人教版新高考数学二轮复习习题训练--专题突破练3　基本初等函数、函数的应用

这是一份人教版新高考数学二轮复习习题训练--专题突破练3　基本初等函数、函数的应用，共5页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。
专题突破练3　基本初等函数、函数的应用一、单项选择题1.(2021·陕西西安月考)函数f(x)=的零点个数是(　　)A.1 B.2 C.3 D.42.(2021·福建泉州一模)已知a=,b=,c=,则(　　)A.a>b>c B.c>b>aC.c>a>b D.a>c>b3.(2021·浙江绍兴二模)函数f(x)=logax+(a>1)的图象大致是(　　)4.(2021·湖北十堰期中)已知关于x的方程9x-2a·3x+4=0有一个大于2log32的实数根,则实数a的取值范围为(　　)A. B. C. D.(4,+∞)5.(2021·山东潍坊二模)关于函数f(x)=其中a,b∈R,给出下列四个结论:甲,6是该函数的零点;乙,4是该函数的零点;丙,该函数的零点之积为0;丁,方程f(x)=有两个根.若上述四个结论中有且只有一个结论错误,则该错误结论是(　　)A.甲 B.乙 C.丙 D.丁6.(2021·湖南师大附中期末)已知函数f(x)=则方程(x-1)f(x)=1的所有实根之和为(　　)A.2 B.3 C.4 D.17.(2021·福建厦门期末)已知函数f(x)=若关于x的方程f2(x)+mf(x)+=0有6个解,则实数m的取值范围为(　　)A.(-1,0) B.-1,-C.-1,- D.-,-二、多项选择题8.(2021·江苏扬州期末)17世纪初,约翰·纳皮尔为了简化计算发明了对数.对数的发明是数学史上的重大事件,恩格斯曾经把笛卡儿的坐标系、纳皮尔的对数、牛顿和莱布尼兹的微积分共同称为17世纪的三大数学发明.我们知道,任何一个正实数N可以表示成N=a×10n(1≤a<10,n∈Z)的形式,两边取常用对数,则有lg N=n+lg a,现给出部分常用对数值(如下表),则下列说法正确的有(　　)真数x2345678910lg x(近似值)0.3010.4770.6020.6990.7780.8450.9030.9541.000真数x111213141516171819lg x(近似值)1.0411.0791.1141.1461.1761.2041.2301.2551.279 A.310在区间(104,105)内B.250是15位数C.若2-50=a×10m(1≤a<10,m∈Z),则m=-16D.若m32(m∈N*)是一个35位正整数,则m=129.(2021·北京延庆模拟)同学们,你们是否注意到自然下垂的铁链;空旷的田野上,两根电线杆之间的电线;峡谷的上空,横跨深涧的观光索道的钢索.这些现象中都有相似的曲线形态.事实上,这些曲线在数学上常常被称为悬链线.悬链线的相关理论在工程、航海、光学等方面有广泛的应用.在恰当的坐标系中,这类函数的表达式可以为f(x)=aex+be-x(其中a,b是非零常数,无理数e=2.718 28…),对于函数f(x),下列说法正确的是(　　)A.如果a=b,那么函数f(x)为奇函数B.如果ab<0,那么f(x)为单调函数C.如果ab>0,那么函数f(x)没有零点D.如果ab=1,那么函数f(x)的最小值为210.(2021·海南第四次模拟)已知k>0,函数f(x)=则(　　)A.f(x)是奇函数B.f(x)的值域为RC.存在k,使得f(x)在定义域上单调递增D.当k=时,方程f(x)=1有两个实数根三、填空题11.(2021·北京通州区一模)已知函数f(x)=(t>0)有两个零点,且其图象过点(e,1),则常数t的一个取值为　　　　　. 12.(2021·山东济宁期末)已知函数f(x)=ex+x2+ln(x+a)与函数g(x)=ex+e-x+x2(x<0)的图象上存在关于y轴对称的点,则实数a的取值范围为　　　　　.  
专题突破练3　基本初等函数、函数的应用1.B　解析: 令f(x)==0,即x2-2x-1=0,解得x=1±,经检验x=1±是方程f(x)=0的解,故f(x)有两个零点.故选B.2.C　解析: a=,b=,则a>b,因为a-c=<0,所以a<c,所以b<a<c.故选C.3.A　解析: 令g(x)=x+,由于a>1,所以g(x)在区间(0,)上单调递减,在区间(,+∞)上单调递增,故f(x)在区间(0,)上单调递减,在区间(,+∞)上单调递增,对照题中选项中的图象,知A选项正确.4.C　解析: 令t=3x,因为方程9x-2a·3x+4=0有一个大于2log32的实数根,即x>2log32,则t>=4,所以函数f(t)=t2-2at+4有一个大于4的零点,所以f(4)=42-8a+4<0,解得a>,即实数a的取值范围是.故选C.5.B　解析: 若甲是错误的结论,则由乙正确可得b=4,由丙正确得a=1,此时丁不正确,不符合题意;若乙是错误的结论,则由甲正确可得b=6,由丙正确得a=1,此时丁也正确,符合题意;若丙或丁是错误的结论,则甲和乙不可能同时正确,不符合题意,故选B.6.A　解析: 当x>1时,2-x<1,所以f(2-x)=-ln[2-(2-x)]=-ln x=-f(x),当x<1时,2-x>1,所以f(2-x)=ln(2-x)=-f(x),当x=1时,f(1)=0,所以函数f(x)的图象关于点(1,0)对称.显然x=1不是方程的根,当x≠1时,原方程可变为f(x)=,画出函数y=f(x)和y=的图象(如图所示).由图知,二者仅有两个公共点,设为点A(x1,y1),B(x2,y2),因为函数y=f(x)和y=的图象都关于点(1,0)对称,所以点A,B关于点(1,0)对称,所以=1,即x1+x2=2.故选A.7.D　解析: 令f(x)=t,则原方程可化为t2+mt+=0,画出函数f(x)的图象(如图).由图象可知,若关于x的方程f2(x)+mf(x)+=0有6个解,则关于t的方程t2+mt+=0必须在区间0,上有两个不相等的实根,由二次方程根的分布得解得m∈-,-.故选D.8.ACD　解析: 对A,令x=310,则lg x=lg 310=10lg 3=4.77,所以x=104.77∈(104,105),A正确;对B,令y=250,则lg y=lg 250=50lg 2=15.05,所以y=1015.05∈(1015,1016),则250是16位数,B错误;对C,令z=2-50,则lg z=lg 2-50=-50lg 2=-15.05,又因为2-50=a×10m(1≤a<10,m∈Z),所以10-15.05=a×10m,则10-15.05-m=a∈[100,101),所以m=-16,C正确;对D,令k=m32,则lg k=lg m32=32lg m,因为m32(m∈N*)是一个35位正整数,所以34<32lg m<35,则<lg m<,即1.063<lg m<1.094,所以m=12,D正确.故选ACD.9.BC　解析: 对A,当a=b时,f(x)=ae-x+aex,此时f(-x)=aex+ae-x=f(x),故f(x)为偶函数.故A错误.对B,当ab<0时,若a>0,b<0,则函数y=aex在其定义域上单调递增,函数y=在其定义域上也单调递增,故函数f(x)=aex+在其定义域上单调递增;若a<0,b>0,则函数y=aex在其定义域上单调递减,函数y=在其定义域上也单调递减,故函数f(x)=aex+在其定义域上单调递减.综上,如果ab<0,那么f(x)为单调函数.故B正确.对C,当a>0,b>0时,函数f(x)=aex+be-x≥2=2>0,当a<0,b<0时,函数f(x)=-(-aex-be-x)≤-2=-2<0.综上,如果ab>0,那么函数f(x)没有零点.故C正确.对D,由ab=1,得b=.当a<0,b<0时,函数f(x)=--aex-e-x≤-2=-2;当a>0,b>0时,函数f(x)=aex+e-x≥2=2.故ab=1时,函数f(x)没有最小值.故D错误.10.AC　解析: 当x>0时,f(-x)=-ln(k+x)=-f(x),当x<0时,f(-x)=ln(k-x)=-f(x),所以f(x)是奇函数,故选项A正确;当x>0时,f(x)=ln(k+x)单调递增,且f(x)>ln k,当x<0时,f(x)=-ln(k-x)单调递增,且f(x)<-ln k,f(x)的值域为(-∞,-ln k)∪(ln k,+∞),若k≥1,ln k≥0,此时f(x)的值域不包含0,且f(x)在定义域上单调递增,故选项B错误,选项C正确;对于选项D,若k=,ln k=-ln 2,而ln 2<1,由前面的分析可知,方程f(x)=1在区间(-∞,0)上没有实数根,在区间(0,+∞)上有一个实数根,故选项D错误.11.2(答案不唯一)　解析: 由x2+2x=0可得x=0或x=-2,由ln x=0可得x=1,因为函数f(x)=(t>0)有两个零点,且其图象过点(e,1),所以e>t≥1.所以t可取2.12.(-∞,e)　解析: 由题意得,g(-x)=f(x)在区间(0,+∞)上有解,即e-x=ln(x+a)在区间(0,+∞)上有解,所以函数y=e-x与函数y=ln(x+a)的图象在区间(0,+∞)上有交点.如图,函数y=ln(x+a)的图象是由函数y=ln x的图象左右平移得到的,当y=ln x的图象向左平移至使y=ln(x+a)的图象经过点(0,1)时,函数y=e-x与函数y=ln(x+a)的图象交于点(0,1),将点(0,1)的坐标代入e-x=ln(x+a),有1=ln(0+a),得a=e,所以,若函数y=ln x的图象往左平移a个单位长度,且a≥e时,则函数y=e-x与函数y=ln(x+a)的图象在区间(0,+∞)上无交点.将函数y=ln x的图象向右平移时,函数y=e-x与y=ln(x+a)的图象在区间(0,+∞)上恒有交点.所以a<e,即a∈(-∞,e).