2021年江苏省盐城市东台市中考物理模拟试卷

这是一份2021年江苏省盐城市东台市中考物理模拟试卷，共22页。
1．（2分）早在1900多年前，我们的祖先就制造了木制的水轮，该装置利用的是（ ）
A．风能B．电能C．水能D．内能
2．（2分）钢琴演奏时，用大小不同的力弹奏同一琴键，可以改变声音的（ ）
A．响度B．音调C．音色D．传播速度
3．（2分）下列现象中涉及的物态变化，需要吸热的是（ ）
A．春天，冰雪消融，汇溪成河
B．夏天，冰棒周围冒“白气”
C．秋天，清晨草地上出现露珠
D．冬天，寒风凛冽，湖水结冰
4．（2分）阳阳用凸透镜自制了一台照相机，给小红（如图甲所示）拍照时，在光屏上出现的如图乙所示的像，为了使像呈现在光屏中央，阳阳可以进行的操作是（ ）
A．将照相机往右下方平移B．将照相机往右上方平移
C．将照相机往左下方平移D．将照相机往左上方平移
5．（2分）家庭电路中，下列哪种情况会使熔丝熔断（ ）
A．电路发生短路B．关闭空调
C．停电D．打开冰箱门
6．（2分）下列做法中，目的是为了减小摩擦的是（ ）
A．汽车轮胎刻有花纹B．轴承中装有滚珠
C．用力握紧羽毛球拍D．运动鞋底装鞋钉
7．（2分）如图所示的是我国生产的某种电动式无针注射器工作示意图，通电时永磁体的磁场与通电线圈相互作用，产生强大的助推力，使药液以接近声音的速度注入皮肤，下列能反映该注射器工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（2分）如图所示，小明利用动滑轮匀速提升木箱。以下做法可以提高动滑轮机械效率的是（ ）
A．适当增加木箱重力B．增大木箱上升高度
C．增大提升木箱的速度D．换用质量更大的动滑轮
9．（2分）如图所示，用隔板将玻璃容器均分为两部分，隔板中有一小孔用薄橡皮膜封闭，下列问题中不能用该装置探究的是（ ）
A．液体是否对容器的侧壁产生压强
B．液体是否对容器的底部产生压强
C．液体压强是否与液体的深度有关
D．液体压强是否与液体的密度有关
10．（2分）下列各种摩擦中，属于有害摩擦的是（ ）
A．手握笔时，手与笔之间的摩擦
B．校车刹车时，车轮与地面间的摩擦
C．自行车中车轮与车轴间的摩擦
D．用铅笔画画，笔尖与纸面间的摩擦
11．（2分）如图所示，OA是光从水中射入空气的一条反射光线，若OA与水面夹角60°，关于入射角α、折射光线与法线的夹角β的说法正确的是（ ）
A．α＝60°，β＜60°B．α＝60°，β＞60°
C．α＝30°，β＜30°D．α＝30°，β＞30°
12．（2分）如图所示，是汽车油量表的工作原理图，Rx是变阻器，O点为杠杆的支点，杠杆另一端是浮标，下列说法错误的是（ ）
A．在电路中串联电阻R0的目的是保护电路
B．图中的油量表是由电流表改装而成
C．油位越高，变阻器Rx两端的电压越高
D．油位越高，整个电路消耗的总功率越大
二．填空题（共8小题，满分25分）
13．（3分）物理与我们的生活密切相关。
（1）如图是小时候折的纸炮。甩动纸炮，随之会发出一声巨响，这声音的声源是 （选填“白纸”或“空气”）。
（2）一张白纸，很难从两边将纸直接拉断，是因为纸分子之间存在 。
（3）绿茶看起来是绿的，是因为茶叶反射 ；经过加热使新鲜茶叶中的水分快速 ，这便是制茶业中的“杀青”。
14．（3分）如图所示，排球比赛时球被扣出主要表明力可以改变物体的 ，运动员在向上跃起的过程中，重力势能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）．以地面为参照物，扣球运动员是 的（选填“运动”或“静止”）。
15．（3分）小明测量小石块的密度：将天平放在水平桌面上，游码放在标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将天平的平衡螺母向 端调，使横梁平衡；如图乙所示，小石块的质量为 g；将小石块放入盛有38mL水的量筒中，静止时液面情况如图丙所示，则小石块的密度是 kg/m3。
16．（3分）某种固体加热时其温度随时间变化的图象如图所示，由图中提供的信息可知：
（1）该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”），熔点是 ，熔化过程是 段（填字母），在此过程中温度 。
（2）在图象中N点时，该物质为 态。
17．（3分）为了“探究光反射时的规律”，同学们选用了平面镜、用两块纸板连接起来的ENF纸板、激光器和几种不同颜色的笔，依据教材设计了如图所示的实验。实验中还需要的器材是 ，实验中纸板的作用除了显示光路以外，另外的作用是 。
18．（3分）手机已经成为人们必备的通讯工具，它是通过 传递信息的。随着手机充电技术的不断发展，无线充电、太阳能充电等先进技术逐步走入我们日常生活之中。右图是一款手机无线充电实物图，在给手机充电的过程中，电能转化为 能。人类是在能量的转化或转移的过程中利用能量，而能量的转化和转移是有方向的，因此可利用的能源是有限的。
19．（3分）如图所示，在“探究二力平衡的条件”实验中，甲、乙两组同学分别选择器材后，设计组装的实验装置如图甲、乙所示。
（1）老师指出乙组同学选择的器材更加合理，其原因是： ；
（2）如图丙所示，使小车受到大小相等、方向相反的两个拉力，用手将小车转过一个角度，松手后发现小车瞬间旋转回原位置，说明 ；
（3）小杰改用如图丁所示的实验仪器进行实验，实验的研究对象是卡片，选择轻质卡片的目的是 ；当要验证平衡力是否作用在同一物体上时， ，看卡片是否处于平衡状态。
20．（4分）如图甲是小明家电能表的数据或信息。
（1）小明关闭了家里的其他用电器，只让一个电炉正常工作6min后，观察电能表的铝盘转过了300圈，这个电炉6min消耗的电能是 kW•h；
（2）若小明家的电能表上月尾的示数如图甲所示，本月尾的示数如图乙所示，按电费为0.61元/kW•h计算，小明家该月应交电费为 元。
三．作图题（共9小题，满分46分）
21．在图中画出折射光线的入射光线。
22．请在图中画出使杠杆ABC保持平衡的最小动力F1及其力臂L1的示意图。
23．根据图所示的小磁针指向，画出通电螺线管的导线绕法。
24．（6分）2020年5月松果共享电动自行车落户翼城县，作为智慧交通和绿色交通呼吁下的新型出行方式既方便了居民出行，也缓解了我县由于“靓城提质”工程县城内道路全面升级造成的交通拥堵问题。该共享电动自行车的整车质量是55kg，轮胎与地面的总接触面积约为200cm2．（g取10N/kg）
（1）该车受到的重力为多大？
（2）质量为45kg的小新在水平路面匀速骑行时，电动车对地面的压强有多大？
（3）若小新在水平路面上以5m/s匀速骑行5min，行驶时受到的阻力是总重力的0.05倍，牵引力做的功是多少？
（4）电动车克服阻力所做功的功率是多少？
25．（9分）如图甲是一款便携式电火锅，图乙是其简化电路图。R1、R2均为电热丝，电火锅有加热和保温两个挡，加热功率为440W，保温功率为110W。
（1）加热挡工作时，电路中的电流是多少？
（2）电热丝R2的阻值是多少？
（3）若不计热量损失，该电火锅正常工作，把质量为0.55kg初温为20℃的汤加热到100℃，需要的时间。[c汤＝4.2×103J/（kg•℃）]
26．（6分）
（1）如图1所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，两个容器中的电阻丝串联起来接电源两端，一段时间后， （选填“甲”或“乙”）容器连接的U形管液面高度差较大，实验表明电流通过导体产生的热量跟 （选填“电流”或“电阻”）有关，图1中的U形管 （选填“是”或“不是”）连通器。
（2）为了比较甲乙两种不同液体吸热情况，某同学做了如图2所示的探究实验，并在实验过程中记录在表中的数据。
①该实验中，在两个相同的烧杯中分别装上质量、初温都相同的液体甲和液体乙，并用两个相同的酒精灯对其加热，运用了常用的物理科学方法，即 ；用相同的酒精灯加热是为了保证相同时间内两种液体 相同。
②分析表中数据，液体乙的比热容 液体甲的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
③结论：液体 （选填“甲”或“乙”）的吸热能力强。
27．（7分）小红和小明进行“测量小灯泡的额定功率”的实验，实验室提供的器材有：不同规格的小灯泡和滑动变阻器、1.5V的干电池（若干）和其他常用器材。
（1）图甲是小红进行实验的实物电路图，小灯泡额定电压为3.8V，滑动变阻器的规格为“10Ω 1A”，请用笔画线代替导线，将图中的电路连接完整，使闭合开关时滑动变阻器连入电路的阻值最大。
（2）连接好电路之后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不发光，小红猜想可能的原因：①小灯泡的灯丝断了；②小灯泡短路；③滑动变阻器断路。她再观察，发现电流表示数为零，由此可判断猜想 是错误的；又进一步观察到电压表有示数，最终确定猜想 是正确的。（两空均选填“①”、“②”或“③”）
（3）排除故障后，小红移动滑片，使电压表的示数达到小灯泡的额定电压，此时电流表的指针如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W。
（4）小明用小红的实验电路接着测量规格为“2.5V 0.3A”小灯泡的额定功率。闭合开关，保证小灯泡发光的情况下，无论如何移动滑片，电压表示数始终高于2.5V，为此必须对实验器材进行调整，下列措施可行的是： 、 。（填字母代号）
A.换最大阻值较小的滑动变阻器
B.串联定值电阻
C.减少电池个数
D.增加电池个数
28．（8分）小科在家里用电子天平、圆柱形茶杯、金属圆柱体研究浮力的影响因素，实验示意图如图所示。
（1）小科将金属圆柱体慢慢浸入水中至浸没到一定深度但不接触容器底，这一过程中电子天平示数将如何变化？ 。
（2）小科先在杯中倒入适量水，将圆柱体浸没在水中，记录浸入前与浸没后电子天平示数的变化值△m1．再将杯中的水换成盐水后，将圆柱体浸没到盐水中，记录浸入前与浸没后电子天平的示数变化值△m2．两次圆柱体均不接触容器底，则电子天平两次示数变化大小关系为△m1 △m2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
29．（10分）阅读短文，回答问题
第五代战斗机“歼﹣20”
“歼﹣20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。“歼﹣20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系。“歼20”配备了大功率雷达，为解决放热题，采用了新一代液体冷却系统。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达25倍声速（合3060km/h），最大油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为5×107J/kg，g取10N/kg）
（1）“歼﹣20”飞机表面能 （选填“反射”或“吸收”）对方雷达发射的电磁波，从面实现电磁隐身，飞机在水平匀速飞行过程中机械能 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
（2）下列说法中不正确的是 。
.飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力
B.为解决雷达的散热问题，采用比热容大的液体作为冷却剂
C.飞机与地面的联系采用光信号的形式传输信号
D.当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用
（3）当飞机以400m/s的速度巡航时飞机发动机的输出功率为 Kw。若飞机油箱中加满燃油，并且以500m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约为 km。
（4）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为500kg/m2，则机翼面积为 m2飞机的推重比是指飞机以最大行速度巡航时的引力与最大起飞重力的比值，则该“歼﹣20”飞机的推重比约为 。
（5）飞机利用测距传感器来判断离地高度若某测距传感器的阻值R1与离地高度大小的关系如图乙所示，如图丙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在 （选填“1”、“2”或“3”）位置，该高度表示数刻度 。（选填“均匀”或“不均匀”）
参考答案
一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分）
1．解：早在1900多年前，我们的祖先就制造了木制的水轮，这种装置可以利用水能带动水轮转动，并把水能应用在生产生活中，故C正确，ABD错误。
故选：C。
2．解：当用不同的力弹奏同一琴键，琴键振动幅度不同，用力越大时振幅越大，钢琴发出声音的响度越大。
故选：A。
3．解：A、春天，冰雪消融，是冰（固态）熔化成液态的水，熔化需要吸热，故A正确；
B、“白气”是热的水蒸气遇冷液化成的小水珠，液化放热，故B错误；
C、清晨草地上出现露珠，是空气中的水蒸气液化成小水珠，液化需要放热，故C错误；
D、湖水结冰是液态的水凝固成固态的冰，凝固放热，故D错误。
故选：A。
4．解：照相机成倒立、缩小的实像，由图可知，此时的像成在了光屏的右下方，根据过凸透镜光心的光线不改变传播方向可知，此时应将照相机往左上方平移，像才能成在光屏的中央。
故选：D。
5．解：
A、若电路发生短路，会导致干路中电流过大，此时熔丝熔断，能起到保护电路的作用，故A符合题意。
B、若关闭空调，则总功率变小，干路中电流变小，熔丝不可能熔断，故B不符合题意；
C、若停电，则电路中无电流，熔丝不可能熔断，故C不符合题意；
D、若打开冰箱门，对电路中的电流不会有明显的影响，熔丝不可能熔断，故D不符合题意。
故选：A。
6．解：A、汽车轮胎刻有花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A错误；
B、轴承中装有滚珠是用滚动代替滑动来减小摩擦，故B正确；
C、用力握紧羽毛球拍，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故C错误；
D、运动鞋底装鞋钉，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D错误。
故选：B。
7．解：
根据题意可知，电动式无针注射器是依靠磁场对通电线圈有力的作用，利用了药液的惯性，将药液快速“注入”皮肤的，这与电动机的原理相同；
A、该装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，利用的是电流的磁效应，与注射器工作原理不相同，故A错误；
B、闭合开关，通电导体在磁场中受到力的作用，与注射器工作原理相同，故B正确；
C、闭合电路的线圈在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，与注射器工作原理不相同，故C错误；
D、该实验奥斯特实验，说明了电流的周围存在磁场，与注射器工作原理不相同，故D错误。
故选：B。
8．解：A、动滑轮重力不变，所以额外功不变；如果增加木箱重力，有用功会增大，有用功在总功中所占的比例将增大，机械效率会增大，故A符合题意；
B、C、动滑轮机械效率的高低与木箱上升的高度和上升的速度无关，故B、C不符合题意；
D、换用质量更大的动滑轮，额外功增加，有用功在总功中所占的比例将减小，机械效率降低，故D不符合题意。
故选：A。
9．解：
A、在隔板的某一边倒入某种液体，观察橡皮膜是否凸起可知液体是否对容器的侧壁产生压强，可探究液体是否对容器的侧壁产生压强。故A不合题意；
B、由于隔板是竖直放置的，所以该装置无法探究液体是否对容器的底部产生压强。故B符合题意；
C、在隔板两边倒入同一种液体，使其深度不同，观察橡皮膜凸起的方向可知两侧液体压强的大小，可探究液体压强是否与液体的深度有关；故C不合题意；
D、在隔板两边倒入不同液体，使其深度相同，观察橡皮膜凸起的方向可知两侧液体压强的大小，可探究液体压强是否与液体的密度有关；故D不合题意。
故选：B。
10．解：A、写字时，手与笔之间的摩擦有益摩擦，防止笔滑落，故A不符合题意；
B、刹车时，车轮与地面的摩擦力是阻碍车前进的力，为了使车尽快停下来就要增大这种摩擦力，所以这种摩擦是有益的摩擦，故B不符合题意；
C、自行车中车轮与车轴间的摩擦属于有害摩擦，它能使轴承间产生磨损现象，在生活中我们通常采用加润滑油的方法减小这种摩擦，故C符合题意。
D、用铅笔画画，笔尖与纸之间的摩擦使笔可以顺利画画，属有益摩擦，故D不符合题意。
故选：C。
11．解：
（1）根据光的反射定律的内容，作出其入射光线BO，反射光线与水面的夹角也为60°，反射角为90°﹣60°＝30°，因为反射角等于入射角，所以入射角为α为30°。
（2）光从水中斜射入空气中时，要发生折射，折射光线OC如图所示，因为折射角大于入射角，所以折射角β＞30°。
故选：D。
12．解：
A、电阻R1串联在电路中，可以避免滑片P滑至最下端，电路中电流过大烧坏测量表，对电路起保护作用，故A正确；
B、由图，油量表串联在电路中，由此可见，油量表是由电流表改装成的，故B正确；
CD、油位越高，浮标上升，滑片下移，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据分压原理，R2两端分得电压减小；滑动变阻器的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，根据P＝UI可知，整个电路消耗的总功率越大，故C错误，D正确。
故选：C。
二．填空题（共8小题，满分25分）
13．解：
（1）用力甩动纸炮，随着纸的快速展开，会引起空气的振动，随之会发出一声巨响，这声音的声源是空气；
（2）分子之间存在相互作用的引力，所以很难从两边将一张纸直接拉断；
（3）绿茶看起来是绿的，是因为茶叶反射绿光；
通过加热使新鲜茶叶中的水分温度升高，快速水分的蒸发，这便是制茶中的“杀青”。
故答案为：（1）空气；（2）引力；（3）绿光；蒸发。
14．解：扣球过程中用力作用后球的运动方向和速度都发生了变化，也就是改变了球的运动状态；
（2）运动员向上运动的过程中，质量不变，速度减小、动能减少；但所处高度增加、重力势能增大；
（3）运动员扣球过程中，以地面为参照物运动员与地面的位置发生了变化，所以运动员是运动的。
故答案为：运动状态；增大；运动。
15．解：（1）由图甲可知，测量前指针偏向分度盘的右侧，说明右盘偏重，应将天平的平衡螺母向左移动，直到指针指在分度盘的中央；
（2）如图乙所示，标尺的分度值是0.2g，小石块的质量：m＝20g+10g+1.4g＝31.4g；
（3）由图丙可知，水和小石块的总体积V总＝50mL＝50cm3，
则小石块的体积V＝V总﹣V水＝50mL﹣38mL＝12mL＝12cm3，
小石块的密度：ρ＝＝≈2.6g/cm3＝2.6×103kg/m3。
故答案为：（1）左；（2）31.4；（3）2.6×103。
16．解：（1）由图知，该物质在BC段为熔化过程，温度保持0℃不变，所以该物质为晶体，熔点为0℃；
（2）由图象可知，该物质的熔点是0℃，在图象中N点时，该时刻的温度高于该物质的熔点，物质处于液态。
故答案为：（1）晶体；0℃；BC；不变；（2）液。
17．解：为了测量入射角和反射角的大小，还需要的测量工具是量角器；
若将纸板倾斜，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时三条光线仍然在同一平面，只不过不在纸板所在平面，故右侧纸板上不能看到反射光线，所以纸板的另一个作用是探究反射光线、法线、入射光线是否在同一平面内。
故答案为：量角器；探究反射光线、法线、入射光线是否在同一平面内。
18．解：手机既是无线电发射台又是无线电接收台：在你讲话的时候，它用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波。
在给手机充电的过程中，消耗电能，产生化学能，所以是将电能转化为化学能的过程；
故答案为：电磁波；化学。
19．解：（1）甲图中的是木块，它与桌面之间的摩擦是滑动摩擦，而乙图中的是小车，它与桌面之间是滚动摩擦，其摩擦力较小可以忽略，实验更准确些，故乙组同学选择的器材更加合理；
（2）该同学把卡片转过一个角度，则小卡片受到的两个力就不在同一直线上，因为小卡片此时不能保持平衡，然后由静止释放卡片，松手瞬间卡片旋转回原位置，所以说明了不在同一直线上的两个力不能平衡。
（3）小卡片质量小，重力很小，是为了不考虑小卡片的重力，从而忽略卡片自身重力对实验的影响；把小卡片一剪为二，变为两个卡片，观察两个小卡片是否处于静止状态，验证平衡力是否作用在同一物体上。
故答案为：（1）小车与桌面的摩擦小； （2）不在同一直线上的两个力不能平衡； （3）忽略卡片自身重力对实验的影响；用剪刀将卡片剪成两半。
20．解：（1）工作6min消耗电能W＝×300kW•h×300＝0.1kW•h；
（2）由表盘字样可知，小明家该月消耗的电能：W＝376.5kW•h﹣176.5kW•h＝200kW•h，
应交的电费：200kW•h×0.61元/kW•h＝122元。
故答案为：（1）0.1；（2）122。
三．作图题（共9小题，满分46分）
21．解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，如图所示：
22．解：杠杆ABC的支点在O点，连接OA，若在A端施力F1，当F1的方向与OB垂直时动力臂最大，此时最省力，OA为其力臂L1；
根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向斜向下，据此可画出最小的动力，如图所示：
23．解：小磁针N极接近螺线管，因异名磁极相互吸引，则螺线管右侧为S极，左侧为N极；
电源右侧为正极，则由右手螺旋定则可知螺线管的绕向如图：
24．解：（1）该车受到的重力：
G车＝m车g＝55kg×10N/kg＝550N；
（2）质量为45kg的小新在水平路面匀速骑行时，电动车对地面的压力：
F＝G总＝（m车+m人）g＝（55kg+45kg）×10N/kg＝1000N，
电动车对地面的压强：
p＝＝＝5×104Pa；
（3）由v＝可得，行驶的路程：
s＝vt＝5m/s×5×60s＝1500m，
因小新在水平路面上匀速骑行时处于平衡状态，车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，牵引力F牵＝f＝0.05G总＝0.05×1000N＝50N，
则牵引力做的功：
W＝F牵s＝50N×1500m＝7.5×104J；
（4）因电动车克服阻力所做的功等于牵引力做的功，
所以，电动车克服阻力所做功的功率：
P＝＝＝250W。
答：（1）该车受到的重力为550N；
（2）质量为45kg的小新在水平路面匀速骑行时，电动车对地面的压强为5×104Pa；
（3）牵引力做的功是7.5×104J；
（4）电动车克服阻力所做功的功率是250W。
25．解：（1）电火锅正常加热时的功率：P1＝440W；
由P＝UI可得加热挡工作时电流为：
I＝＝＝2A；
（2）由图知，当开关S闭合、S1接1时，电路中只有R1时，此时电路中电阻最小，由P＝可知，电路消耗的功率最大，电火锅处于加热状态，
由P＝可得R1的阻值为：
R1＝＝＝110Ω；
当开关S闭合、S1接2时，两电阻串联，此时电路中电阻最大，由P＝可知，电路消耗的功率最小，电火锅处于保温状态，
则此时电路的总电阻：
R总＝＝＝440Ω，
电热丝R2的阻值；R2＝R总﹣R1＝440Ω﹣110Ω＝330Ω；
（3）将0.55kg、初温20℃的水加热至100℃时水吸收的热量：
Q吸＝c汤m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.55kg×（100℃﹣20℃）＝1.848×105J，
不计热量损失，则电热水器消耗的电能：
W＝Q吸＝1.848×105J，
由P＝可得，需要的加热时间：
t′＝＝＝420s。
答：（1）加热挡工作时，电路中的电流是2A；
（2）电热丝R2的阻值是330Ω；
（3）不计热量损失，该电火锅正常工作，把质量为0.55kg初温为20℃的水加热到100℃，需要420s。
26．解：（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲中产生的热量多，U形管液面高度较大，即电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
图中的U形管的一端是不开口的，所以不是连通器；
（2）①在两个相同的烧杯中分别装上质量、初温都相同的液体甲和液体乙，并用两个相同的酒精灯对其加热，则两种物质在相同的时间吸收的热量是相同的，这种实验的方法是控制变量法；用相同的酒精灯加热是为了保证相同时间内两种液体吸收的热量相同；
②根据表格中的数据可知，质量、初温都相同的液体甲和液体乙，在升高相同的温度时，甲的加热时间长，即甲吸热多，甲的比热容大，乙的比热容小；
③升高相同的温度，加热时间越长的，吸热越多，比热容越大，吸热能力强，故液体甲的吸热能力强。
故答案为：（1）甲；电阻；不是；（2）①控制变量法；吸收的热量； ②小于； ③甲。
27．解：（1）连接电路图，使闭合开关时滑动变阻器连入电路的阻值最大，滑动变阻器采用一上一下的连接方式，故选择右下接线柱，因小灯泡的额定电压为3.8V，选择电压表的量程为0～15V，与小灯泡并联连接，连接电路如图所示：
（2）连接好电路之后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不发光，电流表示数为零，可以判断电路是断路，由此可判断猜想小灯泡短路是错误的；又进一步观察到电压表有示数，说明电压表与电源之间的电路连接是通路，最终确定猜想小灯泡的灯丝断了是正确的；
（3）如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A，此时小灯泡的电压为额定电压3.8V，根据功率公式计算可得小灯泡的额定功率为：P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W；
（4）闭合开关，保证小灯泡发光的情况下，无论如何移动滑片，电压表示数始终高于2.5V，说明小灯泡两端的电压较大，应采取措施减小灯泡两端的电压，根据串联电路中电流和电压规律可知，可以通过增加电路中总电阻的方法，降低电路中的电流，使灯泡两端的电压减小，故换最大阻值较大的滑动变阻器和串联定值电阻的方法可行，故A错误，B正确；还可以从电源电压考虑，减小电源电压，即减少电池个数，故C正确，D错误；
故选：BC；
故答案为：（1）如图所示；（2）②；①；（3）1.14；（4）B；C；
28．解：
（1）小科将金属圆柱体慢慢浸入水中至浸没到一定深度时，金属圆柱体排开的液体的体积先变大后不变，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，金属圆柱体受到的浮力先变大后不变；由于物体间力的作用是相互的，金属圆柱体会给水一个向下的力，大小等于浮力，即金属圆柱体产生的压力先变大后不变，所以电子天平示数先变大后不变；
（2）小科先在杯中倒入适量水，将圆柱体浸没在水中，记录浸入前与浸没后电子天平示数的变化值△m1；再将杯中的水换成盐水后，将圆柱体浸没到盐水中，记录浸入前与浸没后电子天平的示数变化值△m2；圆柱体全部浸没在液体中，排开的液体的体积不变，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，金属圆柱体在水中受到的浮力要小于在盐水中受到的浮力；即金属圆柱体对水产生的压力要小于对盐水产生的压力，产生的压力越大，排开的液体的质量越大，即△m1＜△m2。
故答案为：（1）先变大后不变；（2）＜。
29．解：（1）具有隐形功能的战机可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达；匀速飞行的飞机其速度不变，质量不变，动能不变；同时其高度不变，故其重力势能不变，机械能不变；
（2）A、飞机的机翼做成流线型可以减小空气的阻力，故A正确；
B、相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多，为解决雷达的散热问题，采用比热容较大的液体作为冷却剂，故B正确；
C、“歼﹣20”采用先进的光传操纵系统，将获取的信息，通过光信号向地面传递，故C正确；
D、当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用；当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，处于非平衡状态，故受到非平衡力的作用，故D错误；
故选D。
（3）当飞机以400m/s的速度巡航时，飞机发动机的牵引力等于飞机受到的阻力，为F＝f＝×4.8×104N，
输出功率P＝＝＝Fv＝4.8×104N×400m/s＝1.92×107W＝1.92×105kW；
若在飞机油箱中加满燃油，航空燃油完全燃烧产生的热量Q放＝qm＝5×107J/kg×10×103kg＝5×1011J，
有用功为W有＝Q放η＝5×1011J×40%＝2×1011J，
以500m/s的速度巡航时，飞机的牵引力F′＝f′＝7.5×104N，
由W＝Fs可得，飞机的最大航程约为s＝＝＝2.67×106m＝2.67×103km；
（4）根据翼载的定义可得：翼载＝，
所以机翼面积：S＝＝＝74m2；
从飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系可知：k＝＝＝＝…
飞机最大航行速度为3060km/h＝850m/s，可知此时的飞机牵引力F″＝f″＝×（850m/s）2＝2.1675×105N，
该飞机最大起飞质量为37t，则该飞机最大起飞重力为G＝mg＝37×103kg×10N/kg＝3.7×104N，
飞机的推重比是指飞机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值，则该“歼﹣20”飞机的推重比约为：≈5.9：1；
（5）由题意知，检测电路电源输出的电流恒定，高度表示数能随飞行高度的增大而增大，所以高度计应是电压表，
由图丙说明R1高度h成一次函数关系，所以电压表应与R1并联，则此高度表应安装在3位置；
由U＝IR1可知，电压表（高度表）示数刻度均匀。
故答案为：（1）吸收；不变；（2）D；（3）1.92×105；2.67×103；（4）74；5.9：1；（5）3；均匀。
液体
质量/g
温度升高10℃所需时间/s
温度升高20℃所需时间/s
温度升高30℃所需时间/s
甲
30
96
202
323
乙
30
64
133
212
速度v/（m/s）
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.3×104
1.2×104
2.7×104
4.8×104
7.5×104