2025—2026学年度八年级下学期期末自编模拟物理练习卷含答案二（辽宁专用）

这是一份2025—2026学年度八年级下学期期末自编模拟物理练习卷含答案二（辽宁专用），共6页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本题共9小题，共18分。1~6题为单选题，每题2分；7~9题为多选题，每题2分，漏选得1分，错选得0分）
1． “轻量智能”是当下科技产品的重要趋势。如图所示是一款AI智能眼镜，下列物体所受重力与该眼镜接近的是（ ）
A．一个鸡蛋B．一名中学生C．一只山羊D．一辆卡车
【答案】A
【详解】A．智能眼镜的重力约为0.4~0.8N，一个普通鸡蛋的质量约为50g，所受重力约为0.5N，与“轻量”智能眼镜的重力量级最为接近，故A符合题意；
BCD．中学生的质量通常在50kg左右，成年山羊的质量达数十千克，卡车的质量约几到几十吨，所受重力均远超“轻量”智能眼镜的重力，故BCD不符合题意。
故选A。
2．2026年4月25日晚，“川超”决赛阶段第七轮，达州队与德阳队上演巅峰对决，为观众呈现了一场高质量攻防大战。同学们观赛后对足球运动产生了浓厚的兴趣，利用课余时间走上球场，尽情体验足球运动带来的乐趣。下列描述正确的是（ ）
A．足球在空中运动过程中，重力的方向发生了改变
B．守门员将飞来的足球接住，说明力能改变物体的运动状态
C．草坪上滚动的足球最终会停下来，说明物体的运动需要力来维持
D．静止在地面的足球受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力
【答案】B
【详解】A．足球在空中运动过程中，重力的方向不变，始终竖直向下，故A错误；
B．守门员将飞来的足球接住，足球由运动变为静止，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C．物体的运动不需要力来维持，草坪上滚动的足球最终会停下来是因为受到了阻力，说明力能改变物体的运动状态，故C错误；
D．静止在地面的足球受到的重力和它对地面的压力方向相同，不是一对平衡力，故D错误。
故选B。
3．图甲为活塞式抽水机结构图，图乙为小明同学根据图甲自制的活塞式抽水机。在制作和使用的过程中，以下做法合理的是（ ）
A．随意选择任何材料制作阀门，都可以使抽水机正常工作
B．活塞与圆筒需紧密接触同时可以上下拉动活塞
C．将抽水机放置在密闭真空环境中使用
D．使用此抽水机抽水，活塞向下运动时，两个阀门都打开
【答案】B
【详解】A．用光滑且有一定硬度的材料制作阀门，阀门能与圆筒结合严密，封住气和水，故A错误；
B．活塞与圆筒需紧密接触同时可以上下拉动活塞，把水送入出水管，故B正确；
C．活塞式抽水机利用大气压来工作，抽水机不能在真空环境中使用，故C错误；
D．活塞向下运动时，下方阀门在水压作用下关闭，而上方阀门打开，圆筒中的水不断上升到活塞上方，故D错误。
故选B。
4．关于以下四幅图，描述不正确的是（ ）
A．图甲中船闸利用连通器原理实现轮船逐级通过闸室翻越大坝
B．图乙中用吹风机高速挡吹气，水可从A管的上端喷出
C．图丙中把玻璃管倾斜，管内外水银面竖直高度差不变
D．图丁中机器下面放了一块垫板是为了增大压强
【答案】D
【详解】A．船闸符合连通器“上端开口、底部连通”的结构特点，利用连通器原理工作，可实现轮船逐级通过闸室翻越大坝，故A正确；
B．图乙中，吹风机对着A管上端吹气，使A管上方空气流速变大、压强减小，小于外界大气压，大气压会将容器中的水压入A管，从A管上端喷出，故B正确 ；
C．图丙，将竖直玻璃管倾斜，水银柱的长度变长，由p=ρgh可知，大气压强不变，管内外水银面竖直高度差不变，故C正确；
D．放置垫板，是在压力一定时增大机器与工作台面的受力面积，从而减小压强，故D错误。
本题选择描述错误的，故选D。
5．如图，“神舟十九号”返回舱打开降落伞后，在竖直匀速下落过程中，下列有关返回舱的说法正确的是 （ ）
A．重力势能减小B．动能增大
C．重力势能转化为动能D．机械能减小
【答案】AD
【详解】返回舱打开降落伞后，在竖直匀速下落过程中，质量不变，速度不变，动能不变；高度减小，重力势能减小，重力势能没有转化为动能；机械能包括动能和势能，所以机械能减小。
故选AD。
6．我国古代科技著作《天工开物》记载了脚踏碓（碓：duì，是一种给稻谷去壳的工具），用脚连续踏木杠的一端，另一端的确头就会连续起落，如图所示。下列分析正确的是（ ）
A．碓头下端比较尖是为增大压力
B．碓头下端比较尖是为减小压强
C．脚踏碓是省力杠杆
D．踏木杠时脚远离O点比靠近O点用力更小
【答案】D
【详解】AB．碓头下端变尖时，碓头对稻谷的压力大小不变，是通过减小受力面积增大压强，故AB错误；
C．该杠杆支点为O点，碓头重力为阻力，阻力臂L2大于脚施加动力的动力臂L1，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，可得F1>F2，因此脚踏碓是费力杠杆，故C错误；
D．根据杠杆平衡条件变形得F1=F2L2L1，阻力F2和阻力臂L2不变时，脚远离O点会增大动力臂L1，因此动力F1减小，即用力更小，故D正确。
故选 D。
7．如图所示的情景是浮力在生活中的应用，以下说法正确的是（ ）
A．甲图，鸡蛋静止悬浮在浓盐水中，若再加一些清水，鸡蛋仍然保持静止悬浮
B．乙图，潜水艇通过改变自身的重力以达到上浮和下潜的目的
C．丙图，舰载机起飞后航母的排水量不变
D．丁图，载人飞艇可以飘在空中是因为充入了密度小于空气的气体
【答案】BCD
【详解】A．根据物体浮沉条件可知，鸡蛋悬浮在浓盐水中时，盐水密度等于鸡蛋密度，加入清水后，盐水密度减小，小于鸡蛋密度，鸡蛋会下沉，故A错误；
B．当向水舱充水时，潜水艇自身重力增大，重力大于浮力，潜水艇下潜；当水舱排水时，潜水艇自身重力减小，重力小于浮力，潜水艇上浮，即潜水艇通过改变自身的重力以达到上浮和下潜的目的，故B正确；
C．航母的排水量是航母满载时排开水的质量，舰载机是否起飞不会影响航母满载时排开水的质量，所以舰载机起飞后航母的排水量不变，故C正确；
D．载人飞艇内充入了密度小于空气的气体，根据物体浮沉条件可知，载人飞艇可以飘起，故D正确。
故选BCD。
8．如图为某起重机的滑轮组结构示意图，其最大载重为4 t。起重机将3600 kg的钢板匀速提升到10 m高的桥墩上，滑轮组的机械效率为80%。不计钢丝绳的重力和摩擦，g取10 N/kg。则下列说法正确的是（ ）
A．克服钢板重力做的功是3.6×105JB．提升钢板时，钢丝绳的拉力为9×103N
C．动滑轮的重力为9×103ND．滑轮组满载时的机械效率为88.9%
【答案】AC
【详解】A．克服钢板重力做的功是有用功 G=mg=3600kg×10N/kg=3.6×104N
W有=Gh=3.6×104N×10m=3.6×105J
故A正确；
B．总功W总=W有η=3.6×105J80%=4.5×105J
滑轮组承担物重的绳子段数n=4
绳子自由端移动距离s=nh=4×10m=40m
拉力F=W总s=4.5×105J40m=1.125×104N≠9×103N
故B错误；
C．不计绳重摩擦，额外功用来克服动滑轮重力做功 W额=W总−W有=4.5×105J−3.6×105J=9×104J
动滑轮的重力G动=W额h=9×104J10m=9×103N
故C正确；
D．最大载重m满=4t=4000kg
G满=m满g=4000kg×10N/kg=4×104N
满载机械效率η满=W有'W总'=G满hG满h+G动h=G满G满+G动=4×104N4×104N+9×103N≈81.6%≠88.9%
故D错误。
故选AC。
9．图甲为一轻质弹簧所受拉力F与长度L的关系。如图乙将弹簧上端固定，下端连接边长10cm的正方体物块，物块上表面恰与水面相平，水深18cm，弹簧上端与容器底（底面积为250cm2）的高度为33cm。（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）下列选项正确的是（ ）
A．水对物块底部的压强为1800Pa
B．此时弹簧对物块的拉力为20N
C．物块的密度为3×103kg/m3
D．若使弹簧伸长13cm，需取出1.65kg水
【答案】BCD
【详解】已知：物块边长a=10cm=0.1m
体积V=(0.1m)3=1×10−3m3
水深h水1=18cm，弹簧上端距容器底高度H=33cm，容器底面积S容=250cm2，由弹簧F−L图得，弹簧原长L0=5cm，劲度系数k=10N10cm−5cm=2N/cm
A．物块上表面与水面相平，物块底部在水面下的深度等于物块边长h=10cm=0.1m，水对物块底部的压强p=ρ水ga=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa
故A错误；
B．此时弹簧长度L1=H−h水1=33cm−18cm=15cm
弹簧伸长量ΔL1=L1−L0=15cm−5cm=10cm
拉力F1=kΔL1=2N/cm×10cm=20N ，故B正确；
C．物块完全浸没，浮力F浮1=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N
物块受力平衡G=F1+F浮1=20N+10N=30N
物块密度ρ=mV=GgV=30N10N/kg×1×10−3m3=3×103kg/m3
故C正确；
D．弹簧伸长13cm，即ΔL2=13cm ，拉力F2=kΔL2=2N/cm×13cm=26N
此时浮力F浮2=G−F2=30N−26N=4N
此时排开水体积V排2=F浮2ρ水g=4N1×10−3m3×10N/kg=4×10−4m3=400cm3
浸入深度h浸=V排2S物=400cm3(10cm)2=4cm
弹簧长度L2=L0+ΔL2=5cm+13cm=18cm
物块下表面距容器底高度y下=H−L2−a=33cm−18cm−10cm=5cm
现在水深h水2=y下+h浸=5cm+4cm=9cm
取出水的体积ΔV=S容h水1−V排1−S容h水2−V排2=250cm2×18cm−1000cm3−(250cm2×9cm−400cm3)=1650cm3=1.65×10−3m3
取出水的质量Δm=ρ水ΔV=1×103kg/m3×1.65×10−3m3=1.65kg
故D正确。
故选BCD。
二、填空题（本题包括6小题，每空1分，共12分）
10．2026年5月24日，搭载神舟二十三号载人飞船的长征二号F遥二十三运载火箭点火发射。如图所示，火箭上升时，向下喷出高温高压的燃气，火箭获得向上的巨大推力，这说明力的作用是___________的；飞船所受重力方向___________（选填“竖直向下”、“任意方向”或“不受重力，没有方向”）。
【答案】 相互 竖直向下
【详解】[1]火箭上升时，向下喷出高温高压的燃气，火箭对燃气施加了一个向下的力，根据力的作用是相互的，燃气会对火箭施加一个大小相等、方向相反的向上的力，这个力就是火箭获得的推力。
[2]重力的方向总是竖直向下的，飞船在预定轨道上仍受到地球的重力作用，因此飞船所受重力方向为竖直向下。
11．天气炎热时多喝水有益于身体健康，如图是小明同学拿瓶矿泉水时的情景：
当小明用5N的力握住重3N的矿泉水瓶，使瓶身竖直在空中静止不动，此时瓶子受到的静摩擦力大小为_______N，当压力增大时，瓶子受到的摩擦力_______（选填“增大”“减小”或“不变”）；
【答案】 3 不变
【详解】瓶子静止在空中，处于平衡状态，受到的重力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以瓶子受到的摩擦力的大小等于3N；
当握力增大时，瓶子依然保持静止，竖直方向上重力和静摩擦力依然平衡，静摩擦力大小还是等于重力大小，所以手对瓶子的摩擦力不变。
12．如图所示，是中医的碾药工具药碾子，其由碾槽和车轮状的碾盘组成，若想提升碾盘压力的作用效果，请写出改进工具的两种方法：增大碾盘_______，减小碾盘与药材的_______。
【答案】 质量 受力面积
【详解】中医的制药工具药碾子，其由底部的碾槽和边缘较薄的圆形碾盘组成，若想提高每一次的碾压效果，就是增大压力的作用效果，即增大压强，在受力面积一定时，增大碾盘的质量，可以增大压力，来增大压强；在压力一定时，减小碾盘的受力面积可以增大压强。
13．如图所示，重为500N的同学在1min内做了40个仰卧起坐。若该同学上半身的重力约为全身重力的35，每次完整完成动作上半身重心上升的高度为0.3m，则她在这1min内克服重力做功___________J，克服重力做功的功率为___________W。
【答案】 ①. 3600 ②. 60
【详解】[1][2]由题意可知，该同学上半身的重力G上=35G=35×500N=300N
该同学完整完成动作上半身重心上升的高度为0.3m，在1min内做了40个仰卧起坐，根据W=Gh，她在这1min内克服重力做功W=40G上h=40×300N×0.3m=3600J
克服重力做功的功率P=Wt=3600J60s=60W
14．简单机械是人类在改造自然中运用机械工具的智慧结晶。如图甲所示是同学们常用的燕尾夹，AB=BC， 它可以看作一个___________ （选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；图乙中螺丝钉的螺纹和盘山公路一样，都属于___________（选填“滑轮”或“斜面”）。
【答案】 等臂 斜面
【详解】燕尾夹在使用时，围绕固定点转动，可近似看作是一个等臂杠杆。
斜面是一种省力的机械，斜面越长越省力；螺丝钉上的螺纹和盘山公路一样，都可以看作是斜面。
15．用如图所示的滑轮组拉着重为40N的物体A水平匀速前进0.4m，则绳子自由端移动的距离为_________m，物体A与地面的摩擦力为12N，滑轮组的机械效率为80%，则实际拉力F为___________N。
【答案】 1.2 5
【详解】由图可知，拉动动滑轮的绳子段数 n=3，水平滑轮组中绳子自由端移动距离 s=ns物，已知物体前进距离 s物=0.4m，因此s=3×0.4m=1.2m
水平滑轮组的有用功是克服物体摩擦力做的功，即 W有=fs物，总功 W总=Fs=Fns物
机械效率η=W有W总=fs物nFs物=fnF
变形得拉力F=fnη=12N3×80%=5N
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
16．如图甲所示，一只熊猫正躺在树上休息，该情景可以简化为如图乙所示的模型图，O为熊猫的重心。请在图乙中画出熊猫受到的重力G和摩擦力f的示意图。
【答案】
【详解】熊猫受到的重力G竖直向下，受到的摩擦力f沿着斜面向上，作用点均画在熊猫的重心O点。
17如图所示，图甲是一个门把手，握住门把手向下压就可以打开门，门把手可以看成如图乙所示的一个杠杆，O为支点，请你在图乙中画出阻力F2的力臂及B点施加的最小动力F1。
【答案】
【详解】力臂为支点到力的作用线的垂直距离，从支点O作F2的作用线的垂线即为F2的力臂L2；根据杠杆平衡原理，当动力臂最大时，动力最小，连接支点O与B，作OB的垂直线即为动力F1的作用线，由题意得，动力F1的方向向下，如图所示：
四、实验探究题（本题共4小题，共24分）
18．在“探究阻力对物体运动影响”的活动中，实验小组做了如下实验：
A．如图甲，将毛巾铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平面上通过的距离；
B．如图乙，取下毛巾，将棉布铺在斜面和木板上，重复A中后续实验操作；
C．如图丙，取下棉布，再次重复A中后续实验操作；
(1)以上操作中错误的一次是_____ （选填“A”“B”或“C”）；
(2)如图丁所示的是小车在不同水平面上运动时速度与时间的关系图像，其中表示小车在毛巾表面上运动的是图线_____（选填“a”“b”或“c”）；
(3)进一步分析可知，小车所受阻力越小，小车速度减小得越_____（选填“快”或“慢”）；
(4)请在图丁中画出小车在光滑水平面上滑行的v﹣t图像；____
(5)接着小丽同学利用图丙增加木块继续“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，让不同质量的小车从斜面的同一高度由静止开始滚下，将静止在水平面上的木块撞出一段距离，小车从斜面顶端滚下的过程中，小车的______能转化动能，此实验设计是探究动能与___的关系。
【答案】(1)B
(2)c
(3) 慢
(4)
(5) 重力势 质量
【详解】（1）本实验需要控制小车到达水平面的初速度相同，因此只改变水平面的粗糙程度，不能改变斜面的粗糙程度。步骤B将棉布铺在斜面上，改变了斜面粗糙程度，导致小车到达水平面的初速度不同，因此操作错误。
（2）毛巾表面最粗糙，小车受到的阻力最大，速度减小最快，运动时间最短，最早减速到0，对应图线c。
（3）由图甲、乙、丙可知，木板表面最光滑，受到的阻力最小，小车运动距离最远，因此实验结论为小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。
（4）光滑水平面阻力为零，小车速度不会减小，将保持匀速直线运动，因此v−t图像是平行于t轴的水平直线。
（5）小车从斜面滑下时，高度降低、重力势能减小，速度增大、动能增大，因此重力势能转化为动能；实验控制小车到达水平面的速度相同，改变小车质量，因此探究动能与质量的关系。
19．小明用如图所示的装置研究关于压强的相关内容。
(1)如图甲所示，可初步得出：压力的作用效果与________有关；装满水的瓶子正放时水对瓶底的压强为p1，倒放时水对瓶盖的压强为p2，则p1________p2（填“>”“ρ1）的两条刻度线之间的距离为Δh，为了增大Δh，从而提高密度计的精密度，可采用的方法是________。（选填序号）
①减小密度计的重力G
②减小直管的横截面积S
③减小直管的高度h
【答案】(1)1
(2)A、D、E
(3) ⑤ ⑥
(4) 0.8 ②
【详解】（1）根据称重法测浮力，浮力F浮=G−F示。由图A可知物体的重力G=4N，图C或图D中物体浸没在水中时弹簧测力计示数F示=3N，则圆柱形物体浸没在水中时受到的浮力为F浮=G−F示=4N−3N=1N
（2）要探究物体受到的浮力大小与液体密度有关，需要控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度。观察各图可知，步骤D和E中物体都是浸没状态，排开液体的体积相同，液体分别是水和酒精，密度不同，所以由步骤A、D、E可得出结论：物体受到的浮力大小与液体密度有关。
（3）[1][2]观察步骤A、B、C、D，B、C中物体排开液体的体积逐渐增大，弹簧测力计示数逐渐减小，根据F浮=G−F示可知浮力逐渐增大，说明物体受到的浮力大小跟物体排开液体体积有关，所以猜想⑤是正确的；C、D中物体浸没在液体中的深度不同，但浮力相同，说明物体受到的浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关，所以猜想⑥是错误的。
（4）[1]由第（1）问可知物体浸没在水中时受到的浮力F浮水=1N，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，可得物体的体积为V=V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3
由图E可知，物体浸没在酒精中时弹簧测力计示数F示酒=3.2N，则物体在酒精中受到的浮力为F浮酒=G−F示酒=4N−3.2N=0.8N
再根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，可得酒精的密度为ρ酒=F浮酒gV排=0.8N10N/kg×1×10-4m3=0.8×103kg/m3=0.8g/cm3
[2]密度计是利用物体漂浮时浮力等于重力的原理工作的。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，当浮力不变时，液体密度越大，排开液体的体积越小。
对于粗细均匀的圆柱形密度计，设其浮力液体的深度为h浸，底面积为S，则V排=Sh浸。
当密度计漂浮在密度为ρ1的液体中时，F浮1=G=ρ1gV排1=ρ1gSh1
当密度计漂浮在密度为ρ2的液体中时，F浮2=G=ρ2gV排2=ρ2gSh2
由G=ρ1gSh1可得h1=Gρ1gS；由G=ρ2gSh2可得h2=Gρ2gS
则两条刻度线之间的距离为Δh=h1−h2=Gρ1gS−Gρ2gS=Gρ2−ρ1ρ1ρ2gS
①减小密度计的重力G，Δh会减小，故①不符合题意；
②减小直管的横截面积S，Δh会增大，故②符合题意；
③减小直管的高度h，并不影响Δh的大小，故③不符合题意。
故选②。
21．小明利用如图甲所示的实验装置探究“杠杆的平衡条件”。

(1)实验前，把杠杆的中点作为支点，调节平衡螺母使杠杆水平平衡，其目的是消除________对杠杆平衡的影响。通过多次改变钩码的个数及位置，得到了杠杆的平衡条件是：F1l1=F2l2。
(2)小明想：杆秤的称量原理就是“杠杆的平衡条件”，是我国古代劳动人民智慧的结晶，自己也要体验一下古人制作杆秤的过程，如图乙、丙所示：
【任务一】选材组装
①选取一根较光滑的由粗到细的筷子、一次性纸盘、细线、重物，按如图乙所示用小刀在杆上A、B处刻刀口，用以固定秤盘和提纽位置。提纽位置B即是杠杆的__________。
【任务二】标定刻度
②定盘星：秤盘不放物体时，提起提纽，调节秤砣位置使杆在水平位置平衡，用记号笔标出秤砣细线在杆上的位置C，标记为“0”（杆秤的零刻度线）。
③定星花：在秤盘上放100 g的钩码，调节秤砣位置使秤杆水平平衡，标出秤砣细线在杆上的位置D，如图丙所示，记为100 g。将0到100之间分为10等份。
④定测量范围：按每一等份10 g推算，在杆的最远端标出称量的最大值。小明在粗细不均匀的筷子上均匀地标刻度，你认为他标刻度的方法是否正确？________（选填“正确”或“不正确”），理由是_________。
【任务三】测试调整
⑤测量零刻度线到提纽的距离CB=2.0 cm，100 g刻度线到提纽的距离DB=22.0 cm。将橡皮擦放入秤盘，调节秤砣使秤杆水平平衡，此时秤砣细线到提纽的距离为3.5 cm，则橡皮擦的质量为__________克。
【任务四】改进优化
⑥若要用杆秤称量更大质量的物体，请提出一条改进的方法：__________。
【答案】(1)杠杆自重
(2) 支点 正确 所测物体质量与杆秤秤砣移动的距离成正比，跟秤杆的粗细无关 7.5 秤砣不变时，将支点即提纽向左移
【详解】（1）实验将杠杆中点作为支点，调节杠杆水平平衡后，杠杆自身重力的力臂为0，目的是消除杠杆自身重力对杠杆平衡的影响。
（2）杆秤工作时绕提纽转动，因此提纽就是杠杆的支点。
根据杠杆平衡条件推导可得：
放入待测物体前，m盘LAB=m砣LBC……➀
放入待测物体后，(m盘+m)LAB=m砣(LBC+Δl)……➁
联立①②得，物体质量m和秤砣到提纽的距离变化量Δl满足m=m砣LAB⋅Δl
m与Δl成正比，因此刻度本身是均匀的，和秤杆是否粗细均匀无关，所以小明的方法正确。
100g对应距离变化量Δl1=22.0cm−2.0cm=20cm
待测橡皮擦对应距离变化量Δl2=3.5cm−2.0cm=1.5cm
根据正比关系m100g=1.5cm20cm
解得m=7.5g
根据杠杆平衡关系，要增大最大称量，秤砣不变时，将支点即提纽向左移或换更重的秤砣。
五、综合应用题（本题共3小题，22题8分，23题8分，24题6分，共22分）
22．随着科技发展，机器人已经广泛应用于生产生活中。如图所示为某品牌地砖铺装机器人，其整机质量为80 kg，与地面的总接触面积为800 cm2，最大载重为150 kg，匀速前进时受到的阻力为总重的110。g取10 N/kg。求：
(1)机器人空载时对水平地面的压强。
(2)某次工作时，机械臂将一块质量为20 kg的地砖举高了10 cm，这个过程中克服地砖重力做的功。
(3)若机器人在最大载重时行进速度为0.3m/s，机器人克服阻力做功的功率。
【答案】(1)1×104Pa
(2)20J
(3)69W
【详解】（1）机器人整机的重力G=mg=80kg×10N/kg=800N
机器人空载时对水平地面的压强p=FS=GS=800N800cm2=800N800×10−4m2=1×104Pa
（2）地砖所受的重力G砖=m砖g=20kg×10N/kg=200N
将地砖举起10cm的过程中克服地砖重力做的功W=G砖h=200N×10cm=200N×0.1m=20J
（3）机器人最大载重时受到的总重力G总=m总g=80kg+150kg×10N/kg=2300N
由题意得此时匀速前进受到的阻力f=110G总=110×2300N=230N
机器人克服阻力做功的功率P=W't=fst=fv=230N×0.3m/s=69W
23．如图所示，中国人民解放军海军福建舰（舷号18）是我国首艘自主设计建造的大型电磁弹射航空母舰，也是海军现役吨位最大的航空母舰。其舰长约320m，舰宽约78m，满载排水量为8万余吨。已知某次海试中，甲板上停放有3架新型舰载机，每架飞机的质量为25t，海水密度取ρ海水=1.0×103 kg/m3，g取10N/kg。
(1)若取福建舰满载排水量为8×104 t，求满载时福建舰受到海水的浮力大小。
(2)海试过程中，舰体底部受到的海水压强为1.1×105 Pa，求此时舰底浸入海水中的深度。
(3)当3架舰载机全部飞离甲板后，福建舰排开海水的体积减小了多少？
【答案】(1)8×108N
(2)11m
(3)75m3
【详解】（1）受到的浮力F浮=G排=m排g=8×104×103 kg×10 N/kg=8×108N
（2）由液体压强公式p=ρgh变形得舰底浸入海水中的深度h=pρ海水g=1.1×105 Pa1.0×103 kg/m3×10 N/kg=11m
（3）舰载机飞离后，航母减小的重力等于减小的浮力ΔF浮=ΔG总=3×m机g=3×25×103 kg×10 N/kg=7.5×105 N
由F浮=ρgV排可得体积变化量ΔV排=ΔF浮ρ海水g=7.5×105 N1.0×103 kg/m3×10 N/kg=75m3
24. 阅读下列文字，回答下列问题：
三峡大坝是我国重要的水利工程，其船闸设计如图甲所示，船闸的工作原理是①______。
2020年6月8日在长江主汛期来临前夕，三峡大坝上游水位已消落至防洪限制水位145m，提前腾出全部防洪库容。在7月第3号洪水来临时，三峡水库水位从7月25日的约158.5m持续上涨，至7月29日，最高涨至将近163.5m，此时与6月8日相比水对三峡大坝底部的压强②______（填“增大”“减小”或“不变”）。拦河大坝的泄洪坝段位于河床中部，在泄洪时采用鼻坎挑流技术，如图所示乙所示，将水流挑向空中使水流在空中分散，最终变成扩大数倍的松散水柱，从而通过③______方法减小对坝基的压强。
在大坝的左、右两侧有水电站厂房。左岸山体内还有永久船闸和升船机如图丙所示。图中定滑轮的作用是④______。永久船闸为双线五级连续梯级船闸，一次过船规模为3000吨级，上升速度约为0.1m/s，此过程船的机械能总量变化是⑤______，电梯对船做功的功率为⑥______W。
三峡工程是中华民族在三峡谱写的一首新的民族之歌，世界第一的三峡大坝和世界上最大的水电站以及通航建筑物，成为新的世界奇观。
【答案】 ①. 连通器 ②. 增大 ③. 增大受力面积 ④. 改变力的方向 ⑤. 变大 ⑥. 3×106
【详解】[1]船闸在工作时，闸室与上游和下游分别构成连通器，因此是利用连通器原理工作的。
[2]此时与6月8日相比，水位逐渐上升，同种液体压强随深度的增加而增大，水对三峡大坝底部的压强增大。
[3]将水流挑向空中使水流在空中分散，最终变成扩大数倍的松散水柱，是在压力一定时，通过增大受力面积减小对坝基的压强。
[4]图中定滑轮不能省力，但可以改变力方向。
[5]船上升的速度不变，质量不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，机械能包括动能和势能，机械能变大。
[6]由P=Wt=Fst=Fv
可知电梯对船做功的功率为P=Gv=mgv=3000×103kg×10N/kg×0.1m/s=3×106W