2021年江苏省盐城市东台实验中学中考物理模拟试卷（含答案）

这是一份2021年江苏省盐城市东台实验中学中考物理模拟试卷（含答案），共34页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2021年江苏省盐城市东台实验中学中考物理模拟试卷
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题只有一个选项正确．
1．（2分）2021年4月29日，中国空间站天和核心舱成功发射。地面上科技人员对其控制是利用（ ）
A．微波 B．超声波 C．次声波 D．紫外线
2．（2分）盐城被誉为“东方湿地之都”，湿地能较好地调节气候，是因为水的（ ）
A．密度大 B．比热容大 C．流动性大 D．热值大
3．（2分）如图所示，用棉线将铜棒ab悬挂于磁铁N、S极之间。闭合开关，当ab做切割磁感线运动时，观察到电流表的指针发生偏转。利用这一现象所揭示的原理，可制成的设备是（ ）

A．电动机 B．发电机 C．电磁继电器 D．电饭煲
4．（2分）春天，“荷兰花海”花香满园，这一现象表明（ ）
A．分子间有间隙 B．分子间有吸引力
C．分子间有排斥力 D．分子做无规则运动
5．（2分）我市所有教室都安装了空调。以下做法不符合安全用电的是（ ）
A．出现故障时，先切断电源
B．放学离开教室，及时关闭电源
C．安装三孔插座，防止外壳带电
D．用更细的导线，防止发热起火
6．（2分）如图所示的用具，在正常使用的过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．托盘天平 B．筷子
C．独轮车 D．船桨
7．（2分）内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡。下列四个图中，能正确表示饮料罐（含饮料）所受重力的示意图是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2分）体重相同的小明和小聪都从一楼走到五楼教室，小明用时1.5min，小聪用时40s。此过程中（ ）
A．小明做功多 B．小聪做功多
C．两人做功一样多 D．无法比较做功多少
9．（2分）在探究金属丝的电阻是否与长度和横截面积有关的活动中，小明手边只有一根金属丝，则（ ）
A．只能探究电阻与长度的关系
B．只能探究电阻与横截面积的关系
C．电阻与长度、横截面积的关系都能探究
D．电阻与长度、横截面积的关系都不能探究
10．（2分）如图是天然气泄漏检测电路原理图，电源电压恒定，R0为定值电阻，气敏传感器的电阻随天然气浓度的增加而增大。在某次检测过程中发现电压表示数变大，下列说法正确的是（ ）

A．R0两端的电压变大 B．传感器的电阻变大
C．电路的总功率变大 D．通过传感器的电流变大
11．（2分）湿纸巾是常见的清洁用品，韧性是湿纸巾质量的一项重要指标，在比较不同品牌湿纸巾的韧性时，要获得最可信的结果，应采用的方案是（ ）
A．在湿纸巾销售人员中进行调查
B．比较商业广告中所描述的湿纸巾韧性
C．取不同品牌湿纸巾，用手拉一拉，感觉一下哪种韧性强
D．用不同种品牌的湿纸巾提重物，看看最多能提起多重的物体
12．（2分）在探究“电流与电阻关系”的实验中，器材有：两节新干电池、滑动变阻器（0～20Ω）、电阻箱（0～9999Ω）、电压表（0～3V）、电流表（0～0.6A）、开关各一个，导线若干。依据如图所示的电路，保持R两端电压为2V不变，记录了六组数据并绘制图像。下列图像合理的是（ ）

A．
B．
C．
D．
二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分
13．（3分）小明在家拉二胡，二胡声是由琴弦 产生的；他的手指上下切弦，通过改变弦发声部分的长度来改变声音的 ；为了不影响邻居休息，他关上窗户，这是在 中减弱噪声。
14．（3分）如图所示，小明应用平面镜成像的原理表演“蜡烛在水中燃烧”的魔术时，把一块玻璃板竖立在水平桌面上，在玻璃板前方竖放一根蜡烛，在玻璃板的后方，放一只盛水的玻璃杯，点燃蜡烛，从蜡烛这边向玻璃板望去，会看到“蜡烛在水中燃烧”。
（1）该魔术现象要明显，最好在较 （选填“明”或“暗”）的环境中进行。魔术中的玻璃板相当于 （选填“平面镜”或“凸透镜”）。
（2）水中的“蜡烛”是实际蜡烛通过玻璃板形成的 （选填“正”或“倒”）立的 （选填“虚”或“实”）像，与实际蜡烛大小 （选填“相等”或“不相等”）。

15．（3分）2021年5月1日，东京奥运会排球测试赛，中国女排获得冠军决赛中朱婷将迎面飞来的球扣回，这一现象表明力可以改变球的 ；扣球时朱婷的手感觉疼，使手疼的力的施力物体是 ；球离开手之后由于 仍向前运动。
16．（3分）小明用托盘天平和量筒测量小石块的密度。将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的”0”刻度线处，若指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向 调节，使天平平衡。测量中，当右盘所加砝码和游码位如图乙所示时，天平平衡，该石块的质量为 g，接着他测出石块的体积为20.0mL，则石块的密度为 kg/m3。

17．（3分）2020年12月17日，嫦娥五号返回器顺利降落，带回1731g月壤。返回器进入大气层与大气摩擦，外壳温度升高，这是通过 的方式改变内能。携带的月壤以返回舱为参照物是 的；带回的月壤在月球上的质量 （大于/小于/等于）1731g。
18．（3分）在家庭用电的调查研究综合实活动中，小明观察到家中电能表的表盘如图所示，示数为 kW•h。用测电笔检测插座时，发现氖管发光，说明接触的是 线，此时 （有/没有）电流通过人体。

19．（3分）用煤气灶把2kg，初温为30℃的水烧到80℃，消耗了20g煤气，已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg，则水吸收的热量为 J，煤气完全燃烧放出的热量为 J，煤气灶烧水的效率为 %
20．（3分）在“探究怎样使物体上浮或下沉”的实验中，小明用手将重1.5N，体积为1.6×10﹣4m3的苹果压入水中，直到苹果浸没在水中，如图所示，此过程中水对容器底部的压强将 ，苹果浸没时受到浮力大小为 N，松手后苹果将 （选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）。（g取10N/kg）

三、解答题：
21．（2分）在图中画出入射光线AO的反射光线。

22．（2分）如图所示，在图中画出最省力的绕绳方法；

23．（2分）在图中标出小磁针的N、S极。

24．（6分）水平地面上放置重为300N、边长为0.2m正方体物块，如图甲所示，现用斜面将物块由底端匀速拉到顶端，如图乙所示，已知平行于斜面的拉力F为180N，物体移动的距离为5m，升高2m，用时5s，g取10N/kg。求：

（1）物块对水平地面的压强。
（2）拉力的功率。
（3）斜面的机械效率。
25．（9分）在“设计制作模拟调光灯”综合实践活动中，小明设计的电路如图甲所示，电源电压为6V不变。小灯泡L标有“6V”字样，小灯泡的I﹣U关系如图乙所示，R为规格“10Ω 1A”的滑动变阻器。求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻。
（2）小灯泡正常发光时，电路1min内消耗的电能。
（3）移动滑片，当滑动变阻器与小灯泡消耗的电功率相等时，小灯泡的实际功率。
26．（6分）小明用a、b两球探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，如图所示。已知ma＜mb。
（1）实验时让小球从斜面的某一高度由 释放，撞击水平面上的木块，通过观察 来比较动能大小。
（2）对比甲图和乙图，可得到的结论是 。
（3）乙图和丙图探究的问题是： 。
（4）同组的小华用c球又进行了实验，如图丁，对比乙图和丁图所示实验，可以判断出 球的质量大，理由是 。

27．（7分）小明用图甲所示的装置“探究凸透镜成像的规律”实验。

（1）小明利用太阳光测量凸透镜焦距，将凸透镜 太阳光，移动光屏，直至光屏上形成一个 的光斑，如图乙所示，该凸透镜的焦距为 cm。
（2）组装调整实验器材时，要使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的 上。
（3）实验一段时间后，蜡烛变短，像会出现在光屏的 （上/下）方。为使像回到光屏中央，合理的操作是 或 。
28．（8分）小华用如图甲所示电路测量小灯泡的额定功率，电源电压为3V，所测小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器标有“10Ω”字样。

（1）图甲是小华正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路，请指出图中在器材操作上存在的两个不妥之处： ； 。
（2）改正电路后，闭合开关，发现电压表示数为3V，电流表指针几乎不偏转，产生故障的原因可能是 ； 。
（3）在电路故障排除后，调节滑动变阻器，当电压表示数达到额定电压时，电流表指针如图乙所示，其值为 A，由此，小华算出小灯泡的额定功率为 W。
（4）为了较准确地测出灯泡的额定功率，应对实验做怎样的改进？答： 。
（5）测量结束后，应先断开 ，再拆除导线，最后整理好实验器材。
29．（10分）阅读短文，回答问题：
防冻冷却液
汽车行驶时，发动机的温度会升高，冷却液在发动机与散热管道内循环流动时，从发动机吸收热量，又在散热器管道内向外放出热量，从而使发动机的工作温度稳定在100℃左右。为防止寒冷的冬季冷却液结冰，汽车都使用防冻冷却液。
防冻冷却液主要由水和不易汽化的某种防冻剂（简称原液）混合而成，原液含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液在吸收相同热量后温度变化就越显著，但散热效果会越差。防冻冷却液的凝固点和沸点与原液含量的关系分别如图所示。

选用防冻冷却液时，防冻冷却液的凝固点应低于当地最低温度10℃以下，而沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上。
（1）冬季，若我市汽车使用原液含量35%的防冻冷却液，防冻冷却液 （一定不/一定/可能）会结冰。
（2）吸收相同的热量时，原液含量30%的防冻冷却液的温度变化 （大于/等于/小于）原液含量90%的防冻冷却液。
（3）下列说法正确的是 。
A．选择防冻冷却液时，原液含量越高越好
B．增加防冻冷却液原液含量，其沸点会降低
C．长时间行车后，汽车中的防冻冷却液也不会沸腾
D．发动机温度降低是因为散热器管道内冷却液液化放热
（4）某汽车的发动机工作温度为90﹣101℃，所在地区冬季最低温度为﹣17℃，对该汽车来说，宜选用下列原液含量不同的防冻冷却液中的 。
A．35% B．45%C．55% D．65%
（5）使用一段时间后，汽车的防冻冷却液会减少，其凝固点会发生变化，原因是： 。

2021年江苏省盐城市东台实验中学中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题只有一个选项正确．
1．（2分）2021年4月29日，中国空间站天和核心舱成功发射。地面上科技人员对其控制是利用（ ）
A．微波 B．超声波 C．次声波 D．紫外线
【分析】电磁波能传递信息，可以在真空中传播。
【解答】解：地面上科技人员控制对接过程是利用微波来实现控制的，微波属于电磁波。
故选：A。
【点评】本题考查了电磁波在生活中的应用，属于基础知识。
2．（2分）盐城被誉为“东方湿地之都”，湿地能较好地调节气候，是因为水的（ ）
A．密度大 B．比热容大 C．流动性大 D．热值大
【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
【解答】解：湿地含有大量的水，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，故能有效调节周围环境的气温。
故选：B。
【点评】本题考查了水的比热容大的应用，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，也体现了新课标的要求，属于中考热点问题。
3．（2分）如图所示，用棉线将铜棒ab悬挂于磁铁N、S极之间。闭合开关，当ab做切割磁感线运动时，观察到电流表的指针发生偏转。利用这一现象所揭示的原理，可制成的设备是（ ）

A．电动机 B．发电机 C．电磁继电器 D．电饭煲
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这一现象称作电磁感应现象，发电机是根据这一原理制成的。
【解答】解：如图所示，用棉线将铜棒ab悬挂于磁铁N、S极之间。闭合开关，当ab做切割磁感线运动时，观察到电流表的指针发生偏转。这一现象所揭示的原理﹣﹣电磁感应现象，发电机就是根据这一原理制成的，故B正确；
电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用这一原理制成的，不符合题意；
电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的，不符合题意；
电饭煲是根据电流的热效应来工作的，不符合题意。
故选：B。
【点评】此题主要考查的是学生对电磁感应现象和各用电器工作原理的理解和掌握，基础性题目。
4．（2分）春天，“荷兰花海”花香满园，这一现象表明（ ）
A．分子间有间隙 B．分子间有吸引力
C．分子间有排斥力 D．分子做无规则运动
【分析】一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，这种现象是扩散现象。
【解答】解：春天，“荷兰花海”花香满园，是分子运动的结果，即扩散现象，这一现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。且温度越高，分子运动越剧烈。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对：扩散现象的了解和掌握，是一道基础题。
5．（2分）我市所有教室都安装了空调。以下做法不符合安全用电的是（ ）
A．出现故障时，先切断电源
B．放学离开教室，及时关闭电源
C．安装三孔插座，防止外壳带电
D．用更细的导线，防止发热起火
【分析】（1）在进行电路检修时，应先切断电源，防止出现触电事故；
（2）在不用电时，要随时切断电源，即节约用电，也可防止电热造成火灾；
（3）三孔插座的作用就是将用电器的金属外壳与大地相连，防止外壳带电发生触电事故；
（4）导线越细，在材料、长度相同时，电阻越大；在通过的电流、通电时间相同时，由焦耳定律可知产生的热越多。
【解答】解：
A．电路中出现故障时，需要先切断电源，防止触电，A不符合题意；
B．放学离开教室，及时关闭电源，一方面可以节约电能，另一方面避免电路中的功率过大，电流过大，发生火灾，B不符合题意；
C．三孔插座的第三个孔接地线，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生，C不符合题意；
D．导线越细，在材料、长度相同时，导线的电阻越大，当电路中有电流通过时，导线产生的热量越多，既浪费了电能，又有引起火灾的可能，D符合题意。
故选：D。
【点评】要求学生在生活中要具有一定的安全用电常识，并养成安全用电的好习惯。
6．（2分）如图所示的用具，在正常使用的过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．托盘天平 B．筷子
C．独轮车 D．船桨
【分析】结合图片和生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆。
【解答】解：A、托盘天平的动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故A不合题意；
B、筷子夹食品的过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不合题意；
C、人抬起独轮车时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C符合题意；
D、船桨划水时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不合题意。
故选：C。
【点评】此题重点考查杠杆的分类以及应用。
7．（2分）内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡。下列四个图中，能正确表示饮料罐（含饮料）所受重力的示意图是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
【解答】解：内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上，其所受重力的作用点应该在瓶子底部略微往上的地方，重力的方向是竖直向下的，比较各图可知，只有A符合要求，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】此题考查力的示意图的画法，关键是明确重力的方向，并确定重力的重心位置。
8．（2分）体重相同的小明和小聪都从一楼走到五楼教室，小明用时1.5min，小聪用时40s。此过程中（ ）
A．小明做功多 B．小聪做功多
C．两人做功一样多 D．无法比较做功多少
【分析】二人体重相同，都从一楼走到五楼，根据公式W＝Gh即可比较两过程中所做总功的关系。
【解答】解：小明和小聪的体重相等，都从一楼走到五楼，蹬楼高度相等，克服自身重力做功，根据W＝Gh可知，两人做功一样多。
故选：C。
【点评】此题考查了做功公式的灵活应用，关键是知道功是指力与力的方向上移动距离的乘积。
9．（2分）在探究金属丝的电阻是否与长度和横截面积有关的活动中，小明手边只有一根金属丝，则（ ）
A．只能探究电阻与长度的关系
B．只能探究电阻与横截面积的关系
C．电阻与长度、横截面积的关系都能探究
D．电阻与长度、横截面积的关系都不能探究
【分析】改变金属丝接入电路的长度，根据电流表的示数探究电阻与电阻丝长度的关系；
先将金属丝的一半接入电路，并记录电流表的示数，然后再将金属丝对折后接入电路，记下电流表的示数，根据两次示数确定电阻与电阻丝横截面积的关系。
【解答】解：将金属丝的一段固定，然后使导线在金属丝上滑动，通过电流表的示数即可探究电阻与金属丝长度的关系；
将金属丝的一半分别接入电路，并记录电流表的示数；再将金属丝对折后接入电路，同时记下电流表的示数，通过比较电流的示数即可得出电阻与金属丝横截面积的关系；
由于金属丝的材料不变，所以无法探究电阻大小与材料的关系，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了电阻大小的影响因素的探究实验，首先要知道决定电阻大小的因素，同时知道控制变量法的原理。
10．（2分）如图是天然气泄漏检测电路原理图，电源电压恒定，R0为定值电阻，气敏传感器的电阻随天然气浓度的增加而增大。在某次检测过程中发现电压表示数变大，下列说法正确的是（ ）

A．R0两端的电压变大 B．传感器的电阻变大
C．电路的总功率变大 D．通过传感器的电流变大
【分析】由电路图可知，开关S闭合后，定值电阻R0和气敏传感器的电阻串联，电压表测气敏传感器的电阻两端电压。根据串联电路的电压特点结合电压表示数的变化得出R0两端的电压变化，根据欧姆定律可知通过R0的电流变化，利用串联电路的电流特点得出通过传感器的电流和电路中的电流变化，再利用P＝UI得出电路的总功率变化，最后根据传感器两端的电压和通过传感器的电流变化结合欧姆定律得出传感器的电阻变化。
【解答】解：由电路图可知，开关S闭合后，定值电阻R0和气敏传感器的电阻串联，电压表测气敏传感器的电阻两端电压。
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压恒定，
所以，在某次检测过程中发现电压表示数变大，则R0两端的电压变小，故A错误；
由I＝可知，通过R0的电流变小，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过传感器的电流和电路中的电流均变小，故D错误；
由P＝UI可知，电路的总功率变小，故C错误；
因传感器两端的电压变大，通过传感器的电流变小，
所以，由R＝可知，传感器的电阻变大，故B正确；
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用等，解题时抓住“在某次检测过程中发现电压表示数变大”是关键。
11．（2分）湿纸巾是常见的清洁用品，韧性是湿纸巾质量的一项重要指标，在比较不同品牌湿纸巾的韧性时，要获得最可信的结果，应采用的方案是（ ）
A．在湿纸巾销售人员中进行调查
B．比较商业广告中所描述的湿纸巾韧性
C．取不同品牌湿纸巾，用手拉一拉，感觉一下哪种韧性强
D．用不同种品牌的湿纸巾提重物，看看最多能提起多重的物体
【分析】实验设计时需要具有科学性和可测性，据此分析。
【解答】解：在比较不同品牌湿纸巾的韧性时，要获得最可信的结果，应采用的方案是用不同种品牌的湿纸巾提重物，看看最多能提起多重的物体，ABC的判断方法都带有很强大主观性，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查实验设计，注意实验设计的科学性和合理性。
12．（2分）在探究“电流与电阻关系”的实验中，器材有：两节新干电池、滑动变阻器（0～20Ω）、电阻箱（0～9999Ω）、电压表（0～3V）、电流表（0～0.6A）、开关各一个，导线若干。依据如图所示的电路，保持R两端电压为2V不变，记录了六组数据并绘制图像。下列图像合理的是（ ）

A．
B．
C．
D．
【分析】在电压不变时，电流与电阻成反比，电流随电阻变化关系为反比例函数；
根据串联电路电压的特点和分压原理，求出定值电阻的最大值，结合电流表的量程分析。
【解答】解：在电压不变时，电流与电阻成反比，电流与电阻之积为2V，电流随电阻变化关系为反比例函数，故D错误；
根据串联电路电压的特点，变阻器分得的电压为：3V﹣2V＝1V，定值电阻的电压为变阻器分得的电压的＝2倍，根据分压原理，定值电阻的最大值为2×20Ω＝40Ω，故C错误；
根据电流表的量程为0～0.6A，可知电路中的最大电流为0.6A，故B错误，A正确。
故选：A。
【点评】本题探究“电流与电阻关系”，考查串联电路的规律和分压原理及数据的分析。
二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分
13．（3分）小明在家拉二胡，二胡声是由琴弦 振动 产生的；他的手指上下切弦，通过改变弦发声部分的长度来改变声音的 音调 ；为了不影响邻居休息，他关上窗户，这是在 传播过程 中减弱噪声。
【分析】（1）声音由物体的振动产生。
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（3）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置——声源处、传播过程中、人耳处。
【解答】解：二胡声是由琴弦振动产生的；手指上下切弦，通过改变弦发声部分的长度来改变声音的音调；为了不影响邻居休息，他关上窗户，这是在传播过程中减弱噪声。
故答案为：振动；音调；传播过程。
【点评】知道声音的产生条件，区分声音的三个特征，知道减弱噪声的方法，可解答此题。
14．（3分）如图所示，小明应用平面镜成像的原理表演“蜡烛在水中燃烧”的魔术时，把一块玻璃板竖立在水平桌面上，在玻璃板前方竖放一根蜡烛，在玻璃板的后方，放一只盛水的玻璃杯，点燃蜡烛，从蜡烛这边向玻璃板望去，会看到“蜡烛在水中燃烧”。
（1）该魔术现象要明显，最好在较 暗 （选填“明”或“暗”）的环境中进行。魔术中的玻璃板相当于 平面镜 （选填“平面镜”或“凸透镜”）。
（2）水中的“蜡烛”是实际蜡烛通过玻璃板形成的 正 （选填“正”或“倒”）立的 虚 （选填“虚”或“实”）像，与实际蜡烛大小 相等 （选填“相等”或“不相等”）。

【分析】（1）探究平面镜成像实验时，物体和环境对比度越大，并且物体越亮，物体的像越清晰；要用透明的玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
（2）物体在平面镜中成的像是正立的虚像，物像大小相等，像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离无关。
【解答】解：
（1）蜡烛点燃时比较亮，在较暗的环境中，烛焰和环境的对比度比较大，烛焰的像会更清晰。魔术中的玻璃板相当于平面镜
（2）蜡烛通过玻璃板成正立等大的虚像。
故答案为：（1）暗；平面镜；（2）正；虚；相等。
【点评】本题考查了平面镜成像的实验。熟练掌握平面镜成像的特点及实验过程，是解答此类问题的关键。
15．（3分）2021年5月1日，东京奥运会排球测试赛，中国女排获得冠军决赛中朱婷将迎面飞来的球扣回，这一现象表明力可以改变球的 运动状态 ；扣球时朱婷的手感觉疼，使手疼的力的施力物体是 排球 ；球离开手之后由于 惯性 仍向前运动。
【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（3）一切物体都具有保持原来的匀速直线运动或静止状态的性质，这种性质叫惯性。
【解答】解：朱婷将迎面飞来的球扣回，球的运动方向发生了改变，是人对球的作用力改变了球的运动状态；
力的作用是相互的。朱婷把球扣回时，手感觉疼，是因为排球对手施加了反作用力的作用，所以该力的施力物体是排球；
离开手后，排球由于具有惯性仍要保持原来的运动状态，所以继续向前运动。
故答案为：运动状态；排球；惯性。
【点评】本题考查了力的作用效果、力的作用的相互性及惯性的存在，属于基本内容。
16．（3分）小明用托盘天平和量筒测量小石块的密度。将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的”0”刻度线处，若指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向 左 调节，使天平平衡。测量中，当右盘所加砝码和游码位如图乙所示时，天平平衡，该石块的质量为 58.2 g，接着他测出石块的体积为20.0mL，则石块的密度为 2.91×103 kg/m3。

【分析】（1）天平在使用前应放在水平桌面上，游码归零后，通过观察指针的位置，借助平衡螺母来调节其平衡。并遵循“左偏右调，右偏左调”的原则；
（2）天平在读数时，应将砝码质量与游码示数相加，再测出物体的体积，最后根据密度公式ρ＝来求出物体的密度。
【解答】解：（1）首先应将天平放在水平桌面上，再将游码移到标尺的零刻度处。图甲中，指针偏右，说明右侧质量偏大，应将平衡螺母向左移动；
（2）图乙中，标尺的分度值是0.2g，其示数为3g，石块的质量为50g+5g+3.2g＝58.2g。
石块的体积V＝20.0mL＝20cm3，
石块的密度ρ＝＝＝2.91g/cm3＝2.91×103kg/m3。
故答案为：左；58.2；2.91×103。
【点评】本题考查了天平的基本调节与使用方法，天平的读数是我们必须格外注意之处，应注意其标尺读数的正确性，同时，还考查了使用密度公式进行简单的计算，是我们应该掌握的基本内容。
17．（3分）2020年12月17日，嫦娥五号返回器顺利降落，带回1731g月壤。返回器进入大气层与大气摩擦，外壳温度升高，这是通过 做功 的方式改变内能。携带的月壤以返回舱为参照物是 静止 的；带回的月壤在月球上的质量 等于 （大于/小于/等于）1731g。
【分析】（1）改变物体内能的方法：一是做功（能量的转化），二是热传递（能量的转移）；
（2）判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；
（3）质量是物体的一种属性，不随形状、状态、温度、位置的改变而改变。
【解答】解：（1）返回器进入大气层后，克服摩擦做功机械能转化为内能，返回器内能增加、温度升高，是利用做功的方式改变内能的；
（2）返回器携带月壤样本返回地面过程中，月壤样本以返回器为参照物位置没有变化，所以是静止的；
（3）质量是物体的一种属性，不随形状、状态、温度、位置的改变而改变，所以带回的月壤在月球上的质量等于1731g。
故答案为：做功；静止；等于。
【点评】本题考查了改变内能的方式、运动状态的判断以及质量的有关知识，是一道综合题。
18．（3分）在家庭用电的调查研究综合实活动中，小明观察到家中电能表的表盘如图所示，示数为 318.6 kW•h。用测电笔检测插座时，发现氖管发光，说明接触的是 火 线，此时 有 （有/没有）电流通过人体。

【分析】电能表上的示数，最后一位是小数，单位是kW•h；
用测电笔来鉴别火线与零线。使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光。
【解答】解：从表盘上可以看出此时的读数为318.6kW•h；
使用测电笔时，氖管发光，说明测电笔接触的是火线；此时人体与电能表一起接入电路中，通过人体有电流。
故答案为：318.6；火；有。
【点评】本题考查了电能表的读数和测电笔的使用，属于基础题。
19．（3分）用煤气灶把2kg，初温为30℃的水烧到80℃，消耗了20g煤气，已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg，则水吸收的热量为 4.2×105 J，煤气完全燃烧放出的热量为 8.4×105 J，煤气灶烧水的效率为 50 %
【分析】（1）根据吸热公式Q＝cm△t就可算出水吸收的热量；
（2）应用热值公式Q＝mq可以求出煤气完全燃烧释放的热量；
（3）由效率公式可以求出煤气灶烧水的效率。
【解答】解：（1）水吸收的热量为：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（80℃﹣30℃）＝4.2×105J，
（2）煤气完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝0.02kg×4.2×107J/kg＝8.4×105J，
（3）煤气灶烧水的效率：
η＝×100%＝×100%＝50%，
故答案为：4.2×105；8.4×105；50。
【点评】本题考查了吸热公式、热值公式及效率公式的计算，属于常见的基础考题。
20．（3分）在“探究怎样使物体上浮或下沉”的实验中，小明用手将重1.5N，体积为1.6×10﹣4m3的苹果压入水中，直到苹果浸没在水中，如图所示，此过程中水对容器底部的压强将 增大 ，苹果浸没时受到浮力大小为 1.6 N，松手后苹果将 上浮 （选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）。（g取10N/kg）

【分析】（1）根据液体压强公式求p＝ρgh判断水对杯底的压强变化；
（2）苹果浸没在水中时，此时排开水的体积就等于苹果的体积，利用阿基米德原理计算此时苹果受到的浮力；
（3）浮力与重力进行比较，重力大于浮力就下沉，重力等于浮力就悬浮，重力小于浮力就上浮。
【解答】解：当苹果浸没在水中的过程中水面上升，根据p＝ρgh可知水对容器底部的压强将增大；
当苹果浸没在水中时，排开水的体积就等于苹果的体积，
即V排＝V物＝1.6×10﹣4m3，
所以此时苹果受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1000kg/m3×10N/kg×1.6×10﹣4m3＝1.6N；
因为G＜F浮，所以松手后苹果会上浮。
故答案为：增大；1.6；上浮。
【点评】本题考查液体压强的变化，浮力的计算、物体的浮沉条件，关键是对公式及公式变形的理解和应用，利用好隐含条件物体浸没水中时V排＝V。
三、解答题：
21．（2分）在图中画出入射光线AO的反射光线。

【分析】首先画出法线，然后根据光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角做出反射光线。
【解答】解：
过入射点垂直于反射面画出法线，已知入射光线与镜面的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°＝60°，故反射角也为60°。
根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧、反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线，
如图所示：

【点评】此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念。
22．（2分）如图所示，在图中画出最省力的绕绳方法；

【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中，要求最省力，属于第二种。
【解答】解：图中只有一个动滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：

【点评】本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮。
23．（2分）在图中标出小磁针的N、S极。

【分析】先由安培定则得出通电螺线管的左端为S极，右端为N极，再由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为S极，右端为N极。
【解答】解：据安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极，再由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为S极，右端为N极，如图：

【点评】此题考查了安培定则和磁体间作用规律的理解和掌握，是一道综合题。
24．（6分）水平地面上放置重为300N、边长为0.2m正方体物块，如图甲所示，现用斜面将物块由底端匀速拉到顶端，如图乙所示，已知平行于斜面的拉力F为180N，物体移动的距离为5m，升高2m，用时5s，g取10N/kg。求：

（1）物块对水平地面的压强。
（2）拉力的功率。
（3）斜面的机械效率。
【分析】（1）水平地面上放着的物体对支持面的压力等于其重力，根据已知条件求出受力面积，根据p＝求物块放在水平地面上时对地面的压强；
（2）利用W＝Fs计算拉力做的功，利用P＝计算拉力的功率；
（3）根据η＝×100%＝×100%求斜面的机械效率。
【解答】解：
（1）水平地面上放着重为300N、边长为0.2m的正方体物块，
对水平面的压力：F＝G＝200N，
受力面积为：S＝（0.2m）2＝0.04m2；
物块放在水平地面上时对地面的压强：p＝＝＝7.5×103Pa；
（2）拉力做的功：W＝Fs＝180N×5m＝900J，
拉力的功率：P＝＝＝180W；
（3）斜面的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝×100%≈66.7%。
答：（1）物块对水平地面的压强为7.5×103Pa。
（2）拉力的功率为180W。
（3）斜面的机械效率约为66.7%。
【点评】本题考查了压强、功和功率、机械效率的计算，关键是相关公式的熟练运用，同时要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
25．（9分）在“设计制作模拟调光灯”综合实践活动中，小明设计的电路如图甲所示，电源电压为6V不变。小灯泡L标有“6V”字样，小灯泡的I﹣U关系如图乙所示，R为规格“10Ω 1A”的滑动变阻器。求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻。
（2）小灯泡正常发光时，电路1min内消耗的电能。
（3）移动滑片，当滑动变阻器与小灯泡消耗的电功率相等时，小灯泡的实际功率。
【分析】（1）根据图乙读出灯泡正常发光的电压和电流，根据公式R＝计算出灯泡正常发光时的电阻值；
（2）由图甲可知：灯泡L与电阻R串联，利用W＝UIt算出小灯泡正常发光时电路1min内消耗的电能；
（3）移动滑片P，当滑动变阻器与灯泡L消耗的实际功率相等时，由P＝UI可知此时灯泡两端的电压和滑动变阻器两端的电压相等，根据串联电路的分压特点求出灯泡两端的实际电压，根据图乙读出灯泡的实际电流，根据P＝UI算出小灯泡的实际功率。
【解答】解：（1）根据图乙知，当小灯泡正常发光时灯泡两端的电压为6V，小灯泡的电流为0.5A，
由I＝可得灯泡的电阻：
RL＝＝＝12Ω；
（2）由图甲可知：灯泡L与电阻R串联，小灯泡正常发光时电路中电流为：I＝IL＝0.5A，
电路1min内消耗的电能：W＝UIt＝6V×0.5A×60s＝180J；
（3）移动滑片P，当滑动变阻器与灯泡L消耗的实际功率相等时，根据串联电路各处电流相等和P＝UI可知此时灯泡两端的电压和滑动变阻器两端的电压相等，
则灯泡两端的电压为：UL实＝UR＝U＝×6V＝3V，
根据图乙知，当灯泡两端的电压为3V，小灯泡的电流为0.45A，
则小灯泡的实际功率为：P实＝UL实IL实＝3V×0.45A＝1.35W。
答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为12Ω。
（2）小灯泡正常发光时，电路1min内消耗的电能为180J。
（3）移动滑片，当滑动变阻器与小灯泡消耗的电功率相等时，小灯泡的实际功率为1.35W。
【点评】本题是有关电学的计算题目，主要考查了欧姆定律在串联电路中的应用，得出当滑动变阻器与灯泡L消耗的实际功率相等时灯泡两端的电压和滑动变阻器两端的电压相等是解题的关键。
26．（6分）小明用a、b两球探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，如图所示。已知ma＜mb。
（1）实验时让小球从斜面的某一高度由 静止 释放，撞击水平面上的木块，通过观察 木可移动的距离 来比较动能大小。
（2）对比甲图和乙图，可得到的结论是 在质量一定时，速度越大，动能越大 。
（3）乙图和丙图探究的问题是： 动能大小与质量的关系 。
（4）同组的小华用c球又进行了实验，如图丁，对比乙图和丁图所示实验，可以判断出 c 球的质量大，理由是 c球的速度小、动能大 。

【分析】（1）实验中通过小球推动木块的距离来反映小球动能的大小，用到转换法；
（2）（3）（4）动能大小与物体的质量和速度有关，在探究过程中应用控制变量法。
【解答】解：
（1）实验时，应让小球从斜面的某一高度由静止自由释放，撞击水平面上的木块，实验中通过观察木块移动的距离来比较动能大小，木块移动的距离越大，表明小球对木块做功越多，小球的动能越大；
（2）对比甲、乙可知，小球的质量不变，滚下的高度不同，高度越高，到达水平面时的速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故结论为：在质量一定时，速度越大，动能越大；
（3）对比乙图和丙图可知，小球滚下的高度相同，小球的质量不同，所以探究的是动能大小与质量的关系；
（4）同组的小华用c球又进行了实验，对比乙图和丁图所示实验可知，丁图中小球滚下的高度低，速度小，丁图中木块移动的距离远，动能大，所以c的质量要大于a的质量。
故答案为：（1）静止；木可移动的距离；（2）在质量一定时，速度越大，动能越大；（3）动能大小与质量的关系；（4）c；c球的速度小、动能大。
【点评】此题主要考查学生探究动能的影响因素实验的理解和掌握．该实验中注意控制变量法的应用，注意分析推理的科学性．
27．（7分）小明用图甲所示的装置“探究凸透镜成像的规律”实验。

（1）小明利用太阳光测量凸透镜焦距，将凸透镜 正对 太阳光，移动光屏，直至光屏上形成一个 最小最亮 的光斑，如图乙所示，该凸透镜的焦距为 10.0 cm。
（2）组装调整实验器材时，要使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的 主光轴 上。
（3）实验一段时间后，蜡烛变短，像会出现在光屏的 上 （上/下）方。为使像回到光屏中央，合理的操作是 蜡烛向上移动 或 凸透镜向下移动 。
【分析】（1）将凸透镜正对太阳光，移动光屏，直至光屏上形成一个最小最亮的光斑，凸透镜与光屏间的距离为焦距；
（2）使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，使像成在光屏中央；
（3）当蜡烛逐渐燃烧变短，根据经过凸透镜中心的光沿直线传播可知，分析光屏上的像移动方向，并给出解决方法。
【解答】解：（1）利用太阳光测量凸透镜焦距，将凸透镜正对太阳光，移动光屏，直至光屏上形成一个最小最亮的光斑，凸透镜与光屏间的距离为焦距，故凸透镜焦距是10.0cm；
（2）组装调整实验器材时，要使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，使像成在光屏中央；
（3）当蜡烛逐渐燃烧变短，根据经过凸透镜中心的光沿直线传播可知，光屏上的像将会上升；为使像回到光屏中央，合理的操作是蜡烛向上移动或凸透镜向下移动；
故答案为：（1）正对；最小最亮；10.0；（2）主光轴；（3）上；蜡烛向上移动；凸透镜向下移动。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，实验过程中注意事项，像距、成像特点与物距的关系。
28．（8分）小华用如图甲所示电路测量小灯泡的额定功率，电源电压为3V，所测小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器标有“10Ω”字样。

（1）图甲是小华正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路，请指出图中在器材操作上存在的两个不妥之处： 开关没有断开 ； 滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大处 。
（2）改正电路后，闭合开关，发现电压表示数为3V，电流表指针几乎不偏转，产生故障的原因可能是 灯泡断路 ； 灯泡与灯座接触不良 。
（3）在电路故障排除后，调节滑动变阻器，当电压表示数达到额定电压时，电流表指针如图乙所示，其值为 0.3 A，由此，小华算出小灯泡的额定功率为 0.75 W。
（4）为了较准确地测出灯泡的额定功率，应对实验做怎样的改进？答： 应将电流表的量程改为0～0.6A 。
（5）测量结束后，应先断开 开关 ，再拆除导线，最后整理好实验器材。
【分析】（1）为了保护电路，连接电路时，开关处于断开状态，滑动变阻器的滑片应置于最大电阻处；
（2）闭合开关，电流表指针几乎不偏转，说明电路是断路，电压表示数为3V，说明与电压表并联部分以外的电路是通路，分析故障原因；
（3）根据电流表的分度值读出电流表的示数，由P＝UI计算功率；
（4）因需测量的灯泡电流不大于0.6A，为了较准确地测出灯泡的额定功率，将电流表改为小量程；
（5）测量结束后，应先断开开关，再拆除导线，最后整理好实验器材。
【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时，开关处于断开状态，滑动变阻器的滑片应置于最大电阻处，由图甲所示，图中在器材操作上存在的两个不妥之处：①开关没有断开；②滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大处；
（2）闭合开关，电流表指针几乎不偏转，说明电路是断路，电压表示数为3V，说明与电压表并联部分以外的电路是通路，产生故障的原因可能是灯泡断路或灯泡与灯座接触不良；
（3）如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A，由P＝UI计算小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）因需测量的灯泡电流不大于0.6A，为了较准确地测出灯泡的额定功率，应将电流表的量程改为0～0.6A，多次测量灯泡额定电压下电流表示数，计算电功率；
（5）测量结束后，应先断开开关，再拆除导线，最后整理好实验器材；
故答案为：（1）开关没有断开；滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大处；（2）灯泡断路；灯泡与灯座接触不良；（3）0.3；0.75；（4）应将电流表的量程改为0～0.6A；（5）开关。
【点评】本题是测量小灯泡功率的实验，考查了电路连接的注意事项，电路故障分析、电流表的读数方法和量程选择、电功率的计算。
29．（10分）阅读短文，回答问题：
防冻冷却液
汽车行驶时，发动机的温度会升高，冷却液在发动机与散热管道内循环流动时，从发动机吸收热量，又在散热器管道内向外放出热量，从而使发动机的工作温度稳定在100℃左右。为防止寒冷的冬季冷却液结冰，汽车都使用防冻冷却液。
防冻冷却液主要由水和不易汽化的某种防冻剂（简称原液）混合而成，原液含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液在吸收相同热量后温度变化就越显著，但散热效果会越差。防冻冷却液的凝固点和沸点与原液含量的关系分别如图所示。

选用防冻冷却液时，防冻冷却液的凝固点应低于当地最低温度10℃以下，而沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上。
（1）冬季，若我市汽车使用原液含量35%的防冻冷却液，防冻冷却液 一定不 （一定不/一定/可能）会结冰。
（2）吸收相同的热量时，原液含量30%的防冻冷却液的温度变化 小于 （大于/等于/小于）原液含量90%的防冻冷却液。
（3）下列说法正确的是 C 。
A．选择防冻冷却液时，原液含量越高越好
B．增加防冻冷却液原液含量，其沸点会降低
C．长时间行车后，汽车中的防冻冷却液也不会沸腾
D．发动机温度降低是因为散热器管道内冷却液液化放热
（4）某汽车的发动机工作温度为90﹣101℃，所在地区冬季最低温度为﹣17℃，对该汽车来说，宜选用下列原液含量不同的防冻冷却液中的 C 。
A．35% B．45%C．55% D．65%
（5）使用一段时间后，汽车的防冻冷却液会减少，其凝固点会发生变化，原因是： 防冻冷却液中水汽化减少 。
【分析】（1）我们滨州市的冬季最低气温在﹣10℃左右；
（2）防冻冷却液主要由水和不易汽化的某种防冻剂（简称原液）混合而成，原液含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液在吸收相同热量后温度变化就越显著，但散热效果会越差，故吸收相同的热量时，原液含量30%的防冻冷却液的温度变化小于原液含量90%的防冻冷却液；
（3）根据原液的浓度，与凝固点、沸点的关系，以及当地的最低气温做出判断；
（4）某地常年最低气温为﹣17℃，结合“混合液的凝固点比本地常年最低气温低10℃而沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上”，判断出混合液凝固点和沸点的大致范围，再由表中数据找出合适的防冻液；
（5）长时间使用后，混合液中的水由于汽化而减少。
【解答】解：（1）由图可知，原液含量35%的防冻冷却液，凝固点为﹣22.5℃，防冻冷却液一定不会结冰；
（2）原液含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液在吸收相同热量后温度变化就越显著，但散热效果会越差；
（3）A、选用防冻冷却液时，防冻冷却液的凝固点应低于当地最低温度10℃以下，而沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上，沸点与凝固点都与原液的浓度有关，故A错误；
B、由表中数据可知，增加防冻冷液原液含量，其沸点会升高，故B错误；
C、汽车行驶时，发动机的温度会升高，冷却液在发动机与散热管道内循环流动时，从发动机吸收热量，又在散热器管道内向外放出热量，从而使发动机的工作温度稳定在100℃左右，长时间行车后，汽车中的防冻冷却液也不会沸腾，故C正确；
D、汽车行驶时，发动机的温度会升高，冷却液在发动机与散热管道内循环流动时，从发动机吸收热量，又在散热器管道内向外放出热量，故D错误。
故选：C；
（4）某地最低气温为﹣20℃，防冻冷却液的凝固点应低于环境最低温度10℃以下，则混合液的凝固点约为﹣30℃以下；汽车的发动机工作温度为90～101℃，沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上，则混合液的沸点约为106℃以上；综合凝固点和沸点的要求，选择55%的防冻液较为合适，故选C；
（5）与原来相比，水箱内的水由于蒸发而减少。
故答案为：（1）一定不；（2）小于；（3）C；（4）C；（5）防冻冷却液中水汽化减少。
【点评】本题综合考查了学生对冷却液的凝固点，沸点以及在汽车上的应用，主要考查学生学以致用的能力。