泡的实际电功率，故B确；
C、由于测量小灯泡消耗的实际电能时，需要测量时间，在这里没有涉及到时间，故C错误；
D、要测小灯泡产生的热量，需要测量时间，在这里没有涉及到时间，故D错误。
故选：B。
(1)据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，故根据公式欧姆定律可以计算出灯泡的实际电阻，由于电阻受温度的影响，故灯泡的实际电阻与正常工作时的电阻是不同的，据此分析A；
(2)据图能看出，可以直接测出小灯泡的实际电压和实际电流，根据公式P=UI可以计算出灯泡的实际电功率，据此分析B；
(3)由于测量小灯泡消耗的实际电能时，需要测量时间，在这里没有涉及到时间；
要测小灯泡产生的热量，需要测量时间，在这里没有涉及到时间，据此分析CD。
本题考查测量小灯泡电阻、电功率等有关知识。
17.【答案】D
【解析】解：A、在海面下匀速竖直下潜的“海牛Ⅱ号“，在重力的方向上移动了距离，故重力做功，故A错误；
B、匀速竖直下潜的“海牛Ⅱ号”，质量不变，速度不变动能不变，但高度降低势能减小，故机械能减小，故B错误；
C、液体压强的公式是p=ρgh.可见，液体压强的大小只取决于液体的种类(即密度ρ)和深度h，下潜的“海牛Ⅱ号“深度增大，所以压强增大，故C错误；
D、浸没在液体中的物体，排开液体的体积等于物体的体积。竖直下潜的“海牛Ⅱ号”体积不变，所以排开水的体积不变，质量也就不变，故D正确。
故选：D。
(1)做功的两个要素：物体受力，物体在力的方向上通过距离；
(2)机械能包括物体动能和物体势能。影响物体动能大小的因素：物体的质量、物体运动速度大小；影响物体势能大小的因素：物体质量，物体相对参考面的高度；
(3)液体压强的公式是p=ρgh.可见，液体压强的大小只取决于液体的种类(即密度ρ)和深度h；
(4)浸没在液体中的物体，排开液体的体积等于物体的体积。
本题考查了做功的两个要素、机械能概念及大小，还有液体的压强特点及阿基米德定律，综合性较强。
18.【答案】B
【解析】解：闭合两开关，两灯泡并联，电流表A2测量干路电流，电流表A1测量通过L2的电流。
A、电流表A1测通过灯L2的电流，故A错误；
B、根据并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和，可知A2示数大于A1的示数，故B正确；
C、两灯的额定功率有可能相等，故C错误；
D、断开S2之前，电流表A2测量通过两条支路的电流之后，断开S2之后，电流表A2测量通过L1的电流，故A 2的示数变小，故D错误。
故选：B。
闭合两开关，两灯泡并联，电流表A2测量干路电流，电流表A1测量通过L2的电流。
A、电流表A1测通过灯L2的电流；
B、根据并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和；
C、两灯的额定功率有可能相等；
D、断开S2之前，电流表A2测量通过两条支路的电流之后，断开S2之后，电流表A2测量通过L1的电流。
本题考查电路分析、并联电路的电流特点、电流表的使用及额定功率的概念等知识，属于对基础知识的考查。
19.【答案】D
【解析】解：分析电路图可知该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，电流表测量干路中的电流；
由于电源电压不变，移动滑片时，电压表示数不变，故C错误；
并联电路各支路互不影响，移动滑片时，通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变，故A错误；
闭合开关，当滑动变阻器滑片向左滑动时，接入的阻值变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，电流表示数变大，故B错误；
电源电压不变，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D正确。
故选：D。
分析电路图可知该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，电流表测量干路中的电流；当滑动变阻器滑片向左滑动时，接入的阻值变小，利用欧姆定律分析通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路的特点分析通过灯泡电流的变化和干路电流的变化，根据P=UI分析总功率的变化。
此题主要考查了电路的动态分析，知道并联电路电流和电压的特点是解题的关键。
20.【答案】D
【解析】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
B、液体的密度不变，a和b的体积相同，由图可知，a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，根据F浮=ρ液gV排可知，b受到的浮力大，故B错误；
C、液体的密度和深度相同，根据p=ρgh可知，甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，底面积相同，根据F=pS可知，容器底部受到液体的压力相同，故C错误；
D、由于b悬浮，则b所受的浮力F浮b=Gb=Gb排，即b的重力等于排开液体的重力；a漂浮，则a所受的浮力F浮a=Ga=Ga排，即a的重力等于排开液体的重力；因为两液面相平，且是同种液体，所以结合上面分析可知两容器中液体与物体的总重力相同，即装置的总重力相同，两容器对桌面的压力大小相等，由p=FS得，甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故D正确。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
(2)根据阿基米德原理判定浮力的大小；
(3)根据p=ρgh判断甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强大小，根据F=pS分析容器底部受到的压力的大小；
(4)根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和，可判断两容器对桌面的压力大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
21.【答案】反射 增大 做功 运动状态 形状 不变
【解析】解：
(1)黄色只反射黄光，其它色光被吸收掉了，所以国旗上的五角星呈现黄色；
(2)返回器加速下降的过程中，速度增大，动能增大；借助大气层提供的升力“打水漂”，运动状态发生了改变，说明力可以改变物体的运动状态；安全返回的返回器将地面砸出个大坑，物体的形状发生了变化，说明力可以改变物体的形状；
(3)质量是物体的一种属性，不随形状、状态、温度、位置的改变而改变，所以月球样品到达地球后质量不变。
故答案为：(1)反射；(2)增大；做功；运动状态；形状；(3)不变。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光所决定的，其它色光照在它上面时全部被吸收；
(2)影响动能大小的因素：物体的质量和速度．物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大；改变内能的方式：做功和热传递；力的作用效果，可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(3)质量是物体的一种属性，不随形状、状态、温度、位置的改变而改变。
本题考查光的反射、改变内能的方式、力的作用效果以及质量的有关知识，是一道综合题。
22.【答案】惯性 减小 做匀速直线运动
【解析】解：(1)运动员将冰壶推出之后，冰壶由于惯性，继续保持原来的运动状态向前运动；
(2)运动员在冰壶前进途中，不断地刷冰，为了使冰面形成一层水面，水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦力；
(3)如果摩擦力为零，根据牛顿第一定律可知，运动的冰壶将做匀速直线运动。
故答案为：惯性；减小；做匀速直线运动。
(1)惯性是物体的固有属性，是指物体具有的能保持原来的匀速直线运动状态和静止状态的性质。
(2)减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动、使接触面分离。
(3)根据牛顿第一定律可知，物体不受力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查了惯性、减小摩擦的方法和牛顿第一定律的应用；题目来源于日常生活中的一些现象，题目的难度不大，将理论与实际联系在一起是此题的考查目的。
23.【答案】正 N
【解析】解：由图可知，磁感线是从螺线管的左侧回到螺线管的右侧，则螺线管的左侧为N极，右侧为S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极，右端为S极；
根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，电流表在接入电路中时，电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，所以电流表的上端为正接线柱。
故答案为：正；N。
在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来回到S极的，据此判定螺线管的极性；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的极性；根据安培定则判定电流的方向，根据电流表的使用方法判定电流表的正负接线柱。
本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的简单应用，安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向。
24.【答案】1.23×108 变小 小
【解析】解：满载排水量m排=12300t=1.23×107kg，
由阿基米德原理可得其满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=1.23×107kg×10N/kg=1.23×108N；
舰载直升机起飞后，导弹驱逐舰自重变小，因驱逐舰仍然漂浮，所以根据物体浮沉条件可知，驱逐舰受到的浮力变小；
并排快速前进的两艘舰艇之间距离不能太近，否则容易发生碰撞，其原因是舰艇之间水的流速变大，压强变小，在外部大的压强作用下，导致舰艇相撞。‘故故答案为：1.23×108；变小；小。
根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力；物体漂浮时浮力等于重力，根据物体重力的变化可知浮力大小的变化；
流体压强与流速的关系是：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
本题考查阿基米德原理的应用、物体浮沉条件及其应用、流体压强与流速的关系，正确理解排水量的含义是解答此题关键。
25.【答案】0.12 1.2
【解析】解：由图可知，电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，
当电能表的转盘转过了360r，电热水壶消耗的电能W=360r3000r/(kW⋅h)=0.12kW⋅h；
所用时间t=6min=110h，
电热水壶的功率P=Wt=0.12kW⋅h110h=1.2kW。
故答案为：0.12；1.2。
电能表所标“3000r/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，现在知道转盘转了360r，可以求出该用电器在6min内消耗的电能，再利用P=Wt求出该用电器的电功率。
掌握电能表各参数的含义，利用一个用电器单独工作，铝盘转动的圈数和转动的时间可以求出用电器的功率，这是常用的方法，一定要掌握。
26.【答案】10 1.3
【解析】解：闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压。
当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，
从图乙可知，此时电路中电流为0.1A，滑动变阻器两端得到电压为12V，
则滑动变阻器的阻值为R2=U2I=12V0.1A=120Ω，电源电压U=U1+U2=IR1+U2=0.1A×R1+12V..........①，
当电路中电流为1A时，滑动变阻器两端的电压为3V，电源电压U=U1′+U2′=I′R1+U2′=1A×R1+3V........②，
根据①②可得：U=13V，R1=10Ω；
电源电压不变，根据P=UI可知，电路中电流最小时，总功率最大，
根据欧姆定律可知，电路中电阻最大时，电流最小，此时滑动变阻器接入电路的电阻为120Ω，
根据欧姆定律可知电流I″=UR总=13V10Ω+120Ω=0.1A，
电路消耗功率P=UI=13V×0.1A=1.3W。
故答案为：10；1.3。
(1)闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压。
当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，从图乙可知，此时电路中电流为0.1A，滑动变阻器两端得到电压为12V，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值，并可得出电源电压的表达式；
当电路中电流为1A时，滑动变阻器两端的电压为3V，得出电源电压的表达式，联立以上两式可得出电源电压和R1的阻值。
(2)电源电压不变，根据P=UI可知，电路中电流最小时，总功率最大，根据欧姆定律可知，电路中总电阻最大时，电流最小，此时滑动变阻器接入电路的电阻为120Ω，根据欧姆定律得出电流的最小值，根据P=UI得出电路消耗的最小功率。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
27.【答案】解：茶壶静止，则受平衡力，这两个力是竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心。重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意所画的长度要相等，如图：
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
28.【答案】(1)A；(2)水银；(3)93；(4)石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；(5)B
【解析】解：(1)按照自下而上的顺序，先根据酒精灯火焰的位置确定A固定夹的位置；
(2)标准大气压下，水的沸点为100℃，酒精的沸点为78℃，低于水的沸点，水银的沸点为357℃，高于水的沸点，故选用水银制作的温度计；
(3)温度计的分度值为1℃，示数为93℃；
(4)实验结束后撤去酒精灯，水还会继续沸腾一小会儿，这是因为石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；
(5)从图中可知b组加热至沸腾所用时间较长；
A、酒精灯的火焰相同，相同时间里a、b组的水吸收的热量相同，a组的水的质量大，则a组加热至沸腾所用时间应较长，与题意不符；
B、水的质量相同，b组酒精灯的火焰小，则相同时间里b组的水吸收的热量少，加热至沸腾所用时间长，符合题意。
故选B；
故答案为：(1)A；(2)水银；(3)93；(4)石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；(5)B。
(1)按照自下而上的顺序，先根据酒精灯火焰的位置确定A固定夹的位置；
(2)标准大气压下，水的沸点为100℃，酒精的沸点为78℃，低于水的沸点，水银的沸点为357℃，高于水的沸点，据此选择；
(3)先看清温度计的分度值，再读数；
(4)实验结束后撤去酒精灯，水还会继续沸腾一小会儿，这是因为石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量；
(5)从图中可知b组加热至沸腾所用时间较长；
A、酒精灯的火焰相同，相同时间里a、b组的水吸收的热量相同，a组的水的质量大，则a组加热至沸腾所用时间应较长，据此分析；
B、水的质量相同，b组酒精灯的火焰小，则相同时间里b组的水吸收的热量少，加热至沸腾所用时间长，据此分析。
本题考查“探究水的沸腾特点”的实验，重点考查了器材组装顺序、温度计的选择和读数、实验现象分析等知识。
29.【答案】(1)同一高度上；(2)照相机；(3)没有；(4)右
【解析】解：(1)点燃蜡烛后，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样才能使像成在光屏的中央；
(2)由图可知，物距u=50cm−10cm=40cm，像距v=73.5cm−50cm=23.5cm，已知f=15.0cm，此时u>2f，成倒立、缩小的实像，能够说明照相机的成像原理；
(3)有一只苍蝇落在透镜上，透镜的其他部分仍能透过光线，则光屏烛焰所成的像完整，由于经过透镜的光线减少，像的亮度变暗，苍蝇不会成像，光屏上没有苍蝇的像；
(4)小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方。若保持光屏的位置不变，根据凸透镜成像特点，物近像远像变大，将蜡烛向右移动适当距离，光屏上即可重新承接到烛焰清晰的像。
故答案为：(1)同一高度上；(2)照相机；(3)没有；(4)右。
(1)为使像能成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度；
(2)物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(3)物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像；当遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像；
(4)远视眼眼镜是一个凸透镜，对光线有会聚作用。
此题主要考查的是学生对凸透镜成像规律的应用理解和掌握，基础题目。
30.【答案】(1)游码移到标尺左端的零刻度；(2)取下最小砝码，并向右移动游码；10.4；(3)10；1.04×103；(4)小于
【解析】解：(1)在天平使用时，应先将天平放在水平的桌面上，而后将天平的游码移到标尺左端的零刻度线处；
(2)由图可知，将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针向右偏，说明砝码放多了，故应取下最小砝码，并向右移动游码，使横梁平衡；
大樱桃的质量为：m=10g+0.4g=10.4g；
(3)大樱桃的体积：V=70mL−60mL=10mL=10cm3，
大樱桃的密度：ρ=mV=10.4g10cm3=1.04g/cm3=1.04×103kg/m3；
(4)由于大樱桃从水中取出时不可避免会沾有一些水，导致测量的大樱桃体积偏大，根据密度公式ρ=mV可知所测密度会偏小。
故答案为：(1)游码移到标尺左端的零刻度；(2)取下最小砝码，并向右移动游码；10.4；(3)10；1.04×103；(4)小于。
(1)在天平使用时，应先将天平放在水平的桌面上，而后将天平的游码移到标尺左端的零刻度线处；再调节天平横梁平衡；
(2)当将最小的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针向右偏，说明砝码放多了，故应取下最小砝码，并向右移动游码，使横梁平衡；
物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)读出丙图中大樱桃和水的总体积，利用量筒读数时，视线应与凹液面相平，大樱桃的体积等于大樱桃和水的总体积与水的体积的差；
根据密度公式ρ=mV计算大樱桃的密度；
(4)由于大樱桃从水中取出时不可避免会沾有一些水，据此分析。
(1)掌握天平的正确使用和注意事项；
(2)测量固体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、物体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查。
31.【答案】(1)B；
(2)如图
(3)短路；
(4)右；
(5)10；0.625；
(6)小于
【解析】(1)由乙图可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流为0.25A，
当灯泡两端的电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.1A，此时灯泡的电阻：RL1=UL1IL1=0.5V0.1A=5Ω，
电源由3节干电池组成，则电源电压为4.5V，闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，
串联电路各处电流相等，由欧姆定律可得电路总电阻：R=UIL1=4.5V0.1A=45Ω，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时滑动变阻器接入电路的电阻：RH1=R−RL1=45Ω−5Ω=40Ω，所以滑动变阻器的规格为“50Ω 0.3A”，故选：B；
(2)电压表与灯泡并联接入电路，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选0～3V的量程接入电路，如图：
；
(3)电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表与导线并联接入电路，所以可能是小灯泡短路；
(4)排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电流表示数如图丙所示，电流表接入电路的量程为0～0.6A，每一小格表示0.02A，所以电流表的示数为0.16A，此时通过电路的电流小于灯泡的额定电流，由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的电阻太大，所以滑动变阻器的滑片应右移动，使滑动变阻器接入电路的电阻变小；
(5)由乙图可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流为0.25A，
由欧姆定律可得灯泡正常发光时的电阻：RL=ULIL=2.5V0.25A=10Ω，
灯泡的额定功率：P=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
(6)当灯泡两端的电压为2.5V时，滑动变阻器两端的电压为：UH=U−UL=4.5V−2.5V=2V，
此时滑动变阻器接入电路的电阻：RH=UHIL=2V0.25A=8Ω，
通过电路的电流由0.1A变为0.25A，滑动变阻器的电阻由45Ω变为8Ω，电阻变化量为45Ω−8Ω=37Ω，
灯泡的电阻由5Ω变为10Ω，灯泡电阻的变化量为10Ω−5Ω=5Ω，故小灯泡电阻的变化量△RL小于滑动变阻器电阻的变化量△R。
故答案为：(1)B；(2)如上图；(3)短路；(4)右；(5)10；0.625；(6)小于。
32.【答案】解：(1)路程s=2.7km=2.7×103m，
由速度公式得，洒水车从水源地到目的地所用的时间：
t=sv=2.7×103m15m/s=180s；
(2)洒水车沿平直公路匀速运动，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，
即F牵=f=1.5×104N，
则汽车牵引力所做的功：
W=F牵s=1.5×104N×2.7×103m=4.05×107J；
(3)喷洒车的质量：m车=6t=6×103kg，
由密度公式得，水的质量：m水=ρV=1.0×103kg/m3×8m3=8×103kg，
喷洒车对水平地面的压力：
F压=G=(m车+m水)g=(6×103kg+8×103kg)×10N/kg=1.4×105N
喷洒车对水平地面的压强：
p=F压S=1.4×105N0.4m2=3.5×105Pa。
答：(1)所用的时间是180s；
(2)牵引力所做的功4.05×107J；
(3)对水平地面的压强为3.5×105Pa。
【解析】本题考查了速度公式及应用，压强的大小及计算，功的计算，综合性较强，属于高频考题。
33.【答案】解：只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电热水瓶处于加热状态；
只闭合S2时，电路为R2和电磁泵串联的电路，此时电热水瓶处于电动出水状态。
(1)水吸收的热量Q吸=c水m△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×2.5kg×(100℃−20℃)=8.4×105J，
加热时间t=8min20s=500s，
加热功率等于R1额定功率为2000W，
故消耗的电能W=P加热t=2000W×500s=1×106J，
此次加热水的效率；
(2)电磁泵的额定电压为12V，则电磁泵正常工作时R2两端的电压U2=220V−12V=208V，根据欧姆定律可知此时电路中的电流I=U2R2=208V130Ω=1.6A，
电磁泵的额定功率P电磁泵=U电磁泵I=12V×1.6A=19.2W。
答：(1)此次加热水的效率为84%。
(2)电磁泵的额定功率为19.2W。
【解析】本题考查电功与热量的综合计算，综合性强。
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