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2021年山东省聊城市中考物理试卷
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这是一份2021年山东省聊城市中考物理试卷，共25页。
2021年山东省聊城市中考物理试卷
1. 下列选项中，通常情况下都属于绝缘体的是( )
A. 汽油和食盐水 B. 塑料和玻璃 C. 人体和大地 D. 黄铜和石墨
2. 如图所示，下列工具的使用，属于费力杠杆的是( )
A. 剪刀
B. 镊子
C. 起子
D. 钢丝钳
3. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. “闻声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的
B. “不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的音调高
C. 城市某些路段禁鸣喇叭，这是在声音传播的过程中减弱噪声
D. 用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波能传递能量
4. 某家庭电路的组成如图所示，下列说法正确的是( )
A. 图中的三个插座是串联的
B. 控制灯泡的开关要接在零线与灯泡之间
C. 彩灯接入电路后都不亮，是由于其中的一个小彩灯短路
D. 有金属外壳的家用电器必须使用三孔插座，以确保安全
5. 对下列四幅图中物理现象的解释，正确的是( )
A. 霜的形成是凝固现象，放热 B. 雪的形成是凝华现象，吸热
C. 雾的形成是汽化现象，吸热 D. 露的形成是液化现象，放热
6. 如图所示，是把小球放在相同的斜面上自由滚下，撞击静止在水平面上的木块进行的实验。能说明物体的动能与物体的质量有关的是( )
A. 甲、丙
B. 乙、丙
C. 甲、乙
D. 甲、乙、丙
7. 关于物体通过平面镜成像，下列说法正确的是( )
A. 物体通过平面镜所成的像是实像
B. 物体与它在平面镜中所成的像大小一定相等
C. 物体离平面镜越远，所成的像越小
D. 物体到平面镜的距离大于像到平面镜的距离
8. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向左移动时，三个电表的示数变化情况是( )
A. A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变小
B. A的示数变大，V1的示数变大，V2的示数变小
C. A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大
D. A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大
9. 下列选项中．每位科学家与某项重大发现或重大发现的应用相对应．其中对应关系不正确的是( )
A. 奥斯特−电磁起重机
B. 沈括−地磁的两极和地理两极并不重合
C. 法拉第−发电机
D. 焦耳−电动机
10. 如图所示是某同学玩排球的一个场景，下列说正确的是( )
A. 击打排球时手感到疼，是因为物体间力的作用是相互的
B. 排球在空中飞行的过程中，运动状态不变
C. 排球在空中运动到最高点时不再受任何力
D. 排球在水平地面上静止时，所受重力和地面对球的支持力是一对平衡力
11. 光的世界丰富多彩，光学器件在我们的生活、学习中有着广泛应用。下列说法符合实际的是( )
A. 近视眼镜利用了凸透镜对光线的会聚作用
B. 照相时，被照者应站在距镜头二倍焦距以外
C. 借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应大于一倍焦距
D. 阳光通过凸透镜可以点燃纸屑，是利用凸透镜对光线的会聚作用
12. 如图，在水平拉力F的作用下，使物体A沿水平面以速度v向右匀速运动了距离s，若物重为G，平面对物体的摩擦力为f.下列说法正确的是( )
A. 有用功的功率为fv B. 拉力的功率为3Fv
C. 装置的机械效率为G3F D. 额外功为(3F−f)s
13. 生活中经常提到的“影”与我们学到的光学知识有关。在立竿见“影”和水中倒“影”中，前者是由光的______形成的，后者是由光的______形成的。
14. 为响应“低碳生活”的号召，小明每天骑自行车上学。他看到路边的小树向后“飞过”，是以______为参照物的。如果他在平直的公路上骑过3km用了10min，则他骑车的速度为______km/h。
15. 目前，我们使用的主要能源有：石油、天然气、煤、核能、太阳能等，它们中属于可再生能源的是______。核能的产生有核聚变和核______两种方式。
16. 飞机飞行时，机翼上方的空气流速比机翼下方的空气流速______一些，于是机翼上方所受空气的压强______于下方所受空气的压强而产生升力(选填“大”或“小”)。
17. 如图是某物质物态变化时温度随时间变化的图象．由图可知，该图象是物质______(选填“熔化”或“凝固”)时温度变化曲线，该物质的凝固点是______℃.
18. 如图所示是探究“电流产生的热量与电阻关系”的实验装置。已知R甲>R乙，其余条件均相同。将两电阻丝串联接入电路是为了控制通过两电阻丝的______及通电时间相等。实验发现，甲瓶温度计示数升高快，表明该实验条件下，导体的电阻越大，电流产生的热量越______。
19. 小明同学用如图所示的装置测定斜面的机械效率，实验记录结果如表：则第3次实验时斜面的机械效率为______，分析比较表中的实验数据，可得到的结论是：斜面越陡机械效率越______(选填“高”、“低”或“不变”)。
实验
次数
斜面倾
斜程度
木块重
G/N
斜面高度
h/m
沿斜面拉力F/N
木块沿斜面移动的距离s/m
斜面的机械效率η
1
较缓
5
0.2
3.3
0.5
60.6%
2
较陡
5
0.25
3.8
0.5
65.8%
3
最陡
5
0.3
4.2
0.5
20. 如图所示，是演示巨磁电阻(GMR)特性的原理示意图。开关S1、S2闭合时，向左稍微移动滑动变阻器滑片P，指示灯的亮度明显变亮。
(1)变阻器的滑片P向左移动时，电磁铁周围的磁场______(选填“增强”、“减弱”或“不变”)。
(2)指示灯的亮度明显变亮，表明电路中GMR的阻值显著______(选填“增大”或“减小”)。
21. 如图所示，GA=15N，GB=5N.请画出地面对物块A支持力F的示意图，并标明该力的大小。
22. 如图所示，a、b分别为一束入射光线和一束出射光线。请画出a经过凹透镜后的折射光线和与b对应的入射光线。
23. 如图所示，为永磁体A和电磁铁B之间的磁场分布。请根据图中磁感线的方向标出永磁体A右端的磁极和电磁铁B中电源的“+”、“−”极。
24. 如图所示，为小文同学探究“水的沸腾”的实验装置：
(1)图中的实验操作中出现的错误是______。
(2)纠正错误后，小文同学观察了水在加热过程中温度随时间的变化情况，并记录了有关数据如表。请根据表中数据在方格纸上作出水沸腾时温度随时间变化的图象。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94
96
97.5
98
98
98
98
(3)依据上表数据可知，当地大气压______(选填“大于”、“小于”或“等于”)标准大气压。
25. 小强同学为了测量某种液体的密度，进行了以下实验：
(1)首先调节天平横梁平衡，发现指针偏向分度盘中央的右侧，此时应向______(选填“左”或“右”)移动平衡螺母。
(2)调节天平平衡后，小强又进行了以下三项操作：
A.用天平测量烧杯和剩余液体的总质量；
B.将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量；
C.将烧杯中液体的一部分倒入量筒，测出这部分液体的体积；
如图所示，以上操作的正确顺序是______(填字母代号)。
(3)由上图可得：量筒内液体的质量为______g，该液体的密度为______g/cm3。
(4)根据你的生活经验判断，该种液体可能是下面四种液体中的______(填字母代号)。
A.水B.水银C.香油D.盐水。
26. 在“测量小灯泡的电功率”的实验中：电源电压6V不变，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。
(2)某次实验时，电压表示数如图乙所示，则此时滑动变阻器两端的电压为______ V；如果要使小灯泡正常发光，变阻器的滑片P应该向______(选填“A”或“B”)端移动。
(3)实验中移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的I−U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定电功率是______W。
(4)某同学实验中电流表和电压表指针偏转情况如图丁所示，其中某电表指针示数不妥，其原因是______。(要说明表的名称)
(5)实验中发现当小灯泡两端电压减小时，它的亮度随之减弱，测量出的小灯泡电阻也相应减小，导致这变化的合理解释是______。
A.导体电阻与通过导体的电流成正比
B.根据欧姆定律，电流一定时，导体的电阻与电压成正比
C.电压减小时，通过小灯泡的电流不变，电阻变小
D.电压减小时，小灯泡亮度变暗，温度降低，电阻变小。
27. 某电热淋浴器的铭牌如图所示。小军同学按铭牌要求给淋浴器装满水，正常工作100min，观察到淋浴器上温度计示数由15℃上升到65℃.已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)求：
(1)在加热过程中，水箱中水吸收的热量。
(2)电热淋浴器加热过程中消耗的电能。
(3)淋浴器加热时的效率。
28. 如图所示，弹簧测力计下面挂一实心圆柱体，将圆柱体从盛有水的容器上方离水面某一高度处缓缓下降(其底面始终与水面平行)，使其逐渐浸没入水中某一深度处。如图是整个过程中弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h变化关系的数据图象。已知ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg.(忽略水面变化)求：
(1)圆柱体的重力。
(2)圆柱体浸没时受到的浮力。
(3)圆柱体的密度。
(4)圆柱体在刚浸没时下表面受到的水的压强。
29. 如图所示电路中，电源电压不变，R1=20Ω，滑动变阻器R2的最大值为60Ω，小灯泡L的额定电压为5V，电流表的量程(0～0.6A或0～3A).只闭合S2时，电流表的示数为0.4A；只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，电流表的示数为0.3A.(不考虑温度对灯丝的影响)
求：
(1)电源电压和灯丝电阻。
(2)只闭合S3时，要使小灯泡L正常发光，变阻器R2连入电路的阻值。
(3)闭合S1、S2、S3，为保证不损坏电流表，变阻器R2的阻值可调范围和电流表的变化范围。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】
【分析】
根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
【解答】
A、汽油和食盐水容易导电，属于导体，不符合题意；
B、塑料和玻璃不容易导电，属于绝缘体，符合题意；
C、人体和大地容易导电，属于导体，不符合题意；
D、黄铜和石墨容易导电，属于导体，不符合题意。
故选：B。
2.【答案】B
【解析】
【分析】
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
【解答】
A、剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：B。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)声音的三个特征：音调、响度和音色，音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的音质好坏。
(2)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
(3)声音既可以传播信息，又能够传递能量。
本题考查了声音的基本知识，属于识记性内容，相对比较简单。
【解答】
A、“闻声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，该选项说法不正确；
B、“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的响度大，该选项说法不正确；
C、城市某些路段禁鸣喇叭，这是在声源处减弱噪声，该选项说法不正确；
D、用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波能传递能量，该选项说法正确。
故选：D。
4.【答案】D
【解析】
【分析】
根据家庭电路的正确连接进行分析，各元件的连接都应该从安全方面考虑。
掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、用电器和插座之间、开关和用电器之间的连接方式。
【解答】
A、家庭电路中的用电器与用电器之间、用电器与插座之间、插座与插座之间都是并联的，因此三个插座之间都是并联的；故A选项错误。
B、控制灯泡的开关应该接在火线和灯之间；故B选项错误。
C、小彩灯之间是串联的，所以如果有一个小彩灯短路，其他的彩灯仍然可以发光；故C选项错误；
D、有金属外壳的家用电器必须使用三孔插座；故D选项正确。
故选：D。
5.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了生活中的物态变化，把握物质前后状态的变化是解决此类题目的关键。
【解答】
(1)霜、雪都是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故AB选项均不正确；
(2)雾、露都是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故C选项不正确，D选项正确。
故选：D。
6.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查了探究影响动能大小的因素，实验中注意控制变量法的应用。
【解答】
小球动能的大小是通过小球对木块做功的多少来体现出来的，木块运动的距离越长，就表示小球的动能越大。
动能的大小与质量和速度大小有关，要研究物体动能与物体的质量有关时，必须控制速度一定，即让小球从相同高度处滚下，改变物体的质量。因此符合条件的是乙、丙两图。
故选：B。
7.【答案】B
【解析】
【分析】
此题主要考查了平面镜成像的特点，要理解成正立、等大虚像的真正含义，并做到灵活运用。
【解答】
A、根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像是虚像，故A错误。
B、根据平面镜成像特点可知物体和像大小相同，故B正确。
C、根据平面镜成像特点可知物体和像大小相同，物体离平面镜越远，所成的像大小不变，故C错误。
D、根据平面镜成像特点可知物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，故D错误。
故选：B。
8.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查电路的动态分析，利用欧姆定律即可求解；但要注意电路中用电器之间的连接方式和电压表的位置。
【解答】
由电路图可知，滑动变阻器与灯串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U=IR可知，灯两端的电压变小，由于电源电压不变，则滑动变阻器两端电压变大即V2示数变大，故ABD错误，C正确。
故选：C。
9.【答案】D
【解析】
【分析】
知道科学家的主要贡献及各器材的工作原理即可正确解题。
【解答】
A、奥斯特发现了电流的磁效应，电磁起重机利用了电流的磁场，故A正确；
B、沈括发现了磁偏角，即地磁的两极和地理的两极并不重合，故B正确；
C、法拉第发现了电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象工作的，故C正确；
D、电动机是利用电流在磁场中受力而工作的，与焦耳无关，故D错误．
故选D．
10.【答案】AD
【解析】
【分析】
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)运动状态的改变包括运动方向和运动速度的改变；
(3)地面及其附近的一切物体都要受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的；
(4)二力平衡的条件是作用在同一个物体上，大小相等、方向相反，作用在同一直线上。
本题从学生熟悉的排球场景出发，考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系。
【解答】
A、击打排球时，手对排球施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，排球同时也对手施加反作用力，因此手感到疼，该选项说法正确；
B、排球在空中飞行的过程中，运动速度和方向不断发生变化，因此运动状态是变化的，该选项说法不正确；
C、排球在空中飞行靠的是惯性，不再受手的推力，但是仍然受到重力的作用，该选项说法不正确；
D、排球在水平地面上静止时，所受重力和地面对球的支持力，这两个力都作用在排球上，大小相等、方向相反，作用在同一直线上，属于一对平衡力，该选项说法正确。
故选：AD。
11.【答案】BD
【解析】
【分析】
此题考查了凸透镜的特点和成像原理及应用，要结合物理知识进行分析解答。
【解答】
A、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，说法错误；
B、照相机照相的原理是将2倍焦距以外的物体成像在胶片上，所以照相时应该站在镜头的二倍焦距以外，说法正确；
C、利用放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距，说法错误；
D、因凸透镜对光线的会聚作用，所以阳光通过凸透镜可以会聚一点，热量集中，温度较高可以点燃纸屑，说法正确；
故选：BD。
12.【答案】ABD
【解析】
【分析】
本题考查有用功、总功和机械效率的计算，克服摩擦力做的功为有用功是本题的关键，难点是对动滑轮上绳子段数的判断。
【解答】
A、该过程做的有用功的功率P=W有用t=fst=fv，故A正确；
B、动滑轮上绳子的段数为3段，拉力F移动的速度为物体移动速度的3倍为3v，所以拉力做功的功率为P=F×3v=3Fv，故B正确；
C、机械效率为，故C错误；
D、动滑轮上绳子的段数为3段，总功W总=F×3s=3Fs，拉力做的额外功W额=W总−W有用=3Fs−fs=(3F−f)s，故D正确。
故选：ABD。
13.【答案】直线传播 反射
【解析】解：“立竿见影”是由于光沿直线传播，照射到不透明的竿上而形成的影子。水中的“倒影”属于平面镜成像现象，是由光的反射形成的。
故答案为：直线传播；反射。
影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；平面镜成像是由于光的反射形成的。
此题主要通过两种不同的“影”考查了学生对光的反射和光的直线传播的理解。在平时一定要区分开两种影的区别，要搞清倒影和影子的成因，二者不要混淆。
14.【答案】自行车；18
【解析】解：小明每天骑自行车上学。他以自行车为参照物时，自行车上的他与路边的小树的相对位置在不断发生变化，所以他看到路边的小树向后运动；
已知s=3km，t=10min=16h，
求：v，
v=st=3km16h=18km/h。
故答案为：自行车；18。
该题在判断时首先要确立题中的参照物，然后看被研究物体与参照物之间的距离是否发生变化，变化则物体运动，没有变化则物体静止。
根据他在平直的公路上骑过路程(3km)用的时间(10min)，利用速度公式即可计算他骑车的速度。
本题考查参照物及其选择和速度的计算，属于常见的考题，计算时要注意统一使用国际制单位。
15.【答案】太阳能；裂变
【解析】解：石油、天然气、煤、核能都不能源源不断从自然界获得，是不可再生能源，太阳能可以源源不断从自然界获得，是可再生能源；核能的产生有核聚变和核裂变两种方式。
故答案为：太阳能；裂变。
能够源源不断地从自然界获得或能重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源。核裂变与核聚变过程都可以释放核能。
本题考查了能源的分类、核能利用的两种方式，难度不大，是一道基础题。
16.【答案】大；小
【解析】解：等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速；而下表面平直，因此机翼下方的流速大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力。
故答案为：大；小。
本题主要考查流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
该题考查流体压强与流速的关系。本题的解题关键是看准机翼面向哪弯曲，找出机翼的上下方的空气流速特点。
17.【答案】熔化 48
【解析】解：(1)由图象可以看出，该物质的BC段不断吸收热量，温度保持不变，是晶体的熔化图象．
(2)读图可知，图中呈水平的这段所对应的温度值就是这种物质的熔点，即48℃；同一物质的熔点和凝固点相同．即该物质的凝固点也是48℃．
故答案为：熔化；48．
(1)通过图象中是否有不变的温度，首先可判断出是晶体还是非晶体，根据物态变化之前温度逐渐上升还是逐渐下降判断是熔化还是凝固．
(2)图中呈水平的线段所对应的温度值就是这种物质的熔点(或凝固点)．
根据图象是否有不变的温度判断是晶体还是非晶体，然后根据温度不变之前的温度升高还是降低判断是熔化图象还是凝固图象．此题主要考查了晶体的熔化图象，要学会从图象中找出与晶体有关的信息．
18.【答案】电流；多
【解析】解：
①由图知：两段电热丝串联在同一电路中，所以通过的电流相同，即将两电阻丝串联入电路是为了控制通过两电阻丝的电流及通电时间相等。
②甲瓶温度计示数升高快，说明甲瓶中电热丝产生的热量多，已知R甲>R乙，表明该实验条件下，导体的电阻越大，电流产生的热量越多。
故答案为：电流；多。
①在串联电路中，电流处处相等；
②温度计可以测量液体的温度变化，温度升高越大，说明电热丝产生的热量越多，根据电阻大小关系和温度计示数变化快慢得到热量产生的多少。
探究电流产生热量的影响因素，应用了控制变量法和转换法，这两种方法是物理探究最常用的方法。
19.【答案】71.4%；高
【解析】解：第三次实验时，有用功W有=Gh=5N×0.3m=1.5J，
总功W总=Fs=4.2N×0.5m=2.1J，斜面的机械效率；
由表中实验数据可知，斜面越陡机械效率越高。
故答案为：71.4%；高。
由功的计算公式求出有用功与总功，然后由效率公式求出斜面的效率；分析表中实验数据，根据实验数据得出实验结论。
本题考查了求斜面的机械效率、实验数据分析，熟练应用功的计算公式、效率公式、认真分析实验数据即可正确解题。
20.【答案】(1)增强；(2)减小
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器的阻值减小，由欧姆定律可知，线圈中的电流增大，则电磁铁的磁场增强。
(2)指示灯的亮度明显变亮，表明电路中的电流增大，由欧姆定律可知，电路中GMR的阻值显著减小。
故答案为：(1)增强；(2)减小。
21.【答案】解：
由于定滑轮不省力，不考虑绳重和摩擦，
所以A受到的拉力：
F拉=GB=5N，
物体A受到的重力等于拉力加上支持力，
即：GA=F拉+F支持，
所以F支持=GA−F拉=15N−5N=10N，
该力的作用点在接触面上，方向竖直向上，如图所示：
【解析】(1)使用定滑轮能改变力的方向，但不能省力，据此求出对A的拉力；
(2)对A进行受力分析，A受到重力、支持力和拉力的作用，根据力的示意图的画法画出支持力的示意图。
本题考查了力的示意图的画法，要知道定滑轮不省力，对物体A进行正确的受力分析是关键。
22.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
23.【答案】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出最后回到S极，所以永磁体A的右端为S极，电磁铁B的左端都是N极；
根据安培定则，伸出右手使右手大拇指指向电磁铁的N极，四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流从电磁铁B的右端流入，所以电源的右端为“+”极，左端为“−”极。
故答案为：
【解析】首先根据磁感线的方向判断出电磁铁B和永磁体A的极性，然后根据安培定则判断电流的方向，从而判断出电源的正负极。
安培定则不但可以判断出螺线管的磁极，也能根据磁极判断出电流方向或绕圈的绕向，即电流方向、线圈的绕向及N极方向，知道其中两个便可求出另外一个。
24.【答案】(1)温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部；(2)；(3)小于。
【解析】
【分析】
本题是探究“水的沸腾”的实验，考查了有关温度计的使用、沸腾图象的画法和沸点与气压的关系，同时也要学会从数据中获得沸点等其它信息。
【解答】
(1)由图知，温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部，这样温度计的示数会受烧杯底的影响，测量不准确；
(2)根据表中数据描点连线画出图象如图所示：
；
(3)由表格中数据知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，所以其沸点为98℃，低于标准大气压下的沸点100℃，所以当地大气压小于标准大气压。
故答案为：(1)温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部；(2)见上图；(3)小于。
25.【答案】(1)左；(2)B、C、A；(3)44；1.1；(4)D。
【解析】
【分析】
此题考查的是天平的调节和使用、量筒的读数、液体密度的测量和计算以及对常见物体密度的了解，知识点较多，考查的是实际操作能力，在平时的训练中应该多动手，多观察。
【解答】
(1)因为指针偏向分度盘中央的右侧，横梁左侧端偏高，应将平衡螺母向左调。
(2)要测量液体的密度，正确的过程是：将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量；将烧杯中液体的一部分倒入量筒，测出这部分液体的体积；用天平测量烧杯和剩余液体的总质量。所以正确的实验顺序是B、C、A。
(3)在量筒上，10ml之间有5个小格，所以1个小格代表2ml，即量筒的分度值为2ml=2cm3，液体的体积为V=40cm3；
烧杯和液体的总质量为50g+20g+10g+2.4g=82.4g，烧杯和剩余液体的质量为20g+10g+5g+3.4g=38.4g，
量筒中液体的质量为m=82.4g−38.4g=44g，
液体的密度为ρ=mV=44g40cm3=1.1g/cm3。
(4)水的密度是1.0×103kg/m3，水银的密度远大于水，香油的密度小于水，所以此中液体可能是盐水，密度略大于水。故选D。
故答案为：(1)左；(2)B、C、A；(3)44；1.1；(4)D。
26.【答案】(1)；(2)2.2；B；(3)0.75；(4)电流表选择了大量程；(5)D。
【解析】
【分析】
(1)本实验中灯泡、电流表、变阻器应串联，根据额定电压确定电压表的量程，电压表测灯泡电压与灯泡并联，求出灯正常工作时的电流大小，确定电流表量程；
(2)根据电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方向；
(3)由图象读出额定电压灯泡对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率；
(4)由图可知，电流表的指针偏转太小，说明量程选择太大；
(5)影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度以及横截面积，还有温度；对大多数导体来说，温度越高，电阻越大。
本题测量灯的电功率，考查电路的连接、操作的过程、计算电功率及对实验中不正常现象的分析与判断等，属于必掌握的基本知识。
【解答】
(1)测定小灯泡的功率的实验中，灯泡、电流表、变阻器应串联，电压表测灯泡电压与灯泡并联，灯泡额定电压2.5V，所以电压表应使用0−3V量程；灯泡正常发光时的电流约为I=UR=2.5V10Ω=0.25A，所以电流表应使用0−0.6A量程，如下图所示：
(2)电压表使用0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V，小于灯的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V，就要减小变阻器分得的电压，根据分压原理，滑动变阻器的连入电路中的电阻要减小，所以，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(3)由图丙所示可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.3A，小灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)由图可知，电流表的指针偏转角度太小，说明量程选择大了，应改用电流表的小量程；
(5)温度影响导体电阻阻值的大小，对大多数导体来说，温度越高，电阻越大。当小灯泡两端电压减小时，它的亮度随之减弱，实际电功率减小，温度降低，所以测量的小灯泡电阻也相应减小，故选D。
故答案为：(1)见上图；(2)2.2；B；(3)0.75；(4)电流表选择了大量程；(5)D。
27.【答案】解：(1)水箱中装满水的体积：
V=40L=4×10−2m3，
根据ρ=mV可得，水的质量：
m=ρ水V=1×103kg/m3×4×10−2m3=40kg，
水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)
=4.2×103J/(kg⋅℃)×40kg×(65℃−15℃)
=8.4×106J；
(2)消耗的电能：
W=Pt=1600W×100×60s=9.6×106J；
(3)淋浴器加热时的效率：
η=Q吸W×100%=8.4×106J9.6×106J×100%=87.5%。
答：(1)在加热过程中，水箱中水吸收的热量为8.4×106J；
(2)电热淋浴器加热过程中消耗的电能为9.6×106J；
(3)淋浴器加热时的效率为87.5%。
【解析】本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到密度公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
(1)知道水箱容积，利用密度公式求水的质量，又知道水的比热容和水温的变化值，利用吸热公式求水箱中水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出电热淋浴器加热过程中消耗的电能；
(3)水吸收的热量和消耗的电能之比即为淋浴器加热时的效率。
28.【答案】解：
为了便于分析，给线段标上A、B、C、D四个点，如下图，根据图象分析如下：
(1)由图象可知，当h=0时，弹簧测力计示数为12N，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，G=F拉=12N；
(2)图象中CD段是圆柱体完全浸入水中的情况，此时圆柱体受到的拉力F=4N，
则圆柱体受到的浮力F浮=G−F=12N−4N=8N。
(3)圆柱体完全浸入水中时根据F浮=ρ水gV排得：
V物=V排=F浮ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
由公式G=mg可求出物体的质量m=G g=12N 10N/kg=1.2kg，
则圆柱体密度ρ物=mV物=1.2kg8×10−4m3=1.5×103kg/m3。
(4)由图象可知，不考虑水面上升，圆柱体在刚浸没时，物体又下降4cm，则下表面所处的深度为h=4cm=0.04m，
因此刚浸没时下表面受到的液体压强P=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa。
答：(1)圆柱体的重力为12N。
(2)圆柱体浸没时受到的浮力为8N。
(3)圆柱体的密度为1.5×103kg/m3。
(4)圆柱体在刚浸没时下表面受到的水的压强为400Pa。
【解析】(1)由图可知AB段圆柱体未浸入液体，测力计的示数即为圆柱体的重力，所以从图中可读出圆柱体的重力大小。
(2)由题意可知图中CD段是圆柱体完全浸入水后的情况，由图可知圆柱体完全浸入水后测力计对圆柱体的拉力为4N，再利用力的平衡条件求出圆柱体受到的浮力。
(3)利用阿基米德原理求得圆柱体的体积，利用密度公式求得圆柱体的密度。
(4)物体在液体中受到的压强与物体浸入液体的深度有关，根据浸入液体的深度计算液体压强的大小。
本题用到的知识点有重力、质量、密度、二力平衡、受力分析、阿基米德原理、压强的计算等，考查学生结合图象对所学知识进行综合分析的能力，难度较大。
29.【答案】解：(1)只闭合S2时，R1与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，
由于串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，
所以根据欧姆定律可得，电源的电压：
U=I1(R1+RL)=0.4A×(20Ω+RL)，
只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，灯泡L与滑动变阻器最大阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，
电源的电压：
U=I2(R22+RL)=0.3A×(60Ω2+RL)，
由于电源的电压不变
所以0.4A×(20Ω+RL)=0.3A×(60Ω2+RL)，
解得：RL=10Ω，
电源的电压U=0.4A×(20Ω+RL)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V；
(2)只闭合S3时，灯泡正常发光时的电压为5V，
串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流IL=ULRL=5V10Ω=0.5A，
串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压：
U2=U−UL=12V−5V=7V，
滑动变阻器接入电路中的电阻：R2′=U2IL=7V0.5A=14Ω；
(3)闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
当滑动变阻器接入电路中的电阻R2=60Ω时电流表的示数最小，
并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，
所以电流表的最小示数：
Imin=UR1+UR2=12V20Ω+12V60Ω=0.6A+0.2A=0.8A，
当电流表选接0～3A，且示数为3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
此时通过滑动变阻器的电流：
I2′=Imax−I1=3A−0.6A=2.4A，
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
，
即R2取值范围为5Ω～60Ω，电流表的示数范围为3A～0.8A。
答：(1)电源电压为12V，灯丝电阻为10Ω；
(2)只闭合S3时，要使小灯泡L正常发光，变阻器R2连入电路的阻值为14Ω；
(3)闭合S1、S2、S3，为保证不损坏电流表，R2取值范围为5Ω～60Ω，电流表的示数范围为3A～0.8A。
【解析】(1)只闭合S2时，R1与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，灯泡L与滑动变阻器最大阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，再根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变建立等式即可求出电源的电压和灯丝电阻；
(2)只闭合S3时，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律和串联电路的电流特点求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出变阻器R2连入电路的阻值；
(3)闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电流表的示数最小，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出其大小；当电流表的示数最大为3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小值即可得出答案。
本题考查了串联电路特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开挂闭合、断开时电路连接方式的辨别和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等，要注意滑动变阻器变化时和电流表示数的对应关系。
2021年山东省聊城市中考物理试卷
1. 下列选项中，通常情况下都属于绝缘体的是( )
A. 汽油和食盐水 B. 塑料和玻璃 C. 人体和大地 D. 黄铜和石墨
2. 如图所示，下列工具的使用，属于费力杠杆的是( )
A. 剪刀
B. 镊子
C. 起子
D. 钢丝钳
3. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. “闻声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的
B. “不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的音调高
C. 城市某些路段禁鸣喇叭，这是在声音传播的过程中减弱噪声
D. 用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波能传递能量
4. 某家庭电路的组成如图所示，下列说法正确的是( )
A. 图中的三个插座是串联的
B. 控制灯泡的开关要接在零线与灯泡之间
C. 彩灯接入电路后都不亮，是由于其中的一个小彩灯短路
D. 有金属外壳的家用电器必须使用三孔插座，以确保安全
5. 对下列四幅图中物理现象的解释，正确的是( )
A. 霜的形成是凝固现象，放热 B. 雪的形成是凝华现象，吸热
C. 雾的形成是汽化现象，吸热 D. 露的形成是液化现象，放热
6. 如图所示，是把小球放在相同的斜面上自由滚下，撞击静止在水平面上的木块进行的实验。能说明物体的动能与物体的质量有关的是( )
A. 甲、丙
B. 乙、丙
C. 甲、乙
D. 甲、乙、丙
7. 关于物体通过平面镜成像，下列说法正确的是( )
A. 物体通过平面镜所成的像是实像
B. 物体与它在平面镜中所成的像大小一定相等
C. 物体离平面镜越远，所成的像越小
D. 物体到平面镜的距离大于像到平面镜的距离
8. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向左移动时，三个电表的示数变化情况是( )
A. A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变小
B. A的示数变大，V1的示数变大，V2的示数变小
C. A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大
D. A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大
9. 下列选项中．每位科学家与某项重大发现或重大发现的应用相对应．其中对应关系不正确的是( )
A. 奥斯特−电磁起重机
B. 沈括−地磁的两极和地理两极并不重合
C. 法拉第−发电机
D. 焦耳−电动机
10. 如图所示是某同学玩排球的一个场景，下列说正确的是( )
A. 击打排球时手感到疼，是因为物体间力的作用是相互的
B. 排球在空中飞行的过程中，运动状态不变
C. 排球在空中运动到最高点时不再受任何力
D. 排球在水平地面上静止时，所受重力和地面对球的支持力是一对平衡力
11. 光的世界丰富多彩，光学器件在我们的生活、学习中有着广泛应用。下列说法符合实际的是( )
A. 近视眼镜利用了凸透镜对光线的会聚作用
B. 照相时，被照者应站在距镜头二倍焦距以外
C. 借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应大于一倍焦距
D. 阳光通过凸透镜可以点燃纸屑，是利用凸透镜对光线的会聚作用
12. 如图，在水平拉力F的作用下，使物体A沿水平面以速度v向右匀速运动了距离s，若物重为G，平面对物体的摩擦力为f.下列说法正确的是( )
A. 有用功的功率为fv B. 拉力的功率为3Fv
C. 装置的机械效率为G3F D. 额外功为(3F−f)s
13. 生活中经常提到的“影”与我们学到的光学知识有关。在立竿见“影”和水中倒“影”中，前者是由光的______形成的，后者是由光的______形成的。
14. 为响应“低碳生活”的号召，小明每天骑自行车上学。他看到路边的小树向后“飞过”，是以______为参照物的。如果他在平直的公路上骑过3km用了10min，则他骑车的速度为______km/h。
15. 目前，我们使用的主要能源有：石油、天然气、煤、核能、太阳能等，它们中属于可再生能源的是______。核能的产生有核聚变和核______两种方式。
16. 飞机飞行时，机翼上方的空气流速比机翼下方的空气流速______一些，于是机翼上方所受空气的压强______于下方所受空气的压强而产生升力(选填“大”或“小”)。
17. 如图是某物质物态变化时温度随时间变化的图象．由图可知，该图象是物质______(选填“熔化”或“凝固”)时温度变化曲线，该物质的凝固点是______℃.
18. 如图所示是探究“电流产生的热量与电阻关系”的实验装置。已知R甲>R乙，其余条件均相同。将两电阻丝串联接入电路是为了控制通过两电阻丝的______及通电时间相等。实验发现，甲瓶温度计示数升高快，表明该实验条件下，导体的电阻越大，电流产生的热量越______。
19. 小明同学用如图所示的装置测定斜面的机械效率，实验记录结果如表：则第3次实验时斜面的机械效率为______，分析比较表中的实验数据，可得到的结论是：斜面越陡机械效率越______(选填“高”、“低”或“不变”)。
实验
次数
斜面倾
斜程度
木块重
G/N
斜面高度
h/m
沿斜面拉力F/N
木块沿斜面移动的距离s/m
斜面的机械效率η
1
较缓
5
0.2
3.3
0.5
60.6%
2
较陡
5
0.25
3.8
0.5
65.8%
3
最陡
5
0.3
4.2
0.5
20. 如图所示，是演示巨磁电阻(GMR)特性的原理示意图。开关S1、S2闭合时，向左稍微移动滑动变阻器滑片P，指示灯的亮度明显变亮。
(1)变阻器的滑片P向左移动时，电磁铁周围的磁场______(选填“增强”、“减弱”或“不变”)。
(2)指示灯的亮度明显变亮，表明电路中GMR的阻值显著______(选填“增大”或“减小”)。
21. 如图所示，GA=15N，GB=5N.请画出地面对物块A支持力F的示意图，并标明该力的大小。
22. 如图所示，a、b分别为一束入射光线和一束出射光线。请画出a经过凹透镜后的折射光线和与b对应的入射光线。
23. 如图所示，为永磁体A和电磁铁B之间的磁场分布。请根据图中磁感线的方向标出永磁体A右端的磁极和电磁铁B中电源的“+”、“−”极。
24. 如图所示，为小文同学探究“水的沸腾”的实验装置：
(1)图中的实验操作中出现的错误是______。
(2)纠正错误后，小文同学观察了水在加热过程中温度随时间的变化情况，并记录了有关数据如表。请根据表中数据在方格纸上作出水沸腾时温度随时间变化的图象。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94
96
97.5
98
98
98
98
(3)依据上表数据可知，当地大气压______(选填“大于”、“小于”或“等于”)标准大气压。
25. 小强同学为了测量某种液体的密度，进行了以下实验：
(1)首先调节天平横梁平衡，发现指针偏向分度盘中央的右侧，此时应向______(选填“左”或“右”)移动平衡螺母。
(2)调节天平平衡后，小强又进行了以下三项操作：
A.用天平测量烧杯和剩余液体的总质量；
B.将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量；
C.将烧杯中液体的一部分倒入量筒，测出这部分液体的体积；
如图所示，以上操作的正确顺序是______(填字母代号)。
(3)由上图可得：量筒内液体的质量为______g，该液体的密度为______g/cm3。
(4)根据你的生活经验判断，该种液体可能是下面四种液体中的______(填字母代号)。
A.水B.水银C.香油D.盐水。
26. 在“测量小灯泡的电功率”的实验中：电源电压6V不变，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。
(2)某次实验时，电压表示数如图乙所示，则此时滑动变阻器两端的电压为______ V；如果要使小灯泡正常发光，变阻器的滑片P应该向______(选填“A”或“B”)端移动。
(3)实验中移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的I−U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定电功率是______W。
(4)某同学实验中电流表和电压表指针偏转情况如图丁所示，其中某电表指针示数不妥，其原因是______。(要说明表的名称)
(5)实验中发现当小灯泡两端电压减小时，它的亮度随之减弱，测量出的小灯泡电阻也相应减小，导致这变化的合理解释是______。
A.导体电阻与通过导体的电流成正比
B.根据欧姆定律，电流一定时，导体的电阻与电压成正比
C.电压减小时，通过小灯泡的电流不变，电阻变小
D.电压减小时，小灯泡亮度变暗，温度降低，电阻变小。
27. 某电热淋浴器的铭牌如图所示。小军同学按铭牌要求给淋浴器装满水，正常工作100min，观察到淋浴器上温度计示数由15℃上升到65℃.已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)求：
(1)在加热过程中，水箱中水吸收的热量。
(2)电热淋浴器加热过程中消耗的电能。
(3)淋浴器加热时的效率。
28. 如图所示，弹簧测力计下面挂一实心圆柱体，将圆柱体从盛有水的容器上方离水面某一高度处缓缓下降(其底面始终与水面平行)，使其逐渐浸没入水中某一深度处。如图是整个过程中弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h变化关系的数据图象。已知ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg.(忽略水面变化)求：
(1)圆柱体的重力。
(2)圆柱体浸没时受到的浮力。
(3)圆柱体的密度。
(4)圆柱体在刚浸没时下表面受到的水的压强。
29. 如图所示电路中，电源电压不变，R1=20Ω，滑动变阻器R2的最大值为60Ω，小灯泡L的额定电压为5V，电流表的量程(0～0.6A或0～3A).只闭合S2时，电流表的示数为0.4A；只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，电流表的示数为0.3A.(不考虑温度对灯丝的影响)
求：
(1)电源电压和灯丝电阻。
(2)只闭合S3时，要使小灯泡L正常发光，变阻器R2连入电路的阻值。
(3)闭合S1、S2、S3，为保证不损坏电流表，变阻器R2的阻值可调范围和电流表的变化范围。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】
【分析】
根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
【解答】
A、汽油和食盐水容易导电，属于导体，不符合题意；
B、塑料和玻璃不容易导电，属于绝缘体，符合题意；
C、人体和大地容易导电，属于导体，不符合题意；
D、黄铜和石墨容易导电，属于导体，不符合题意。
故选：B。
2.【答案】B
【解析】
【分析】
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
【解答】
A、剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：B。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)声音的三个特征：音调、响度和音色，音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的音质好坏。
(2)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
(3)声音既可以传播信息，又能够传递能量。
本题考查了声音的基本知识，属于识记性内容，相对比较简单。
【解答】
A、“闻声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，该选项说法不正确；
B、“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的响度大，该选项说法不正确；
C、城市某些路段禁鸣喇叭，这是在声源处减弱噪声，该选项说法不正确；
D、用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波能传递能量，该选项说法正确。
故选：D。
4.【答案】D
【解析】
【分析】
根据家庭电路的正确连接进行分析，各元件的连接都应该从安全方面考虑。
掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、用电器和插座之间、开关和用电器之间的连接方式。
【解答】
A、家庭电路中的用电器与用电器之间、用电器与插座之间、插座与插座之间都是并联的，因此三个插座之间都是并联的；故A选项错误。
B、控制灯泡的开关应该接在火线和灯之间；故B选项错误。
C、小彩灯之间是串联的，所以如果有一个小彩灯短路，其他的彩灯仍然可以发光；故C选项错误；
D、有金属外壳的家用电器必须使用三孔插座；故D选项正确。
故选：D。
5.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了生活中的物态变化，把握物质前后状态的变化是解决此类题目的关键。
【解答】
(1)霜、雪都是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故AB选项均不正确；
(2)雾、露都是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故C选项不正确，D选项正确。
故选：D。
6.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查了探究影响动能大小的因素，实验中注意控制变量法的应用。
【解答】
小球动能的大小是通过小球对木块做功的多少来体现出来的，木块运动的距离越长，就表示小球的动能越大。
动能的大小与质量和速度大小有关，要研究物体动能与物体的质量有关时，必须控制速度一定，即让小球从相同高度处滚下，改变物体的质量。因此符合条件的是乙、丙两图。
故选：B。
7.【答案】B
【解析】
【分析】
此题主要考查了平面镜成像的特点，要理解成正立、等大虚像的真正含义，并做到灵活运用。
【解答】
A、根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像是虚像，故A错误。
B、根据平面镜成像特点可知物体和像大小相同，故B正确。
C、根据平面镜成像特点可知物体和像大小相同，物体离平面镜越远，所成的像大小不变，故C错误。
D、根据平面镜成像特点可知物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，故D错误。
故选：B。
8.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查电路的动态分析，利用欧姆定律即可求解；但要注意电路中用电器之间的连接方式和电压表的位置。
【解答】
由电路图可知，滑动变阻器与灯串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U=IR可知，灯两端的电压变小，由于电源电压不变，则滑动变阻器两端电压变大即V2示数变大，故ABD错误，C正确。
故选：C。
9.【答案】D
【解析】
【分析】
知道科学家的主要贡献及各器材的工作原理即可正确解题。
【解答】
A、奥斯特发现了电流的磁效应，电磁起重机利用了电流的磁场，故A正确；
B、沈括发现了磁偏角，即地磁的两极和地理的两极并不重合，故B正确；
C、法拉第发现了电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象工作的，故C正确；
D、电动机是利用电流在磁场中受力而工作的，与焦耳无关，故D错误．
故选D．
10.【答案】AD
【解析】
【分析】
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)运动状态的改变包括运动方向和运动速度的改变；
(3)地面及其附近的一切物体都要受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的；
(4)二力平衡的条件是作用在同一个物体上，大小相等、方向相反，作用在同一直线上。
本题从学生熟悉的排球场景出发，考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系。
【解答】
A、击打排球时，手对排球施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，排球同时也对手施加反作用力，因此手感到疼，该选项说法正确；
B、排球在空中飞行的过程中，运动速度和方向不断发生变化，因此运动状态是变化的，该选项说法不正确；
C、排球在空中飞行靠的是惯性，不再受手的推力，但是仍然受到重力的作用，该选项说法不正确；
D、排球在水平地面上静止时，所受重力和地面对球的支持力，这两个力都作用在排球上，大小相等、方向相反，作用在同一直线上，属于一对平衡力，该选项说法正确。
故选：AD。
11.【答案】BD
【解析】
【分析】
此题考查了凸透镜的特点和成像原理及应用，要结合物理知识进行分析解答。
【解答】
A、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，说法错误；
B、照相机照相的原理是将2倍焦距以外的物体成像在胶片上，所以照相时应该站在镜头的二倍焦距以外，说法正确；
C、利用放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距，说法错误；
D、因凸透镜对光线的会聚作用，所以阳光通过凸透镜可以会聚一点，热量集中，温度较高可以点燃纸屑，说法正确；
故选：BD。
12.【答案】ABD
【解析】
【分析】
本题考查有用功、总功和机械效率的计算，克服摩擦力做的功为有用功是本题的关键，难点是对动滑轮上绳子段数的判断。
【解答】
A、该过程做的有用功的功率P=W有用t=fst=fv，故A正确；
B、动滑轮上绳子的段数为3段，拉力F移动的速度为物体移动速度的3倍为3v，所以拉力做功的功率为P=F×3v=3Fv，故B正确；
C、机械效率为，故C错误；
D、动滑轮上绳子的段数为3段，总功W总=F×3s=3Fs，拉力做的额外功W额=W总−W有用=3Fs−fs=(3F−f)s，故D正确。
故选：ABD。
13.【答案】直线传播 反射
【解析】解：“立竿见影”是由于光沿直线传播，照射到不透明的竿上而形成的影子。水中的“倒影”属于平面镜成像现象，是由光的反射形成的。
故答案为：直线传播；反射。
影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；平面镜成像是由于光的反射形成的。
此题主要通过两种不同的“影”考查了学生对光的反射和光的直线传播的理解。在平时一定要区分开两种影的区别，要搞清倒影和影子的成因，二者不要混淆。
14.【答案】自行车；18
【解析】解：小明每天骑自行车上学。他以自行车为参照物时，自行车上的他与路边的小树的相对位置在不断发生变化，所以他看到路边的小树向后运动；
已知s=3km，t=10min=16h，
求：v，
v=st=3km16h=18km/h。
故答案为：自行车；18。
该题在判断时首先要确立题中的参照物，然后看被研究物体与参照物之间的距离是否发生变化，变化则物体运动，没有变化则物体静止。
根据他在平直的公路上骑过路程(3km)用的时间(10min)，利用速度公式即可计算他骑车的速度。
本题考查参照物及其选择和速度的计算，属于常见的考题，计算时要注意统一使用国际制单位。
15.【答案】太阳能；裂变
【解析】解：石油、天然气、煤、核能都不能源源不断从自然界获得，是不可再生能源，太阳能可以源源不断从自然界获得，是可再生能源；核能的产生有核聚变和核裂变两种方式。
故答案为：太阳能；裂变。
能够源源不断地从自然界获得或能重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源。核裂变与核聚变过程都可以释放核能。
本题考查了能源的分类、核能利用的两种方式，难度不大，是一道基础题。
16.【答案】大；小
【解析】解：等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速；而下表面平直，因此机翼下方的流速大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力。
故答案为：大；小。
本题主要考查流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
该题考查流体压强与流速的关系。本题的解题关键是看准机翼面向哪弯曲，找出机翼的上下方的空气流速特点。
17.【答案】熔化 48
【解析】解：(1)由图象可以看出，该物质的BC段不断吸收热量，温度保持不变，是晶体的熔化图象．
(2)读图可知，图中呈水平的这段所对应的温度值就是这种物质的熔点，即48℃；同一物质的熔点和凝固点相同．即该物质的凝固点也是48℃．
故答案为：熔化；48．
(1)通过图象中是否有不变的温度，首先可判断出是晶体还是非晶体，根据物态变化之前温度逐渐上升还是逐渐下降判断是熔化还是凝固．
(2)图中呈水平的线段所对应的温度值就是这种物质的熔点(或凝固点)．
根据图象是否有不变的温度判断是晶体还是非晶体，然后根据温度不变之前的温度升高还是降低判断是熔化图象还是凝固图象．此题主要考查了晶体的熔化图象，要学会从图象中找出与晶体有关的信息．
18.【答案】电流；多
【解析】解：
①由图知：两段电热丝串联在同一电路中，所以通过的电流相同，即将两电阻丝串联入电路是为了控制通过两电阻丝的电流及通电时间相等。
②甲瓶温度计示数升高快，说明甲瓶中电热丝产生的热量多，已知R甲>R乙，表明该实验条件下，导体的电阻越大，电流产生的热量越多。
故答案为：电流；多。
①在串联电路中，电流处处相等；
②温度计可以测量液体的温度变化，温度升高越大，说明电热丝产生的热量越多，根据电阻大小关系和温度计示数变化快慢得到热量产生的多少。
探究电流产生热量的影响因素，应用了控制变量法和转换法，这两种方法是物理探究最常用的方法。
19.【答案】71.4%；高
【解析】解：第三次实验时，有用功W有=Gh=5N×0.3m=1.5J，
总功W总=Fs=4.2N×0.5m=2.1J，斜面的机械效率；
由表中实验数据可知，斜面越陡机械效率越高。
故答案为：71.4%；高。
由功的计算公式求出有用功与总功，然后由效率公式求出斜面的效率；分析表中实验数据，根据实验数据得出实验结论。
本题考查了求斜面的机械效率、实验数据分析，熟练应用功的计算公式、效率公式、认真分析实验数据即可正确解题。
20.【答案】(1)增强；(2)减小
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器的阻值减小，由欧姆定律可知，线圈中的电流增大，则电磁铁的磁场增强。
(2)指示灯的亮度明显变亮，表明电路中的电流增大，由欧姆定律可知，电路中GMR的阻值显著减小。
故答案为：(1)增强；(2)减小。
21.【答案】解：
由于定滑轮不省力，不考虑绳重和摩擦，
所以A受到的拉力：
F拉=GB=5N，
物体A受到的重力等于拉力加上支持力，
即：GA=F拉+F支持，
所以F支持=GA−F拉=15N−5N=10N，
该力的作用点在接触面上，方向竖直向上，如图所示：
【解析】(1)使用定滑轮能改变力的方向，但不能省力，据此求出对A的拉力；
(2)对A进行受力分析，A受到重力、支持力和拉力的作用，根据力的示意图的画法画出支持力的示意图。
本题考查了力的示意图的画法，要知道定滑轮不省力，对物体A进行正确的受力分析是关键。
22.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
23.【答案】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出最后回到S极，所以永磁体A的右端为S极，电磁铁B的左端都是N极；
根据安培定则，伸出右手使右手大拇指指向电磁铁的N极，四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流从电磁铁B的右端流入，所以电源的右端为“+”极，左端为“−”极。
故答案为：
【解析】首先根据磁感线的方向判断出电磁铁B和永磁体A的极性，然后根据安培定则判断电流的方向，从而判断出电源的正负极。
安培定则不但可以判断出螺线管的磁极，也能根据磁极判断出电流方向或绕圈的绕向，即电流方向、线圈的绕向及N极方向，知道其中两个便可求出另外一个。
24.【答案】(1)温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部；(2)；(3)小于。
【解析】
【分析】
本题是探究“水的沸腾”的实验，考查了有关温度计的使用、沸腾图象的画法和沸点与气压的关系，同时也要学会从数据中获得沸点等其它信息。
【解答】
(1)由图知，温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部，这样温度计的示数会受烧杯底的影响，测量不准确；
(2)根据表中数据描点连线画出图象如图所示：
；
(3)由表格中数据知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，所以其沸点为98℃，低于标准大气压下的沸点100℃，所以当地大气压小于标准大气压。
故答案为：(1)温度计的玻璃泡接触到了烧杯底部；(2)见上图；(3)小于。
25.【答案】(1)左；(2)B、C、A；(3)44；1.1；(4)D。
【解析】
【分析】
此题考查的是天平的调节和使用、量筒的读数、液体密度的测量和计算以及对常见物体密度的了解，知识点较多，考查的是实际操作能力，在平时的训练中应该多动手，多观察。
【解答】
(1)因为指针偏向分度盘中央的右侧，横梁左侧端偏高，应将平衡螺母向左调。
(2)要测量液体的密度，正确的过程是：将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量；将烧杯中液体的一部分倒入量筒，测出这部分液体的体积；用天平测量烧杯和剩余液体的总质量。所以正确的实验顺序是B、C、A。
(3)在量筒上，10ml之间有5个小格，所以1个小格代表2ml，即量筒的分度值为2ml=2cm3，液体的体积为V=40cm3；
烧杯和液体的总质量为50g+20g+10g+2.4g=82.4g，烧杯和剩余液体的质量为20g+10g+5g+3.4g=38.4g，
量筒中液体的质量为m=82.4g−38.4g=44g，
液体的密度为ρ=mV=44g40cm3=1.1g/cm3。
(4)水的密度是1.0×103kg/m3，水银的密度远大于水，香油的密度小于水，所以此中液体可能是盐水，密度略大于水。故选D。
故答案为：(1)左；(2)B、C、A；(3)44；1.1；(4)D。
26.【答案】(1)；(2)2.2；B；(3)0.75；(4)电流表选择了大量程；(5)D。
【解析】
【分析】
(1)本实验中灯泡、电流表、变阻器应串联，根据额定电压确定电压表的量程，电压表测灯泡电压与灯泡并联，求出灯正常工作时的电流大小，确定电流表量程；
(2)根据电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方向；
(3)由图象读出额定电压灯泡对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率；
(4)由图可知，电流表的指针偏转太小，说明量程选择太大；
(5)影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度以及横截面积，还有温度；对大多数导体来说，温度越高，电阻越大。
本题测量灯的电功率，考查电路的连接、操作的过程、计算电功率及对实验中不正常现象的分析与判断等，属于必掌握的基本知识。
【解答】
(1)测定小灯泡的功率的实验中，灯泡、电流表、变阻器应串联，电压表测灯泡电压与灯泡并联，灯泡额定电压2.5V，所以电压表应使用0−3V量程；灯泡正常发光时的电流约为I=UR=2.5V10Ω=0.25A，所以电流表应使用0−0.6A量程，如下图所示：
(2)电压表使用0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V，小于灯的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V，就要减小变阻器分得的电压，根据分压原理，滑动变阻器的连入电路中的电阻要减小，所以，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(3)由图丙所示可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.3A，小灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)由图可知，电流表的指针偏转角度太小，说明量程选择大了，应改用电流表的小量程；
(5)温度影响导体电阻阻值的大小，对大多数导体来说，温度越高，电阻越大。当小灯泡两端电压减小时，它的亮度随之减弱，实际电功率减小，温度降低，所以测量的小灯泡电阻也相应减小，故选D。
故答案为：(1)见上图；(2)2.2；B；(3)0.75；(4)电流表选择了大量程；(5)D。
27.【答案】解：(1)水箱中装满水的体积：
V=40L=4×10−2m3，
根据ρ=mV可得，水的质量：
m=ρ水V=1×103kg/m3×4×10−2m3=40kg，
水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)
=4.2×103J/(kg⋅℃)×40kg×(65℃−15℃)
=8.4×106J；
(2)消耗的电能：
W=Pt=1600W×100×60s=9.6×106J；
(3)淋浴器加热时的效率：
η=Q吸W×100%=8.4×106J9.6×106J×100%=87.5%。
答：(1)在加热过程中，水箱中水吸收的热量为8.4×106J；
(2)电热淋浴器加热过程中消耗的电能为9.6×106J；
(3)淋浴器加热时的效率为87.5%。
【解析】本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到密度公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
(1)知道水箱容积，利用密度公式求水的质量，又知道水的比热容和水温的变化值，利用吸热公式求水箱中水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出电热淋浴器加热过程中消耗的电能；
(3)水吸收的热量和消耗的电能之比即为淋浴器加热时的效率。
28.【答案】解：
为了便于分析，给线段标上A、B、C、D四个点，如下图，根据图象分析如下：
(1)由图象可知，当h=0时，弹簧测力计示数为12N，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，G=F拉=12N；
(2)图象中CD段是圆柱体完全浸入水中的情况，此时圆柱体受到的拉力F=4N，
则圆柱体受到的浮力F浮=G−F=12N−4N=8N。
(3)圆柱体完全浸入水中时根据F浮=ρ水gV排得：
V物=V排=F浮ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
由公式G=mg可求出物体的质量m=G g=12N 10N/kg=1.2kg，
则圆柱体密度ρ物=mV物=1.2kg8×10−4m3=1.5×103kg/m3。
(4)由图象可知，不考虑水面上升，圆柱体在刚浸没时，物体又下降4cm，则下表面所处的深度为h=4cm=0.04m，
因此刚浸没时下表面受到的液体压强P=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa。
答：(1)圆柱体的重力为12N。
(2)圆柱体浸没时受到的浮力为8N。
(3)圆柱体的密度为1.5×103kg/m3。
(4)圆柱体在刚浸没时下表面受到的水的压强为400Pa。
【解析】(1)由图可知AB段圆柱体未浸入液体，测力计的示数即为圆柱体的重力，所以从图中可读出圆柱体的重力大小。
(2)由题意可知图中CD段是圆柱体完全浸入水后的情况，由图可知圆柱体完全浸入水后测力计对圆柱体的拉力为4N，再利用力的平衡条件求出圆柱体受到的浮力。
(3)利用阿基米德原理求得圆柱体的体积，利用密度公式求得圆柱体的密度。
(4)物体在液体中受到的压强与物体浸入液体的深度有关，根据浸入液体的深度计算液体压强的大小。
本题用到的知识点有重力、质量、密度、二力平衡、受力分析、阿基米德原理、压强的计算等，考查学生结合图象对所学知识进行综合分析的能力，难度较大。
29.【答案】解：(1)只闭合S2时，R1与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，
由于串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，
所以根据欧姆定律可得，电源的电压：
U=I1(R1+RL)=0.4A×(20Ω+RL)，
只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，灯泡L与滑动变阻器最大阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，
电源的电压：
U=I2(R22+RL)=0.3A×(60Ω2+RL)，
由于电源的电压不变
所以0.4A×(20Ω+RL)=0.3A×(60Ω2+RL)，
解得：RL=10Ω，
电源的电压U=0.4A×(20Ω+RL)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V；
(2)只闭合S3时，灯泡正常发光时的电压为5V，
串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流IL=ULRL=5V10Ω=0.5A，
串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压：
U2=U−UL=12V−5V=7V，
滑动变阻器接入电路中的电阻：R2′=U2IL=7V0.5A=14Ω；
(3)闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
当滑动变阻器接入电路中的电阻R2=60Ω时电流表的示数最小，
并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，
所以电流表的最小示数：
Imin=UR1+UR2=12V20Ω+12V60Ω=0.6A+0.2A=0.8A，
当电流表选接0～3A，且示数为3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
此时通过滑动变阻器的电流：
I2′=Imax−I1=3A−0.6A=2.4A，
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
，
即R2取值范围为5Ω～60Ω，电流表的示数范围为3A～0.8A。
答：(1)电源电压为12V，灯丝电阻为10Ω；
(2)只闭合S3时，要使小灯泡L正常发光，变阻器R2连入电路的阻值为14Ω；
(3)闭合S1、S2、S3，为保证不损坏电流表，R2取值范围为5Ω～60Ω，电流表的示数范围为3A～0.8A。
【解析】(1)只闭合S2时，R1与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，灯泡L与滑动变阻器最大阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，再根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变建立等式即可求出电源的电压和灯丝电阻；
(2)只闭合S3时，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律和串联电路的电流特点求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出变阻器R2连入电路的阻值；
(3)闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电流表的示数最小，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出其大小；当电流表的示数最大为3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小值即可得出答案。
本题考查了串联电路特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开挂闭合、断开时电路连接方式的辨别和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等，要注意滑动变阻器变化时和电流表示数的对应关系。
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