2021版新高考数学一轮教师用书：第6章第2节　等差数列及其前n项和

第二节　等差数列及其前n项和

[考点要求]　1.理解等差数列的概念．2.掌握等差数列的通项公式与前n项和公式．3.能在具体的问题情境中识别数列的等差关系，并能用等差数列的有关知识解决相应的问题．4.了解等差数列与一次函数的关系．

(对应学生用书第103页)

1．等差数列

(1)定义：一般地，如果一个数列从第2项起，每一项与它的前一项的差等于同一个常数，那么这个数列就叫做等差数列，这个常数叫做等差数列的公差，公差通常用字母d表示．数学语言表示为an＋1－an＝d(n∈N*)，d为常数．

(2)等差中项：数列a，A，b成等差数列的充要条件是A＝，其中A叫做a，b的等差中项．

2．等差数列的有关公式

(1)通项公式：an＝a1＋(n－1)d．

(2)前n项和公式：Sn＝na1＋d＝.

3．等差数列的通项公式及前n项和公式与函数的关系

(1)当d≠0时，等差数列{an}的通项公式an＝dn＋(a1－d)是关于d的一次函数．

(2)当d≠0时，等差数列{an}的前n项和Sn＝n2＋n是关于n的二次函数．

4．等差数列的前n项和的最值

在等差数列{an}中，a1>0，d<0，则Sn存在最大值；若a1<0，d>0，则Sn存在最小值．

等差数列的常用性质

(1)通项公式的推广：an＝am＋(n－m)d(n，m∈N*).

(2)若{an}为等差数列，且m＋n＝p＋q，则am＋an＝ap＋aq(m，n，p，q∈N*).

(3)若{an}是等差数列，公差为d，则ak，ak＋m，ak＋2m，…(k，m∈N*)是公差为md的等差数列．

(4)数列Sm，S2m－Sm，S3m－S2m，…(m∈N*)也是等差数列，公差为m2d．

(5)若{an}，{bn}均为等差数列且其前n项和为Sn，Tn，则＝．

(6)若{an}是等差数列，则也是等差数列，其首项与{an}的首项相同，公差是{an}的公差的.

(7)若等差数列{an}的项数为偶数2n，则

①S2n＝n(a1＋a2n)＝…＝n(an＋an＋1)；

②S偶－S奇＝nd，＝.

(8)若等差数列{an}的项数为奇数2n＋1，则

①S2n＋1＝(2n＋1)an＋1；②＝.

一、思考辨析(正确的打“√”，错误的打“×”)

(1)若一个数列从第2项起每一项与它的前一项的差都是常数，则这个数列是等差数列．(　　)

(2)等差数列{an}的单调性是由公差d决定的. (　　)

(3)数列{an}为等差数列的充要条件是对任意n∈N＋，都有2an＋1＝an＋an＋2.(　　)

(4)等差数列的前n项和公式是常数项为0的二次函数．(　　)

[答案]　(1)×　(2)√　(3)√　(4)×

二、教材改编

1．等差数列{an}中，a4＋a8＝10，a10＝6，则公差d等于(　　)

A．　　 　B．　　 　C．2　　 　D．－

A　[∵a4＋a8＝2a6＝10，∴a6＝5，

又a10＝6，∴公差d＝＝＝.故选A.]

2．设数列{an}是等差数列，其前n项和为Sn，若a6＝2且S5＝30，则S8等于(　　)

A．31    B．32    C．33    D．34

B　[设数列{an}的公差为d，

法一：由S5＝5a3＝30得a3＝6，

又a6＝2，

∴S8＝＝

＝＝32.

法二：由

得

∴S8＝8a1＋d＝8×－28×＝32.]

3．已知等差数列－8，－3，2，7，…，则该数列的第100项为________．

487　[依题意得，该数列的首项为－8，公差为5，所以a100＝－8＋99×5＝487.]

4．某剧场有20排座位，后一排比前一排多2个座位，最后一排有60个座位，则剧场总共的座位数为________．

820　[设第n排的座位数为an(n∈N*)，数列{an}为等差数列，其公差d＝2，则an＝a1＋(n－1)d＝a1＋2(n－1).由已知a20＝60，得60＝a1＋2×(20－1)，解得a1＝22，则剧场总共的座位数为＝＝820.]

(对应学生用书第103页)

考点1　等差数列基本量的运算

　解决等差数列运算问题的思想方法

(1)方程思想：等差数列的基本量为首项a1和公差d，通常利用已知条件及通项公式或前n项和公式列方程(组)求解，等差数列中包含a1，d，n，an，Sn五个量，可“知三求二”．

(2)整体思想：当所给条件只有一个时，可将已知和所求都用a1，d表示，寻求两者间的联系，整体代换即可求解．

(3)利用性质：运用等差数列性质可以化繁为简、优化解题过程．

　1.[多选]记Sn为等差数列{an}的前n项和．已知S4＝0，a5＝5，则(　　)

A．an＝2n－5　 B．an＝3n－10

C．Sn＝2n2－8n     D．Sn＝n2－4n

AD　[由题意知，

解得∴an＝2n－5，Sn＝n2－4n，故选AD.]

2．(2018·全国卷Ⅰ)记Sn为等差数列{an}的前n项和．若3S3＝S2＋S4，a1＝2，则a5等于(　　)

A．－12     B．－10

C．10     D．12

B　[设等差数列{an}的公差为d，由3S3＝S2＋S4，

得3＝2a1＋×d＋4a1＋×d，将a1＝2代入上式，解得d＝－3，

故a5＝a1＋(5－1)d＝2＋4×(－3)＝－10.故选B.]

3．(2019·黄山三模)《算法统宗》是中国古代数学名著，由明代数学家程大位编著，它对我国民间普及珠算和数学知识起到了很大的作用，是东方古代数学的名著．在这部著作中，许多数学问题都是以歌诀形式呈现的，“九儿问甲歌”就是其中一首：一个公公九个儿，若问生年总不知，自长排来差三岁，共年二百又零七，借问长儿多少岁，各儿岁数要详推．在这个问题中，记这位公公的第n个儿子的年龄为an，则a1＝(　　)

A．23     B．32

C．35     D．38

C　[由题意可知年龄构成的数列为等差数列，其公差为－3，则9a1＋×(－3)＝207，解得a1＝35，故选C.]

　确定等差数列的关键是求出两个最基本的量，即首项a1和公差d.

考点2　等差数列的判定与证明

　等差数列的4个判定方法

(1)定义法：证明对任意正整数n都有an＋1－an等于同一个常数．

(2)等差中项法：证明对任意正整数n都有2an＋1＝an＋an＋2.

(3)通项公式法：得出an＝pn＋q后，再根据定义判定数列{an}为等差数列．

(4)前n项和公式法：得出Sn＝An2＋Bn后，再使用定义法证明数列{an}为等差数列．

　 若数列{an}的前n项和为Sn，且满足an＋2SnSn－1＝0(n≥2)，a1＝.

(1)求证：成等差数列；

(2)求数列{an}的通项公式．

[解]　(1)证明：当n≥2时，由an＋2SnSn－1＝0，

得Sn－Sn－1＝－2SnSn－1，

因为Sn≠0，所以－＝2，

又＝＝2，

故是首项为2，公差为2的等差数列．

(2)由(1)可得＝2n，所以Sn＝.

当n≥2时，

an＝Sn－Sn－1＝－＝＝－.

当n＝1时，a1＝不适合上式．

故an＝

　证明成等差数列的关键是－为与n无关的常数，同时注意求数列{an}的通项公式时务必检验其通项公式是否包含n＝1的情形．

　1.已知数列{an}满足a1＝1，且nan＋1－(n＋1)an＝2n2＋2n.

(1)求a2，a3；

(2)证明数列是等差数列，并求{an}的通项公式．

[解]　(1)由已知，得a2－2a1＝4，

则a2＝2a1＋4，又a1＝1，所以a2＝6.

由2a3－3a2＝12，

得2a3＝12＋3a2，所以a3＝15.

(2)由已知nan＋1－(n＋1)an＝2n(n＋1)，

得＝2，即－＝2，

所以数列是首项＝1，公差d＝2的等差数列．

则＝1＋2(n－1)＝2n－1，所以an＝2n2－n.

2．已知数列{an}的前n项和为Sn，a1＝1，an≠0，anan＋1＝λSn－1，其中λ为常数．

(1)证明：an＋2－an＝λ；

(2)是否存在λ，使得{an}为等差数列？并说明理由．

[解]　(1)证明：由题设知anan＋1＝λSn－1，an＋1an＋2＝λSn＋1－1，两式相减得an＋1(an＋2－an)＝λan＋1，

由于an＋1≠0，

所以an＋2－an＝λ.

(2)由题设知a1＝1，a1a2＝λS1－1，

可得a2＝λ－1.

由(1)知，a3＝λ＋1.

令2a2＝a1＋a3，

解得λ＝4.

故an＋2－an＝4，

由此可得{a2n－1}是首项为1，

公差为4的等差数列，a2n－1＝4n－3；

{a2n}是首项为3，公差为4的等差数列，a2n＝4n－1.

所以an＝2n－1，an＋1－an＝2，

因此存在λ＝4，

使得数列{an}为等差数列．

考点3　等差数列的性质及应用

　等差数列中解题常用的性质

(1)项的性质：在等差数列{an}中，m＋n＝p＋q(m，n，p，q∈N*)，则am＋an＝ap＋aq.

(2)和的性质：在等差数列{an}中，Sn为其前n项和，则

①S2n＝n(a1＋a2n)＝…＝n(an＋an＋1)；

②S2n－1＝(2n－1)an.

(3)在Sn＝中常用性质或等差中的项解题．

　(1)正项等差数列{an}的前n项和为Sn，已知a3＋a9－a＋15＝0，则S11＝(　　)

A．35     B．36

C．45     D．55

(2)(2019·锦州模拟)已知等差数列{an}的前n项和为Sn.若S5＝7，S10＝21，则S15等于(　　)

A．35     B．42

C．49     D．63

(3)已知Sn是等差数列{an}的前n项和，若a1＝－2 018，－＝6，则S2 020＝________．

(1)D　(2)B　(3)2 020　[(1)因为{an}为正项等差数列，故a3＋a9＝2a6，

所以a－2a6－15＝0，解得a6＝5或者a6＝－3(舍)，所以S11＝11a6＝11×5＝55，故选D.

(2)在等差数列{an}中， S5，S10－S5，S15－S10成等差数列，即7，14，S15－21成等差数列，

所以7＋(S15－21)＝2×14，解得S15＝42.

(3)由等差数列的性质可得也为等差数列．设其公差为d，则－＝6d＝6，

∴d＝1.

故＝＋2 019d＝－2 018＋2 019＝1，

∴S2 020＝1×2 020＝2 020.]

　以数列项或和的下角标为突破口，结合等差数列的性质灵活解答．

　1.已知等差数列{an}的前n项和为Sn，若m＞1，且am－1＋am＋1－a－1＝0，S2m－1＝39，则m等于(　　)

A．39     B．20

C．19     D．10

B　[数列{an}为等差数列，则am－1＋am＋1＝2am，则am－1＋am＋1－a－1＝0可化为2am－a－1＝0，解得am＝1.又S2m－1＝(2m－1)am＝39，

则m＝20.故选B.]

2．设等差数列{an}，{bn}的前n项和分别为Sn，Tn，若对任意的n∈N*，都有＝，则＋的值为(　　)

A．    B．    C．    D．

C　[由题意可知b3＋b13＝b5＋b11＝b1＋b15＝2b8，

∴＋＝＝＝＝＝＝.故选C.]

考点4　等差数列前n项和的最值

问题

　求等差数列前n项和Sn最值的2种方法

(1)函数法：利用等差数列前n项和的函数表达式Sn＝an2＋bn，通过配方或借助图象求二次函数最值的方法求解．

(2)邻项变号法：

①当a1>0，d<0时，满足的项数m使得Sn取得最大值为Sm；

②当a1<0，d>0时，满足的项数m使得Sn取得最小值为Sm.

　[一题多解]等差数列{an}的前n项和为Sn，已知a1＝13，S3＝S11，当Sn最大时，n的值是(　　)

A．5    B．6     C．7    D．8

C　[法一：(邻项变号法)由S3＝S11，得a4＋a5＋…＋a11＝0，根据等差数列的性质，可得a7＋a8＝0.根据首项等于13可推知这个数列为递减数列，从而得到a7>0，a8<0，故n＝7时Sn最大．

法二：(函数法)由S3＝S11，可得3a1＋3d＝11a1＋55d，把a1＝13代入，得d＝－2，故Sn＝13n－n(n－1)＝－n2＋14n.根据二次函数的性质，知当n＝7时Sn最大．

法三：(函数法)根据a1＝13，S3＝S11，知这个数列的公差不等于零，且这个数列的和是先递增后递减．根据公差不为零的等差数列的前n项和是关于n的二次函数，以及二次函数图象的对称性，可得只有当n＝＝7时，Sn取得最大值．]

　本题用了三种不同的方法，其中方法一是从项的角度分析函数最值的变化；方法二、三是借助二次函数的图象及性质给与解得，三种方法各有优点，灵活运用是解题的关键．

　1.设数列{an}是公差d＜0的等差数列，Sn为其前n项和，若S6＝5a1＋10d，则Sn取最大值时，n的值为(　　)

A．5     B．6

C．5或6     D．11

C　[由题意得S6＝6a1＋15d＝5a1＋10d，化简得a1＝－5d，所以a6＝0，故当n＝5或6时，Sn最大．]

2．(2019·北京高考)设{an}是等差数列，a1＝－10，且a2＋10，a3＋8，a4＋6成等比数列．

(1)求{an}的通项公式；

(2)记{an}的前n项和为Sn，求Sn的最小值．

[解]　(1)∵{an}是等差数列，a1＝－10，且a2＋10，a3＋8，a4＋6成等比数列．

∴(a3＋8)2＝(a2＋10)(a4＋6)，

∴(－2＋2d)2＝d(－4＋3d)，解得d＝2，

∴an＝a1＋(n－1)d＝－10＋2n－2＝2n－12.

(2)法一：(函数法)由a1＝－10，d＝2，

得Sn＝－10n＋×2＝n2－11n＝－，

∴n＝5或n＝6时，Sn取最小值－30.

法二：(邻项变号法)由(1)知，an＝2n－12.

所以，当n≥7时，an＞0；当n≤6时，an≤0.

所以Sn的最小值为S6＝－30.