2024年江苏省盐城市东台市中考物理一模试卷（含解析）

这是一份2024年江苏省盐城市东台市中考物理一模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

1.“天宫二号”空间实验室与地面进行实时信息传输所使用的是( )
A. 超声波B. 次声波C. 红外线D. 微波
2.调节电视机的音量，是为了改变声音的( )
A. 响度B. 音调C. 音色D. 频率
3.下列能源中都属于清洁能源的是( )
A. 风能、太阳能B. 天然气、石油C. 煤炭、风能D. 石油、太阳能
4.如图所示的四种自然现象中，属于液化现象的是( )
A. 冰雪消融B. 霜挂枝头
C. 晨雾弥漫D. 大雪纷纷
5.掷实心球是中考体育测试项目之一，如图为某同学掷出的实心球在空中飞行的情景，实心球向上运动的过程中( )
A. 运动状态改变B. 重力势能减小
C. 受到惯性作用D. 在最高点时受力平衡
6.如图所示的工具在使用时，属于费力杠杆的是( )
A. 瓶盖起子B. 食品夹
C. 托盘天平D. 羊角锤
7.下列光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 水中倒影B. 手影游戏
C. 海市蜃楼D. 雨后彩虹
8.石墨烯是人类已知材料中具有最高导热率的材料，下列物品适合用石墨烯制作的是( )
A. 保温饭盒B. 隔热垫C. 散热器D. 保暖内衣
9.下列数据最接近生活实际的是( )
A. 人的步行速度约为10m/s
B. 正常人脉搏每分钟约为20次
C. 家用空调正常工作时的电流大约是1A
D. 漂浮在水面的中学生所受水的浮力大约是500N
10.如图所示的电路中，电源两端电压恒定，R0是定值电阻，R是用石墨烯制成的湿敏电阻，其特点是阻值会随着其周围环境含水量的升高而增大。闭合开关S，当R周围环境含水量升高时，下列说法正确的是
A. 电流表的示数变大B. 电压表的示数不变
C. 电路的总功率变小D. 电压表与电流表的示数之比变小
11.小明制作了一个刻度均匀的简易密度秤，实际使用时发现秤上相邻两刻度线之间的距离太小，为制作出精度更高的密度秤，他提出了如下改进方案，其中可行的是( )
A. 换用更粗的秤杆
B. 增大秤砣的质量
C. 把秤纽“O”位置往远离秤钩一侧移动
D. 标刻度线时，适当减少装入烧杯的液体的体积
二、多选题：本大题共1小题，共2分。
12.如图所示的“电阻测量盒”，内有电源(电压不变且未知)、阻值已知的定值电阻R0、开关和电流表，并引出两根导线到盒外。将盒外的两根导线分别与待测电阻Rx的两端相连，根据开关闭合、断开时电流表的示数，可以算出Rx的阻值。如图是设计的盒内电路图，其中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
三、填空题：本大题共8小题，共24分。
13.五一假期，人民公园内花香四溢，小明和妈妈一起划船游玩。小明用桨向后划水后，静止的船向前运动，说明桨受______的作用力；以岸边的柳树为参照物，船是______的；花香四溢是因为香味分子______。
14.油库里的储油罐往往直径较大，而高度相对较矮是为了______；将其浑身涂成银白色是主要为了反射太阳光中______外线，避免油的温度过高；储油罐旁还安装有自动喷头，夏季经常向储油罐喷水，这主要是利用水的______较大的特性。
15.使用天平称物体质量前，将天平放在______桌面上，静止时指针如图a所示，则应将平衡螺母向______(左/右)调节，平衡后，在托盘中加入的砝码和游码如图b所示，则物体的质量为______g。
16.小明用如图所示的透镜来探究凸透镜成像规律，该透镜的焦距为______cm。实验中，小明保持凸透镜在光具座上的位置不变，把点燃的蜡烛放在“20cm”刻度线处，移动光屏，烛焰可在光屏上成倒立、______(选填“放大”、“等大”或“缩小”)的像，生活中利用这类透镜来矫正______眼的视力缺陷。
17.小明家电能表铭牌如图所示，他仅将一只电水壶接入电路，工作6min，可将1kg的水从20℃加热到70℃，电能表指示灯闪烁180次，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，则水吸收的热量为______J，水的内能增加是通过______方式实现的，电水壶电功率为______W。
18.如图所示，用绝缘细线悬挂着的导体棒ab、cd分别放在磁体中，将它们用导线连接，闭合开关，使导体棒ab在磁体中沿______方向运动时，导体棒cd中因有电流也随之摆动，此时导体棒cd与磁体的组合相当于______机，导体棒ab中产生电流应用的物理原理是______。
19.如图所示，某工人利用滑轮组将一个重为600N的货箱在6s匀速提升3m，此过程中，绳子自由端所受的拉力为F，滑轮组的机械效率为75%，货箱上升的速度为______m/s，有用功为______J，拉力的功率为______W。
20.小明把盛热水的烧杯放水平桌面上，将干红枣放入烧杯中，漂浮在水面，如图甲所示。由于不断吸水，红枣过一段时间后静止在水中，如图乙所示；再过一段时间后就沉到杯底，如图丙所示。甲图中红枣的重力______排开热水的重力，甲图中烧杯对桌面的压强______丙图中烧杯对桌面的压强，甲图中液面高度______乙图中液面高度(不考虑蒸发的影响，均选填“大于/等于/小于”)。
四、作图题：本大题共3小题，共6分。
21.在图中画出木块漂浮在水中所受力的示意图。
22.在图中画出物体AB在平面镜中所成的像A′B′。
23.在图中标出小磁针的N极。
五、实验探究题：本大题共3小题，共21分。
24.小明利用如图甲所示的实验装置观察水的沸腾现象。

(1)水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水沸点______℃，当地大气压略______(高于/低于)1个标准大气压，水沸腾后，持续加热4min的过程中，烧杯中水的内能______(增大/不变/减小)。
(2)撤去酒精灯，观察到水仍能沸腾一会儿，水仍能沸腾一会儿的原因是______。
(3)图丙(B)中杯底产生的气泡加速上升是因为______，气泡上升过程中气泡逐渐变小的原因是______。
(4)实验中要缩短将水加热至沸腾的时间，请写出一种可行的办法______。
25.在“探究电流与电阻的关系”时，实验室提供的器材有：电压恒为6V的电源一个，定值电阻5个(分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω和25Ω)，规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，电流表、电压表、开关各一个，导线若干。

(1)检查电路连接时，小组同学发现图甲中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”并用笔画线代替导线将电路连接正确(导线不得交叉)。
(2)改正电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最______(左/右)端。
(3)实验时，小明先后将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω电阻接入电路，进行正确的实验操作，记录的实验数据如下表，第2次实验电流表示数(如图乙)为______A。
(4)根据实验数据绘制出I−R图像。
(5)小明将25Ω的电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器，______，实验无法进行。
(6)为了不让前四组数据失效，并顺利完成25Ω电阻实验数据，在不增加器材的情况下，改进措施为______。
26.在利用太阳光测量完凸透镜的焦距后，小华又将凸透镜正对着太阳，把火柴头放在凸透镜焦点处，一段时间后火柴会被点燃。他想探究不同的透镜对火柴的点燃效果有什么不同，和同学们讨论后，他们提出了以下3种猜想：
猜想1：凹透镜也能点燃火柴；
猜想2：点燃火柴的快慢与凸透镜的焦距有关；
猜想3：点燃火柴的快慢与凸透镜的直径有关。
(1)根据所学知识，他们经过讨论，判断猜想1是错误的，依据是______。
(2)为验证猜想2，他们选用______的凸透镜进行多次实验。实验中记录到火柴被点燃的时间基本相等，这说明猜想2是______的。
(3)在(2)中用“火柴被点燃的时间”表示______。
(4)在验证猜想2后，因器材不足，他们直接选用直径和焦距都不等的凸透镜进行多次实验来验证猜想3，该实验______(能/不能)验证猜想3是否正确，理由是______。
六、计算题：本大题共2小题，共15分。
27.小明在参观景区时，从解说员的讲解中得知，景区中的城墙砖的长、宽、高分别为30cm、20cm和10cm，砖块的质量为12kg，g取10N/kg。求：
(1)砖块的密度；
(2)砖块浸没在水中时所受到的浮力；
(3)砖块放在水平地面时对地面压强的最小值。
28.如图是某电饭锅工作原理的简化电路图，电饭锅有两挡，分别是高温烧煮和低温焖饭。S1为挡位自动控制开关，R1和R2为电热丝，R1的阻值为80Ω，高温烧煮挡的功率为660W求：
(1)高温烧煮时干路中的电流。
(2)电热丝R2的阻值。
(3)电饭锅低温焖饭0.5h消耗的电能。
七、综合题：本大题共1小题，共10分。
29.阅读短文，回答问题。
最佳空燃比发动机在工作时，进入发动机的空气质量与燃料质量之比(m空m燃)称为空燃比，若吸入发动机的空气所含氧气与燃料恰好完全反应就达到最佳空燃比。若燃料充分反应后仍有剩余的氧气，发动机的高温使氧分子O2电离成氧离子O2−随尾气排出。
为了达到最佳空燃比，在尾气管上安装了氧传感器，其工作原理如图甲所示。氧化锆内外表面各有一层金属铂的电极，氧化锆的外侧与高温尾气接触，内侧连通外界大气，电加热器通电后加热附近大气，达到最佳工作温度，使氧分子O2电离成氧离子O2−。
氧离子会从浓度高的位置穿过氧化锆移到浓度低的位置，使得图甲中氧化锆和两个铂电极相当于一个电源，铂电极A和B相当于电源的两极。氧离子O2−浓度差越大，铂电极A和B间的电压越高。
铂电极两端的电压与空燃比的关系如图乙所示。发动机控制模块通过检测铂电极两端的电压，控制喷油嘴的喷油量，使发动机接近最佳空燃比。
(1)图甲中，氧化锆内氧离子移动方向由铂电极______(A到B/B到A)。
(2)电阻接在干电池两端时，电子从干电池的负极流出通过电阻后，从干电池正极流入，再在电池内部流向电池的负极，电子在闭合电路中定向移动形成电流。据此类比，图甲中铂电极A相当于电源______极。
(3)发动机的最佳空燃比为______。
(4)若铂电极两端的电压为0.2V，则下列判断正确的是______。
A.发动机空燃比为14.9
B.需要增加喷油嘴的喷油量
C.发动机内汽油不能完全燃烧
D.需要增加进入发动机的空气量
(5)下列尾气中燃油质量与空燃比(m尾气中燃油−m空m燃)关系图像正确的是______。
A.
B.
C.
D.
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传输所使用的是微波，即电磁波，故D正确。
故选：D。
电磁波能在真空中传递，电磁波能传递信息，声不能在真空中传播。
本题考查电磁波的应用，属于基础知识。
2.【答案】A
【解析】解：看电视时，调节电视机音量，是为了改变声音的大小，即改变声音的响度；调节电视机的音量，不能改变其音调、音色和频率。
故选：A。
响度是指声音的大小，与振幅有关，振幅越大响度越大；音调是指声音的高低，由频率决定，频率越高，音调越高。音色反映了声音的品质与特色。
解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。
3.【答案】A
【解析】解：A、风能、水能在使用时，不会对环境造成污染，属于清洁能源，故A符合题意；
BCD、天然气、石油、煤炭属于化石能源，燃烧时都会对环境造成污染，属于非清洁能源，故BCD不合题意。
故选：A。
不排放污染物的能源叫清洁能源，主要是一些可再生能源，排放污染物的能源叫非清洁能源，以化石能源为主。
能源与环境问题，是社会的热点，也是考查的热点，了解能源的分类、能源使用对环境的影响、新能源开发利用等是正确解答此类题的关键。
4.【答案】C
【解析】解：
A、冰化成水是由固态变为液态的过程，属于熔化现象，故A不符合题意；
B、霜是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，故B不符合题意；
C、雾是小水滴，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，故C符合题意；
D、雪是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，故D不符合题意。
故选：C。
要判断出属于液化的物态变化，首先要弄清液化的特点，液化是物体由气态变为液态的相变过程，可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断。
此题考查了我们对于生活中物态变化现象的判断，是一道基础题。
5.【答案】A
【解析】解：A、在空中飞行的实心球受到重力和空气阻力的作用，即受到非平衡力作用，运动状态改变，故A正确；
B、实心球在空中飞行过程中，质量不变，高度增大，所以重力势能增大，故B错误；
C、一切物体都具有惯性，不能说受到惯性作用，故C错误；
D、实心球到最高点时没有处于静止状态，所以受力不平衡，故D错误。
故选：A。
(1)物体受到非平衡力作用，运动状态改变；
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
(3)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(4)当物体处于静止状态或做匀速直线运动状态时，物体受力平衡。
本题主要考查了平衡力、惯性、重力势能的影响因素等，属于基础知识。
6.【答案】B
【解析】解：A、瓶盖起子在使用时动力臂比阻力臂长，属于省力杠杆，故不符合题意；
B、食品夹在使用时动力臂比阻力臂短，属于费力杠杆，故B符合题意；
C、天平在使用时动力臂和阻力臂相等，属于等臂杠杆，故C不符合题意；
D、羊角锤在使用时动力臂比阻力臂长，属于省力杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
(1)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆，比如：铡刀、瓶盖起子、羊角锤、扳手等。
(2)动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆，比如：食品夹、钓鱼竿、筷子等。
(3)动力臂和阻力臂相等的杠杆是等臂杠杆，比如天平、定滑轮等。
知道杠杆的平衡条件；会根据杠杆的平衡条件对常见的杠杆进行分类。
7.【答案】A
【解析】解：A、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A正确；
B、手影是光沿直线传播形成的，故B错误；
C、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播时发生折射形成的，故C错误；
D、雨后彩虹属于光的色散，其实质是光的折射现象，故D错误。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
8.【答案】C
【解析】解：由题知，石墨烯具有人类已知材料中最高的导热率，不能制造保暖内衣、隔热垫、保温饭盒，可以制造散热器；
故选：C。
根据石墨烯的特点分析其用途，石墨烯具有人类已知材料中最高的导热率。
本题考查了材料的特点及其应用，属于基础知识。
9.【答案】D
【解析】解：A、人正常步行的速度约为1.1m/s，故A不符合实际；
B、正常人脉搏每分钟跳动约为70次左右，故B不符合实际；
C、家用空调正常工作时的电流较大，大约是5A，故C不符合实际；
D、漂浮或悬浮的物体受到平衡力作用，浮力大小等于重力，故大约是500N，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题主要考查了学生对一些生活常识的了解，属于基础题。
10.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，湿敏电阻R与定值电阻R1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
因湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大，当环境含水量升高时，湿敏电阻R的阻值变大，电路的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
由U=IR可知，R0两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，R两端电压变大，所以电压表的示数变大，故B错误；
电源电压不变，电路中的电流变小，根据P=UI可知，总功率变小，故C正确；
由于电流表的示数减小，电压表的示数增大，所以电压表与电流表的示数之比变大，故D错误。
综上所述，C正确。
故选：C。
由电路图可知，湿敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据题意得出当R周围环境含水量升高时时湿敏电阻R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化，再根据欧姆定律得出R0两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知电压表示数的变化，根据P=UI分析总功率的变化，根据电压表和电流表示数的变化情况分析出电压表与电流表的示数之比的变化。
本题考查了电路的动态分析，利用好湿敏电阻的阻值与含水量的关系是关键。
11.【答案】C
【解析】解：要想密度秤相邻两刻度线之间的距离变大，即增大动力臂的长度，根据杠杆的平衡条件，在阻力臂不变的情况下，可以增大阻力或减小秤砣的质量。
故选：C。
根据杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2，分析判断即可。
本题利用生活中的实例，考查了杠杆方面的知识，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以致用。让学生体会到物理不仅是有趣的，还是有用的。
12.【答案】ABD
【解析】解：
A、根据图示可知，开关断开时，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路中的电流；开关闭合时，电路为并联电路，电流表测量干路中的电流；根据并联电路的电流关系可知通过R0的电流，根据U=IR可以求出电源电压，然后根据R=UI可以求出Rx的阻值，故A正确；
B、根据图示可知，开关闭合时，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路中的电流，则电源电压为：U=IRx；开关断开时，两个电阻串联接入电路中，此时电流表示数为I′，则电源电压为：U=I′(Rx+R0)，两个关系式联立，可以求出Rx的阻值，故B正确；
C、根据图示可知，开关闭合时，电流表和Rx被短路，电路为R0的简单电路；开关断开时，两个电阻串联，电流表测量电路中的电流，由于无法测量出电源电压，所以无法求出Rx的阻值，故C错误；
D、根据图示可知，开关闭合时，Rx被短路，电路为R0的简单电路，电流表测量电路中的电流，根据U=IR可以求出电源电压；开关断开时，两个电阻串联，电流表测量电路中的电流，根据电源电压和电流表示数可以求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系可以求出Rx的阻值，故D正确。
故选：ABD。
根据每个选项和开关的闭合情况分析电路的连接方式，根据电路的特点、欧姆定律分析能否测量出电阻的大小。
本题是测量待测电阻阻值的实验，考查了对实验电路的设计及欧姆定律的应用，在设计出电路的同时，能够根据不同情况列出相应关系式是解决问题的关键。
13.【答案】水向前 运动 永不停息地作无规则运动
【解析】解：小明用桨向后划水，船向前运动，这是因为物体间力的作用是相互的，说明桨受水向前的作用力；以岸边的柳树为参照物，岸边的树与船的位置发生变化，故船是运动的；花香四溢是因为香味分子永不停息地作无规则运动。
故答案为：水向前；运动；永不停息地作无规则运动。
(1)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
(2)研究对象(物体)相对于参照物的位置发生变化，则物体是运动的；若位置不变则物体是静止的。运用物体间力的作用的相互性和利用参照物判断物体的运动状态；
(3)分子在不停地做无规则运动。
运用物体间力的作用的相互性，利用参照物判断物体的运动状态和分子的热运动；可解答此题。
14.【答案】增大油罐容积，降低油罐重心，稳固油罐 红 比热容
【解析】解：油罐的直径越大，油罐的体积就越大；油罐的高度越低，其重心就越低，油罐就越稳固，不易倾斜；
光携带有能量，银白色相对于其它颜色，其反射红外线的能力较强，油罐吸收的光越少，吸收的能量就越少，其温度就升高的越少。
给油罐喷水，主要是给油罐降温，由于水的比热容较大大，所以，相同质量的水比其它任何物质的吸热效果都要好，并且水在汽化的过程中也要吸热，因此用喷水的方法来给油罐降温。
故答案为：增大油罐容积，降低油罐重心，稳固油罐；红；比热容。
(1)油罐越矮，重心就越低，就越稳固。
(2)将银白色与其它颜色相比，从其反光性能上考虑这样设计的目的。
(3)喷水的目的是为了降低储油罐中油的温度，因此可以从水的吸热能力方面去考虑来解答此题。
储油罐内储存的是易燃易爆的油，采取的一系列的措施都是为了防止油罐中的油燃烧或爆炸的，都是从安全角度出发的。
15.【答案】水平 右 42.4
【解析】解：在“用托盘天平测量物体质量”实验中，应先将天平放在水平桌面上；
游码移到标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母，平衡螺母向上翘的一端移动，发现指针静止时指在分度盘中央刻度线的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；
天平平衡时，物体的质量等于砝码的质量加上游码的示数，由图b可知，此时物体的质量m=20g+20g+2.4g=42.4g。
故答案为：水平；右；42.4。
调节天平前，将天平放在水平桌面上，游码移到标尺的零刻度线处；
调节平衡螺母，平衡螺母向上翘的一端移动；
天平平衡时，物体的质量等于砝码的质量加上游码的示数。
本题考查使用天平测量物体的质量，属于基础题型。
16.【答案】12.0 放大 远视
【解析】解：平行于主光轴的平行光线经过凸透镜会会聚到焦点上，焦点到凸透镜光心的距离叫做凸透镜的焦距；
由图可知凸透镜在40cm刻度处，焦点在52cm刻度处，刻度尺的分度值是1cm，要估读到分度值的下一位，所以透镜的焦距为12.0cm；
蜡烛在20cm刻度线上，凸透镜在40cm刻度线上，u=40cm−20cm=20cm，凸透镜的焦距是12.0cm，f凸透镜可以矫正远视眼。
故答案为：12.0；放大；远视。
平行于主光轴的平行光线经过凸透镜会会聚到焦点上，焦点到凸透镜光心的距离叫做凸透镜的焦距，长度的测量要估读到分度值的下一位；
蜡烛在20cm刻度线上，凸透镜在40cm刻度线上，求出物距，比较物距和焦距的关系，判断凸透镜成像情况；
凸透镜可以矫正远视眼。
此题考查焦距的定义、凸透镜的应用，牢记知识点即可解答。
17.【答案】2.1×105 热传递 1500
【解析】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(70℃−20℃)=2.1×105J；
水吸收热量，内能增大、温度升高，是通过热传递的方式增加内能的；
(2)1200imp/(kW⋅h)表示的是电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1200次，
指示灯闪烁180次时，电水壶消耗的电能：
W=1801200kW⋅h=0.15kW⋅h，
t=6min=0.1h，
电水壶的电功率：
P=Wt=0.15kW⋅h0.1h=1.5kW=1500W。
故答案为：2.1×105；热传递；1500。
(1)利用Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；改变物体内能的方式：做功和热传递；
(2)1200imp/(kW⋅h)表示的是电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1200次，据此求出指示灯闪烁180次时电水壶消耗的电能，再利用P=Wt求电水壶的电功率。
本题考查了改变物体内能的方式，以及热量、消耗电能和电功率的计算，明确1200imp/(W⋅h)的含义是解决本题的关键。
18.【答案】水平 电动 电磁感应现象
【解析】解：闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体ab在磁场中沿水平运动时做切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象；
电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理，所以乙装置相当于电动机。
故答案为：水平；电动机；电磁感应现象。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；
(2)电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的。
19.【答案】0.5 1800 400
【解析】解：货箱上升的速度为：
v物=ht=3m6s=0.5m/s；
有用功为：
W有=Gh=600N×3m=1800J；
根据η=W有W总可知，滑轮组做的总功为：
W总=W有η=1800J75%=2400J，
P=W总t=2400J6s=400W。
故答案为：0.5；1800；400。
(1)根据v物=ht求出货箱上升的速度；
(2)根据W有=Gh求出有用功；
(3)根据η=W有W总求出滑轮组做的总功，利用P=W总t求出拉力的功率。
本题考查了做功公式和功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，比较简单。
20.【答案】等于 等于 等于
【解析】解：(1)(3)甲图中红枣漂浮，甲图中红枣的重力等于排开热水的重力；甲图中红枣悬浮，乙图中红枣的重力等于排开热水的重力；排开热水的体积相同，故甲、乙液面高度相同；
(2)因为红枣，水和烧杯的总重力不变，对水平面的压力不变，又因为受力面积相同，故由p=FS可知p甲=p乙=p丙。
故答案为：等于；等于；等于。
(1)(3)漂浮或悬浮时浮力等于排开液体的重力；
根据F浮=ρ液gV排判断浮力大小；
(2)根据p=FS判断压强的关系。
本题考查阿基米德原理，浮沉条件以及压强公式的运用，是一道综合题。
21.【答案】解：木块漂浮在水面上，受到的重力和浮力是一对平衡力，大小相等，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上；二力的作用点都画在重心上；作图如下：

故答案为：见解答图。
【解析】木块漂浮在水中时，木块受到重力和浮力作用；重力的方向竖直向下；浮力方向竖直向上，大小等于重力的大小，作用点在木块重心上。
本题考查了力的示意图的画法，属于基础题目。
22.【答案】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图所示：

【解析】平面镜成像的特点是：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体A、B端点AB的像点A′、B′，连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像。
平面镜成像实验探究出的像与物的具体关系是：大小相等、连线与镜面垂直、到镜面的距离相等、左右相反；作物体在平面镜中所成的像，常用方法是：作出端点(或关键点)的像点，用虚线连接像点得到物体的像。
23.【答案】解：电流从右侧流入，根据安培定则知，右侧为N极，左侧为S极，与小磁针的N吸引，故小磁针左侧为N极，如图所示：

【解析】根据安培定则判断出电流的方向，确定通电螺线管的磁场，根据磁极间的作用确定小磁针的磁极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个方向可以确定第三个的方向。
24.【答案】99 低于 减小 石棉网温度较高，水可以继续吸热 气泡受的浮力大于重力 水沸腾前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水 减少水的质量
【解析】解：(1)图中温度计的分度值为1℃，则该温度计的示数为99℃，因为1标准大气压下的分度值为100℃，气压越低，沸点越低，所以此时气压低于1标准大气压；在第4min～8min的过程中，水在不断吸收热量，水在沸腾，温度不变，但质量减少，则烧杯内水的内能减小；
(2)酒精灯熄灭后，石棉网温度较高，水可以继续吸热，满足水沸腾的条件，故可以继续沸腾一会儿；
(3)杯底产生的气泡加速上升是因为气泡受的浮力大于重力；水沸腾前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；
(4)水沸腾时，减少加热时间的方法：减少水的质量、提高水的初温、加盖子等。
故答案为：(1)99；低于；减小；(2)石棉网温度较高，水可以继续吸热；(3)气泡受的浮力大于重力；水沸腾前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水；(4)减少水的质量。
(1)在读取温度计的示数时，要注意其分度值；标准大气压下水的沸点是100℃.沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高；影响内能大小的因素：物体内能与温度有关，同一物体温度越高，内能越大；还与物体质量有关；
(2)石棉网温度较高，水可以继续吸热，可以继续沸腾一会儿；
(3)杯底产生的气泡加速上升是因为气泡受的浮力大于重力；沸腾前，上层的水温度较低，上升的气泡遇低温液化，气泡减小；
(4)减少加热时间的方法：减少水的质量、提高水的初温、加盖子。
本题考查冰的熔化和水的沸腾实验，关键是将实验操作基本原则及结论掌握清楚，仔细分析即可。
25.【答案】左 0.3 不使定值电阻两端电压保持不变 将5Ω的定值电阻串联入电路中
【解析】解：(1)由图甲知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表串联入电路中了，应将滑动变阻器与定值电阻并联，电压表应并联在定值电阻两端，可将定值电阻左侧连接开关的导线改接到电压表的负接线柱上，如图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大值处，即左端；
(3)由图甲知，电流表使用小量程，由图乙知，第2次实验电流表示数为0.3A；
(4)由表中数据描点、连接，画出图象如图所示：
；
(5)(6)探究电流与电阻的关系要控制电阻两端的电压不变，由表中数据知，定值电阻两端电压UR=3V不变，由串联电路电压的规律及分压原理有：
UR U滑=URU−UR=RR滑，即：3V6V−3V=11=25ΩR滑，R滑=25Ω，
而滑动变阻器最大值为20Ω，所以无论怎样调节滑动变阻器，都不能使电压表示数为3V，即不使定值电阻两端电压保持不变；
在不增加器材的情况下，完成25Ω电阻实验数据，可以将5Ω(或10Ω、15Ω、20Ω)的定值电阻串联入电路中。
故答案为：
(1)；(2)左；(3)0.3；(4)；(5)不使定值电阻两端电压保持不变；(6)将5Ω的定值电阻串联入电路中。
(1)本实验电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，分析甲电路连接，找出错误之处，再改接电路；
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大值处；
(3)根据图甲知电流表的量程，由图乙读出电流表示数；
(4)根据表格中数据，描点、连接，画出图象；
(5)(6)探究电流与电阻的关系要控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律及分压原理分析实验无法进行的原因，并找到改进措施。
本题是探究电流与电阻关系的实验，考查了实物图的连接、实验的操作、电流表读数，欧姆定律的应用以及实验的改进等，注意控制变量法的使用。
26.【答案】凹透镜对光线有发散作用，不能将太阳光会聚到一点 直径相同，焦距不同 错误 凸透镜对火柴的点燃效果 能 (2)中已验证凸透镜的焦距为无关变量，因此焦距对实验结果无影响。
【解析】解：(1)凹透镜对光线起发散作用，不能将太阳光会聚到一点，不能点燃火柴；所以猜想1是错误的；
(2)用直径相同而焦距不等的凸透镜进行多次实验，发现火柴被点燃的时间基本相等，这说明点燃火柴的快慢与凸透镜的焦距大小无关，则猜想2是错误的；
(3)用“火柴被点燃的时间”表示凸透镜对火柴的点燃效果，这用到了转换法；
(4)实验中，选用直径和焦距都不等的凸透镜，分别用它们点燃火柴，测出火柴被点燃所需要的时间，多次重复实验；因为点燃快慢与焦距大小无关，达到了只改变透镜直径的大小实现控制变量的目的，所以能够验证猜想3是否正确。
故答案为：(1)凹透镜对光线有发散作用，不能将太阳光会聚到一点；(2)直径相同，焦距不同；错误；(3)凸透镜对火柴的点燃效果；(3)能；(2)中已验证凸透镜的焦距为无关变量，因此焦距对实验结果无影响。
(1)透镜对光线的作用：凸透镜对光线起会聚作用，凹透镜对光线起发散作用；
(2)根据控制的变量与实验现象得出实验结论；
(3)用“火柴被点燃的时间”表示凸透镜对火柴的点燃效果，这用到了转换法；
(4)探究透镜对火柴的点燃效果与透镜直径的关系时要选取直径不等的凸透镜进行实验。
本题考查了透镜对光线的不同作用，以及设计实验探究不同的透镜对火柴的点燃效果；应用控制变量法探究实验的是正确解题的关键。
27.【答案】解：(1)砖块的体积V=30cm×20cm×10cm=6000cm3=6×10−3m3，砖块的质量m=12kg，所以砖块的密度ρ=mV=12kg6×10−3m3=2×103kg/m3；
(2)砖块浸没在水中时，砖块排开水的体积等于砖块的体积，即V排=V砖=6×10−3m3，
所以砖块浸没在水中时所受到的浮力F浮=ρ液V排g=1.0×103kg/m3×6×10−3m3×10N/kg=60N；
(3)已知放在水平地面上的物体对地面的压力等于物体的重力，即F=G=mg=12kg×10N/kg=120N，当以最长的两个边计算出的面积是最大的接触面积，所以砖块放在水平地面时对地面压强的最小值
p=FS=120N0.3m×0.2m=2000Pa。
答：(1)砖块的密度为2×103kg/m3；
(2)砖块浸没在水中时所受到的浮力为60N；
(3)砖块放在水平地面时对地面压强的最小值为2000Pa。
【解析】(1)根据砖的长、宽、高计算出砖的体积，根据密度公式ρ=mV求出砖块的密度；
(2)根据F浮=ρ液gV排可以求出砖块浸没在水中时所受到的浮力；
(3)当以最长的两个边计算出的面积是最大的接触面积，根据压强公式可知，压强是最小的，根据压强公式可计算出最小压强。
本题考查了压强公式的应用，难点在于根据p=FS，分析出当砖块与地面接触面积最大时，压强最小。
28.【答案】解：
(1)高温烧煮挡的功率为660W，根据P=UI可得，高温烧煮时干路中的电流：
I=P高U=660W220V=3A；
(2)由图知，只闭合S时，电路为R2的简单电路；两开关都闭合时，两电阻并联；
因并联电路的总电阻小于其中任一分电阻，所以根据P=U2R可知，两开关都闭合时，电路总功率最大，此时电饭锅处于高温烧煮挡；则只闭合S时，电饭锅处于低温焖饭挡；
当开关S1和S都闭合时，电饭锅处于高温烧煮挡，
由欧姆定律可得，总电阻为R=UI=220V3A=2203Ω，
根据并联电阻的规律：1R=1R1+1R2，
即12203Ω=180Ω+1R2，
解得R2=880Ω；
(3)只闭合S时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于低温焖饭挡，
则低温焖饭挡的功率为：
P低=U2R2=(220V)2880Ω=55W，
由P=Wt得，电饭锅低温焖饭0.5h消耗的电能：
W=P低t=55W×0.5×3600s=9.9×104J。
答：(1)高温烧煮时干路中的电流是3A；
(2)电阻丝R2的阻值为880Ω；
(3)电饭锅低温焖饭0.5h消耗的电能是9.9×104J。
【解析】(1)已知高温烧煮挡的功率，根据P=UI求出高温烧煮时干路中的电流；
(2)分析开关转换时电路的连接，根据并联电阻的规律及P=U2R确定不同挡位电路的连接；
当开关S1和S都闭合时，由欧姆定律求出总电阻；根据并联电阻的规律求出R2的阻值；
(3)根据P=U2R得出低温焖饭挡的功率，由P=Wt求出电饭锅低温焖饭0.5h消耗的电能。
本题考查并联电路的规律、欧姆定律、电功率公式和电功公式的运用，关键是明确不同挡位电路的结构。
29.【答案】B到A 负 14.7 B A
【解析】解：(1)发动机的高温使氧分子O2电离成氧离子O2−随尾气排出。结合图甲可知氧离子O2−从B到A；
(2)干电池正极聚集大量正电荷，负极聚集大量负电荷，是正负电荷分开；由(1)可知氧离子O2−从B到A，故A聚集大量负电荷，故A为负极；
(3)若吸入发动机的空气所含氧气与燃料恰好完全反应就达到最佳空燃比；由图乙可知最佳空燃比为14.7；
(4)A、若铂电极两端的电压为0.2V，由图乙可知此时空燃比为14.8，故A错误；
BCD、最佳空燃比为14.7，所以当空燃比为14.8时，空气有剩余，所以需要增加喷油嘴的喷油量，故B正确，CD错误；
故选：B。
(5)发动机的空气质量与燃料质量之比(m空m燃)称为空燃比，即空气质量一定时，空燃比越大时，燃油质量越小，故选A。
故答案为：(1)B到A；(2)负；(3)14.7；(4)B；(5)A。
(1)若燃料充分反应后仍有剩余的氧气，发动机的高温使氧分子O2电离成氧离子O2−随尾气排出；
(2)干电池正极聚集大量正电荷，负极聚集大量负电荷，是正负电荷分开；
(3)发动机控制模块通过检测铂电极两端的电压，控制喷油量，使发动机接近最佳空燃比；
(4)结合图乙分析；
(5)发动机的空气质量与燃料质量之比(m空m燃)称为空燃比，即空气质量一定时，空燃比越大时，燃油质量越小；
本题考查电流方向，热机的效率等知识点，结合生活中的汽车，注重理解能力，解决问题能力的培养。实验序号
1
2
3
4
电阻R/Ω
5
10
15
20
电流I/A
0.6
0.2
0.15