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高考物理一轮复习试题 动态电路
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这是一份高考物理一轮复习试题 动态电路，共10页。试卷主要包含了2 A，方向向右，如图所示电路，电源内阻不可忽略等内容，欢迎下载使用。
A．30W B．20W C．15W D．10W
2．如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过 （ ）
A．40 W B．60 W C．80 W D．120 W
3．如图所示，当ab端接入100V电压时，cd两端为20V；当cd两端接入100V时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（ ）
A．4：2：1 B．2：1：1 C．3：2：1 D．以上都不对
4．如图是一个电路的一部分，其中R1=5Ω，R2=1Ω，R3=3Ω，I1=0．2A，I2=0．1A，那么电流表测得的电流为（ ）
A．0．2 A，方向向右
B．0．15 A，方向向左
C．0．2 A，方向向左
D．0．3 A，方向向右
5．如图所示，额定电压为110V的两盏电灯，额定功率分别为＝100W，＝25W．把它们接到220V的电路上，欲使它们都能正常发光且电路耗电最少，应采用的接法是
6．如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，则（ ）
A．A的示数增大
B．V2的示数增大
C．ΔU3与ΔI的比值大于r
D．ΔU1大于ΔU2
7．如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R的滑动端向下滑动的过程中（ ）
A．电压表与电流表的示数都减小
B．电压表的示数减小，电流表的示数增大
C．电阻R1消耗的电功率增大
D．电源内阻消耗的功率减小
8．如图所示，电压表看作理想电表，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时（灯丝电阻不变），下列说法正确的是（ ）
A．电容器带电量减小 B．电压表读数变大
C．灯泡L2变亮 D．灯泡L1变暗
9．如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R的滑动触头，G为灵敏电流计，A为理想电流表。开关S闭合后，C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则以下说法正确的是（ ）
A．在P向上移动的过程中，A表的示数变大，油滴仍然静止，G中电流由a至b
B．在P向上移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中电流由b至a
C．在P向下移动的过程中，A表的示数变大，油滴向下加速运动，G中电流由a至b
D．在P向下移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中电流由b至a
10．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中错误的是（ ）
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大
B．对应P点，小灯泡的电阻为
C．对应P点，小灯泡的电阻为
D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积
11．如图所示，电源电动势为E，内阻为r。电路中的R2 、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）。当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。有关下列说法中正确的是（ ）
A．只逐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3 中有向上的电流
B．只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流
C．只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动
D．若断开电键S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动
12．在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下调节，则下列叙述正确的是： （ ）
A．电压表和电流表的示数都增大
B．灯L2变暗，电流表的示数减小
C．灯L1变亮，电压表的示数减小
D．电源的效率减小，电容器C所带电荷量减小
13．如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表、、示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表示数变化量的绝对值为ΔI，正确的是
A．的示数增大 B．电源输出功率在减小
C．ΔU3与ΔI的比值在减小 D．ΔU1大于ΔU2
14．如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图像．将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么（ ）
A．R接到a电源上，电源的效率较高
B．R接到b电源上，电源的输出功率较小
C．R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低
D．R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高
15．如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻的阻值都标志在图中，当滑动变阻器的滑片向端移动时,以下说法中正确的是（ ）
A．电压表示数变小，电流表示数变小
B．电阻两端的电压减小
C．电源的总功率减少但电源的输出功率增大
D．如果设定流过电阻电流变化量的绝对值为，流过滑动变阻器的电流变化量的绝对值为，则有<
16．在如图所示电路中，闭合电键 S，当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用 I、U1、U2 和 U3 表示，电表示数变化量的绝对值分别用 ΔI、ΔU1、ΔU2 和 ΔU3 表示．下列说法正确的是 （ ）
A．U1变小，U2变大，U3变小，I变大
B．U1变大，U2变小，U3变大，I变大
C．U1/I 不变，U2/I 变小，U3/I 变小
D．ΔU1/ΔI 不变，ΔU2/ΔI 不变，ΔU3/ΔI 不变
参考答案
1．C
【解析】
试题分析：若灯泡1和2都达到额定功率时，并联部分的电压等于2U额，灯泡3两端的电压超过额定电压，容易烧坏，所以整个电路消耗的功率最大时，应是灯泡3达到最大功率，即。此时并联部分电压为额定电压U额，灯泡1和2的电压都为，电流都为，所以，总功率为。
考点：额定功率，串并联电路
2．B
【解析】
试题分析：设L3上电压为U，电阻为R，则：L3的最大的功率为，因为三个灯泡的电阻相等，L1和L2并联后电阻相当于L3电阻的一半，所以电压也就为L3的一半，如果L3上电压为U，则L1和L2电压为，所以L1和L2的功率都为：，所以总功率最大为：10+10+40=60W．故选B．
考点：电功率
【名师点睛】因为三个灯泡的电阻相等，在不损坏灯泡的情况下，串联的L3的电流最大，所以只要保证L3不被损坏就可以了，求得此时的总功率就是最大的功率．
3．A
【解析】
试题分析：当ab端接入电压时，cd端输出电压为；解得：2R3=R1；当cd接入电压时，ab端输出电压；解得：R3=2R2；故电阻之比R1：R2：R3=4：1：2．故选A。
考点：串并联电路的特点
【名师点睛】本题考查串联电路的分压原理，要注意明确电路的结构，再由串联电路的规律进行分压。
4．C
【解析】
试题分析：由题图所示电流方向可计算出和两端电压降，电势左高右低．比较可判定两端电势下高上低，且，通过中的电流，电流方向向上，由题图可知上电流由和共同提供，，方向向左
考点：考查了欧姆定律的应用
【名师点睛】本题考查欧姆定律的应用和电流方向的判断，本题涉及电势的概念，以及节点法判断电流方向以及电流大小，难度较大，要求大家需要掌握更多关于电学的知识．
5．C
【解析】
试题分析：根据公式可知，灯泡A的电阻，灯泡B的电阻；A图是灯泡A和可变电阻串联，根据串联电路电阻的分压特点可知，要使灯泡A正常工作，则上面可变电阻接入电路的阻值为121Ω，即该支路的总电阻为242Ω，同理下边支路的总电阻为968Ω，由可得，此时并联电路的总电阻为R=193．6Ω；B图是灯泡A和灯泡B并联后又与可变电阻串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡A与灯泡B并联后和可变电阻R的阻值相等；由可得灯泡A和灯泡B并联后的电阻，此时电路的总电阻为；C图是灯泡B和可变电阻并联后又和灯泡A串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡B与可变电阻并联后和灯泡A的电阻相等；串联电路，电阻越串越大；灯泡A和灯泡B正常工作时，此时电路的总电阻为；D图是灯泡A和可变电阻并联后又和灯泡B串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡a与可变电阻R并联后和灯泡b的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡A和灯泡B不能正常工作；根据公式可知，电路电阻越大，消耗的功率就越小，比较A、B、C图可知，C图的总电阻大，消耗的功率最小，故C正确；
考点：考查了电功率的计算
【名师点睛】本题考查电功率的计算和串、并联电路电阻的计算，关键是电功率公式及其变形的灵活运用，重点知道串联电路总电阻大于任何一个串联的电阻，并联电路的总电阻小于任何一个并联的电阻．
6．ACD
【解析】
试题分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，故A正确；电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以V2的示数减小，故B错误；根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-I（R+r），则得：，即△U3与△I的比值大于r，故C正确；根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-Ir，则得：；，据题：R＞r，则得△U1＞△U2．故D正确．故选ACD．
考点：闭合电路的欧姆定律；电路的动态分析
【名师点睛】本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析。
7．AC
【解析】
试题分析：在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器R0与R2并联电阻R并减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，由于R1分压增大，故并联部分电压减小，则电流表示数减小．由P=I2R可知，电阻R1及内阻消耗的电功率均增大；故AC正确．BD错误；故选AC。
考点：电路的动态分析
【名师点睛】本题是电路的动态变化分析问题，首先确定出变阻器接入电路的电阻如何变化，再按局部到整体，再到部分的思路进行分析。
8．AB
【解析】
试题分析：将滑动变阻器的滑片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器与灯L1并联的电阻增大，外电路总电阻增大，路端电压增大，电压表的读数变大，B错误；由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L2变暗，C错误；电压表V2读数变小．灯泡L1的电压U1=E-I（r+RL2）增大，灯泡L1变亮，D错误；由于电容器两端电压减小，由可得电容器两端电压减小，A正确；故选AB。
考点：电路的动态分析
9．BC
【解析】
试题分析：粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，电容器两端电压为：U=E-I（r+R1），故电容器两端电压变大，带电量变大，电场力变大，粒子向上加速；电容器充电，故电流从b到a，故A错误，B正确；
在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程，电阻R变小，电路总电阻变小，电流变大，电容器两端电压为：U=E-I（r+R1），故电容器两端电压变小，带电量变小，电场力变小，粒子向下加速；电容器放电，故电流从a到b，故C正确；D错误；故选BC．
考点：电路的动态分析
【名师点睛】题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化。
10．C
【解析】
试题分析：根据电阻的定义，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故A正确．根据电阻的定义，可知对应P点，小灯泡的电阻为．故B正确，C错误；对应P点，由图可知，小灯泡两端的电压是U1，流过小灯泡的电流是I2，所以小灯泡功率为P=U1I2．小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积，故D正确．
此题选择错误的选项，故选C．
考点： U-I图线；功率
【名师点睛】本题结合图象考查对欧姆定律的理解，要明确题中灯泡是非线性元件，其电阻，但。
11．A
【解析】
试题分析：只逐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，电阻R0消耗的电功率变大，滑动变阻器的电压变大，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R3中有向上的电流，故A正确；电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，对电路没有影响，故B错误；只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由可知，电场力变大，带点微粒向上运动，故C错误；若断开电键S，电容器处于放电状态，电荷量变小，故D错误．故选A．
考点：电路的动态分析
【名师点睛】此题是关于电路的动态分析问题，关键是能从局部开始分析电阻的变化，然后到整体，最后再回到局部；本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化。
12．CD
【解析】
试题分析：滑动变阻器与电流表、灯泡L1串联，与电容器、灯泡L2、电压表并联。滑片下移，滑动变阻器阻值减小，由“串反并同”可知，电流表示数增大，电压表示数减小，故A错误；通过灯泡L2的电流减小，灯泡L2变暗，故B错误；通过灯泡L1的电流增大，灯泡L1变亮，故C正确；电容器两板间电压减小，由可知带电量减少，电源的效率，电压表测路端电压减小，电源效率减小，故D正确。
考点：电路的动态分析
13．D
【解析】
试题分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以的示数减小，根据内外电阻相等时，电源的输出功率最大，知外电阻越来越接近内阻，故电源的输出功率一定增大；AB错误；根据闭合电路欧姆定律得：，则得：，为定值，C错误；根据闭合电路欧姆定律得：，则得：，据题：，则，故大于，D正确；
考点：考查了电路的动态分析
【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部
14．BC
【解析】
试题分析： 电源的效率 ，由闭合电路欧姆定律 可知，b电源的内阻r 较小，R接到b电源上，电源的效率较高，A错误；当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的 图线与电源的 图线的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到b电源上，电压与电流的乘积较小，电源的输出功率较小，B 正确；R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大，但电源效率较低，C正确；D错误；故选BC。
考点：图象、电功率。
【名师点睛】本题关键在于对电源外特性曲线、电阻伏安特性曲线的理解，根据电源的外特性曲线图线，可求出电动势和内阻；根据电阻伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率及电源的效率。
15．BD
【解析】
试题分析：由图可知，R2与滑动变阻器并联后与R1串联，电压表测量路端电压，电流表测量流过滑动变阻器的电流；当滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，干路电流减小，则由可得，路端电压U增大，电压表示数增大，因干路电流减小，则R1两端的电压减小，并联部分电压增大，则流过R2的电流增大，则流过电流表的电流减小，A错误；B正确；总电流减小，则电源的总功率减少，由于不知道外电阻与内阻之间的关系，所以无法判断电源的输出功率的变化，故C错误；通过R1的电流减小，而通过R1的电流等于流过电阻R2电流和流过滑动变阻器R3的电流之和，且流过R2的电流增大，流过滑动变阻器R3的电流减小，所以；D正确；故选BD。
考点：电路的动态分析。
【名师点睛】对于电路动态变化分析问题，首先要根据电路结构的变化分析外电路总电阻的变化，到总电流和路端电压变化，再到局部电路电流和电压的变化进行分析。
16．CD
【解析】
试题分析：当滑动变阻器R2的滑动触头P向上滑动，其阻值变小，总电阻变小，电流表示数I变大，路端电压U3减小，R1的电压U1增大，故R2的电压U2减小．故AB错误．因R1是定值电阻，则有，不变．因为，R2变小，变小；=R1+R2，变小．故C正确．根据闭合电路欧姆定律得U3=E-Ir，则，不变．U2=E-I（R1+r），则=R1+r，不变，故D正确．故选CD．
考点：电路的动态分析
A．30W B．20W C．15W D．10W
2．如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过 （ ）
A．40 W B．60 W C．80 W D．120 W
3．如图所示，当ab端接入100V电压时，cd两端为20V；当cd两端接入100V时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（ ）
A．4：2：1 B．2：1：1 C．3：2：1 D．以上都不对
4．如图是一个电路的一部分，其中R1=5Ω，R2=1Ω，R3=3Ω，I1=0．2A，I2=0．1A，那么电流表测得的电流为（ ）
A．0．2 A，方向向右
B．0．15 A，方向向左
C．0．2 A，方向向左
D．0．3 A，方向向右
5．如图所示，额定电压为110V的两盏电灯，额定功率分别为＝100W，＝25W．把它们接到220V的电路上，欲使它们都能正常发光且电路耗电最少，应采用的接法是
6．如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，则（ ）
A．A的示数增大
B．V2的示数增大
C．ΔU3与ΔI的比值大于r
D．ΔU1大于ΔU2
7．如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R的滑动端向下滑动的过程中（ ）
A．电压表与电流表的示数都减小
B．电压表的示数减小，电流表的示数增大
C．电阻R1消耗的电功率增大
D．电源内阻消耗的功率减小
8．如图所示，电压表看作理想电表，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时（灯丝电阻不变），下列说法正确的是（ ）
A．电容器带电量减小 B．电压表读数变大
C．灯泡L2变亮 D．灯泡L1变暗
9．如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R的滑动触头，G为灵敏电流计，A为理想电流表。开关S闭合后，C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则以下说法正确的是（ ）
A．在P向上移动的过程中，A表的示数变大，油滴仍然静止，G中电流由a至b
B．在P向上移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中电流由b至a
C．在P向下移动的过程中，A表的示数变大，油滴向下加速运动，G中电流由a至b
D．在P向下移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中电流由b至a
10．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中错误的是（ ）
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大
B．对应P点，小灯泡的电阻为
C．对应P点，小灯泡的电阻为
D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积
11．如图所示，电源电动势为E，内阻为r。电路中的R2 、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）。当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。有关下列说法中正确的是（ ）
A．只逐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3 中有向上的电流
B．只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流
C．只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动
D．若断开电键S，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动
12．在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下调节，则下列叙述正确的是： （ ）
A．电压表和电流表的示数都增大
B．灯L2变暗，电流表的示数减小
C．灯L1变亮，电压表的示数减小
D．电源的效率减小，电容器C所带电荷量减小
13．如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表、、示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表示数变化量的绝对值为ΔI，正确的是
A．的示数增大 B．电源输出功率在减小
C．ΔU3与ΔI的比值在减小 D．ΔU1大于ΔU2
14．如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图像．将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么（ ）
A．R接到a电源上，电源的效率较高
B．R接到b电源上，电源的输出功率较小
C．R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低
D．R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高
15．如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻的阻值都标志在图中，当滑动变阻器的滑片向端移动时,以下说法中正确的是（ ）
A．电压表示数变小，电流表示数变小
B．电阻两端的电压减小
C．电源的总功率减少但电源的输出功率增大
D．如果设定流过电阻电流变化量的绝对值为，流过滑动变阻器的电流变化量的绝对值为，则有<
16．在如图所示电路中，闭合电键 S，当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用 I、U1、U2 和 U3 表示，电表示数变化量的绝对值分别用 ΔI、ΔU1、ΔU2 和 ΔU3 表示．下列说法正确的是 （ ）
A．U1变小，U2变大，U3变小，I变大
B．U1变大，U2变小，U3变大，I变大
C．U1/I 不变，U2/I 变小，U3/I 变小
D．ΔU1/ΔI 不变，ΔU2/ΔI 不变，ΔU3/ΔI 不变
参考答案
1．C
【解析】
试题分析：若灯泡1和2都达到额定功率时，并联部分的电压等于2U额，灯泡3两端的电压超过额定电压，容易烧坏，所以整个电路消耗的功率最大时，应是灯泡3达到最大功率，即。此时并联部分电压为额定电压U额，灯泡1和2的电压都为，电流都为，所以，总功率为。
考点：额定功率，串并联电路
2．B
【解析】
试题分析：设L3上电压为U，电阻为R，则：L3的最大的功率为，因为三个灯泡的电阻相等，L1和L2并联后电阻相当于L3电阻的一半，所以电压也就为L3的一半，如果L3上电压为U，则L1和L2电压为，所以L1和L2的功率都为：，所以总功率最大为：10+10+40=60W．故选B．
考点：电功率
【名师点睛】因为三个灯泡的电阻相等，在不损坏灯泡的情况下，串联的L3的电流最大，所以只要保证L3不被损坏就可以了，求得此时的总功率就是最大的功率．
3．A
【解析】
试题分析：当ab端接入电压时，cd端输出电压为；解得：2R3=R1；当cd接入电压时，ab端输出电压；解得：R3=2R2；故电阻之比R1：R2：R3=4：1：2．故选A。
考点：串并联电路的特点
【名师点睛】本题考查串联电路的分压原理，要注意明确电路的结构，再由串联电路的规律进行分压。
4．C
【解析】
试题分析：由题图所示电流方向可计算出和两端电压降，电势左高右低．比较可判定两端电势下高上低，且，通过中的电流，电流方向向上，由题图可知上电流由和共同提供，，方向向左
考点：考查了欧姆定律的应用
【名师点睛】本题考查欧姆定律的应用和电流方向的判断，本题涉及电势的概念，以及节点法判断电流方向以及电流大小，难度较大，要求大家需要掌握更多关于电学的知识．
5．C
【解析】
试题分析：根据公式可知，灯泡A的电阻，灯泡B的电阻；A图是灯泡A和可变电阻串联，根据串联电路电阻的分压特点可知，要使灯泡A正常工作，则上面可变电阻接入电路的阻值为121Ω，即该支路的总电阻为242Ω，同理下边支路的总电阻为968Ω，由可得，此时并联电路的总电阻为R=193．6Ω；B图是灯泡A和灯泡B并联后又与可变电阻串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡A与灯泡B并联后和可变电阻R的阻值相等；由可得灯泡A和灯泡B并联后的电阻，此时电路的总电阻为；C图是灯泡B和可变电阻并联后又和灯泡A串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡B与可变电阻并联后和灯泡A的电阻相等；串联电路，电阻越串越大；灯泡A和灯泡B正常工作时，此时电路的总电阻为；D图是灯泡A和可变电阻并联后又和灯泡B串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡a与可变电阻R并联后和灯泡b的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡A和灯泡B不能正常工作；根据公式可知，电路电阻越大，消耗的功率就越小，比较A、B、C图可知，C图的总电阻大，消耗的功率最小，故C正确；
考点：考查了电功率的计算
【名师点睛】本题考查电功率的计算和串、并联电路电阻的计算，关键是电功率公式及其变形的灵活运用，重点知道串联电路总电阻大于任何一个串联的电阻，并联电路的总电阻小于任何一个并联的电阻．
6．ACD
【解析】
试题分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，故A正确；电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以V2的示数减小，故B错误；根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-I（R+r），则得：，即△U3与△I的比值大于r，故C正确；根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-Ir，则得：；，据题：R＞r，则得△U1＞△U2．故D正确．故选ACD．
考点：闭合电路的欧姆定律；电路的动态分析
【名师点睛】本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析。
7．AC
【解析】
试题分析：在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器R0与R2并联电阻R并减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，由于R1分压增大，故并联部分电压减小，则电流表示数减小．由P=I2R可知，电阻R1及内阻消耗的电功率均增大；故AC正确．BD错误；故选AC。
考点：电路的动态分析
【名师点睛】本题是电路的动态变化分析问题，首先确定出变阻器接入电路的电阻如何变化，再按局部到整体，再到部分的思路进行分析。
8．AB
【解析】
试题分析：将滑动变阻器的滑片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器与灯L1并联的电阻增大，外电路总电阻增大，路端电压增大，电压表的读数变大，B错误；由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L2变暗，C错误；电压表V2读数变小．灯泡L1的电压U1=E-I（r+RL2）增大，灯泡L1变亮，D错误；由于电容器两端电压减小，由可得电容器两端电压减小，A正确；故选AB。
考点：电路的动态分析
9．BC
【解析】
试题分析：粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，电容器两端电压为：U=E-I（r+R1），故电容器两端电压变大，带电量变大，电场力变大，粒子向上加速；电容器充电，故电流从b到a，故A错误，B正确；
在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程，电阻R变小，电路总电阻变小，电流变大，电容器两端电压为：U=E-I（r+R1），故电容器两端电压变小，带电量变小，电场力变小，粒子向下加速；电容器放电，故电流从a到b，故C正确；D错误；故选BC．
考点：电路的动态分析
【名师点睛】题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化。
10．C
【解析】
试题分析：根据电阻的定义，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故A正确．根据电阻的定义，可知对应P点，小灯泡的电阻为．故B正确，C错误；对应P点，由图可知，小灯泡两端的电压是U1，流过小灯泡的电流是I2，所以小灯泡功率为P=U1I2．小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积，故D正确．
此题选择错误的选项，故选C．
考点： U-I图线；功率
【名师点睛】本题结合图象考查对欧姆定律的理解，要明确题中灯泡是非线性元件，其电阻，但。
11．A
【解析】
试题分析：只逐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，电阻R0消耗的电功率变大，滑动变阻器的电压变大，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R3中有向上的电流，故A正确；电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，对电路没有影响，故B错误；只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由可知，电场力变大，带点微粒向上运动，故C错误；若断开电键S，电容器处于放电状态，电荷量变小，故D错误．故选A．
考点：电路的动态分析
【名师点睛】此题是关于电路的动态分析问题，关键是能从局部开始分析电阻的变化，然后到整体，最后再回到局部；本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化。
12．CD
【解析】
试题分析：滑动变阻器与电流表、灯泡L1串联，与电容器、灯泡L2、电压表并联。滑片下移，滑动变阻器阻值减小，由“串反并同”可知，电流表示数增大，电压表示数减小，故A错误；通过灯泡L2的电流减小，灯泡L2变暗，故B错误；通过灯泡L1的电流增大，灯泡L1变亮，故C正确；电容器两板间电压减小，由可知带电量减少，电源的效率，电压表测路端电压减小，电源效率减小，故D正确。
考点：电路的动态分析
13．D
【解析】
试题分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以的示数减小，根据内外电阻相等时，电源的输出功率最大，知外电阻越来越接近内阻，故电源的输出功率一定增大；AB错误；根据闭合电路欧姆定律得：，则得：，为定值，C错误；根据闭合电路欧姆定律得：，则得：，据题：，则，故大于，D正确；
考点：考查了电路的动态分析
【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部
14．BC
【解析】
试题分析： 电源的效率 ，由闭合电路欧姆定律 可知，b电源的内阻r 较小，R接到b电源上，电源的效率较高，A错误；当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的 图线与电源的 图线的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到b电源上，电压与电流的乘积较小，电源的输出功率较小，B 正确；R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大，但电源效率较低，C正确；D错误；故选BC。
考点：图象、电功率。
【名师点睛】本题关键在于对电源外特性曲线、电阻伏安特性曲线的理解，根据电源的外特性曲线图线，可求出电动势和内阻；根据电阻伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率及电源的效率。
15．BD
【解析】
试题分析：由图可知，R2与滑动变阻器并联后与R1串联，电压表测量路端电压，电流表测量流过滑动变阻器的电流；当滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，干路电流减小，则由可得，路端电压U增大，电压表示数增大，因干路电流减小，则R1两端的电压减小，并联部分电压增大，则流过R2的电流增大，则流过电流表的电流减小，A错误；B正确；总电流减小，则电源的总功率减少，由于不知道外电阻与内阻之间的关系，所以无法判断电源的输出功率的变化，故C错误；通过R1的电流减小，而通过R1的电流等于流过电阻R2电流和流过滑动变阻器R3的电流之和，且流过R2的电流增大，流过滑动变阻器R3的电流减小，所以；D正确；故选BD。
考点：电路的动态分析。
【名师点睛】对于电路动态变化分析问题，首先要根据电路结构的变化分析外电路总电阻的变化，到总电流和路端电压变化，再到局部电路电流和电压的变化进行分析。
16．CD
【解析】
试题分析：当滑动变阻器R2的滑动触头P向上滑动，其阻值变小，总电阻变小，电流表示数I变大，路端电压U3减小，R1的电压U1增大，故R2的电压U2减小．故AB错误．因R1是定值电阻，则有，不变．因为，R2变小，变小；=R1+R2，变小．故C正确．根据闭合电路欧姆定律得U3=E-Ir，则，不变．U2=E-I（R1+r），则=R1+r，不变，故D正确．故选CD．
考点：电路的动态分析
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