高中物理4 单摆课后复习题

这是一份高中物理4 单摆课后复习题，共8页。试卷主要包含了关于单摆，下列说法中正确的是等内容，欢迎下载使用。


1．细线上端固定，下端系一个小球，如果忽略细线的伸缩和________，且线长比小球的________大得多，这样的装置叫做单摆．
2．单摆的回复力是摆球的重力沿圆弧________方向的分力，在偏角很小的情况下，单摆摆球所受的回复力与它偏离平衡位置的位移成________，方向总是指向________________，即F＝________.
3．单摆在偏角很小时做________运动，单摆的周期与摆球质量________，在振幅较小时与振幅________，与摆长l的二次方根成________，与重力加速度g的二次方根成________，即T＝________.
4．关于单摆，下列说法中正确的是( )
A．摆球受到的回复力方向总是指向平衡位置
B．摆球受到的回复力是它的合力
C．摆球经过平衡位置时，所受的合力为零
D．摆角很小时，摆球所受合力的大小跟摆球相对平衡位置的位移大小成正比
5．当单摆的小球由最低点向最高点运动时( )
A．位移增大 B．振幅增大
C．势能增大 D．动能增大
图1
6．如图1所示，是一个单摆(θ<10°)，其周期为T，则下列说法正确的是( )
A．把摆球的质量增加一倍，其周期变小
B．摆角θ变小时，周期也变小
C．此摆由O→B运动的时间为eq \f(T,4)
D．摆球在由B→O运动时，势能向动能转化
概念规律练
知识点一 单摆的回复力
1．对于单摆的振动，以下说法中正确的是( )
A．单摆振动时，摆球受到的向心力大小处处相等
B．单摆运动的回复力就是摆球受到的合力
C．摆球经过平衡位置时所受回复力为零
D．摆球经过平衡位置时所受合外力为零
2．关于单摆，下列说法中正确的是( )
A．摆球运动的回复力是摆线张力和重力的合力
B．摆球在运动过程中经过轨迹上的同一点时，加速度相等
C．摆球在运动过程中，加速度的方向始终指向平衡位置
D．摆球经过平衡位置时，加速度为零
知识点二 单摆的周期公式
3．有一单摆，其摆长l＝1.02 m，摆球的质量m＝0.10 kg，已知单摆做简谐运动，单摆振动30次用的时间t＝60.8 s，试求：
(1)当地的重力加速度；
(2)如果将这个单摆改为秒摆(周期为2 s)，摆长应怎样改变，改变多少．
4．已知在单摆a完成10次全振动的时间内，单摆b完成6次全振动，两摆长之差为1.6 m，则两单摆长la与lb分别为( )
A．la＝2.5 m，lb＝0.9 m B．la＝0.9 m，lb＝2.5 m
C．la＝2.4 m，lb＝4.0 m D．la＝4.0 m，lb＝2.4 m
方法技巧练
一、单摆周期的求解方法
5．如图2所示，倾角为θ的光滑斜面上，将单摆上端固定在O点，平衡位置在O′点做简谐运动时，周期为________．
图2
6．细长轻绳下端拴一小球构成单摆，在悬点正下方eq \f(l,2)摆长处有一个能挡住摆线的钉子P，如图3所示，现将单摆向左方拉开一个小角度，然后无初速度地释放，对于以后的运动，下列说法中正确的是( )
图3
A．摆球往返运动一次的周期比无钉子时单摆的周期小
B．摆球在左右两侧上升的最大高度一样
C．摆球在平衡的位置左右两侧走过的最大弧长相等
D．摆线在平衡位置右侧的最大摆角是左侧的两倍
二、摆钟快慢的调整方法
7．将在地球上校准的摆钟拿到月球上去，若此钟在月球记录的时间是1 h，那么实际上的时间应是______h．已知月球表面的重力加速度是地球表面的1/6.若要把此摆钟调准，应使摆长l0调节为________．
8．某一准确的摆钟，从北京移到南京，它是走快了还是慢了？应如何调整？
1．单摆是为了研究振动而抽象出的理想化模型，其理想化条件是( )
A．摆线质量不计
B．摆线长度不伸缩
C．摆球的直径比摆线长度短得多
D．只要是单摆的运动就是一种简谐运动
2．下列有关单摆运动过程的受力说法，正确的是( )
A．单摆运动的回复力是重力和摆线拉力的合力
B．单摆运动的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力
C．单摆经过平衡位置时所受的合力为零
D．单摆运动的回复力是摆线拉力的一个分力
3．影响单摆周期的因素有( )
A．振幅 B．摆长
C．重力加速度 D．摆球质量
4．如图4所示，在两根等长的细线下悬挂一个小球(体积可忽略)组成了所谓的双线摆，若摆线长为l，两线与天花板的左右两侧夹角均为α，当小球垂直纸面做简谐运动时，周期为( )
图4
A．2π eq \r(\f(l,g)) B．2π eq \r(\f(2l,g))
C．2π eq \r(\f(2lcs α,g)) D．2π eq \r(\f(lsin α,g))
5．将秒摆(周期为2 s)的周期变为1 s，下列措施可行的是( )
A．将摆球的质量减半 B．振幅减半
C．摆长减半 D．摆长减为原来的eq \f(1,4)
6．如图5所示为演示简谐振动的沙摆，已知摆长为l，沙筒的质量为m，沙子的质量为M，M≫m，沙子逐渐下漏的过程中，摆的周期为( )
图5
A．周期不变
B．先变大后变小
C．先变小后变大
D．逐渐变大
7．如图6所示，用绝缘细丝线悬吊着带正电的小球在匀强磁场中做简谐运动，则( )
图6
A．当小球每次通过平衡位置时，动能相同
B．当小球每次通过平衡位置时，速度大小相同
C．当小球每次通过平衡位置时，丝线拉力相同
D．撤去磁场后，小球摆动周期变大
8．一个单摆的摆球偏离到最大位置时，正好遇到空中竖直下落的雨滴，雨滴均匀附着在摆球的表面，下列说法正确的是( )
A．摆球经过平衡位置时速度要增大，周期也增大，振幅也增大
B．摆球经过平衡位置时速度没有变化，周期减小，振幅也减小
C．摆球经过平衡位置时速度没有变化，周期也不变，振幅要增大
D．摆球经过平衡位置时速度要增大，周期不变，振幅要增大
9．一个单摆，在第一个行星上的周期为T1，在第二个行星上的周期为T2，若这两个行星的质量之比为M1∶M2＝4∶1，半径之比为R1∶R2＝2∶1，则( )
A．T1∶T2＝1∶1 B．T1∶T2＝4∶1
C．T1∶T2＝2∶1 D．T1∶T2＝1∶2
10．如图7所示，光滑槽的半径R远大于小球运动的弧长．今有两个小球(视为质点)同时由静止释放，其中甲球开始时离槽最低点O远些，则它们第一次相遇的地点在( )
图7
A．O点
B．O点偏左
C．O点偏右
D．无法确定，因为两小球质量关系未定
11.一根摆长为2 m的单摆，在地球上某地摆动时，测得完成100次全振动所用的时间为284 s.
(1)求当地的重力加速度g；
(2)将该单摆拿到月球上去，已知月球的重力加速度是1.60 m/s2，单摆振动的周期是多少？
12. 摆长为l的单摆在平衡位置O的左右做摆角小于5°的简谐运动，当摆球经过平衡位置O(O在A点正上方)向右运动的同时，另一个以速度v在光滑水平面运动的小滑块，恰好经过A点向右运动，如图8所示，小滑块与竖直挡板P碰撞后以原来的速率返回，略去碰撞所用时间，试问：
图8
(1)A、P间的距离满足什么条件，才能使滑块刚好返回A点时，摆球也同时到达O点且向左运动？
(2)AP间的最小距离是多少？
第2节 单摆
答案
课前预习练
1．质量 直径
2．切线 正比 平衡位置 －kx
3．简谐 无关 无关 正比 反比 2πeq \r(\f(l,g))
4．A [本题主要考查单摆的受力和回复力，根据回复力的定义选项A正确；单摆的回复力除指明在最高点外都不是摆球受力的合力，但不管在哪个位置均可认为是重力沿轨迹圆弧切线方向的分力，所以选项B错误；经过平衡位置时，回复力为零，但合力不为零，因悬线方向上要受向心力，选项C错误；综上可知，选项D错误．]
5．AC
6．CD [该题实际上考查了单摆周期的决定因素，根据单摆的固有周期我们可以知道固有周期与振幅、摆球的质量无关，θ角变小，只是振幅变小，故A、B选项错误．摆球由O→B运动的过程是eq \f(1,4)个全振动，所以运动时间为eq \f(T,4)，故C正确．摆球在运动的过程中机械能是守恒的，所以由B→O运动时，重力势能减小，动能增加，故D正确．]
课堂探究练
1．C [单摆振动过程中受到重力和细线拉力的作用，把重力沿切向和径向分解，其切向分力提供回复力，细线拉力与重力的径向分力的合力提供向心力，向心力大小为mv2/l，可见最大偏角处向心力为零，平衡位置处向心力最大，而回复力在最大偏角处最大，平衡位置处为零．故应选C.]
2．B [摆球运动的回复力是摆球重力沿切线方向的分力，所以A错；摆球经过同一点受力情况不变，所以加速度相等，B对；摆球在运动过程中，不但有回复加速度还有做圆周运动的向心加速度，所以C、D错．]
点评 要理解回复力和向心力都是按效果命名的，一定要清楚它们的来源，回复力是沿振动方向上的合力而不是物体受到的合力．单摆的回复力是摆球重力的切向分力．
3．(1)9.79 m/s2 (2)其摆长要缩短 缩短0.027 m
解析 (1)当单摆做简谐运动时，其周期公式T＝2π eq \r(\f(l,g))，由此可得g＝4π2l/T2，只要求出T值代入即可．
因为T＝eq \f(t,n)＝eq \f(60.8,30) s≈2.027 s.
所以g＝4π2l/T2＝(4×3.142×1.02)/2.0272 m/s2
≈9.79 m/s2.
(2)秒摆的周期是2 s，设其摆长为l0，由于在同一地点重力加速度是不变的，根据单摆的振动规律有
eq \f(T,T0)＝eq \f(\r(l),\r(l0))，
故有l0＝eq \f(T\\al(2,0)l,T2)＝eq \f(22×1.02,2.0272) m≈0.993 m.
其摆长要缩短
Δl＝l－l0＝1.02 m－0.993 m＝0.027 m.
点评 当在摆角小于10°时，单摆的运动是简谐运动，周期为T＝2π eq \r(\f(l,g))，由公式可知只要测得周期T和摆长l就可计算当地的重力加速度；单摆的周期与振幅无关，与摆球的质量无关，在g不变的情况下，改变周期需改变摆长．
4．B [该题考查的是单摆的周期公式．设两个单摆的周期分别为Ta和Tb，由题意10Ta＝6Tb，得Ta∶Tb＝6∶10.
根据单摆周期公式T＝2πeq \r(\f(l,g))，可知l＝eq \f(g,4π2)T2，由此得la∶lb＝Teq \\al(2,a)∶Teq \\al(2,b)＝36∶100.则
la＝eq \f(36,100－36)×1.6＝0.9 m，
lb＝eq \f(100,100－36)×1.6＝2.5 m．显见选项B正确．]
点评 根据两单摆在相同时间内摆动的次数可以求出周期关系，再利用周期公式求出摆长．
5．2π eq \r(\f(l,gsin θ))
解析 摆球静止在平衡位置O′时，绳上的拉力为F拉＝mgsin θ，所以g′＝eq \f(F拉,m)＝gsin θ.
故周期为T＝2π eq \r(\f(l,gsin θ)).
方法总结 单摆周期公式T＝2πeq \r(\f(l,g))，在一些情况中会有一些变化，l为悬点到质心的距离，g有时不是重力加速度，而要找出某些情景中的等效重力加速度g′.等效重力加速度的计算方法：用单摆静止时摆线上的张力除以摆球的质量．
6．AB [有钉子时，摆球往返一次的时间为
T′＝eq \f(1,2)(2π eq \r(\f(l,g))＋2π eq \r(\f(l,2g)))<2π eq \r(\f(l,g))，A对．
摆球运动时，无能量损失，机械能守恒，因此在左右两侧上升的最大高度相同，B对．
如图所示，设摆球在平衡位置右侧的最大摆角为α，左侧的最大摆角为β，摆球在左右两侧上升的最大高度一样，这两处位于同一水平方向，取平衡位置为零势能位置，由mgeq \f(l,2)·(1－cs α)＝mgl(1－cs β)解得eq \f(1－cs α,1－cs β)＝2，显然α≠2β，D错．
eq \x\t(OA)＝eq \f(l,2)α，eq \x\t(OB)＝lβ，α≠2β，所以eq \x\t(OA)≠eq \x\t(OB)，C错，故选A、B.]
方法总结 在周期公式T＝2πeq \r(\f(l,g))中，要明白这个l的含义，它并不一定代表绳长，它是指摆动物体重心距悬点的距离，即物体做圆周运动的半径．
7. eq \r(6) eq \f(l0,6)
解析 设在地球上校准的摆钟周期为T0，实际时间为t0；在月球上周期为T1，指示时间为t1.由于指示时间t与振动次数N成正比，即t∝N；一定时间内全振动次数N与振动周期T成反比，即N∝eq \f(1,T)；由单摆周期公式可知T∝eq \f(1,\r(g))，由以上推知t∝ eq \r(g)，则有eq \f(t0,t1)＝ eq \r(\f(g地,g月))，所求实际时间为t0＝t1eq \r(\f(g地,g月))＝eq \r(6) h．要把它调准，需将摆长调为l0/6.
方法总结 在摆钟机械构造不变的前提下，走时快的摆钟，在给定时间内全振动的次数多，周期小，钟面上显示的时间快．走时慢的摆钟，在给定时间内全振动的次数少，周期大，钟面上显示的时间慢．因钟面显示的时间总等于摆动次数乘以准确摆钟的周期Ts即t显＝N·Ts，所以在同一时间内，钟面显示时间之比等于摆动次数之比，在同一显示时间下真实时间之比等于摆动周期之比．
8．变慢了，把摆长缩短．
解析 单摆周期公式T＝2πeq \r(\f(l,g))，由于北京和南京的重力加速度g北、g南不相等，
且g北>g南，因此周期不相等．
因为g北>g南，所以T北＝2πeq \r(\f(l,g北))说明了振动一次时间的变长了，所以在南京摆钟变慢了．为使该摆钟在南京走时准确，必须将摆长缩短．
方法总结 要抓住摆钟变快、变慢的根本原因是g的变化，是不可再改变的，只有调节摆长．若发现变快，实际上是周期变短了，反之，若发现变慢，实际上是周期变长了，然后再作出相应的调节．
课后巩固练
1．ABC
2．B [单摆运动是在一段圆弧上的运动，因此单摆运动过程中不仅有回复力，而且有向心力，即单摆运动的合力不仅要提供回复力，而且要提供向心力，故选项A错误；单摆的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力，而不是摆线拉力的分力，故选项B正确，D错误；单摆经过平衡位置时，回复力为零，向心力最大，故其合力不为零，故选项C错误．]
3．BC
4．D [这是一个变形的单摆，可以用单摆的周期公式T＝2π eq \r(\f(l,g))计算，但注意此处的l与题中的绳长不同，公式中的l是指质点到悬点(等效悬点)的距离，即做圆周运动的半径．此题中单摆的等效摆长为lsin α，代入周期公式，可得T＝2π eq \r(\f(lsin α,g))，故选D.]
5．D
6．B [在沙摆摆动、沙子逐渐下漏的过程中，摆的重心逐渐下降，即摆长逐渐变大，当沙子流到一定程度后，摆的重心又重新上移，即摆长变小，由周期公式可知，沙摆的周期先变大后变小，故答案选B.]
7．AB [洛伦兹力总是与速度方向垂直，因此不参与提供回复力，所以对周期及动能无影响．]
8．D [在最大位移处，雨滴落到摆球上，质量增大，同时摆球获得初速度，故振幅增大，但摆球质量不影响周期，周期不变．选项D正确．]
9．A [由T＝2π eq \r(\f(l,g))及GM＝gR2，得T＝2π eq \r(\f(LR2,GM))∝ eq \r(\f(R2,M))，所以eq \f(T1,T2)＝eq \f(\r(\f(R\\al(2,1),M1)),\r(\f(R\\al(2,2),M2)))，代入数据得T1∶T2＝1∶1，选A正确．]
10．A [由于半径R远大于运动的弧长，所以小球做简谐运动，其周期都为T＝2πeq \r(\f(R,g))，与位移的大小无关，故同时到达O点，A正确．]
11．(1)9.78 m/s2 (2)7.02 s
解析 (1)周期T＝eq \f(284,100) s＝2.84 s.
g＝eq \f(4π2l,T2)＝eq \f(4×3.142×2,(2.84)2) m/s2≈9.78 m/s2.
(2)T′＝2π eq \r(\f(l,g′))＝2×3.14× eq \r(\f(2,1.60)) s≈7.02 s.
12．(1)A、P间的距离满足eq \f((2n＋1)v·π,2) eq \r(\f(l,g))(n＝0,1,2…)
(2)eq \f(πv,2) eq \r(\f(l,g))
解析 (1)小滑块做匀速直线运动的往返时间为t1，t1＝eq \f(2x,v)，单摆做简谐运动回到O点且向左运动所需时间为t2，t2＝eq \f(T,2)＋nT(n＝0,1,2…)，其中T＝2π eq \r(\f(l,g))，由题意可知t1＝t2，所以eq \f(2x,v)＝eq \f(T,2)＋nT，即x＝eq \f(v,2)(eq \f(1,2)＋n)T＝eq \f(v,4)(2n＋1)T＝eq \f(v,4)(2n＋1)·2π eq \r(\f(l,g))＝eq \f((2n＋1)v·π,2)eq \r(\f(l,g))(n＝0,1,2…)．
(2)n＝0时，AP间的距离最小，xmin＝eq \f(πv,2) eq \r(\f(l,g)).