2025-2026学年八年级物理下学期期末自编模拟练习卷含答案一（辽宁专用）

这是一份2025-2026学年八年级物理下学期期末自编模拟练习卷含答案一（辽宁专用），共6页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本题共9小题，共18分。1~6题为单选题，每题2分；7~9题为多选题，每题2分，漏选得1分，错选得0分）
1．对以下事例的估测，符合生活实际的是（ ）
A．用手拿起一个鸡蛋的力约是5N
B．物理课本所受重力约为20N
C．一个标准的大气压可支持的水柱高约为760mm
D．一位普通中学生游泳时受到的浮力大约是500N
【答案】D
【详解】A．一个鸡蛋质量约为50g，由重力公式G=mg=50×10−3kg×10N/kg=0.5N，故A错误；
B．物理课本质量约为200g，由重力公式G=mg=200×10−3kg×10N/kg=2N，故B错误；
C．一个标准大气压可支持的汞柱约为760mm，故C错误；
D．一位普通中学生所受重力约为500N，游泳时浮力等于其重力大小，约为500N，故D正确。
故选D 。
2．如图所示，街头的一位艺人正在表演“爬杆”特技，只见他沿着杆匀速向上爬，最终静止在杆顶，表演结束后艺人沿着杆匀速滑下，下列说法正确的是（ ）
A．匀速向上爬时，艺人受到摩擦力的方向向下
B．静止在杆顶时，增大握力，艺人受到的摩擦力变大
C．匀速滑下时，艺人受到的重力和摩擦力是一对相互作用力
D．匀速向上爬时艺人所受摩擦力等于他匀速滑下时所受摩擦力
【答案】D
【详解】A．当艺人沿着杆匀速向上爬时，在竖直方向上艺人受到重力和摩擦力的作用，这两个力二力平衡，重力的方向竖直向下，则摩擦力的方向竖直向上，故A错误；
B．当艺人静止在杆顶时，在竖直方向上艺人只受到重力和摩擦力的作用，这两个力二力平衡，虽然增大握力，但由于艺人自身所受重力不变，所以艺人受到的摩擦力也不变，故B错误；
C．匀速滑下时，重力和摩擦力都作用在艺人身上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C错误；
D．无论匀速向上爬还是匀速滑下，艺人都处于平衡状态，摩擦力大小都等于自身重力，因此两次摩擦力大小相等，故D正确。
故选 D。
3．如图所示，将橡皮筋一端固定，另一端与小圆环相连，用两个弹簧测力计研究同一直线上方向相反的两个力的合成。下列说法正确的是（ ）
A．实验过程中改变拉力F1、F2的大小，多次实验是为了减少实验误差
B．用细线代替橡皮筋也能完成该实验
C．两个实验中，弹簧测力计均需将小圆环拉到同一位置O
D．弹簧测力计的示数F1可能小于F2
【答案】C
【详解】A．本实验是探究同一直线反方向二力合成的规律，属于探究类实验，多次改变F1、F2实验的目的是避免偶然性，得到普遍规律，故A错误；
B．实验中依靠橡皮筋的伸长来体现力的作用效果，需要通过拉伸到同一位置保证力的作用效果相同，细线几乎没有弹性形变，无法完成实验，不能代替橡皮筋，故B错误；
C．本实验采用等效替代法，只有将小圆环两次拉到同一位置O，才能保证两个分力的作用效果，和合力的作用效果相同，故C正确；
D．本实验中最终等效的合力F合与F1方向相同，根据同一直线方向相反二力的合成规律F合=F1−F2>0，因此F1一定大于F2，故D错误。
故选C。
4．物理兴趣小组的同学，对下图所示的现象进行讨论，其中正确的是（ ）
A．图甲：用吸管喝饮料，瓶里的饮料是大气压压上来的
B．图乙：吹气时两纸向中间靠拢，说明流体流速大的位置压强大
C．图丙：洗手槽排水管下方设计成U形“反水弯”，反水弯中的水位始终不相等
D．图丁：停止沸腾的水，浇上冷水后水再次沸腾，说明液体表面气压减小，沸点升高
【答案】A
【详解】A．用吸管喝饮料时，先把吸管内的空气吸走，使吸管内的气压减小，小于外界大气压，在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里，所以瓶里的饮料是大气压压上来的，故A正确‌；
B．吹气时两纸向中间靠拢，是因为两纸中间空气流速大，压强小，而纸外侧压强大，在两侧压强差的作用下，纸向中间靠拢，说明流体流速大的位置压强小，而不是压强大，故B错误‌；
C．洗手槽排水管下方设计成U形“反水弯”，利用了连通器原理，当水不流动时，U形管两侧的水位是相平的，故C错误‌；
D．停止沸腾的水，浇上冷水后，瓶内气体遇冷收缩，气压减小，水的沸点随气压的减小而降低，所以水会再次沸腾，说明液体表面气压减小，沸点降低，而不是沸点升高，故D错误‌。
故选A。
5．如图是活塞式抽水机的示意图，活塞跟筒壁紧密接触但是可以上下滑动。下列说法符合实际的是（ ）
A．A、B是只能向下开启的阀门
B．作用在摇杆A点的力的方向向斜下方时，是省力杠杆
C．活塞下方圆筒内空间增大，气压增大
D．在液体压强的作用下，地下水被压入抽水机圆筒内
【答案】B
【详解】A．活塞式抽水机的阀门A、B都只能向上开启，提起活塞时，大气压推开底部阀门B向上进水；下压活塞时，水压推开活塞上的阀门A，让水进入活塞上方，故A不符合题意；
B．该杠杆的支点在摇杆上端，动力作用在A点，动力臂长度大于阻力臂长度，因此是省力杠杆，故B符合题意；
C．活塞下方圆筒空间增大时，内部气体体积变大，气压减小，不是增大，故C不符合题意；
D．活塞式抽水机是利用大气压将地下水压入抽水机圆筒，不是液体压强的作用，故D不符合题意。
故选B。
6．我国古代科学著作《天工开物》中记载的筒车如图甲所示，是古代水利灌溉工具。以水流为动力来取水，取水筒随筒车从低处匀速转动上升至高处，其模型如图乙所示，下列关于此过程说法中不正确的是（ ）
A．取水筒内的水，在取水处时动能最大
B．取水筒内的水，在倒水处时重力势能最大
C．取水筒内的水，从取水处到倒水处，机械能减小
D．筒车能够持续工作，其能量转化是将水流的动能转化为水的重力势能
【答案】C
【详解】A．筒车匀速转动，速度保持不变。在取水处（最低处）取水筒装满水，此时筒内水的质量最大。 随着筒车转动，取水筒由最低处上升到最高处，水逐渐倒出，质量减小。因此，在取水处，由于质量最大且速度不变，水的动能最大。故A正确；
B．取水筒内的水，在倒水处高度最高，则重力势能最大，故B正确；
C．取水筒内的水，从取水处到倒水处，取水筒内的水动能不变、重力势能增大，机械能应增大，故C错误；
D．筒车以水流为动力，将水流的动能转化为筒内水的重力势能，故D正确。
本题选说法不正确的，故选C。
7．在冬奥会冰壶比赛场地上（粗糙程度相同），运动员用水平推力使冰壶从A点向前运动，到B点时松手，冰壶滑行到C点静止。下列说法正确的是（ ）
A．冰壶从A到B的过程，该同学对冰壶做了功
B．冰壶能够从B运动到C，是由于它受到了惯性作用
C．冰壶从B到C的运动过程中，它的机械能不变
D．冰壶在AB段所受的摩擦力等于在BC段所受的摩擦力
【答案】AD
【详解】A．从A到B的过程中，运动员对冰壶施加水平推力，冰壶在力的方向上运动了一段距离，根据功的定义，功是力与物体在力的方向上移动距离的乘积，运动员对冰壶做了功，故A正确；
B．惯性是物体保持原有运动状态的性质，是物体固有属性，不是一种力，冰壶从B运动到C是因为它具有惯性，而不是“受到惯性作用”，故B错误；
C．从B到C的过程中，冰壶受到摩擦力的作用，摩擦力始终与冰壶的运动方向相反，因此冰壶会一直减速，直到最终静止，在此过程中，冰壶的机械能逐渐减小，故C错误；
D．冰壶在AB段和BC段都与冰面接触，且冰面的粗糙程度相同，冰壶对冰面的压力也相同，均为冰壶的重力，根据滑动摩擦力大小影响因素，冰壶对冰面的压力大小不变，接触面粗糙程度不变，因此冰壶在AB段和BC段所受的摩擦力大小相等，故D正确。
故选AD。
8．如图所示的情景是浮力在生活中的应用，以下说法正确的是（ ）
A．甲图，鸡蛋静止悬浮在浓盐水中，若再加一些清水，鸡蛋仍然保持静止悬浮
B．乙图，潜水艇通过改变自身的重力以达到上浮和下潜的目的
C．丙图，舰载机起飞后航母的排水量不变
D．丁图，载人飞艇可以飘在空中是因为充入了密度小于空气的气体
【答案】BCD
【详解】A．根据物体浮沉条件可知，鸡蛋悬浮在浓盐水中时，盐水密度等于鸡蛋密度，加入清水后，盐水密度减小，小于鸡蛋密度，鸡蛋会下沉，故A错误；
B．当向水舱充水时，潜水艇自身重力增大，重力大于浮力，潜水艇下潜；当水舱排水时，潜水艇自身重力减小，重力小于浮力，潜水艇上浮，即潜水艇通过改变自身的重力以达到上浮和下潜的目的，故B正确；
C．航母的排水量是航母满载时排开水的质量，舰载机是否起飞不会影响航母满载时排开水的质量，所以舰载机起飞后航母的排水量不变，故C正确；
D．载人飞艇内充入了密度小于空气的气体，根据物体浮沉条件可知，载人飞艇可以飘起，故D正确。
故选BCD。
9．明明想测量一块石头的密度，如图甲，他找来一个底面积为60cm2的大圆柱形容器将其放在水平桌面上，向其中加入适量的水，再将一个空的底面积为20cm2小圆柱形容器放入其中漂浮；如图乙，将石头放入小容器后，小容器相对杯底向下移动了4cm；如图丙，他将小容器和石头取出后，在小容器中倒入160cm3的水，水面高度为10cm（水密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。下列说法正确的是（ ）
A．乙图中水对圆柱形容器底的压强比甲图增加了200Pa
B．丙图中鹅卵石受到水的浮力为0.4N
C．石头质量为80g
D．鹅卵石的密度为3g/cm3
【答案】ABD
【分析】石头放入小容器后小容器仍漂浮，则小容器增加的浮力等于石头的重力，结合小容器下移距离、底面积，通过阿基米德原理可求出石头重力，进而得到质量；小容器多排开的水会使大容器液面升高，用增加的排开水的体积除以大容器底面积得到液面升高量，再用液体压强公式p=ρgℎ计算压强增加量；已知小容器中倒入水的体积和水面总高度，用小容器底面积乘以总高度得到水和石头的总体积，减去水的体积得到石头体积，结合阿基米德原理可求石头受到的浮力；再用密度公式ρ=mV计算密度。
【详解】A．石头放入漂浮的小容器后，总浮力增加量等于石头重力，即ΔF浮=G石。 小容器相对大容器底下移ℎ1，水面上升Δℎ，小容器浸入深度增加量为 ℎ1+Δℎ，增加的排开水体积满足ΔV排=S小(ℎ1+Δℎ)=S大Δℎ
代入数值60cm2×Δℎ=20cm2×(4cm+Δℎ)
解得Δℎ=2cm=0.02m
水对容器底压强增加量Δp=ρ水gΔℎ=1×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa ，故A正确；
C．石头放入后，小容器排开水体积增加量为ΔV排=S大Δℎ=60cm2×2cm=120cm3
由ΔF浮=G石=ρ水gΔV排得石头的质量为m石=ρ水ΔV排=1g/cm3×120cm3=120g，故C错误；
B．丙图中，小容器内倒入160cm3水，放入石头后总高度10cm，总体积为V总=S小ℎ=20×10=200cm3
因此石头体积为V石=V总−V水=200cm3−160cm3=40cm3=4×10−5m3
丙图中鹅卵石受到水的浮力为F浮=ρ水gV石=1×103×10×4×10−5=0.4N，故B正确；
D．鹅卵石的密度为ρ石=m石V石=120g40cm3=3g/cm3 ，故D正确。
故选ABD。
二、填空题（本题包括6小题，每空1分，共12分）
10．2025年4月30日13点8分，神舟十九号返回舱成功着陆位于内蒙古的东风着陆场。如图所示，着陆器距离地面约一米时，启动反推火箭向下喷火减速着陆，利用了物体间的力的作用是________的。着陆后，返回舱着陆器在地表留下了明显的压痕，说明力可以改变物体的________。
【答案】 相互 形状
【详解】反推火箭向下喷火，火箭给燃气一个向下的力，同时燃气给火箭一个向上的反作用力，使着陆器减速，这利用了物体间的力的作用是相互的。
返回舱着陆器在地表留下明显压痕，是地表的形状发生了改变，说明力可以改变物体的形状。
11．投掷实心球是一个能提升力量和协调性的训练项目。实心球表面有粗糙颗粒，这样设计的目的是为了____摩擦。投掷实心球，球离开手后能够继续在空中飞行一段距离，是因为实心球具有______。
【答案】 增大 惯性
【详解】摩擦力的大小与压力大小、接触面粗糙程度有关，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力，实心球表面的粗糙颗粒通过增大接触面粗糙程度来达到增大摩擦的目的。
惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，实心球离开手前处于运动状态，离开手后由于具有惯性，仍会保持原来的运动状态，因此能继续在空中飞行一段距离。
12．如图所示，水中的鱼吐出的气泡在上升过程中，气泡逐渐变大，是因为此过程中水的压强逐渐____________（选填“变大”“变小”或“不变”），同时气泡所受到的浮力也在发生改变，使气泡向上做____________（选填“减速”“加速”或“匀速”）运动。
【答案】 变小 加速
【详解】[1]气泡上升时，深度h变小，由p=ρgℎ可知，气泡受到水的压强变小。
[2]气泡在上升过程中，体积变大，排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，气泡受到的浮力变大，重力不变，所受的合力向上，所以气泡向上做加速运动。
13．体育课上，质量为60 kg小华在1 min内完成了15个标准“引体向上”，每次“引体向上”上升的高度均为40 cm。小华做一次“引体向上”克服重力做的功为___________J，1 min内克服重力做功的功率为___________W。（g=10 N/kg）
【答案】 240 60
【详解】上升高度ℎ=40cm=0.4m
小华的重力G=mg=60kg×10N/kg=600N
一次“引体向上”克服重力做功 W1=Gℎ=600N×0.4m=240J
1分钟共完成15次，总功W总=15×240J=3600J
时间t=1min=60s，克服重力做功的功率 P=W总t=3600J60s=60W
14．图甲是《天工开物》里记载的一种捣谷的舂。其简化原理图如图乙所示，其中OA∶OB=2∶1，碓头质量为15kg，不计横木的重力和转动摩擦，捣谷人对B点的作用力为F1。捣谷人右脚在图乙B点踩横木使其刚好转动，至少要用______N的力踩横木（g取10N/kg），若要使捣谷人更省力一点，可采取的方法是______（写出一种方法即可）。
【答案】 300 把支点O向A端移动
【详解】捣谷人右脚在图乙B点踩横木使其刚好转动，当OB为动力臂时，动力臂是最大的，在阻力、阻力臂不变的情况下，根据杠杆的平衡条件可知，此时的动力是最小的，则有m碓头g×OA=F1×OB，则踩横木的最小动力F1=m碓头g×OAOB=15kg×10N/kg×21=300N
若要使捣谷人更省力一点，可把支点O向A端移动，此时阻力臂变小，动力臂变大，阻力大小不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力变小，会更省力。
15．用如图所示的滑轮组拉着重为40N的物体A水平匀速前进0.4m，则绳子自由端移动的距离为___________m，物体A与地面的摩擦力为12N，滑轮组的机械效率为80%，则实际拉力F为___________N。
【答案】 1.2 5
【详解】由图可知，拉动动滑轮的绳子段数 n=3，水平滑轮组中绳子自由端移动距离 s=ns物，已知物体前进距离 s物=0.4m，因此s=3×0.4m=1.2m
水平滑轮组的有用功是克服物体摩擦力做的功，即 W有=fs物，总功 W总=Fs=Fns物
机械效率η=W有W总=fs物nFs物=fnF
变形得拉力F=fnη=12N3×80%=5N
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
16．如下左图甲所示是某运动员沿赛道向上滑行的某一情景。请你在此情景的示意图（如图乙所示）中以O点为力的作用点，画出运动员受到的摩擦力f和此时赛道对她的支持力F的示意图。
【答案】
【详解】支持力F：支持力属于弹力，方向垂直于支撑面，指向运动员，因此方向为垂直斜面向上，作用点在O点。
摩擦力f：运动员沿赛道向上滑行，摩擦力阻碍相对运动，方向与相对运动方向相反，因此方向为沿斜面向下，作用点在O点。
17．清洁工人正在用便携式垃圾拾取器捡拾地面上的垃圾，如图甲。图乙为其示意图，O为支点，请在乙图中画出捡拾垃圾时，作用在A点的最小动力F及其力臂L。
【答案】
【详解】根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，当阻力、阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。最长的动力臂为支点O到动力作用点AA的连线OA，因此以OA为动力臂时，动力最小。连接O和A，得到最长动力臂，标注为L。过A点作OA的垂线，根据捡拾垃圾的转动需求，动力方向垂直OA斜向左下方，画出箭头标注动力F。
四、实验探究题（本题共4小题，共24分）
18．小平用一个长方体木块、弹簧测力计、两个相同的砝码和海绵等探究压力作用效果与什么因素有关。
(1)根据甲、乙两图，可知压力的作用效果与__________大小有关。
(2)用甲、丙两图探究压力作用效果与受力面积的关系，应在丙图木块上放__________个砝码。由此得出结论：__________一定，受力面积越小，压力的作用效果越__________。
(3)小平利用上述器材继续探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关：
①用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平桌面做匀速直线运动，弹簧测力计的示数如图丁所示。
②取下木块上的砝码，重复①的操作，弹簧测力计的示数为1.8N。由此说明，接触面粗糙程度一定，压力越小，滑动摩擦力越__________。
③以不同的速度多次水平拉动木块，使它沿水平桌面做匀速直线运动，发现弹簧测力计的示数几乎不变，说明滑动摩擦力的大小与速度大小__________（选填“有关”或“无关”）。
【答案】(1)压力
(2) 1 压力 明显
(3) 小 无关
【详解】（1）甲、乙两图受力面积相同，乙图压力更大，海绵凹陷更明显，因此得出压力作用效果与压力大小有关。
（2）用甲、丙两图探究压力作用效果与受力面积的关系时，需要控制压力的大小相同，应在丙图木块上放1个砝码，由图可知，压力一定时，受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，压力的作用效果越明显。
（3）图丁中测力计分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为2.4N；接触面粗糙程度不变时，取下砝码后压力减小，弹簧测力计的示数变为1.8N，示数更小，说明滑动摩擦力减小，由此说明，接触面粗糙程度一定，压力越小，滑动摩擦力越小。
改变拉动木块的速度，弹簧测力计示数几乎不变，即摩擦力大小几乎不变，说明滑动摩擦力的大小与速度大小无关。
19．实验小组“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验过程如图所示。
(1)先用弹簧测力计分别测出空桶和铁块所受的重力，将铁块缓慢浸入水中，随着深度增加，弹簧测力计示数逐渐变小，铁块受到的浮力逐渐变大，表明浮力与深度有关；铁块浸没后，继续增加深度，弹簧测力计示数不变，表明浮力与深度无关，前后结论不一致。分析发现以上实验某过程中同时改变了深度和______。
(2)铁块浸没时所受浮力可由______（填字母代号）两个步骤测出。浸没时铁块排开水的重力为______N。
(3)为了得到更普遍的结论，该小组用原来的方案和器材多次测量取平均值，该方案是否合理？______。
(4)完成实验后，爱探究的小聪仅用口径较大的量筒和水，测出了铁皮的密度，在空白处填上适当内容。
①在量筒内装入适量的水，读出水面对应的刻度值V1；
②对铁皮进行加工，做成船状，使铁皮漂浮在水面，读出水面对应的刻度值V2；
③_________，读出水面对应的刻度值V3；
④铁皮密度的表达式ρ=______（用ρ水、V1、V2、V3表示）。
【答案】(1)排开水的体积
(2) B、C 1.4
(3)不合理
(4) 将铁皮浸没水中 V2−V1ρ水V3−V1
【详解】（1）该实验使用控制变量法，铁块未浸没时，深度增加的同时，铁块排开水的体积也在增大，没有控制排开液体的体积不变，因此才会得到矛盾结论。
（2）根据称重法测浮力，浮力F浮=G铁−F拉，B步骤测铁块重力，C步骤测铁块浸没时的拉力，因此由B、C两步可测出浮力；
排开水的重力等于桶和排开水总重减去空桶重力，即G排=2.6N−1.2N=1.4N
（3）本实验是探究浮力的普遍规律，不是测量定值物理量，不需要通过多次测量取平均值减小误差，因此方案不合理。
（4）铁皮做成船漂浮时，浮力等于重力，即G=F浮=ρ水g(V2−V1)
可得铁皮质量 m=ρ水(V2−V1)
铁皮浸没入水中后，铁皮的体积等于量筒液面变化量，即 V=V3−V1
代入密度公式得ρ=mV=(V2−V1)ρ水V3−V1
20．《中华人民共和国道路交通安全法》中规定“机动车上道路行驶，不得超过限速标志标明的最高时速；机动车载物应当符合核定的载质量，严禁超载”。由此，同学们联想到：交通事故中更多是由机动车动能过大造成的。于是进行了如下探究：
【提出问题】汽车的动能大小跟什么因素有关？
【猜想假设】根据《中华人民共和国道路交通安全法》的规定猜想：
汽车的动能可能跟速度有关；
汽车的动能可能跟质量有关。
【进行实验】他们做了图所示的三次实验：用金属球模拟汽车，让金属球从斜槽的某一高度由静止开始滚下，碰到水平面上的木块，将木块撞出一段距离。
(1)实验中小钢球的动能的大小是通过___________来判断的，这种方法叫做___________（选填“转换”或“类比”）法；
(2)甲组实验中，小球从高处向下滚落，小球的___________能转化为小球的动能；
(3)分析乙、丙两组实验，可以得到的结论是：_______________________________；
【拓展探究】实验后，同学们想进一步知道，在影响汽车动能大小的因素中，“超载”和“超速”哪个对动能影响更大，于是进行了实验测定，得到的数据如下表。
(4)为了探究“超载”隐患时，应选择___________（填写两个序号）两组实验进行比较；
(5)分析表格中对应的数据可知：当发生交通事故时，由___________（选填“超载”或“超速”）造成的危害更严重。
【答案】(1) 木块被撞击后移动的距离 转换
(2)重力势
(3)速度一定时，物体的质量越大，动能越大
(4)1、3
(5)超速
【详解】（1）动能无法直接观察，实验中通过木块被推动移动的距离反映小球动能的大小，这种将不易观测的物理量转换为易观测物理量的方法叫做转换法。
（2）小球从高处滚落时，高度降低、重力势能减小，速度增大、动能增大，是重力势能转化为动能。
（3）乙、丙实验中，小球从同一高度滚下，到达水平面的速度相同，小球质量不同；质量越大的小球，木块被推得越远，说明动能越大，因此结论：速度一定时，物体的质量越大，动能越大。
（4）探究“超载”即质量对动能的影响时，需要控制速度相同，改变质量，表格中1、3组速度相同、质量不同，因此选择1、3两组实验比较。
（5）分析数据：质量不变时，速度变为原来的2倍，动能即木块移动距离变为原来的4倍；速度不变时，质量变为原来的2倍，动能仅变为原来的2倍，说明速度对动能影响更大，因此超速造成的危害更严重。
21．小明和小红在“探究杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，应将左端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量____________；
(2)实验中，当杠杆两侧的钩码个数和位置如图乙所示时，杠杆在水平位置平衡，若将左侧钩码向右移动2格，则右侧钩码应向左移动______格才能使杠杆仍在水平位置平衡；
(3)如图丙所示，为改变力的方向，小明在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当测力计由竖直方向逐渐向左转，杠杆始终保持水平平衡，测力计的示数将______（选填“变大”“变小”或“不变”）；
(4)小明和小红用粗细均匀的塑料直尺（质量忽略不计）来制作杆秤，如图丁所示，制作过程如下：
①分别在直尺上5cm和10cm刻度处钻了小孔A和B，各用细绳穿过小孔作为秤钩和提纽，在秤钩处悬挂秤盘，把质量为20g的钩码挂在细绳上作为秤砣。移动秤砣到20cm处的C点时，杆秤刚好在水平位置平衡，此处即为该杆秤的“定盘星”，标记为0刻度；
②用这个自制的杆秤称量某物体时，在秤盘中放入待测物体，移动秤砣到D点时，杆秤在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可知，此物体的质量为______g。
③为了增大杆秤的最大测量值，我们可以______。
A．将A点向左移； B．将B点向左移； C．换一个质量较小的秤砣。
【答案】(1) 左 力臂
(2)1
(3)变大
(4) 120 B
【详解】（1）杠杆左端下沉，应将平衡螺母向右调节，右端下沉，应将平衡螺母向左调节。
杠杆在水平位置平衡，钩码重力方向竖直向下，则悬挂点到支点的距离即为对应的力臂，所以使杠杆在水平位置平衡的目的就是方便测量力臂。
（2）设每个钩码重为G，杠杆每格长为L，若将左侧钩码向右移动2格，则有2G×2L=4G×nL
解得n=1，所以右侧钩码应向左移动1格才能使杠杆仍在水平位置平衡。
（3）如图丙所示，为改变力的方向，当测力计由竖直方向逐渐向左转，力臂变小，而阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，动力变大，则测力计的示数将变大。
（4）②提纽B在10.0cm 刻度处，秤钩A在5.0cm刻度处，秤砣在20.0cm刻度处。支点为B，则L砣=20.0cm−10cm=10.0cm
L钩=10.0cm−5.0cm=5.0cm
定盘星平衡时，盘内无物体，只有秤盘，此时m盘g×5.0cm=20g×g×10.0cm
解得m盘=40g。当秤砣在D点（50.0cm 刻度处）时L砣'=50.0cm−10.0cm=40.0cm
L钩=5.0cm。根据杠杆的平衡条件m物+m盘g×5.0cm=20g×g×40.0cm
代入m盘=40g，则m物+40g×5=20×40
解得被称物体的质量m物=120g
③杆秤的最大测量值，对应秤砣在最右端（100cm 刻度处）时的物体质量。设最大测量值为M，秤砣质量m，秤砣最大力臂L砣max，物体力臂L物，则(M+m盘)g×L物=mg×L砣max
要增大M，可增大L砣max、增大m、减小L物（即减小支点到秤钩的距离）。
A. 将A点向左移：A点是秤钩，向左移，支点B到A的距离L物增大，会减小最大测量值，故不符合题意；
B. 将B点向左移：支点B向左移，L物减小，L砣max增大，可增大最大测量值，故B符合题意；
C. 换一个质量较小的秤砣：m减小，会减小最大测量值，故C不符合题意。
故选B。
五、综合应用题（本题共3小题，22题8分，23题8分，24题6分，共22分）
22．如图所示的履带式推土机，其发动机的额定功率为120kW，质量为2.0×104kg，履带与地面的总接触面积为1.25m2。取g＝10N/kg。求：
(1)推土机的重力；
(2)推土机静止时对水平地面的压强；
(3)当推土机以额定功率进行推土作业时，在平直场地上其以5.4km/h的速度匀速前进15m，求推土机产生的牵引力。
【答案】(1)2×105N
(2)1.6×105Pa
(3)8×104N
【详解】（1）推土机的重力G=mg=2.0×104kg×10N/kg=2.0×105N
（2）推土机静止在水平地面，对地面的压力等于自身重力，即F压=G=2.0×105N
推土机静止时对水平地面的压强p=F压S=2.0×105N1.25m2=1.6×105Pa
（3）推土机匀速前进的速度v=5.4km/h=1.5m/s
推土机发动机的额定功率P=120kW=1.2×105W
根据功率推导公式P=Wt=Fst=Fv，变形得牵引力F=Pv=1.2×105W1.5m/s=8×104N
23． 2025年4月28日，全球首艘高速可潜无人艇“蓝鲸号”下水，如图所示。其体积为12m3，依靠智能压载水舱系统进行浮沉调节，可实现数十米深的下潜、静态悬浮和水下航行。（近海海水密度取ρ水=1.0×103kg/m3）求：
(1)“蓝鲸号”浸没后再继续下潜过程中浮力大小；
(2)“蓝鲸号”在近海悬浮时，距海面10m处的顶部受到海水的压强；
(3)若“蓝鲸号”从近海悬浮水平潜行至远海，海水密度突变为1.03×103kg/m3时，至少应增加多少自重才能防止上浮。
【答案】(1)1.2×105N
(2)1×105Pa
(3)3.6×103N
【详解】（1）“蓝鲸号”浸没后继续下潜时，排开海水的体积等于自身艇身体积V排=V=12m3
海水密度也不变，根据阿基米德原理，浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×12m3=1.2×105N
（2）顶部的海水压强p=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×10m=1×105Pa
（3）无人艇在近海悬浮时，重力等于浮力，即G=F浮1=1.2×105N
潜行到远海后仍完全浸没，此时新的浮力F浮2=ρ2gV=1.03×103kg/m3×10N/kg×12m3=1.236×105N
要防止上浮，需要重力等于新浮力，因此增加的自重ΔG=F浮2−G=1.236×105N−1.2×105N=3.6×103N
24. 阅读下列文字，回答下列问题：
三峡大坝是我国重要的水利工程，其船闸设计如图甲所示，船闸的工作原理是①______。
2020年6月8日在长江主汛期来临前夕，三峡大坝上游水位已消落至防洪限制水位145m，提前腾出全部防洪库容。在7月第3号洪水来临时，三峡水库水位从7月25日的约158.5m持续上涨，至7月29日，最高涨至将近163.5m，此时与6月8日相比水对三峡大坝底部的压强②______（填“增大”“减小”或“不变”）。拦河大坝的泄洪坝段位于河床中部，在泄洪时采用鼻坎挑流技术，如图所示乙所示，将水流挑向空中使水流在空中分散，最终变成扩大数倍的松散水柱，从而通过③______方法减小对坝基的压强。
在大坝的左、右两侧有水电站厂房。左岸山体内还有永久船闸和升船机如图丙所示。图中定滑轮的作用是④______。永久船闸为双线五级连续梯级船闸，一次过船规模为3000吨级，上升速度约为0.1m/s，此过程船的机械能总量变化是⑤______，电梯对船做功的功率为⑥______W。
三峡工程是中华民族在三峡谱写的一首新的民族之歌，世界第一的三峡大坝和世界上最大的水电站以及通航建筑物，成为新的世界奇观。
【答案】①连通器
②增大
③ 增大受力面积
④ 改变力的方向
⑤ 变大
⑥ 3×106
【解析】
【详解】[1]船闸在工作时，闸室与上游和下游分别构成连通器，因此是利用连通器原理工作的。
[2]此时与6月8日相比，水位逐渐上升，同种液体压强随深度的增加而增大，水对三峡大坝底部的压强增大。
[3]将水流挑向空中使水流在空中分散，最终变成扩大数倍的松散水柱，是在压力一定时，通过增大受力面积减小对坝基的压强。
[4]图中定滑轮不能省力，但可以改变力方向。
[5]船上升的速度不变，质量不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，机械能包括动能和势能，机械能变大。
[6]由P=Wt=Fst=Fv
可知电梯对船做功的功率为P=Gv=mgv=3000×103kg×10N/kg×0.1m/s=3×106W序号
小球的质量m/g
小球到底端时速度v/m⋅s−1
木块运动的距离s/m
1
30
2
0.4
2
30
4
1.6
3
60
2
0.8